高考物理三輪沖刺 高考題型一 押題練3（含解析）-人教版高三全冊物理試題

押題練314.(2019山西長治等五市聯(lián)考)氘核和氚核可發(fā)生熱核聚變釋放出巨大的能量,該反應(yīng)方程為

12H+13H→24He+X,式中X是某種粒子。已知

12H、13H、24A.粒子X是

1B.該反應(yīng)中的質(zhì)量虧損為0.0289uC.該反應(yīng)釋放出的能量為17.6MeVD.該反應(yīng)中釋放的全部能量轉(zhuǎn)化為粒子X的動能15.如圖所示,一傾角為α的固定斜面上,兩個質(zhì)量均為m的小物塊A和B緊挨著勻加速下滑,A與B的接觸面光滑。已知A與斜面間的動摩擦因數(shù)為μA=tanα,B與斜面間的動摩擦因數(shù)為μB=12tanα,重力加速度大小為g。則下滑過程中A、B間彈力的大小為(A.0 B.12mgsinC.13mgsinα D.14mg16.(2019遼寧實驗中學(xué)段考)地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度為a;假設(shè)月球繞地球做勻速圓周運動,軌道半徑為r1,向心加速度為a1。已知引力常量為G,地球半徑為R。下列說法中正確的是()A.地球質(zhì)量M=aB.地球質(zhì)量M=aC.地球赤道表面處的重力加速度g=a1D.加速度之比a17.甲、乙兩輛汽車沿同一平直路面行駛,其v-t圖象如圖所示,下列對汽車運動狀態(tài)的描述正確的是()A.在第20s末,甲、乙兩車相遇B.若乙車在前,則可能相遇兩次C.在第10s末,乙車改變運動方向D.在第10s末,甲、乙兩車相距150m18.如圖所示,在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場(圖中未畫出),AC為該圓的直徑,O為圓心。一帶電粒子以初速度v0從A點垂直磁場水平射入圓形區(qū)域,離開磁場時,其速度方向恰好豎直向下。已知該粒子從A點入射時與直徑AC的夾角θ=45°,不計粒子重力,則有()A.該粒子一定從O點正下方離開磁場區(qū)域B.該粒子在磁場中做圓周運動的半徑為RC.該粒子的比荷為2D.該粒子在磁場中的運動時間為π19.(多選)(2019湖北名校聯(lián)盟聯(lián)考)如圖所示,六個點電荷分布在邊長為a的水平放置的正六邊形ABCDEF六個頂點處。在A、D、F處點電荷的電荷量均為-q,其余各處點電荷的電荷量均為+q,光滑豎直桿固定在正六邊形的中心軸上?，F(xiàn)將質(zhì)量為m、帶電荷量為+Q的小環(huán)穿在桿上,由P點自由釋放,若不考慮小環(huán)的電荷對電場的影響,則下列說法正確的是()A.O點電場強度大小為2kqa2,方向由B.O點電勢等于P點電勢C.小環(huán)從P到O做勻加速直線運動D.小環(huán)從P到O的過程電勢能先減小后增大20.(多選)(2019湖北黃岡模擬)如圖所示,地面上有一半徑為R的半圓形凹槽,半徑OA水平,半徑OB豎直,半徑OC與水平方向的夾角θ=37°?，F(xiàn)將小球(可視為質(zhì)點)從A處以初速度v1水平拋出后恰好落到B點;若將該小球從A處以初速度v2水平拋出后恰好落到C點,sin37°=0.6,cos37°=0.8,則下列說法正確的是()A.vB.小球剛到達C點時重力的功率與剛到達B點時重力的功率之比為3∶2C.小球剛到達C點時的速度與剛到達B點時的速度大小之比為39∶5D.小球從拋出開始運動到C點與運動到B點的平均速度大小之比為3∶221.(多選)如圖所示,阻值為R的電阻串聯(lián)在光滑的固定在水平面上的等邊三角形水平導(dǎo)軌OPQ上,導(dǎo)軌在O點斷開。磁感應(yīng)強度大小為B、方向豎直向下、寬度為d的條形磁場區(qū)域邊界a、b均與PQ平行,質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒中點接在勁度系數(shù)為k的彈簧的一端,彈簧的另一端固定,導(dǎo)體棒始終與PQ平行,且與導(dǎo)軌保持良好接觸,彈簧處于原長時,導(dǎo)體棒停于M處。現(xiàn)將導(dǎo)體棒拉至N處后自由釋放,若M至O點的距離、M到磁場邊界b的距離以及N到磁場邊界a的距離均為d,導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的阻值均忽略不計,已知彈簧的彈性勢能公式為Ep=12kx2,x為彈簧的形變量。則(A.當(dāng)電阻R中有電流時,電流方向為P→QB.導(dǎo)體棒第一次穿越條形磁場區(qū)域過程中,通過電阻R的電荷量為533C.導(dǎo)體棒最終靜止在M處D.電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱不會超過4kd2押題練314.C解析根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒,可判斷X為中子,故A錯誤;該反應(yīng)中的質(zhì)量虧損為Δm=2.0141u+3.0161u-4.0026u-1.0087u=0.0189u,故B錯誤;由愛因斯坦質(zhì)能方程可知釋放出的能量為ΔE=(2.0141+3.0161-4.0026-1.0087)×931.5MeV=17.6MeV,故C正確;該反應(yīng)中釋放一部分能量轉(zhuǎn)化為X粒子的動能,故D錯誤。15.D解析對物塊A、B整體,根據(jù)牛頓第二定律可得2mgsinα-μAmgcosα-μBmgcosα=2ma,解得a=14gsinα,對物塊B根據(jù)牛頓第二定律可得mgsinα-N-μBmgcosα=ma,解得N=14mgsin16.A解析月球圍繞地球轉(zhuǎn),根據(jù)萬有引力提供向心力,有GMmr12=ma1,解得地球質(zhì)量M=a1r12G,A正確,B錯誤;在赤道處的物體,GMmR2-mg=ma,解得g=a1r17.B解析在第20s末,甲通過的位移比乙的位移大,但由于它們初始位置關(guān)系未知,所以不能判斷是否相遇,故A錯誤;若t=0時刻乙車在前,則兩車在第20s末前,兩車可能相遇一次,此后,由于乙做勻加速運動,甲做勻速運動,乙可能追上甲,再相遇一次,故B正確;由題圖知,乙車的速度一直為正,說明乙車一直沿正方向運動,運動方向沒有改變,故C錯誤;第10s末,甲、乙兩車的位移之差為:Δx=20×10m-12×10×10m=18.C解析粒子在磁場中運動的軌跡如圖所示。由幾何關(guān)系可知,粒子一定從C點射出磁場區(qū)域,A錯誤。設(shè)粒子在磁場中做圓周運動的半徑為r,則由幾何關(guān)系可知2r2=(2R)2,解得r=2R,B錯誤。由qv0B=mv02r,可得qm=2v19.BC解析每一個電荷在中心O處產(chǎn)生的電場強度均為kqa2,根據(jù)電場強度的疊加原理可得,O點電場強度大小為2kqa2,方向由O指向F,故A錯誤;由電勢的疊加可知,OP上各點的電勢均為零,則O點電勢等于P點電勢,故B正確;小環(huán)從P到O20.AC解析小球做平拋運動,落到B點的情況下,有R=v1t1,R=12gt12,解得t1=2Rg,v1=Rg2;落到C點的情況下,有R+Rcosθ=v2t2,Rsinθ=12gt22,解得t2=6R5g,v2=9gR30;可得v1v2=15921.BD解析當(dāng)導(dǎo)體棒向右通過磁場區(qū)域時,由右手定則可判斷通過電阻R的電流方向為P→Q,當(dāng)導(dǎo)體棒向左通過磁場區(qū)域時,同理可判斷通過電阻R的電流方向為Q→P,A錯誤;在導(dǎo)體棒第一次通過磁場區(qū)域過程中,通過電阻R