2023-2024學年四川省眉山市仁壽實驗中學高二（下）期中物理試卷（含解析）

第=page11頁，共=sectionpages11頁2023-2024學年四川省眉山市仁壽實驗中學高二（下）期中物理試卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.自奧斯特實驗證實了電流的周圍存在磁場之后，許多科學家又做了很多實驗研究電與磁的關系，其中發(fā)現通電導線與磁體間有相互作用的物理學家是(

)A.托馬斯?楊 B.伏特 C.安培 D.特斯拉2.如圖所示是某質點做簡諧運動的振動圖像。設水平向右為正方向，根據圖像中的信息，下列說法正確的是(

)A.質點的振幅是20cm

B.在1.5s和2.5s這兩個時刻，質點的位置相同

C.在2s到3s的時間內，振子速度增加，加速度減少3.如圖所示，質量為m的帶電小球N用絕緣絲線懸掛于P點，另一帶正電小球M固定在帶電小球N的左側，小球N平衡時，絕緣絲線與豎直方向夾角為θ，且兩球球心在同一水平線上。關于小球N的電性和所受庫侖力的大小，下列判斷正確的是(M、N均可視為點電荷，重力加速度為g)(

)A.正電，mgtanθ B.負電，mgtanθ4.如圖所示，A、B為相同的兩個燈泡，均發(fā)光，當變阻器的滑片P向下端滑動時．則(

)

A.A燈變亮，B燈變暗 B.A燈變暗，B燈變亮

C.A、B燈均變暗 D.A、B燈均變亮5.如圖，一帶電粒子在電場中由A點運動到B點，圖中實線為電場線，虛線為粒子的運動軌跡，則下列說法正確的是(

)A.該粒子帶負電

B.該粒子從A點運動到B點的過程中，其速率增大

C.該粒子從A點運動到B點的過程中，其電勢能增大

D.該粒子從A點運動到B點的過程中，其加速度減小

6.如圖所示，直角三角形abc，∠a=60°，ad=dc，b、c兩點在同一水平線上，垂直紙面的直導線置于b、c兩點，通有大小相等、方向向里的恒定電流，d點的磁感應強度大小為

A.大小為33B0，方向水平向左 B.大小為B0，方向水平向右

C.大小為37.如圖所示，水平地面上方空間有方向豎直向下的勻強電場，一質量m=0.1kg，電荷量q=0.2C的帶正電小球從離地面高h=5m的P點，以v0=2m/s的初速度水平向右拋出，小球下落到地面上的M點。若撤去電場，小球仍從同一位置以相同的速度拋出，小球下落到地面上的N點，測得A.5N/C B.10N/C二、多選題：本大題共3小題，共15分。8.下列四種情況中，可以產生感應電流的有(

)

A.如圖(a)，閉合線圈在勻強磁場中沿垂直磁感線的方向水平向右運動

B.如圖(b)，導體棒在勻強磁場中沿磁感線方向上下運動

C.如圖(c)9.如圖為t=0時刻一列沿x軸正方向傳播的簡諧波的完整波形圖，波速大小為5m/s，P點位于x軸上且橫坐標為8A.該機械波為橫波

B.該機械波的頻率為1.25Hz

C.P點開始振動的方向沿y軸負方向

D.從t=0到t=10.如圖，空間有一范圍足夠大的勻強電場，場強方向與梯形區(qū)域ABCD平行，已知AB/?/CD，AD=DC=CB=12ABA.D點電勢為10V B.場強方向由D指向B

C.該粒子到達C點時速度大小為21m/s D.三、實驗題：本大題共2小題，共16分。11.實驗小組的同學用如圖所示的裝置做“用單擺測重力加速度”的實驗。

(1)實驗室有如下器材可供選用：

A.長約1m的細線

B.長約1m的橡皮繩

C.直徑約2cm的鐵球

D.直徑約2cm的塑料球

E.米尺

F.時鐘

G.停表

實驗時需要從上述器材中選擇：______(填寫器材前面的字母)。

(2)在挑選合適的器材制成單擺后他們開始實驗，操作步驟如下：

①將單擺上端固定在鐵架臺上。

②測得擺線長度，作為單擺的擺長。

③在偏角較小的位置將小球由靜止釋放。

④記錄小球完成n次全振動所用的總時間t，得到單擺振動周期T=tn。

⑤根據單擺周期公式計算重力加速度的大小。

其中有一處操作不妥當的是______。(填寫操作步驟前面的序號)

(3)發(fā)現(2)中操作步驟的不妥之處后，他們做了如下改進：讓單擺在不同擺線長度的情況下做簡諧運動，測量其中兩次實驗時擺線的長度12.某同學要測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻。他根據老師提供的以下器材，畫出了如圖甲所示的原理圖。

①電壓表V(量程3V，內阻RV約為10kΩ)

②電流表G(量程3mA，內阻RG=100Ω)

③電流表A(量程3A，內阻約為0.5Ω)

④滑動變阻器R1(0～20Ω,2A)

⑤滑動變阻器R2(0～500Ω,1A)

⑥定值電阻R3=0.5Ω

⑦開關S和導線若干

(1四、簡答題：本大題共3小題，共41分。13.如圖，電路中電源的電動勢為E=16V、內阻為r=1Ω，電動機M的內阻為rM=1.5Ω，燈泡L上標有“4V，8W”。電流表和電壓表均為理想電表。閉合開關S，燈泡和電動機都正常工作。求：

(

14.如圖所示，光滑圓弧軌道的圓心為O1(圖中未畫出)，半徑為R=1m，圓弧底部中點為O，兩個大小可忽略，質量分別為m1和m2的小球A和B，A在離O點很近的軌道上某點，AO1與豎直方向的夾角為θ，并且cosθ=0.99，B在O點正上方處，現同時釋放兩球，使兩球在小球A第三次通過O點時恰好相碰，取g=10m/s2，15.如圖，水平軌道AB與半徑為R的豎直半圓弧軌道BCD在B點平滑連接，整個裝置處于與水平方向成45°角斜向上的勻強電場中，場強大小E=2mgq。質量為m，電荷量為q的帶正電小球從水平軌道上A點靜止釋放后以水平速度v0=3gR經B點進入圓弧軌道。不計一切摩擦阻力，重力加速度大小為g。求：

(1)水平軌道A答案和解析1.【答案】C

【解析】解：自奧斯特實驗之后，安培等人又做了很多實驗，他們發(fā)現，不僅通電導線對磁體有作用力，磁體對通電導線也有作用力。為了紀念安培，人們把這種相互作用力稱為安培力。故C正確，ABD錯誤。

故選：C。

根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可。

物理學史也是物理考試中經常出現的一類題型，要求學生熟記著名科學家的貢獻．2.【答案】D

【解析】解：A、由圖可知：該質點的振幅為10cm，故A錯誤；

B、在1.5s時刻質點的位移為正值，質點在平衡位置的右側，在2.5s時刻質點的位移為負值，質點在平衡位置的左側，二者位置不同，故B錯誤；

C、由圖可知：在2s到3s的時間內，振子遠離平衡位置，回復力做負功振子的速度減小，加速度增大，故C錯誤；

D、由小球振動圖像可知，振動周期T=4s3.【答案】C

【解析】解：以小球為研究對象，對小球進行受力分析，根據小球處于平衡狀態(tài)可知：

F=mgtanθ

而小球所受庫侖力大小為mgtanθ。

由于小球受到正電荷的排斥力，所以小球也帶正電。故C4.【答案】C

【解析】解：電路的結構是：變阻器與燈B并聯與R串聯，再與燈A并聯．當變阻器的滑片P向下端滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，則知總電流增大，內電壓增大，路端電壓減小，通過A的電流減小，則燈A變暗．因總電流增大、通過A的電流減小，則通過R的電流增大，R的電壓增大，路端電壓減小，則B兩端電壓的減小，B燈變暗．所以A、B燈均變暗．

故選：C．

首先認識電路的結構：變阻器與燈B并聯與R串聯，再與燈A并聯．當變阻器的滑片P向下端滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，分析外電路總電阻減小，根據歐姆定律分析總電流的變化和路端電壓的變化，即可知道燈A的亮度變化．根據總電流和通過A電流的變化，分析通過R的電流變化和電壓變化，可分析出B兩端電壓的變化，即可知燈B亮度變化．可分析出通過并聯電路的變化，則知燈B的變化．

本題是電路動態(tài)變化分析問題，按“局部→整體→局部”的思路進行分析．5.【答案】B

【解析】解：A、粒子從A點運動到B點的過程中，粒子的運動軌跡向右彎曲，根據曲線運動的受力特點，電場力指向凹側。粒子在A點受到的電場力方向與電場線方向同向，故粒子帶正電，故A錯誤；

BC、粒子所受電場力方向與速度方向成銳角，故電場力做正功，動能增大，電勢能減小，速度增大，故B正確，C錯誤；

D、從A點到B點，電場線越來越密，電場強度增大，電場力增大，粒子的加速度增大，故D錯誤。

故選：B。

電場力作用下從A到B，由運動與力關系可知，電場力方向沿電場線，指向運動軌跡彎曲一側，即可判斷帶電粒子電性；根據力的方向與速度方向的關系判斷粒子的速度變化和電勢能變化；電場線的疏密表示電場強度的大小，從而判斷粒子的加速度的變化。

6.【答案】C

【解析】解：依題意據幾何知識知：θ=60°

設每根導線在D點產生的磁感應強度為B，據矢量合成的平行四邊形定則有；B0=2Bcosθ=2B×12=B

若把置于C點的直導線反向，電流大小和方向都不變，據幾何知識可得：α=30°，

D7.【答案】C

【解析】解：撤去電場之前，小球做類平拋運動，根據牛頓第二定律有

qE+mg=ma

根據分運動的規(guī)律有

h=12at12

x1=v0t1

撤去電場之后，小球做平拋運動，則有

h=12gt228.【答案】CD【解析】解：A、如圖(a)，閉合線圈在勻強磁場中沿垂直磁感線的方向水平向右運動，穿過閉合線圈的磁通量不發(fā)生變化，所以沒有感應電流產生，故A錯誤；

B、如圖(b)，導體棒在勻強磁場中沿磁感線方向上下運動，穿過含有導體棒的閉合電路的磁通量不發(fā)生變化，所以沒有感應電流產生，故B錯誤；

C、如圖(c)，把條形磁鐵插入線圈的過程，使穿過線圈的磁通量增加，則在線圈中有感應電流產生，故C正確；

D、如圖(d)，小螺線管置于大螺線管中不動，開關接通瞬間，穿過大螺線管的磁通量從無到有，所以大螺線管中有感應電流產生，故D正確。9.【答案】AB【解析】解：A、波沿x軸正方向傳播，質點的振動方向與波的傳播方向垂直，可知該機械波為橫波，故A正確；

B、由圖可知該波的波長λ=4m，由波速公式v=λf可得：f=1.25Hz，故B正確；

C、P點開始振動的方向與圖中x=4m處質點開始振動的方向相同，由波形平移法可知P點開始振動的方向沿y軸正方向，故C錯誤；

D、該波的周期為T=1f=11.25s=0.8s，波從圖示位置傳到P點的時間為t=xv=8?45s=0.8s，從t10.【答案】AC【解析】解：B、φA=10V，φB=30V，可知AB的中點E的電勢為20V，可知EC為等勢線，如圖所示，

連接EC，作EC的垂線，由幾何關系，根據沿電場線方向電勢降低可知場強方向由B指向D，故B錯誤；

A、由幾何關系可知F為BD的中點，有：φA=φD，φF=φC=20V，且：φB+φD=2φF=40V

可得：φD=10V，故A正確；

C、電場強度的大?。篍=φB?φCBCcos30°=30?202×32V/m=1011.【答案】ACEG

②【解析】解：(1)單擺的擺長不可伸長，為減小空氣阻力的影響和實驗誤差，先選用長約1m的細線，直徑約2cm的鐵球，要用米尺測量擺長，停表測量周期，故答案為：ACEG。

(2)操作不妥當的是②.單擺的擺長應等于擺線長度加擺球的半徑。

(3)設擺球的半徑為r，則根據單擺的周期公式得：

T1=2πl(wèi)1+rg

T2=2πl(wèi)2+rg

聯立解得g=4π12.【答案】0.60

④

1.5

1.0

【解析】解：(1)改裝后電流表量程為I=IG+IGRGR3

代入數據I≈0.6A

(2)滑動變阻器采用限流式接法，為使電路中電流較大，并且方便調節(jié)，故實驗中應選用的滑動變阻器是阻值范圍較小的④。

(3)由(1)可知，改裝后電流表的量程I=IG(1+RGR3)=IG(1+1000.5)=201IG

根據閉合電路歐姆定律可得E13.【答案】解：(1)閉合開關S，燈泡正常工作，則電流表的示數為

I=PLUL=84A=2A

(2)設電壓表的示數為U，由閉合電路歐姆定律有

U=E?Ir?UL=(16?2×1?4)V=10V【解析】(1)閉合開關S，燈泡正常工作，根據P=UI求解電路中電流，即為電流表的示數；

(214.【答案】解：(1)根據題意分析知，可將A球運動看作擺長為R的單擺，其周期：T=2πRg=2π2Rg≈2R=2×1s=2s

(2)小球從A到O的過程中機械能守恒，可得：m1gR(1?cosθ)=【解析】(1)A球是等效單擺，根據單擺的周期公式求出其周期；

(2)根據機械能守恒定律求出A經過最低點的速度；

(