2023屆云南省曲靖市高三下學期第二次教學質量檢測物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE1曲靖市2022-2023學年高三年級第二次教學質量監(jiān)測物理題卷一、選擇題1.宏觀現(xiàn)象都是由微觀粒子的運動特性決定的，以下說法正確的是（）A.質子與中子結合成氘核時要吸收能量B.質子的德布羅意波長與其動能的平方根成反比C.電流流過導體后導體發(fā)熱，導體內能的增加是通過“熱傳遞”方式實現(xiàn)的D.在處于失重狀態(tài)的宇宙飛船中，一滴水銀會成球狀，是因為液體內部分子間有相互吸引力〖答案〗B〖解析〗A．質子與中子結合成氘核時能釋放能量，故A錯誤；B．根據(jù)德布羅意波長的公式可知質子的德布羅意波長與其動能的平方根成反比，故B正確；C．電流流過導體后導體發(fā)熱，利用電流的熱效應，導體內能的增加是通過“做功”方式實現(xiàn)的，故C錯誤；D．在處于失重狀態(tài)的宇宙飛船中，一滴水銀會成球狀，是因為液體表面層分子有相互吸引力，該力使得水銀滴的表面積有縮小到最小的趨勢，故D錯誤。故選B。2.如圖所示，abca是一塊用折射率的玻璃制成的透明體的橫截面，ab是半徑為R的圓弧，ac邊垂直于bc邊，。當一束垂直照到ac邊的平行光第一次到達ab的內表面時，ab的外表面只有一部分光線射出，則有光線射出的部分弧長為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗由題意作出光路圖如下圖所示設光的臨界角為C，則有解得如圖，在時，均發(fā)生全反射，圖中d點為入射角等于臨界角的臨界點，所以只有bd部分有光線透射出，所以有光線射出部分的圓弧對對應的圓心角也是，對應圓弧的長度為故選A。3.如圖所示，水平放置的導熱汽缸內A、B兩部分氣體由橫截面積為S的活塞（厚度不計）隔開，活塞與汽缸光滑接觸且不漏氣。初始時兩側氣體的溫度與環(huán)境溫度相同，壓強均為p，體積之比為?，F(xiàn)將汽缸緩慢轉動，當轉到豎直位置放置時，A、B兩部分氣體體積相同。已知重力加速度大小為g，則活塞的質量m為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗設A、B兩部分氣體的總體積為V，對A氣體，初狀態(tài)末狀態(tài)根據(jù)玻意耳定律可得對B氣體，初狀態(tài)末狀態(tài)根據(jù)玻意耳定律可得聯(lián)合解得故選C。4.質量均勻分布的直導體棒放置于四分之一的光滑圓弧軌道上，其截面如圖所示。導體棒中通有電流強度大小為I的電流，空間存在磁感應強度大小為B的勻強磁場，磁場的方向豎直向上。導體棒平衡時，導體棒與圓心的連線跟豎直方向的夾角為），軌道對導體棒的彈力為。下列說法正確的是（）A.若僅將電流強度I緩慢增大，則θ逐漸減小B.若僅將電流強度I緩慢增大，則逐漸減小C.若僅將磁場方向沿逆時針緩慢轉過，則逐漸增大再減小D.若僅將磁場方向沿逆時針緩慢轉過，則θ逐漸增大再減小〖答案〗D〖解析〗AB．對導體棒受力分析，受重力、支持力和電場力，受力如圖若僅將電流強度Ⅰ緩慢增大，安培力的逐漸增大，根據(jù)受力平衡和平行四邊形法則可知θ逐漸增大，F(xiàn)N逐漸增大，故AB錯誤；CD．導體棒受到重力、安培力和彈力，安培力和彈力的合力始終與重力等大反向，的大小不變，作出矢量圖如下圖所示的方向始終與磁場方向垂直，根據(jù)矢量圖可知若僅將磁場方向沿逆時針緩慢轉過90°，先增大再減小，逐漸減小，故C錯誤，D正確。故選D。5.我國首次發(fā)射的火星探測器“天問一號”于2021年2月10日成功被火星引力捕獲，繞火星赤道平面橢圓軌道1運行（如圖所示）。當“天問一號”經(jīng)過遠火點Q時速度為v，若短時間內啟動探測器上發(fā)動機，實現(xiàn)“天問一號”的軌道平面轉移到與軌道1平面成角的橢圓軌道2平面上運行，且變軌前后兩橢圓軌道的近火點P與遠火點Q相同，探測器在Q點的變軌時間極短可忽略，變軌后立即關閉發(fā)動機，不考慮阻力及其他天體的影響。在遠火點Q變軌前后瞬間，下列說法正確的是（）A.探測器速度變化量大小為零 B.探測器速度變化量大小為vC.探測器的加速度變大 D.探測器的加速度不變〖答案〗BD〖解析〗AB．探測器在遠火點Q變軌前后瞬間的速度大小均為v，由題意可知，變軌前后速度方向的夾角為，根據(jù)矢量的運算法則可知變軌前后探測器速度變化量大小為，故A錯誤，B正確；CD．在遠火點Q探測器受到的火星的萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律可知，變軌前后瞬間探測器的向心加速度不變，故C錯誤，D正確。故選BD。6.如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在時刻的波形，從此時刻開始，介質中的質點P、Q（P、Q連線平行x軸）回到平衡位置的最短時間分別為0.1s、0.4s，下列說法正確的是（）A.該波的周期為 B.0~0.75s內質點Q運動的路程為30cmC.0~0.75s內波傳播的距離為9cm D.時刻質點Q加速度最大〖答案〗AC〖解析〗A．該波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波的平移可知，質點P向下振動，質點Q向上振動，且回到平衡位置的最短時間分別為0.1s、0.4s，故解得故A正確；B．由于在時刻，質點Q不是在平衡位置，因此在0~0.75s內，即從時刻開始內，其路程不等于3A，即30cm，故B錯誤；C．由圖可知波速0~0.75s內波傳播的距離為故C正確；’D．由于在時刻，質點Q不是在位移最大處，因此，即時刻，質點Q依然不是在位移最大處，其加速度不是最大，故D錯誤。故選AC。7.在某空間有一勻強電場，在電場中建立如圖所示的直角坐標系O-xyz，M、N、P為電場中的三個點，M點的坐標為（0，3L，0），N點的坐標為（4L，0，0），P點坐標為（0，0，4L），Q點（圖中未畫出）的坐標為（4L，L，0）。已知M、N和P點電勢分別為0V、25V和9V。則下列說法正確的是（）A.該勻強電場的電場強度等于V/m B.該勻強電場的電場強度等于V/mC.Q點的電勢為3V D.Q點的電勢為22V〖答案〗AD〖解析〗AB．如圖甲所示連接MN，在MN上取一點H，且則連接PH，由幾何知識可知而故電場線方向為沿MN方向，由于電勢沿電場線方向降低，因此電場線方向由N指向M，而故故A正確，B錯誤；CD．取xOy平面，如圖乙所示取與MN交點為G點，由題意可知則故故G點的電勢為22V，Q點與G點等電勢，故故C錯誤，D正確。故選AD。8.如圖所示，PQ、MN為兩根光滑絕緣且固定的平行軌道，兩軌道間的距離為L，軌道斜面與水平面成θ角。在矩形abdc內存在方向垂直軌道斜面向下、磁感應強度為B的勻強磁場，ab、cd間的距離為3d。有一質量為m、長為L、寬為d的矩形金屬線圈ABCD放置在軌道上，開始時線圈AB邊與磁場邊界ab重合?，F(xiàn)讓線圈由靜止出發(fā)沿軌道下滑，從線圈AB邊進入磁場到CD邊離開磁場的過程經(jīng)歷的時間為t，線圈ABCD離開磁場過程中流過線圈的電荷量為，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.線圈在磁場中運動的加速度不可能為gsinθB.線圈的電阻為C.線圈CD邊剛好通過磁場下邊界時，線圈的速度大小為D.線圈在時間t內電阻的發(fā)熱量為〖答案〗BC〖解析〗A．當線圈全部進入磁場中，磁通量不變，感應電流為0，不受安培力作用，做勻加速直線運動，加速度為gsinθ，故A錯誤；B．從AB進入磁場到CD邊進入磁場的過程中，通過回路的電荷量線圈的電阻為故B正確；C．設線圈CD邊剛好通過磁場下邊界時，線圈速度大小為v，根據(jù)動量定理可得線圈進入磁場和離開磁場過程中磁通量會變化，有感應電流產(chǎn)生，線圈全部在磁場中時，磁通量不變化，沒有感應電流，而線圈進入磁場和離開磁場過程中磁通量變化量相同，因此穿過整個磁場過程中，流過線圈的總電荷量為因此解得線圈的速度大小為故C正確；D．由能量守恒定律有解得故D錯誤。故選BC。二、非選擇題9.圖示為某實驗小組設計的“探究加速度與物體受力關系”的實驗裝置：（1）實驗裝置經(jīng)過平衡摩擦后，如果木塊和木塊上砝碼的總質量為M，砝碼桶和桶內砝碼的總質量為m，重力加速度為g，在實驗過程中，細繩中的張力為___________。（2）為使砝碼桶及桶內砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運動時受到的拉力，應滿足的條件是砝碼桶及桶內砝碼的總質量___________木塊和木塊上砝碼的總質量（選填“遠大于”“遠小于”或“近似等于”）。（3）實驗時保持木塊和木塊上砝碼的質量不變，當砝碼桶和桶內砝碼的質量為某一值時，得到的紙帶如下圖所示：已知所用打點計時器的頻率為50Hz，相鄰兩個計數(shù)點之間有四個點未畫出，由紙帶可求得小車的加速度大小為___________。（計算結果保留三位有效數(shù)字）〖答案〗（1）（2）遠小于（3）3.90〖解析〗（1）[1]設細繩的張力為T，對砝碼桶和桶內砝碼對木塊和木塊上砝碼聯(lián)合解得（2）[2]由[1]中分析可得因此，為使為使砝碼桶及桶內砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運動時受到的拉力，應滿足的條件是砝碼桶及桶內砝碼的總質量遠小于木塊和木塊上砝碼的總質量；（3）[3]相鄰計數(shù)點的時間間隔為根據(jù)逐差法公式求加速度可得10.鎳基高溫合金材料常用于航空飛行器的表面，某興趣小組意外獲得一圓柱狀鎳基高溫合金材料的樣品，想測一測該合金的電阻率，現(xiàn)有如下儀器：電源E：電動勢為6V，電源的內阻不計電壓表V：量程為3V，內阻電流表A：量程為6mA，內阻約為50Ω定值電阻定值電阻滑動變阻器R：最大阻值20Ω，額定電流2A多用電表一個，單刀單擲開關S，導線若干（1）小張同學用游標卡尺測量了合金柱直徑D，其讀數(shù)如圖所示，D=___________mm。（2）小王同學將多用電表歐姆擋旋至“×100”檔，經(jīng)過調零后，對合金圓柱進行粗略的測量，指針如圖所示，小王同學所測量的阻值為___________Ω。（3）小張同學想要精確測量合金柱的阻值，測量過程要求儀表的指針能從零刻度開始且指針偏轉范圍盡量較大，請你在方框內設計合理的電路___________，圖中用Rx表示合金柱的電阻。（4）小張某次測得電壓表的讀數(shù)為，電流表的數(shù)為，所測得合金柱的電阻為Rx=___________Ω。（5）某次實驗中內阻為的電壓表讀數(shù)為U，電流表的讀數(shù)為I，合金柱的直徑為D，合金柱的長度為L，請你用這些符號表示出合金的電阻率ρ=___________。〖答案〗（1）11.4（2）1600（3）（4）1500（5）〖解析〗（1）[1]主尺的讀數(shù)為11mm，游標卡尺游標為10分度，游標尺第4格與主尺刻度對齊，故（2）[2]由于用電表歐姆擋旋至“×100”檔，由圖可知，測量的阻值為（3）[3]由于電壓表量程僅為電動勢的一半，且電壓表內阻為，因此需與定值電阻串聯(lián)改裝成量程為9V的電壓表，改裝后電壓表的內阻遠遠大于待測電阻，因此電流表采用外接法，另外由于要求儀表的指針能從零刻度開始且指針偏轉范圍盡量較大，電路采用分壓式接法，故電路圖如下（4）[4]根據(jù)閉合回路歐姆定律可得解得（5）[5]根據(jù)閉合回路歐姆定律可得根據(jù)電阻定律可得聯(lián)合解得11.當汽車在路上出現(xiàn)故障時，應在車后放置三角警示牌，以提醒后面駕車司機減速安全通過。在夜間，有一貨車因故障停駛，后面有一小轎車以30m/s的速度向前駛來，由于夜間視線不好，小轎車駕駛員只能看清前方50m的物體，他的反應時間為0.5s，再加路面濕滑，制動的最大加速度為。求：（1）小轎車從開始剎車25s內通過的最小距離；（2）三角警示牌至少要放在故障車后多遠處，才能有效避免兩車相撞。〖答案〗（1）300m；（2）265m〖解析〗（1）小轎車從開始剎車到停止所用的最短時間為25s時小轎車已停止，故通過的最小距離（2）小轎車在反應時間內行駛的距離為則小轎車從發(fā)現(xiàn)警示牌到完全停下的過程中行駛的距離為為了有效避免兩車相撞，三角警示牌放在故障車后的最小距離為12.現(xiàn)代科技可以利用電場、磁場對帶電粒子的作用來控制其運動軌跡，讓其到達所需的位置，在現(xiàn)代科學技術、生產(chǎn)生活、儀器電器等方面有廣泛的應用。如圖所示是此種儀器中電磁場的簡化示意圖。以豎直向上為y軸正方向建立直角坐標系，該真空中存在方向沿x軸正方向、電場強度大小的勻強電場和方向垂直xOy平面向外、磁感應強度大小的勻強磁場。原點O處的粒子源連續(xù)不斷地發(fā)射速度大小和方向一定、質量、電荷量的帶正電的粒子束，粒子恰能在xOy平面內做直線運動，重力加速度為，不計粒子間的相互作用。（1）求粒子發(fā)射速度大小和方向；（2）若保持粒子束的初速度不變，在粒子從O點射出時立即撤去磁場，求粒子從O點射出后經(jīng)過y軸時的坐標（不考慮磁場變化產(chǎn)生的影響）；（3）若保持粒子束的初速度不變，在粒子從O點射出時立即將電場變?yōu)樨Q直向上、場強大小變?yōu)?，求從O點射出的所有粒子第一次經(jīng)過x軸時的坐標（不考慮電場變化產(chǎn)生的影響）?！即鸢浮剑?）20m/s，與y軸負方向夾角為；（2）；（3）〖解析〗（1）粒子做勻速直線運動，如下圖則解得粒子出射的速度方向與y軸負方向夾角為解得（2）撤去磁場后，粒子做類平拋運動，如下圖則解得所以坐標為；（3）由題意可得粒子做勻速圓周運動，如下圖則解得由幾何關系可知經(jīng)過y軸的坐標為。13.如圖，一滑板的上表面由長度為L的粗糙水平部分AB和半徑為R的四分之一光滑圓弧BC組成，滑板靜止于光滑的水平地面上，物體P（可視為質點）置于滑板上面的A點，物體P與滑板水平部分的動摩擦因數(shù)為μ（已知，但具體大小未知），一根長度為L、不可伸長的輕細線，一端固定于點，另一端系一小球Q，小球Q位于最低點時與物體P處于同一高度并恰好接觸?，F(xiàn)將小球Q拉至與同一高度（細線處于水平拉直狀態(tài)），然后由靜止釋放，小球Q向下擺動并與物體P發(fā)生彈性碰撞（碰撞時間極短）。已知小球Q的質量為m，物體P的質量為2m，滑板的質量為6m，，重力加速度為g，不計空氣阻力，求：（結果可用分式表示）（1）小球Q與物體P碰撞前瞬間，細線對小球拉力的大小；（2）若要保證物體P既能到達圓弧BC，同時又不會從C點滑出，物體P與滑板水平部分的動摩擦因數(shù)μ的取值范圍；（3）若，物體P運動軌跡的最高點與C點間的高度差。〖答案〗（1）3mg；（2）（3）L〖解析〗（1）由機械能守恒定律可得由牛頓第二定律可得則細線對小球拉力大小為（2）小球Q與物體P碰撞后瞬間，動量守恒，取水平向左為正方向由能量守恒定律得解得如果物體P運動到C點與滑板共速，取水平向左為正方向，根據(jù)動量守恒和能量守恒得解得如果物體P運動到B點與滑板共速，取水平向左為正方向，根據(jù)水平動量守恒和能量守恒得解得所以物體P與滑板水平部分的動摩擦因數(shù)范圍為（3）由題可知，物體P運動到C點時，水平方向與滑板共速，豎直方向有向上的速度，之后物體P會離開滑板做斜上拋運動，在最高點時豎直速度為零，水平速度與滑板速度相同。取水平向左為正方向，根據(jù)水平動量守恒和能量守恒得，解得曲靖市2022-2023學年高三年級第二次教學質量監(jiān)測物理題卷一、選擇題1.宏觀現(xiàn)象都是由微觀粒子的運動特性決定的，以下說法正確的是（）A.質子與中子結合成氘核時要吸收能量B.質子的德布羅意波長與其動能的平方根成反比C.電流流過導體后導體發(fā)熱，導體內能的增加是通過“熱傳遞”方式實現(xiàn)的D.在處于失重狀態(tài)的宇宙飛船中，一滴水銀會成球狀，是因為液體內部分子間有相互吸引力〖答案〗B〖解析〗A．質子與中子結合成氘核時能釋放能量，故A錯誤；B．根據(jù)德布羅意波長的公式可知質子的德布羅意波長與其動能的平方根成反比，故B正確；C．電流流過導體后導體發(fā)熱，利用電流的熱效應，導體內能的增加是通過“做功”方式實現(xiàn)的，故C錯誤；D．在處于失重狀態(tài)的宇宙飛船中，一滴水銀會成球狀，是因為液體表面層分子有相互吸引力，該力使得水銀滴的表面積有縮小到最小的趨勢，故D錯誤。故選B。2.如圖所示，abca是一塊用折射率的玻璃制成的透明體的橫截面，ab是半徑為R的圓弧，ac邊垂直于bc邊，。當一束垂直照到ac邊的平行光第一次到達ab的內表面時，ab的外表面只有一部分光線射出，則有光線射出的部分弧長為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗由題意作出光路圖如下圖所示設光的臨界角為C，則有解得如圖，在時，均發(fā)生全反射，圖中d點為入射角等于臨界角的臨界點，所以只有bd部分有光線透射出，所以有光線射出部分的圓弧對對應的圓心角也是，對應圓弧的長度為故選A。3.如圖所示，水平放置的導熱汽缸內A、B兩部分氣體由橫截面積為S的活塞（厚度不計）隔開，活塞與汽缸光滑接觸且不漏氣。初始時兩側氣體的溫度與環(huán)境溫度相同，壓強均為p，體積之比為。現(xiàn)將汽缸緩慢轉動，當轉到豎直位置放置時，A、B兩部分氣體體積相同。已知重力加速度大小為g，則活塞的質量m為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗設A、B兩部分氣體的總體積為V，對A氣體，初狀態(tài)末狀態(tài)根據(jù)玻意耳定律可得對B氣體，初狀態(tài)末狀態(tài)根據(jù)玻意耳定律可得聯(lián)合解得故選C。4.質量均勻分布的直導體棒放置于四分之一的光滑圓弧軌道上，其截面如圖所示。導體棒中通有電流強度大小為I的電流，空間存在磁感應強度大小為B的勻強磁場，磁場的方向豎直向上。導體棒平衡時，導體棒與圓心的連線跟豎直方向的夾角為），軌道對導體棒的彈力為。下列說法正確的是（）A.若僅將電流強度I緩慢增大，則θ逐漸減小B.若僅將電流強度I緩慢增大，則逐漸減小C.若僅將磁場方向沿逆時針緩慢轉過，則逐漸增大再減小D.若僅將磁場方向沿逆時針緩慢轉過，則θ逐漸增大再減小〖答案〗D〖解析〗AB．對導體棒受力分析，受重力、支持力和電場力，受力如圖若僅將電流強度Ⅰ緩慢增大，安培力的逐漸增大，根據(jù)受力平衡和平行四邊形法則可知θ逐漸增大，F(xiàn)N逐漸增大，故AB錯誤；CD．導體棒受到重力、安培力和彈力，安培力和彈力的合力始終與重力等大反向，的大小不變，作出矢量圖如下圖所示的方向始終與磁場方向垂直，根據(jù)矢量圖可知若僅將磁場方向沿逆時針緩慢轉過90°，先增大再減小，逐漸減小，故C錯誤，D正確。故選D。5.我國首次發(fā)射的火星探測器“天問一號”于2021年2月10日成功被火星引力捕獲，繞火星赤道平面橢圓軌道1運行（如圖所示）。當“天問一號”經(jīng)過遠火點Q時速度為v，若短時間內啟動探測器上發(fā)動機，實現(xiàn)“天問一號”的軌道平面轉移到與軌道1平面成角的橢圓軌道2平面上運行，且變軌前后兩橢圓軌道的近火點P與遠火點Q相同，探測器在Q點的變軌時間極短可忽略，變軌后立即關閉發(fā)動機，不考慮阻力及其他天體的影響。在遠火點Q變軌前后瞬間，下列說法正確的是（）A.探測器速度變化量大小為零 B.探測器速度變化量大小為vC.探測器的加速度變大 D.探測器的加速度不變〖答案〗BD〖解析〗AB．探測器在遠火點Q變軌前后瞬間的速度大小均為v，由題意可知，變軌前后速度方向的夾角為，根據(jù)矢量的運算法則可知變軌前后探測器速度變化量大小為，故A錯誤，B正確；CD．在遠火點Q探測器受到的火星的萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律可知，變軌前后瞬間探測器的向心加速度不變，故C錯誤，D正確。故選BD。6.如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在時刻的波形，從此時刻開始，介質中的質點P、Q（P、Q連線平行x軸）回到平衡位置的最短時間分別為0.1s、0.4s，下列說法正確的是（）A.該波的周期為 B.0~0.75s內質點Q運動的路程為30cmC.0~0.75s內波傳播的距離為9cm D.時刻質點Q加速度最大〖答案〗AC〖解析〗A．該波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波的平移可知，質點P向下振動，質點Q向上振動，且回到平衡位置的最短時間分別為0.1s、0.4s，故解得故A正確；B．由于在時刻，質點Q不是在平衡位置，因此在0~0.75s內，即從時刻開始內，其路程不等于3A，即30cm，故B錯誤；C．由圖可知波速0~0.75s內波傳播的距離為故C正確；’D．由于在時刻，質點Q不是在位移最大處，因此，即時刻，質點Q依然不是在位移最大處，其加速度不是最大，故D錯誤。故選AC。7.在某空間有一勻強電場，在電場中建立如圖所示的直角坐標系O-xyz，M、N、P為電場中的三個點，M點的坐標為（0，3L，0），N點的坐標為（4L，0，0），P點坐標為（0，0，4L），Q點（圖中未畫出）的坐標為（4L，L，0）。已知M、N和P點電勢分別為0V、25V和9V。則下列說法正確的是（）A.該勻強電場的電場強度等于V/m B.該勻強電場的電場強度等于V/mC.Q點的電勢為3V D.Q點的電勢為22V〖答案〗AD〖解析〗AB．如圖甲所示連接MN，在MN上取一點H，且則連接PH，由幾何知識可知而故電場線方向為沿MN方向，由于電勢沿電場線方向降低，因此電場線方向由N指向M，而故故A正確，B錯誤；CD．取xOy平面，如圖乙所示取與MN交點為G點，由題意可知則故故G點的電勢為22V，Q點與G點等電勢，故故C錯誤，D正確。故選AD。8.如圖所示，PQ、MN為兩根光滑絕緣且固定的平行軌道，兩軌道間的距離為L，軌道斜面與水平面成θ角。在矩形abdc內存在方向垂直軌道斜面向下、磁感應強度為B的勻強磁場，ab、cd間的距離為3d。有一質量為m、長為L、寬為d的矩形金屬線圈ABCD放置在軌道上，開始時線圈AB邊與磁場邊界ab重合?，F(xiàn)讓線圈由靜止出發(fā)沿軌道下滑，從線圈AB邊進入磁場到CD邊離開磁場的過程經(jīng)歷的時間為t，線圈ABCD離開磁場過程中流過線圈的電荷量為，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.線圈在磁場中運動的加速度不可能為gsinθB.線圈的電阻為C.線圈CD邊剛好通過磁場下邊界時，線圈的速度大小為D.線圈在時間t內電阻的發(fā)熱量為〖答案〗BC〖解析〗A．當線圈全部進入磁場中，磁通量不變，感應電流為0，不受安培力作用，做勻加速直線運動，加速度為gsinθ，故A錯誤；B．從AB進入磁場到CD邊進入磁場的過程中，通過回路的電荷量線圈的電阻為故B正確；C．設線圈CD邊剛好通過磁場下邊界時，線圈速度大小為v，根據(jù)動量定理可得線圈進入磁場和離開磁場過程中磁通量會變化，有感應電流產(chǎn)生，線圈全部在磁場中時，磁通量不變化，沒有感應電流，而線圈進入磁場和離開磁場過程中磁通量變化量相同，因此穿過整個磁場過程中，流過線圈的總電荷量為因此解得線圈的速度大小為故C正確；D．由能量守恒定律有解得故D錯誤。故選BC。二、非選擇題9.圖示為某實驗小組設計的“探究加速度與物體受力關系”的實驗裝置：（1）實驗裝置經(jīng)過平衡摩擦后，如果木塊和木塊上砝碼的總質量為M，砝碼桶和桶內砝碼的總質量為m，重力加速度為g，在實驗過程中，細繩中的張力為___________。（2）為使砝碼桶及桶內砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運動時受到的拉力，應滿足的條件是砝碼桶及桶內砝碼的總質量___________木塊和木塊上砝碼的總質量（選填“遠大于”“遠小于”或“近似等于”）。（3）實驗時保持木塊和木塊上砝碼的質量不變，當砝碼桶和桶內砝碼的質量為某一值時，得到的紙帶如下圖所示：已知所用打點計時器的頻率為50Hz，相鄰兩個計數(shù)點之間有四個點未畫出，由紙帶可求得小車的加速度大小為___________。（計算結果保留三位有效數(shù)字）〖答案〗（1）（2）遠小于（3）3.90〖解析〗（1）[1]設細繩的張力為T，對砝碼桶和桶內砝碼對木塊和木塊上砝碼聯(lián)合解得（2）[2]由[1]中分析可得因此，為使為使砝碼桶及桶內砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運動時受到的拉力，應滿足的條件是砝碼桶及桶內砝碼的總質量遠小于木塊和木塊上砝碼的總質量；（3）[3]相鄰計數(shù)點的時間間隔為根據(jù)逐差法公式求加速度可得10.鎳基高溫合金材料常用于航空飛行器的表面，某興趣小組意外獲得一圓柱狀鎳基高溫合金材料的樣品，想測一測該合金的電阻率，現(xiàn)有如下儀器：電源E：電動勢為6V，電源的內阻不計電壓表V：量程為3V，內阻電流表A：量程為6mA，內阻約為50Ω定值電阻定值電阻滑動變阻器R：最大阻值20Ω，額定電流2A多用電表一個，單刀單擲開關S，導線若干（1）小張同學用游標卡尺測量了合金柱直徑D，其讀數(shù)如圖所示，D=___________mm。（2）小王同學將多用電表歐姆擋旋至“×100”檔，經(jīng)過調零后，對合金圓柱進行粗略的測量，指針如圖所示，小王同學所測量的阻值為___________Ω。（3）小張同學想要精確測量合金柱的阻值，測量過程要求儀表的指針能從零刻度開始且指針偏轉范圍盡量較大，請你在方框內設計合理的電路___________，圖中用Rx表示合金柱的電阻。（4）小張某次測得電壓表的讀數(shù)為，電流表的數(shù)為，所測得合金柱的電阻為Rx=___________Ω。（5）某次實驗中內阻為的電壓表讀數(shù)為U，電流表的讀數(shù)為I，合金柱的直徑為D，合金柱的長度為L，請你用這些符號表示出合金的電阻率ρ=___________?！即鸢浮剑?）11.4（2）1600（3）（4）1500（5）〖解析〗（1）[1]主尺的讀數(shù)為11mm，游標卡尺游標為10分度，游標尺第4格與主尺刻度對齊，故（2）[2]由于用電表歐姆擋旋至“×100”檔，由圖可知，測量的阻值為（3）[3]由于電壓表量程僅為電動勢的一半，且電壓表內阻為，因此需與定值電阻串聯(lián)改裝成量程為9V的電壓表，改裝后電壓表的內阻遠遠大于待測電阻，因此電流表采用外接法，另外由于要求儀表的指針能從零刻度開始且指針偏轉范圍盡量較大，電路采用分壓式接法，故電路圖如下（4）[4]根據(jù)閉合回路歐姆定律可得解得（5）[5]根據(jù)閉合回路歐姆定律可得根據(jù)電阻定律可得聯(lián)合解得11.當汽車在路上出現(xiàn)故障時，應在車后放置三角警示牌，以提醒后面駕車司機減速安全通過。在夜間，有一貨車因故障停駛，后面有一小轎車以30m/s的速度向前駛來，由于夜間視線不好，小轎車駕駛員只能看清前方50m的物體，他的反應時間為0.5s，再加路面濕滑，制動的最大加速度為。求：（1）小轎車從開始剎車25s內通過的最小距離；（2）三角警示牌至少要放在故障車后多遠處，才能有效避免兩車相撞?！即鸢浮剑?）300m；（2）265m〖解析〗（1）小轎車從開始剎車到停止所用的最短時間為25s時小轎車已停止，故通過的最小距離（2）小轎車在反應時間內行駛的距離為則小轎車從發(fā)現(xiàn)警示牌到完全停下的過程中行駛的距離為為了有效避免兩車相撞，三角警示牌放在故障車后的最小距離為12.現(xiàn)代科技可以利用電場、磁場對帶電粒子的作用來控制其運動軌