2023年天津市部分學校物理高二年級上冊期末達標檢測試題含解析

2023年天津市部分學校物理高二上期末達標檢測試題

注意事項：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、下面關(guān)于各種電器應(yīng)用的電磁學原理的說法中，錯誤的是()

A.電視機的顯像管應(yīng)用了磁場使電子束偏轉(zhuǎn)的原理

B.變壓器應(yīng)用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象

C.微波爐是用電熱棒加熱食物的

D.電磁爐是利用電磁感應(yīng)原理制成的

2、一列簡諧橫波沿x軸傳播，某時刻的波形如圖所示，質(zhì)點6均處于平衡位置，質(zhì)點a正向上運動.則下列說法

正確的是

A.波沿x軸負方向傳播

B.該時刻質(zhì)點6正向上運動

C.該時刻質(zhì)點a、b的速度相同

D.質(zhì)點“、匕的振動周期相同

3、“S路”曲線行駛是我國駕駛證考試中的一個項目。某次考試過程中，有兩名學員分別坐在駕駛座和副駕駛座上,

并且始終與汽車保持相對靜止，汽車在彎道上行駛時可視作圓周運動，行駛過程中未發(fā)生打滑。如圖所示，當汽車在

水平“S路”圖示位置處減速行駛時()

A.兩名學員具有相同的線速度

B.兩名學員具有相同的角速度

C.汽車受到的摩擦力與速度方向相反

D.在副駕駛上的學員受到汽車的作用力較大

4、四盞燈泡接成如圖所示的電路，a、c燈泡的規(guī)格為“220V40W”，b、d燈泡的規(guī)格為“220V100W”，各個燈泡的實

際功率都沒有超過它的額定功率，則這四盞燈泡實際消耗功率大小的順序是

^.Pa>Pd>Pc>Pb

B.pa>pc>pd>pb

C.Pa>Pd>Pb>Pc

^.pc>pd>pa>pb

5、如圖所示，閉合線圈正上方附近有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的N極朝下但未插入線圈內(nèi)部.在磁鐵向上運動

遠離線圈的過程中()

A.線圈中感應(yīng)電流的方向與圖中箭頭方向相同，磁鐵與線圈相互吸引

B.線圈中感應(yīng)電流的方向與圖中箭頭方向相同，磁鐵與線圈相互排斥

C.線圈中感應(yīng)電流的方向與圖中箭頭方向相反，磁鐵與線圈相互吸引

D.線圈中感應(yīng)電流的方向與圖中箭頭方向相反，磁鐵與線圈相互排斥

6、一個理想變壓器，原、副線圈的匝數(shù)比為4：1,當這臺變壓器的原線圈接入電壓為880V的交流電時，副線圈兩端

的電壓為

A.880VB.3520V

C.220VD.0

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，有三個質(zhì)量相等分別帶正電、負電和不帶電的小球，從P點以相同的初速度垂直電場方向進入勻強電場

E中，它們分別落到A、B、C三點，則可判斷()

\''、'、、

+\+\+''、+

1'''I

CBA

A.三個小球到達正極板時的動能關(guān)系是：gu>EkB>EkC

B.三個小球在電場中運動的時間tA>tB>tc

C.三個小球在電場中運動的加速度關(guān)系是：ac>aB>aA

D.落到A點的小球帶負電，落到B點的小球不帶電

8、電子以初速度vo垂直進入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，則（）

A.磁場對電子的洛倫茲力大小、方向恒定不變

B.磁場對電子的洛倫茲力始終不做功

C.電子的速度、加速度始終不變

D.電子的動能始終不變

9、如圖電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r,&為定值電阻，電容器的電容為C.閉合開關(guān)S,增大可變電阻R的阻

值，電壓表示數(shù)的變化量為AU,電流表示數(shù)的變化量為A/,貝！|：

—?-

R。/

?上一

一E|r---―/

A.變化過程中AU和A/的比值保持不變

B.電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)/的比值不變

C.電阻島兩端電壓減小，減小量為AU

D.電容器的帶電荷量增大，增加量為CAU

10、如圖所示，水平地面上方矩形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強磁場，兩個用相同材料、相同粗細的導(dǎo)線繞制的單

3

匝閉合正方形線圈1和2,其邊長4=74,均在距磁場上邊界〃高處由靜止開始自由下落，最后落到地面.整個運

動過程中，線圈平面始終保持在豎直平面內(nèi)且下邊緣平行于磁場上邊界，設(shè)線圈剛進入磁場時的加速度大小分別為

。2,落地時的速度大小分別為打、也，在全過程中產(chǎn)生的熱量分別為。1、Q1,通過線圈橫截面的電荷量分別為

01、42,不計空氣阻力，則

■f

h

土________；

：XXXX;

：XXXX:

7777777777777777777^

A.q=%B.v1>v2

9

C.Q\〉Q2D.<7]=

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）在帶電體A周圍空間中的某一點尸，放入一個電荷量為q=+1.6xlOT°C的試探電荷，其受到帶電體A的

靜電力的大小為尸=8xl（）-8N，那么帶電體A在P點產(chǎn)生的場強大小為o

12.（12分）小華和小明在“描繪小燈泡伏安特性曲線”的實驗中，將實驗數(shù)據(jù)記錄在下表中：

電壓UN0.000.200.400.701.001.301.702.102.50

電流〃A0.000.140.240.260.370.400.430.450.46

甲

（1）實驗室有兩種滑動變阻器供選擇：

A.滑動變阻器（阻值范圍0?10Q、額定電流3A）

B.滑動變阻器（阻值范圍0?2000Q、額定電流1A）

實驗中選擇的滑動變阻器是.（填寫字母序號）

（2）在圖甲中用筆畫線代替導(dǎo)線，將實驗電路連接完整.

（3）開關(guān)閉合前，滑動變阻器的滑片應(yīng)滑至________（選填“左”或“右”）端

四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板。、分相距d=0.10m,a、間的電場強度為E=5.0X105N/C,b

板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強度大小為3=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為/n=4.8xl0-25kg,電荷

186

量為？=1.6xlOC的帶正電的粒子（不計重力），從貼近a板的左端以vo=l.OxlOm/s的初速度水平射入勻強電場，剛好

從狹縫P處穿過6板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到6板的。處（圖中未畫出）.求P、。之間的距離L

xxxx^xxxx

14.（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104v/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的5c部分是半徑

為R的;圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切.A為水平軌道上的一點，而且小碎所，把一質(zhì)量廣。」kg,帶電

量為q=+l（）TC的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）

E

⑴小球到達C點的速度大小

（2）小球在C點時，軌道受到的壓力大小

15.（12分）如圖，兩根間距為L=0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動勢E=3V、內(nèi)阻r=l。的電源，導(dǎo)軌平面與

水平面間的夾角0=37。.金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m=0.2kg.導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不

計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中.當Ro=l。時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g=10m/s2,41137。=0.6,

cos37°=0.8

（1）求磁感應(yīng)強度B的大小；

（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】顯像管應(yīng)用了磁場使電子束偏轉(zhuǎn)原理；變壓器應(yīng)用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；微波爐是利用電磁波來加熱食物中水,

從而受熱；電磁爐是利用電磁感應(yīng)原理制成的。

【詳解】A.電視機的顯像管應(yīng)用了磁場使電子束偏轉(zhuǎn)的原理，故A正確；

B.變壓器應(yīng)用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B正確；

C.微波爐是利用電磁波來加熱食物中水，從而受熱，故C錯誤；

D.電磁爐是利用電磁感應(yīng)原理制成的，故D正確；

本題選擇錯誤的，故選C。

【點睛】考查生活中各種電器的工作原理，理解電磁感應(yīng)現(xiàn)象的原理，注意微波爐的加熱原理。

2、D

【解析】A.由于。點向上運動，因此波向x軸正方向傳播，A錯誤；

B.波向右傳播，此時質(zhì)點b向下運動，B錯誤；

C.此時“、。兩點速度大小相等，但方向相反，因此C錯誤；

D.質(zhì)點心》兩點的振動周期都等于波向前傳播的周期，因此振動周期相等，D正確

3、B

【解析】AB.兩名學員繞同一點做圓周運動，則他們的角速度相等，兩名學員離圓心的距離不相等，據(jù)口=>”，所以

他們的線速度大小不相同，故A錯誤，B正確；

C.摩擦力的一部分分力提供汽車圓周運動所需向心力，摩擦力的另一部分分力與速度方向反向，所以摩擦力方向不

與速度方向相反，故C錯誤；

D.學員質(zhì)量未知，無法比較他們的受到汽車的作用力大小，故D錯誤。

故選B。

4、C

2

【解析】根據(jù)公式/==U可得b、d的電阻小于a、c的電阻，a、d串聯(lián)在干路，所以兩燈泡的電流相等，故根據(jù)公

R

式。二尸氏可得與>舄，因為通過從c的電流之和等于d的電流，所以通過d的電流大于b的電流，b、c并聯(lián)，電

壓相同，由于b的電阻小于C的電阻，所以b的電流大小于C的電流，故根據(jù)公式尸=/2R可得巴>與，Ph>Pc,

綜合可得與〉巴〉片〉e，c正確;

【點睛】已知用電器的額定功率、額定電壓，求實際電壓的功率時，要抓住電阻不變這一關(guān)鍵點，能結(jié)合串并聯(lián)電路

的特點解題，難度適中

5、C

【解析】磁鐵的N極朝下，穿過線圈的原磁場方向向下，磁鐵向上運動遠離線圈，磁通量減小，由楞次定律可知，感

應(yīng)電流的磁場方向與原磁場方向相同，由右手螺旋定則可知，線圈中產(chǎn)生與圖中箭頭方向相反的感應(yīng)電流，由楞次定

律中的“來拒去留”可知，磁鐵遠離線圈，所以磁鐵和線圈相互吸引，故C正確

6、C

【解析】根據(jù)理想變壓器原副線圈匝數(shù)比等于電壓比得：*="，原副線圈的匝數(shù)比"1："2=4：1,原線圈接入880V

U2n2

交流電壓，則副線圈的電壓為：U2=&H=!X880V=220V,故ABD錯誤，C正確

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BC

【解析】由圖可知上極板帶負電，所以平行板間有豎直向上的電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，負電荷受到

向下的電場力.則不帶電的小球做平拋運動，帶負電的小球做類平拋運動，加速度比重力加速度大，帶正電的小球做

加速度比重力加速度小的類平拋運動.由此根據(jù)平拋和類平拋運動規(guī)律求解

【詳解】在平行金屬板間不帶電小球、帶正電小球和帶負電小球的受力如下圖所示：

F

八

O+O-O

'，F(xiàn)

yyy

GGG

由圖可知不帶電小球做平拋運動：q=g；帶正電小球做類平拋運動：%=￡二￡<8；帶負電小球做類平拋運動：

m

所以落到A點的是帶正電小球；落到B點的是不帶電小球；落到C點的是帶負電小球

A、根據(jù)動能定理，三小球到達下板時的動能等于這一過程中合外力對小球做的功.由受力圖可知，帶負電小球合力

最大為G+E,做功最多，動能最大；帶正電小球合力最小為G-E,做功最少，動能最小.即：EkA<EkB<EkC,故

A錯誤；

B、根據(jù)題意，三小球在豎直方向都做初速度為0的勻加速直線運動，球到達下極板時，在豎直方向產(chǎn)生的位移方相等,

根據(jù)絲,得三小球運動時間，正電荷最長，不帶電小球次之，帶負電小球時間最短，故凌〉灰〉左，

2Va

B正確；

CD、根據(jù)運動軌跡，結(jié)合受力分析可以判斷，落到A點的是帶正電小球；落到B點的是不帶電小球；落到C點的是帶

負電小球，故%=%，aB=Clf%=%，因。3〉。1〉。2，故4〉既〉知，C正確，D錯誤；

故選BC

【點睛】確認不帶電小球做平拋運動，帶電小球做類平拋運動，分水平和豎直方向分析小球的運動，水平方向勻速直

線運動，豎直方向初速度為0的勻加速直線運動，由運動的合成與分解進行分析

8、BD

【解析】電子以初速度vo垂直進入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，電子在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，粒子受

到的洛倫茲力的大?。篺=qvB,大小不變，但方向時刻改變，故A錯誤；

洛倫茲力的方向始終與速度的方向垂直，所以洛倫茲力只是改變了電子的運動方向，并沒有改變速度的大小，磁場不

會對電子做功.故B正確.電子在磁場中做勻速圓周運動，速度的方向始終沿圓弧的切線方向，方向不斷變化.同時

加速度的方向也在時刻改變，故C錯誤.電子在磁場中做勻速圓周運動，速度的大小不變，所以電子的動能就沒有變

化.故D正確.故選BD

【點睛】帶電粒子垂直于勻強磁場射入，此時粒子在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，洛倫

茲力只是改變帶電粒子的運動方向，不改變粒子的速度大小，即洛倫茲力不會對帶電粒子做功

9、AD

【解析】A.根據(jù)閉合電路歐姆定律可得。=石-/（小+廠），可以畫出U-/圖象，圖象的斜率表示電源內(nèi)阻與定值電

阻之和，所以絲=&+廠恒定不變.A正確

A/

B.由圖可知氏=一，因為電阻R增大，所以電壓表示。和電流表的示數(shù)/的比值變大.故B錯誤

C.閉合開關(guān)S,增大可變電阻R的阻值后，電流中的電流減小，由歐姆定律可得電阻凡兩端的電壓減小，R兩端的電

壓增大，而它們總的電壓即路端電壓增大，所以電阻凡兩端的電壓減小量小于AU.故C錯誤

D.R兩端的電壓增大量為AU,因為電容器與R并聯(lián)，所以電容器兩端電壓增大量為AU,電容器的帶電荷量增量為

AQ=CAU.故D正確

10、AC

【解析】線圈進入磁場之前，均做自由落體運動，因下落高度一致，可知兩線圈會以同樣的速度進入磁場，由法拉第

電磁感應(yīng)定律可求出進入磁場邊界時的感應(yīng)電動勢，從而表示出受到磁場的安培力.由電阻定律表示出兩線圈的電阻,

結(jié)合牛頓第二定律表示出加速度，可分析出加速度與線圈的粗細無關(guān)，從而判斷出兩線圈進入時運動是同步的，直到

線圈2完全進入磁場后，線圈做勻加速運動，可得出落地速度的大小關(guān)系.由能量的轉(zhuǎn)化與守恒可知，損失的機械能

（轉(zhuǎn)化為了內(nèi)能）與線圈的質(zhì)量有關(guān)，從而判斷出產(chǎn)生的熱量大.由4=（分析電量的關(guān)系

【詳解】A、線圈從同一高度下落，到達磁場邊界時具有相同的速度v,切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到磁場的安培力

大小為：/=紅2,由電阻定律有：R=pV，S為材料的電阻率，L為線圈的邊長，S為導(dǎo)線的橫截面積），線圈

RS

—PF

的質(zhì)量為m=p0S>4L,（po為材料的密度）.當線圈的下邊剛進入磁場時其加速度為?=」一=g—-，聯(lián)立得加速度

mm

為：a=可知兩線圈進入磁場時的加速度相同；故A正確.

16m

B、線圈1和2進入磁場的過程先同步運動，由于當線圈2剛好全部進入磁場中時，線圈1由于邊長較長還沒有全部進

入磁場，線圈2完全進入磁場后做加速度為g的勻加速運動，而線圈1仍先做加速度小于g的變加速運動，完全進入

磁場后再做加速度為g的勻加速運動，兩線圈勻加速運動的位移相同，所以落地速度關(guān)系為內(nèi)〈以；故B錯誤.

2

C、由能量守恒可得：Q=mg（H+h）-^mv,（〃是磁場區(qū)域的高度），因為皿>牝，vi<v2,所以可得

故C正確.

行心”2BI}BI}BLS〃/a

D、根據(jù)電量的定義式q=7?'，7=-,E=^-=—,聯(lián)立可得"一二鼠——T—，廠"LT，則&=皆=3；

RA?MP飛了6L22

故D錯誤.

故選AC.

【點睛】本題要注意分析物體運動狀態(tài)及能量變化關(guān)系，關(guān)鍵點在于分析線圈進入磁場的過程，由牛頓第二定律得

到加速度關(guān)系，分析物體的運動情況關(guān)系

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、500N/C

【解析】□].帶電體A在P點產(chǎn)生的場強大小為

E上_8xlO^N_

=500N/C

q1.6xlOloC

12、①.A③.左

【解析】根據(jù)燈泡的電阻大小選擇滑動變阻器；抓住燈泡電流、電壓從零開始測起，滑動變阻器采用分壓式，燈泡為

小電阻，電流表采用外接法

【詳解】（1）由于燈泡的電阻大約在幾歐左右，為了便于測量，滑動變阻器選擇0-10Q的A即可

（2）由于燈泡的電壓和電流從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法；電流表采用外接法.實物連線圖如圖所示

甲

（3）為了保護測量電路，開關(guān)閉合前，滑動變阻器的滑片應(yīng)滑至最左端

四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、8cm