2023屆云南高三摸底聯(lián)考理綜答案

參考答案及解析理綜

2023屆新高三摸底聯(lián)考

理綜參考答案及解析

1.B【解析】體液的酸堿平衡需要HCQ,等離子的參層對(duì)各級(jí)中樞起調(diào)控作用，這使得自主神經(jīng)系統(tǒng)并不

與，無(wú)機(jī)鹽與維持細(xì)胞的酸堿平衡有關(guān)，A正確；乳酸完全自主,C錯(cuò)誤；人體應(yīng)對(duì)緊急情況時(shí)，交感神經(jīng)的

是人體細(xì)胞無(wú)氧呼吸的產(chǎn)物，產(chǎn)生場(chǎng)所是細(xì)胞質(zhì)基興奮水平升高.最終使氧與能量的供應(yīng)過程增多、能

質(zhì).B錯(cuò)誤；如果運(yùn)動(dòng)過于劇烈或持久,就會(huì)造成乳酸源物質(zhì)的分解過程加快，有利于充分調(diào)動(dòng)全身的能

的堆積，適當(dāng)進(jìn)行有氧運(yùn)動(dòng)可避免機(jī)體過多地積累乳量，以適應(yīng)緊急情況，D正確。

酸,C正確；靜脈注射碳酸氫鈉可以補(bǔ)充血漿中的4.B【解析】醛固酮是由腎上腺皮質(zhì)分泌的，A錯(cuò)誤；

HC。一糾正酸堿失衡的狀態(tài)，D正確。醛固酮與細(xì)胞質(zhì)內(nèi)受體結(jié)合形成醛固酮受體復(fù)合

2.A【解析】據(jù)圖可知，隨著土壤中O2含量的增加.物，能促進(jìn)Na一的重吸收，因此阻斷醛固酮一受體復(fù)

細(xì)胞呼吸的相對(duì)速率不斷增加.細(xì)胞代謝釋放的能量合物的形成，會(huì)導(dǎo)致Na+重吸收障礙，B正確；嚴(yán)重腹

增加，而K吸收的相對(duì)速率也在增加.這說明K吸瀉患者血鈉含量降低，腎h腺皮質(zhì)分泌醛固酮增加，

收過程是需要消耗能量的.根細(xì)胞吸收K的方式為C錯(cuò)誤；醛固酮的作用是促進(jìn)腎小管和集合管對(duì)Na+

主動(dòng)運(yùn)輸，一定范圍內(nèi)小麥根吸收K的速率與土壤的主動(dòng)重吸收.同時(shí)促進(jìn)鉀的分泌，從而維持水鹽平

中（灰含量呈正相關(guān)?因?yàn)槟ど陷d體蛋白的數(shù)量有衡，而抗利尿激素的作用是提高仔小管和集合管上皮

限.細(xì)胞內(nèi)呼吸前的數(shù)量也有限，超過一定范圍不在細(xì)胞對(duì)水的通透性,增加水的重吸收量.使細(xì)胞外液

表現(xiàn)為正相關(guān)，A不合理；在細(xì)胞內(nèi)化學(xué)反應(yīng)釋放的滲透壓卜.降,從而維持水平衡錯(cuò)誤。

能最的推動(dòng)下，載體蛋白的空間構(gòu)象發(fā)生改變，K跨5.C【解析】群落演替是優(yōu)勢(shì)取代，而不是取而代之，

膜運(yùn)輸時(shí),需與膜上載體蛋白的特定部位結(jié)合,B、C所以草本階段可以找到苔葬、地衣等，A錯(cuò)誤；群落演

合理；在施肥的同時(shí)，適量澆水的目的是使土壤溶液替到頂級(jí)群落后?，其物種組成和種間關(guān)系也會(huì)發(fā)生變

的滲透壓保持較低狀態(tài),不影響植物從土壤溶液中吸化出錯(cuò)誤；群落演替的總趨勢(shì)是物種多樣性的增加

收水分.避免植物吸水困難造成“燒苗”的現(xiàn)象，D合和群落穩(wěn)定性的提高，C正確；群落的初生演替和次

理。生演替的主要區(qū)別是起始條件不同.D錯(cuò)誤。

3.D【解析】人在劇烈運(yùn)動(dòng)時(shí)?消化道平滑肌的收縮減6.D【解析】果蠅棒眼性狀產(chǎn)生是因?yàn)槿旧w發(fā)生重

弱，A錯(cuò)誤；人在突然受到驚嚇時(shí)，交感神經(jīng)的興奮水復(fù)，基因表達(dá)的水平不一定提高，A錯(cuò)誤；甲在減數(shù)分

平會(huì)顯著升高，導(dǎo)致出現(xiàn)心跳加快、血壓升高等現(xiàn)象，裂時(shí)形成的四分體異常，果蠅的棒眼在雌雄個(gè)體中均

B錯(cuò)誤；內(nèi)臟的活動(dòng)受神經(jīng)系統(tǒng)的分級(jí)調(diào)節(jié).，大腦皮有，B錯(cuò)誤；棒眼雌果蠅與正常眼雄果蠅交配，后代雄

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果蠅表現(xiàn)可能是棒狀眼和正常眼,C錯(cuò)誤；染色體C-紫色褪去,C項(xiàng)錯(cuò)誤；鹽酸酸化的Ba(N()；J：:溶液中

帶顯?色分析技術(shù)可以觀察染色體的結(jié)構(gòu)，因此可以根同時(shí)存在H+、N0；，能把Na2s。3氧化為Na2so4,

據(jù)各帶的形態(tài)和間距看出是否發(fā)生過倒位，D正確。產(chǎn)生白色沉淀，不能說明Na2S()3已變質(zhì)，D項(xiàng)

7.A【解析】硝酸銹撞擊或受熱易分解發(fā)生爆炸，不能錯(cuò)誤。

自燃。故選A項(xiàng)。11.C【解析】由題意可知，W為H,X為Mg,Y為C,Z

8.D【解析】ABA分子中無(wú)苯環(huán).不屬于芳香族化合為N。簡(jiǎn)單離子半徑：N，＞Mg2,,A項(xiàng)正確；NFL

物.A項(xiàng)錯(cuò)誤；ABA的分子式為口曰。()「完全燃燒能形成分子間氫鍵.沸點(diǎn)更高，B項(xiàng)正確；X、Z兩元

素組成的化合物是該物質(zhì)只含有離子鍵，

后生成C(%與比()物質(zhì)的量之比為3：2?B項(xiàng)錯(cuò)誤；MgsN?,

無(wú)非極性鍵，C項(xiàng)錯(cuò)誤;NU、CH,為10-分子，

六元環(huán)上飽和碳原子及其與之相連的飽和碳原子不(

N2Hte乩為18e分子，D項(xiàng)正確。

可能都處于同一平面，C項(xiàng)錯(cuò)誤；ABA能發(fā)生加成反

12.D【解析】由圖可知，該裝置為原電池.M極碳元

應(yīng)(碳碳雙鍵)、氧化反應(yīng)(燃燒、碳碳雙鍵、羥基)、酯

素價(jià)化合升高發(fā)生氧化反應(yīng)，M極為負(fù)極.電流方

化反應(yīng)(含有羥基和竣基)，D項(xiàng)正確。

向?yàn)镹—燈泡fM.A項(xiàng)錯(cuò)誤；Na"向C室移動(dòng)、C1

9.B【解析】FeCh溶液與銅反應(yīng)的離子方程式為

向A室移動(dòng).X為陰離子交換膜.Y為陽(yáng)離子交換

2Fe計(jì)+Cu=—Cu2+-|-2Fe2+,A項(xiàng)錯(cuò)誤；Na2s2()3在

膜,B項(xiàng)錯(cuò)誤；M極電極反應(yīng)式為C3H6。3—12e+

酸性條件下不穩(wěn)定，反應(yīng)的離子方程式為820r+

3H.O—=3C()2f+12H+,A室消耗的C3H6()3與

2H+=SO?f+S,+H?(),B項(xiàng)正確；碳酸的酸性

生成H的物質(zhì)的量之比為1：12.C項(xiàng)錯(cuò)誤；B室減

弱于鹽酸，CaCk溶液與C()2不反應(yīng)，向漂白粉溶液

少1molNaCL說明外電路轉(zhuǎn)移1mol電子，據(jù)此計(jì)

2+

中通入少量C()2，反應(yīng)的離子方程式為Ca+

算M極產(chǎn)生0.25molCO2、N極產(chǎn)生0.1molN2,

2CI0+CO2+H2O-CaCC%I+2HC1O,C項(xiàng)錯(cuò)

共0.35mol,標(biāo)準(zhǔn)狀況下的氣體總體積為7.84L,D

誤；Fe()與稀硝酸發(fā)生氧化還原反應(yīng)?離子方程式為

項(xiàng)正確。

3Fe()+N()；+10H+-=3F^++NOf-|-5H(),D

213.C【解析】溶液I顯中性，c(()H)=c(H?根據(jù)

項(xiàng)錯(cuò)誤。

電荷守恒，溶液中不可能只存在三種離子，A項(xiàng)錯(cuò)

10.B【解析】溶液褪色說明生成了不飽和燒?不能說

誤；常溫下溶液11的pH=12,溶液中NOH)=

明生成了乙烯，A項(xiàng)錯(cuò)誤；該實(shí)驗(yàn)控制單一變量,兩-21

IOmol?L,K,,(NH3?H2())=

組實(shí)驗(yàn)電解質(zhì)溶液濃度一致，唯一的差別就在于c(NH：)Xc(()H)

=2.0X10，結(jié)合

C(NH3?H2O)

C1與S()廠的差別，CuQ?溶液有明顯現(xiàn)象而

c總(NH；?H2())=C(NH：,?H2())+c(NH『)，則

CuSJ溶液沒有?說明C1能破壞鋁表面的氧化膜，

1。%(NH；)5

B項(xiàng)正確；濃鹽酸也能與KMnO,發(fā)生反應(yīng),使溶液-H,())-c(NH,),'

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c(NH，)_1C(NH?HO)_500則使輸出的電流方向仍周期性變化.所以甲圖中電

32-b

c總(NFL?H?(H—麗,^(NH,?H2O)501*

阻R兩端的電壓應(yīng)對(duì)應(yīng)圖b的電壓形式，乙圖應(yīng)對(duì)

項(xiàng)錯(cuò)誤；溶液的pH越小,NH：，-H2()的電離度越

應(yīng)圖a的電壓形式，A、B項(xiàng)錯(cuò)誤；丙、丁兩圖中矩形

大，C項(xiàng)正確；未電離的NH：,-比()可自由穿過隔

線圈在輻射磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，會(huì)產(chǎn)生大小不變的電

膜，平衡時(shí)溶液I和H中的c(NH3?凡0)相等，D

動(dòng)勢(shì)，但丙圖所采用的電刷方式使輸出的電流方向

項(xiàng)錯(cuò)誤。

周期性變化，而丁圖的電刷則使輸出的電流方向保

14.13【解析】沖量等于力與力作用時(shí)間的乘積，則地

持不變，所以丙圖中電阻R兩端的電壓應(yīng)對(duì)應(yīng)圖c

面對(duì)鄧超的支持力的沖量不為零；鄧超雙腳起跳離

的電壓形式，丁圖對(duì)應(yīng)的電壓形式應(yīng)是大小與方向

開地面的過程中.地面對(duì)其支持力的作用點(diǎn)在力的

均恒定的直流電?而不是圖d所示的鋸齒形電壓，C

方向上沒有發(fā)生位移.即地面的支持力不做功，A項(xiàng)

項(xiàng)正確.D項(xiàng)錯(cuò)誤。

錯(cuò)誤；鄧超在起跳過程中，消耗了體內(nèi)一部分化學(xué)能

17.D【解析】由于VVA和VVB兩星間是由彼此的

轉(zhuǎn)化為機(jī)械能?所以機(jī)械能不守恒.B項(xiàng)錯(cuò)誤；鄧超

萬(wàn)有引力來(lái)提供向心力，即兩星的向心力大小相等.

起跳時(shí)地面對(duì)他的支持力和他對(duì)地面的壓力為一對(duì)

且兩星做圓周運(yùn)動(dòng)的周期、角速度相等，由F向=

作用力與反作用力，由牛頓第三定律可知兩者大小

Md廠可知軌道半徑與天體的質(zhì)量成反比，VVB的

相等，C項(xiàng)錯(cuò)誤；鄧超在起跳過程中，地面對(duì)他的支

質(zhì)量增大?VVA的質(zhì)量減小，即VVB的軌道半徑減

持力大于自身的重力，加速度向上，處于超重狀態(tài)，

小,VVA的軌道半徑增大，公共質(zhì)心離VVB越來(lái)越

由動(dòng)量定理可知合力的方向與動(dòng)量變化量的方向相

近，A項(xiàng)錯(cuò)誤；兩星的質(zhì)量之和不變?且質(zhì)量之差減

同，所以加速度的方向與其動(dòng)量改變量的方向相同，

小，由均值不等式知，當(dāng)M,\=MB時(shí)，Mt?Ml(有最

D項(xiàng)正確。

大值，由尸引=可知兩星間的引力將增大,B

15.C【解析】由核反應(yīng)方程滿足質(zhì)量數(shù)、核電荷數(shù)守

項(xiàng)錯(cuò)誤；對(duì)VVA和VVB有琮=但岑逐=

恒可知，X為a粒子，Y為B粒子，X的穿透能力較

弱，①為a衰變?②為R衰變.B、D項(xiàng)錯(cuò)誤；由②是B

Mtyrr-A，5向----p-------M/j予-入且廣八十—

衰變，生成物比反應(yīng)物更加穩(wěn)定,所以生成物的比結(jié)

合能比反應(yīng)物的比結(jié)合能大，A項(xiàng)錯(cuò)誤中衰變的實(shí)L,解得T=2*Y、，由于VVA和VVB

質(zhì)是原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電兩星的總質(zhì)量不變.所以兩星繞公共質(zhì)心的周期不

子項(xiàng)正確,

.C變，角速度k爺也不變,C項(xiàng)錯(cuò)誤,D項(xiàng)正確。

16.C【解析】甲、乙兩圖中矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻

18.B【解析】小滑塊由3點(diǎn)到C點(diǎn)做斜拋運(yùn)動(dòng).離水

速轉(zhuǎn)動(dòng)，會(huì)產(chǎn)生正弦式交變電流.但甲圖所采用的電

平面高度H遺，小滑塊在B點(diǎn)時(shí)的速度為“

刷方式使輸出的電流方向保持不變，而乙圖的電刷

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="邛.A項(xiàng)錯(cuò)誤；小滑塊在左側(cè)圓弧軌道下滑圖乙可得包=卷,a=U,,則小球的質(zhì)量,"=.A

sin0aMa

高度h=Rcos。.從A點(diǎn)到B點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定項(xiàng)錯(cuò)誤；小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，豎直方向速度為零，

在水平方向上與滑塊具有相同的速度獨(dú)，在水平方

理得mgh—W{=-^-mvi，則Q=W(=mgRcos0—

向上由動(dòng)量守恒定律得njva=(m+M),解得^共

嗎.B項(xiàng)正確；小滑塊進(jìn)入右側(cè)圓弧軌道后每次

=-^，由A項(xiàng)化簡(jiǎn)得獨(dú)=4.B項(xiàng)正確；小球

m-rM。一。

經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)?速度方向始終與重力方向垂直，則重

從開始運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程中，由機(jī)械能守恒定律

力的功率為0，C項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)斜拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可

得:〃僦=;(機(jī)+M)必+mgh*解得h=

知/?，由受力分析可得FN—“geos0=m

,由A項(xiàng)化簡(jiǎn)得h=--^——.C項(xiàng)錯(cuò)

2(?zzT+iMn)g2(。十〃)g

根據(jù)牛頓第三定律可知小滑塊對(duì)軌道的壓力F、'=

誤；小球從開始運(yùn)動(dòng)到回到最低點(diǎn)的過程中,若規(guī)定

F、=〃?gcos0+言鷲，D項(xiàng)錯(cuò)誤。

KsinQ向右為正方向，在水平方向上由動(dòng)品:守恒定律得

19.AD【解析】如圖所示，將兩個(gè)點(diǎn)電荷在N點(diǎn)處產(chǎn)

=mv}+MV2,由機(jī)械能守恒定律得十小若=

生的合電場(chǎng)強(qiáng)度E,分解為&和七，由昌和E2的

以+-yMv2.聯(lián)立兩式解得V}=，S=

方向可知,M點(diǎn)處的點(diǎn)電荷帶負(fù)電，P點(diǎn)處的點(diǎn)電荷

帶正電，A項(xiàng)正確；由點(diǎn)電荷形成電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度公斗彳“.離開圓弧而以后小球做平拋運(yùn)動(dòng)?滑塊向

mIM

式可得旦=畀烏華，瓦=小@，由幾何關(guān)系可右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球落地時(shí).兩者之間的水平

(Leosa)'I:

距離為/=“￡一幼￡,且<產(chǎn)，聯(lián)立得工=5九化

得=Eicosa,聯(lián)立各式得cosa=，E)=

簡(jiǎn)得x=a,D項(xiàng)正確。

號(hào)轡，瓦=臀,B、C項(xiàng)錯(cuò)誤；由于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)

21.BC【解析】以金屬桿ab為研究對(duì)象經(jīng)

度由N點(diǎn)指向M點(diǎn).故P點(diǎn)處的點(diǎn)電荷在N點(diǎn)產(chǎn)

過速度變?yōu)閂+AV,E'=3L(D+AU),Aq=C(E'

生的電場(chǎng)強(qiáng)度與勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度等大反向,即

一￡?)=。3/,35/=孚=。31^,尸安=CB?L%,由F

勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=等,D項(xiàng)正確。

-F安=ma得a=上沙浮°所以金屬桿。〃做勻

加速運(yùn)動(dòng)，速度一直增大，A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確；由I

=魁=CBLa得1=>n+cfu-q=h=

20.BD【解析】設(shè)小球的質(zhì)量為〃八初速度為w，在水

項(xiàng)正確；由能量守恒定律可知拉力F

平方向上由動(dòng)量守恒定律得mu、=+MV2?結(jié)合m~rC±>"L~

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做的功總等于電容器儲(chǔ)存的電能和金屬桿的動(dòng)圖乙中所測(cè)數(shù)值.其實(shí)是將圖中的電流表與電源串

能之和，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。聯(lián)看作了“電源”（等效電源），測(cè)得的電源電動(dòng)勢(shì)為

22（1評(píng)_（1+〃）1陽(yáng)泡〃蟲一科目分E測(cè)2=E4，內(nèi)阻為riW2=R,X+0

.U）gm+M（或m+M"力）

（2）由（1）可知，利用圖中所示的電路圖,E測(cè)<

（5）a-（m+M）7圖像如圖所示（2分）

E久，.<f,故根據(jù)如圖甲所示的電路圖實(shí)測(cè)數(shù)

據(jù)畫出的是③；利用圖乙所示的電路圖，E測(cè)=

E真，廠測(cè)>小，根據(jù)如圖乙所示的電路圖實(shí)測(cè)數(shù)據(jù)

何出的是②。

（3）由（1）的分析可知，采用圖乙測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)

沒有系統(tǒng)誤差，故電路圖應(yīng)該選用圖乙。

24.【解析】（1）運(yùn)動(dòng)員躍出后做斜上拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)上升

9.75（9.70?9.80,1分）0.22（0.20—0.24,1分）階段用時(shí)為運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)的速度為w,依

【解析】（1）對(duì)物塊和小滑塊整體運(yùn)用牛頓第二定律據(jù)逆向思維法可看成平拋物體的運(yùn)動(dòng).分解速度

可得

得mg—“Mg=（+M）a,可得a=g—（1土9。

niivi

水平方向：%i=w（1分）

（5）因?yàn)閍與（w+M）?成線性關(guān)系，所以在作a-

豎直方向：5?=5lan40°=g￡i（1分）

（w+M）］圖像時(shí)注意將點(diǎn)描繪出一條直線，點(diǎn)盡

設(shè)運(yùn)動(dòng)員下降階段用時(shí)t2接觸著陸坡,分解落地速

可能多的在直線上.其他點(diǎn)均勻分布于直線兩側(cè)。

度

由,=且一（+￡；夕3可得a-（m+M）r圖像的斜率

m十M水平方向：%?=%（1分）

k=（l+〃）Mg，2,^-1,5=舟’解得g=豎直方向：%2=52tan（40°+20°）=gf2（1分）

又運(yùn)動(dòng)員在空中飛行的時(shí)間l=h+t2（1分）

9.75m/s2，〃~0.22。

聯(lián)立解得4*11m/s（1分）

23.（1）（2分）R\+r或（2分）

（2）設(shè)運(yùn)動(dòng)員與著陸坡接觸前瞬間的速度為小則有

（2）③（2分）②（2分）

（3）圖乙（2分）

而垂直著陸坡方向的速度為J=gin20°（1分）

【解析】（1）圖甲中所測(cè)數(shù)值，其實(shí)是將圖中的電壓

沿垂直著陸坡方向?qū)θ耸芰Ψ治?，以垂直著陸坡?/p>

表與電源并聯(lián)看作了“電源”（等效電源），測(cè)得的電

上為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理得

源電動(dòng)勢(shì)為E*“=/等，內(nèi)阻為X,=庭紅；

i<vIrni\v?f'a.F^t—mgeos40°A/=0—（-mv）（2分）

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聯(lián)立可得尸=黑端+-4。。（2分）為60。一。

由折射定律得/sin（60°—p）=sin廠（1分）

聯(lián)立可得，=30°（2分）

在AB面剛好發(fā)生全反射,則有sin45°=’（1分）

n

解得”=笈（1分）

代入可得i=45°（1分）

25.【解析】（1）設(shè)注入液體后氣體被壓縮后的體積為26.【解析】（1）將通電導(dǎo)電液看成導(dǎo)體棒，受到的安培

匕，壓縮后氣體的壓強(qiáng)為M力F=B〃,=3k（2分）

由玻意耳定律有色匕=色匕（2分）根據(jù)左手定則可知磁場(chǎng)對(duì)導(dǎo)電液的作用力方向?yàn)樗?/p>

平向左（1分）

其中p\—potVi=30m3

（2）電源提供的電功率一部分為安培力的功率P1=

根據(jù)停止注入液體條件有p24"與（g=1.5&

TFv=BIcv（1分）

（2分）另一部分為導(dǎo)電液產(chǎn)生的熱功率，導(dǎo)電液的等效電

聯(lián)立解得。2%1.37X105Pa金分）阻為R=p]（1分）

注入液體的體積△丫=匕一匕七8.04nr（（1分）

熱功率為P2=FR="I啟分）

（2）光路圖如圖所示

直流電源提供的電功率為P=PI+P2=B/CQ+4

（2分）

（3）由安培力做功的特點(diǎn)可知電磁泵的機(jī)械功率等

于安培力的功率，所以?機(jī)=P（1分）

設(shè)△/內(nèi)被抽至泵體中的液體的質(zhì)量為△，〃=

Dbcv^t（1分）

因?yàn)樵赑點(diǎn)的人射光線與在N點(diǎn)的出射光線相互

△/內(nèi)被抽至泵體中的液體的動(dòng)能的增加量

垂直且ND=90"

△&=；；Dbc"△/（1分）

所以￡=r（1分）

設(shè)單色光在AD面的折射角為伍由折射定律得△/內(nèi)被抽至泵體中的液體的重力勢(shì)能的增加量為

sin，="sin￡（1分）△J=dmgh=Dbcvgh△/（1分）

從圖中的幾何關(guān)系可以得出入射到CD面的入射角電磁泵的機(jī)械功率等于單位時(shí)間內(nèi)被抽至泵內(nèi)的液

?6?|新教材

參考答案及解析理綜

體的動(dòng)能增加雖和重力勢(shì)能增加量之和?即雙氧水的體積遠(yuǎn)高于理論值的原因可能是過氧化氫

PM=等+番U分）分解。

（5）過濾操作所需要的玻璃儀器有漏斗、玻璃棒、

聯(lián)立可得B+EW+Dbcvgh（2分）

燒杯。

即P=［韋^-2gh（2分）（6）5.91g金粉理論上可得0.03molHAuCl,-4HX）,

故當(dāng)。=0時(shí)，即導(dǎo)電液的流速為零時(shí)，上式中的h故氯金酸晶體的產(chǎn)率為0.03m*黑熊/mod

最大，=晉:（2分）100%~86%。

28.（15分）

27.（14分）

（l）a（2分）

（1）分液漏斗（1分）防倒吸（1分）

（2）SO2具有還原性，能將+3鐵還原為+2價(jià)鐵（2

（2）酸性（1分）高沸點(diǎn)（或難揮發(fā)）（1分）

分）取適量浸出液于試管中，加入氨水使溶液pH

（3）2Au+3H。+8HC1=—2HAUC14+6H.O

升至3.2（大于等于3.2小于6.5）,再加入KSCN溶

（2分）

液?振蕩.然后加入少量氯水，溶液變?yōu)榧t色（2分）

（4）4.6（2分）過氧化氫分解（2分）

（3）該反應(yīng)的化學(xué)平衡常數(shù)K=喘票=

（5）漏斗、玻璃棒、燒杯（2分?答不全者0分）c（Cir）

（6）86%（2分）一（Mn）.）?c（S」）_K-（MnS）_yi21>>in5

-66fi77X1n0

c（C\r-）.c（S^）K,ll（CuS）-->10'

【解析】（1）儀器b是分液漏斗；儀器