2024屆安徽省皖北8校高三年級(jí)下冊(cè)大聯(lián)考模擬預(yù)測(cè)物理試題及答案解析

2024屆安徽省皖北8校高三下學(xué)期大聯(lián)考模擬預(yù)測(cè)物理試題

學(xué)校:姓名：班級(jí)：考號(hào)：

一、單選題

1.下列說法正確的是（）

A.P衰變的電子來自原子核外

B.太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的重核裂變反應(yīng)

C.原子核比結(jié)合能越大，表明原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核就越穩(wěn)定

D.氫原子躍遷時(shí)核外電子從半徑較大的軌道躍遷到半徑較小的軌道，電子的動(dòng)能減

小，原子總能量減小

2.如圖所示，一質(zhì)量為優(yōu)的物體，沿半徑為R的四分之一固定圓弧軌道滑行，由于物

體與軌道之間動(dòng)摩擦因數(shù)是變化的，使物體滑行到最低點(diǎn)的過程中速率不變。該物體在

此運(yùn)動(dòng)過程，下列說法正確的是（）

A.動(dòng)量不變B.重力做功的瞬時(shí)功率不變

C.重力做功隨時(shí)間均勻變化D.重力的沖量隨時(shí)間均勻變化

3.某同學(xué)完成課外探究作業(yè)時(shí)需要測(cè)量地鐵啟動(dòng)過程中的加速度，他把一根細(xì)繩的下

端綁上一支圓珠筆，細(xì)繩的上端用電工膠布臨時(shí)固定在地鐵的豎直扶手上。在地鐵啟動(dòng)

后的某段穩(wěn)定加速過程中，細(xì)繩偏離了豎直方向，他用手機(jī)拍攝了當(dāng)時(shí)情景的照片如圖

所示，拍攝方向跟地鐵前進(jìn)方向垂直。為進(jìn)一步探究，若把圓珠筆更換成兩個(gè)質(zhì)量不同

的小球并用輕繩連接起來，不計(jì)空氣阻力，則它們的位置關(guān)系可能正確的是（）

4.以速度%水平拋出一小球，經(jīng)過時(shí)間f后，其位移為1m,速度方向與水平面夾角的

O

正切值tana=：,重力加速度g取lOm/s?,不計(jì)空氣阻力，下列選項(xiàng)正確的是（）

A.v0=1.5m/sB.v0=2.5m/sC.t=O.3sD.t=0.5s

5.中國載人登月初步方案已公布，計(jì)劃2030年前實(shí)現(xiàn)載人登月科學(xué)探索。假如在登月

之前需要先發(fā)射兩顆探月衛(wèi)星進(jìn)行科學(xué)探測(cè)，兩衛(wèi)星在同一平面內(nèi)繞月球的運(yùn)動(dòng)可視為

勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且繞行方向相同，如圖1所示，測(cè)得兩衛(wèi)星之間的距離Ar隨時(shí)間變化

的關(guān)系如圖2所示，不考慮兩衛(wèi)星之間的作用力。下列說法正確的是（）

圖1圖2

A.a、匕兩衛(wèi)星的線速度大小之比為=6：6

B.a、匕兩衛(wèi)星的加速度大小之比%=4:1

C.。衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)周期為T

D.6衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)周期為7T

6.某簡諧橫波波源的振動(dòng)圖像如圖1所示，該波源的振動(dòng)形式在介質(zhì)中傳播，某時(shí)刻

的完整波形如圖2所示，其中尸、。是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，該波的波源位于圖2中坐標(biāo)

原點(diǎn)處，下列說法正確的是（）

試卷第2頁，共8頁

A.該波的周期為0.1s

B.再經(jīng)過0.4s,圖2中質(zhì)點(diǎn)。處于波谷

C.圖2中質(zhì)點(diǎn)Q第一次處于波谷時(shí)，波源處于波峰位置

D.從t=0.2s到質(zhì)點(diǎn)。開始振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為0.3m

7.如圖所示，電阻不能忽略的圓形金屬線圈在磁場中保持恒定角速度O。勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，通

過理想變壓器為后面的電路供電，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為功和“2,電壓表和

電流表均為理想交流電表，不計(jì)導(dǎo)線的電阻。下列說法正確的是（）

B.僅將滑片P下滑時(shí)，電壓表示數(shù)V2變大

C.僅將滑片P下滑時(shí)，電流表示數(shù)A3變小

D.僅將圓形線圈拉直成正方形（線圈周長不變），電源的效率變小

8.如圖所示,傾角為30。的光滑絕緣斜面足夠長,空間存在方向與斜面平行的勻強(qiáng)電場。

質(zhì)量為加，電荷量為-4（4＞。）的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），從固定斜面底端A點(diǎn)由靜止

釋放，經(jīng)時(shí)間I,小球沿斜面上升到2點(diǎn)，此時(shí)撤去電場，又經(jīng)過2,時(shí)間小球恰好回到

初始位置A,重力加速度為g。下列說法正確的是（）

A.撤去電場前小球從A到B電勢(shì)能逐漸增加

B.帶電小球上滑過程中撤去電場前后的加速度大小之比1：2

9t

C.小球從底端A沿斜面上升到最高點(diǎn)的時(shí)間為三

D.撤去電場前A、8兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為也翳工

二、多選題

9.如圖所示，一小物塊由靜止開始沿傾角為53。的斜面向下滑動(dòng),最后停在水平地面上。

斜面和地面平滑連接，且物塊與斜面、物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為:，取地面為零

勢(shì)能面，已知sin53°=0.8,cos53°=0.6。該過程中，物塊的機(jī)械能E、重力勢(shì)能動(dòng)

能4、摩擦產(chǎn)生的熱量。與水平位移尤的關(guān)系圖像可能正確的是（）

10.如圖所示，在xOy平面的第一、二象限內(nèi)有垂直坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)

強(qiáng)度大小為在第三、四象限-14>4。范圍內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場，在坐標(biāo)

原點(diǎn)O有一個(gè)粒子源可以向x軸上方以不同速率向各個(gè)方向發(fā)射質(zhì)量為加、電荷量為夕

的帶正電粒子，x軸上的尸點(diǎn)坐標(biāo)為y軸上的。點(diǎn)坐標(biāo)為（0,-d）。不計(jì)粒子的

重力及粒子之間的相互作用。下列說法中正確的是（）

試卷第4頁，共8頁

,則電場強(qiáng)度大小為￡=血&

m

C.沿不同方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場的粒子要經(jīng)過尸點(diǎn)，速度大小一定不同

D.所有經(jīng)過尸點(diǎn)的粒子在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均相同

三、實(shí)驗(yàn)題

11.某學(xué)習(xí)小組通過實(shí)驗(yàn)測(cè)定一截面為半圓形的玻璃瓶的折射率〃，方法如下：

(1)玻璃磚直徑A8與豎直放置的光屏垂直并接觸于A點(diǎn)，置于水平桌面的白紙

上。

(2)用激光筆從玻璃磚一側(cè)照射半圓玻璃磚的圓心O,如圖所示，在屏幕MN上可以

觀察到兩個(gè)光斑C、D,用大頭針分別在白紙上標(biāo)記圓心。點(diǎn)、C點(diǎn)、。點(diǎn)的位置，移

走玻璃磚和光屏。

(3)用刻度尺測(cè)量0C和的長度分別為乙、L”

(4)利用所測(cè)量的物理量，寫出玻璃磚折射率的表達(dá)式〃=0

(5)實(shí)驗(yàn)中，不斷增大入射角，(填“能”或“不能”)觀察到全反射現(xiàn)象。

(6)為減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)適當(dāng)______(填“增大”或“減小”)激光在。點(diǎn)的入射

角。

12.如圖1所示為某多用電表的歐姆擋“xio”擋內(nèi)部電路示意圖。表頭G滿偏電流10mA、

(2)由于長時(shí)間未使用，該多用表內(nèi)部電源電動(dòng)勢(shì)發(fā)生了變化，但仍可歐姆調(diào)零。為了測(cè)

得其內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)，實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①將選擇開關(guān)旋至歐姆％10”擋位，紅、黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零；

②將一電阻箱串聯(lián)在兩表筆間，實(shí)驗(yàn)電路如圖2所示，為使測(cè)量過程指針偏轉(zhuǎn)范圍盡量

大些，電阻箱應(yīng)選用(填字母序號(hào))；

A.最大阻值99.99。B.最大阻值999.9。

③調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，當(dāng)多用表的指針如圖3所示時(shí)，通過表頭G的電流為mA；

④連續(xù)調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄多組電阻箱阻值R和通過毫安表的電流/,作出R-：圖

像如圖4所示，則現(xiàn)在的電源電動(dòng)勢(shì)E=V。

(3)用該歐姆表測(cè)得一定值電阻的阻值為300C,如果操作無誤，不考慮偶然誤差的情況

下，則該定值電阻的實(shí)際阻值為Qo

四、解答題

13.如圖所示，兩個(gè)橫截面積均為S的絕熱汽缸水平放置并固定在水平面上，兩個(gè)汽缸

通過底部的細(xì)管連通，細(xì)管上裝有閥門用。左側(cè)汽缸長度為L,內(nèi)部有壓強(qiáng)為2p。、溫

度為％的理想氣體；右側(cè)汽缸足夠長，絕熱活塞(厚度不計(jì))與汽缸底部隔開長度為乙

試卷第6頁，共8頁

的真空，并用銷釘K,固定活塞，右端開口與大氣相通?；钊c汽缸內(nèi)壁間無摩擦且不

漏氣，不計(jì)細(xì)管的容積和電熱絲的體積，大氣壓強(qiáng)為P。。

(1)僅打開閥門監(jiān),判斷理想氣體內(nèi)能的變化情況并說明理由；

(2)打開閥門塢,并拔去銷釘K?,給電熱絲通電使汽缸內(nèi)溫度緩慢升高到L57；,求穩(wěn)

定后活塞移動(dòng)的距離。

理想氣體

14.如圖所示，豎直放置的光滑導(dǎo)軌寬為3上端接有阻值為R的電阻，導(dǎo)軌的一部分

處于寬度和間距均為從磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的4個(gè)矩形勻強(qiáng)磁場中。水平金屬桿ab

在距離第1個(gè)磁場〃高度處由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)金屬桿每次進(jìn)入磁場時(shí)的速度都相等。金

屬桿接入導(dǎo)軌間的電阻為2R,與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速

度為g，求：

(1)金屬桿從釋放到穿出第1個(gè)磁場的過程，通過電阻R的電荷量；

(2)金屬桿從第4個(gè)磁場穿出時(shí)的速度大小。

B*x,d

d

Bxxd

d

Bxx

d

d

15.如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量均為〃z=lkg、長度均為L=1.5m的相同木板A、8靜止在粗糙

的水平地面上，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為M=0」，C為一半徑R=1.8m的光滑四

分之一固定圓弧軌道，底端切線水平且與木板43的上表面等高?，F(xiàn)將質(zhì)量也為根=lkg

的小物塊P由圓弧頂端無初速度釋放,沿圓弧下滑剛滑過圓弧最底端時(shí)與靜止在A上表

面最左端的質(zhì)量M=2kg的小物塊。發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短，碰撞后尸滑回圓弧

軌道后鎖定，。與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為4=。3,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，

兩小物塊均可看成質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g取lOm/s"求:

(1)小物塊尸第一次剛滑到圓弧最底端時(shí)對(duì)軌道的壓力;

(2)小物塊。與木板8之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量；

(3)最終兩木板間的距離。

P

試卷第8頁，共8頁

參考答案：

1.C

【詳解】A.(3衰變的電子來自原子核內(nèi)的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化為一個(gè)質(zhì)子并放出一個(gè)電子，故A

錯(cuò)誤；

B.太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的熱核反應(yīng)，故B錯(cuò)誤；

C.原子核比結(jié)合能越大，表明原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核就越穩(wěn)定，故C正確;

D.氫原子躍遷時(shí)核外電子從半徑較大的軌道躍遷到半徑較小的軌道，放出能量，根據(jù)

e2v2

K—=m——

r~r

可知

穌=火「減小，電子的動(dòng)能增大，但由于放出能量，原子總能量減小，故D錯(cuò)誤。

2r

故選C。

2.D

【詳解】A.物體的速度大小不變，方向發(fā)生改變，則物體的動(dòng)量大小不變，方向發(fā)生改變，

故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)

P=mgvy

由于物體豎直方向的分速度逐漸減小，則重力做功的瞬時(shí)功率逐漸減小，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)

W=mgh

物體速率不變，但豎直方向的分速度發(fā)生改變，所以物體下落的高度不是隨時(shí)間均勻變化,

則重力做功不是隨時(shí)間均勻變化，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)

I-mgt

由于重力恒定不變，可知重力的沖量隨時(shí)間均勻變化，故D正確。

故選D。

3.B

【詳解】以兩個(gè)小球整體為研究對(duì)象，受到重力和拉力，如圖所示

答案第1頁，共15頁

根據(jù)牛頓第二定律有

(m+Af)(2=(m+M)gtana

解得

a=tana

以下面小球?yàn)檠芯繉?duì)象，受到重力和拉力，如圖所示

7

根據(jù)牛頓第二定律有

Ma=Mgtana

解得

a-tan3

因?yàn)閮汕虻募铀俣认嗤瑒t可知兩段細(xì)線與豎直方向的夾角相同0

故選B。

4.A

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)推論有

tan9=-tana——

23

根據(jù)幾何知識(shí)有

答案第2頁，共15頁

sin8=—,cos0=—

55

根據(jù)幾何知識(shí)可得

43

y=ssin6=w，x=scos^=~

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有

12*

y=2§r,x=v°l

解得

v0=1.5m/s,z=o.4s

故選Ao

5.D

【詳解】A.設(shè)。星與月球的距離為4,b星與月球的距離為％,根據(jù)圖像有

ra+rb=5r,rb-ra=5r

聯(lián)立解得

ra=r,rb=4r

兩衛(wèi)星均繞月球運(yùn)動(dòng)，設(shè)。星與6星的速度分別為%、%,根據(jù)牛頓第二定律有

GMmv2

——--=m——

rr

解得

可知〃、b兩衛(wèi)星的線速度大小之比

工肉=2

%在1

故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)

GMm

——--二ma

r

解得

可知0、6兩衛(wèi)星的加速度大小之比

答案第3頁，共15頁

故B錯(cuò)誤;

CD.根據(jù)開普勒第三定律可得

根據(jù)圖像可知，經(jīng)過時(shí)間T兩衛(wèi)星再次相距最近，有

27r27r

——T——T=2;

TaTb

聯(lián)立解得

7

T=-T,q=7T

o

故C錯(cuò)誤，D正確。

故選Do

6.C

【詳解】A.由圖1可知該波的周期為0.2s,故A錯(cuò)誤;

B.由圖2可知該波的波長為0.2m,波速為

v=—=Im/s

經(jīng)過0.4s,波傳播的距離為

Ax=V%=1x0.4m=0.4m

由圖2根據(jù)波形平移法可知，再經(jīng)過0.4s,圖2中質(zhì)點(diǎn)。處于平衡位置，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)波形平移法可知，再經(jīng)過

.Ax0.35?._7T

=——=-----s=0.35s=—T

v14

7

質(zhì)點(diǎn)。第一次處于波谷，波源從圖示時(shí)刻再經(jīng)過7個(gè)周期，波源處于波峰，故C正確；

D.由題圖可知波形圖對(duì)應(yīng)的時(shí)刻為r=0.2s,由波形平移法可知，在經(jīng)過0.3s質(zhì)點(diǎn)。開始

振動(dòng)，由于

答案第4頁，共15頁

3

0.3s=-T

2

則從t=0.2s到質(zhì)點(diǎn)。開始振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)尸運(yùn)動(dòng)的路程為

3

s=—x4A=12cm

2

故D錯(cuò)誤。

故選C。

7.A

【詳解】A.對(duì)原線圈有

Ejr+U]

2二5

U2n2

b?1

聯(lián)立可得

4%

所以

"1=(2)2廠

M4

故A正確；

B.根據(jù)變壓器原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系

Uz%

若僅將滑片P下滑時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值減小，根據(jù)等效電阻法可知，原線圈回路

中的電流刀增大，則原線圈的輸入電壓S減小，減小，所以電壓表示數(shù)V2減小，故B

錯(cuò)誤；

C.由于刀增大，則及增大，根據(jù)歐姆定律可知，以兩端的電壓增大，及兩端的電壓減小，

流過及的電流減小，流過尺3的電流增大，故C錯(cuò)誤；

D.若僅將圓形線圈拉直成正方形（線圈周長不變），由于外電路等效電阻和電源內(nèi)阻不變，

根據(jù)閉合電路歐姆定律可知

答案第5頁，共15頁

〃=,/&卜,—xlOO%=x100%

/2R外+/-4R外+R內(nèi)

則電源的效率不變，故D錯(cuò)誤。

故選Ao

8.C

【詳解】A.撤去電場前電場力對(duì)小球做正功，其電勢(shì)能減小，故A錯(cuò)誤;

B.設(shè)撤去電場時(shí)小球的位移大小為x,速度大小為%,撤去電場前小球的加速度大小為生,

撤去電場后小球的加速度大小為。2,根據(jù)位移與時(shí)間的關(guān)系可得

11

2=2

x——,—xVQ'2z—5〃2（2，）

根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系可得

v0=印

聯(lián)立解得

/_4

a25

故B錯(cuò)誤;

C.撤去電場后小球上升到最高點(diǎn)的時(shí)間

a2

解得

4

A=-t

15

由此可知，小球從底端A沿斜面上升到最高點(diǎn)的時(shí)間為

,9

t=t+t]

故C正確;

D.撤去電場前，根據(jù)動(dòng)能定理有

12

-UABq-mgxsin30=—mv0

由于

a2=gsin30=-1-

所以可得

答案第6頁，共15頁

2

4二/

聯(lián)立解得

rr_9mg2t2

UAR=---------------

50q

故D錯(cuò)誤。

故選C。

9.BD

【詳解】AD.設(shè)。點(diǎn)到斜面底端的距離為％,物塊釋放點(diǎn)的高度為人物塊從釋放到停止

運(yùn)動(dòng)的過程中，克服摩擦力做功

=jumgcos53—+/dmgxl

可得

W克=junigx0+〃mgX\=/jmgx

根據(jù)能量守恒可知

Q=%=/jmgx

而物塊在該過程中機(jī)械能的減少量始終等于克服摩擦力所做的功，則物塊在無軸上任意位置

的機(jī)械能為

￡l=mgn,-—2mg-x

2

其E-x圖像為縱軸截距為根g/z,斜率為機(jī)g的傾斜直線，而其Q-x圖像為過原點(diǎn)，斜率

2

為1mg的傾斜直線，故A錯(cuò)誤，D正確；

B.物塊的重力勢(shì)能

4(3、

Eg=mgh-mgtan53-x=mgh——mg-x\x<x0=-hI

4

可知物塊綜-了圖像為縱軸截距根g/z,斜率為的圖線，當(dāng)x>/時(shí)，重力勢(shì)能為。保

持不變，故B正確；

C.當(dāng)物塊從最高點(diǎn)下滑至斜面最低點(diǎn)的過程中，物塊的動(dòng)能

x2

E=mgxtan53-jurngcos53-------------mg?x(x<x)

klcos5330

當(dāng)物塊下滑至斜面底端時(shí)其動(dòng)能

答案第7頁，共15頁

L2

￡

ki=~mgx0

此后在水平面上克服摩擦力做功，則有

222

線2=~mgxQ-/Jmgx=-mgx0--mg-x(x0<x<2x0)

可知，動(dòng)能達(dá)到最大值前，其圖像為過原點(diǎn)的傾斜直線，斜率為:2機(jī)g,動(dòng)能達(dá)到最大后在

水平面上運(yùn)動(dòng)，其圖線的斜率為-;根g,可知圖線具有對(duì)稱性，故C錯(cuò)誤。

故選BD?

10.AD

【詳解】A.根據(jù)洛倫茲力充當(dāng)向心力有

v2

Bqv=m——

R

可得

qB

而所有通過P點(diǎn)的粒子，0尸為其軌跡上的一條弦，可知，在粒子比荷相同的情況下，粒子

的發(fā)射速度越大，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑越大，因此當(dāng)。尸為粒子軌跡的直徑時(shí)，經(jīng)

過尸點(diǎn)的粒子半徑最小，最小半徑

可得最小入射速度

BqRBqd

—與

"min—m2m

故A正確；

B.以最小速率經(jīng)過P點(diǎn)的粒子入射方向沿著y軸正方向，出射方向過尸點(diǎn)沿著y軸負(fù)方向，

即進(jìn)入電場時(shí)垂直與電場方向，可知粒子進(jìn)入電場后做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻速直線運(yùn)

動(dòng)，水平方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法可得

dfK，d=；.里

2m

聯(lián)立解得

E=BFd

2m

故B錯(cuò)誤；

C.如圖1所示

答案第8頁，共15頁

沿圖1所示軌跡運(yùn)動(dòng)的粒子，進(jìn)入磁場的方向不同，但都經(jīng)過了P點(diǎn)，且粒子入射速度大小

相同，故c錯(cuò)誤;

D.設(shè)沿不同方向進(jìn)入磁場的粒子經(jīng)過尸點(diǎn)的速度方向與x軸的夾角為凡如圖2所示

mv

R^—v=vsin(9

2sin0qBy

則有

_Bqd

2m

可知粒子出磁場時(shí)垂直電場方向的分速度為為定值，則粒子穿過電場的過程中沿y軸負(fù)方向

做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有

d=vyt

可得

d2m

t=一=——

與Bq

因此，所有經(jīng)過尸點(diǎn)的粒子在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均相同，故D正確。

答案第9頁，共15頁

故選ADo

七2

11.不能增大

A

【詳解】（4）⑴如圖

OC所在光線為反射光線，。。所在光線

R

sinZFOEsinNCOEsinZACO_L_L

n=--------------=--------------t2

sinZDOQsinZDOQsinZDOQ-￡一4

L]

（5）[2]光是從光疏介質(zhì)射入光密介質(zhì)，所以不能觀察到全反射現(xiàn)象。

（6）[3]為減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)適當(dāng)增大激光在O點(diǎn)的入射角。

12.⑴紅

(2)B6.01.4

(3)280

【詳解】（1）電流從紅表筆流入，黑表筆流出，所以該多用電表的A表筆應(yīng)為紅表筆。

（2）[1]為使測(cè)量過程指針偏轉(zhuǎn)范圍盡量大些，電阻箱應(yīng)選用阻值較大的，即回路中電阻變

化范圍較大，則電流變化范圍大。

故選B。

⑵電流表的每一小格為0.2mA,所以通過表頭G的電流為6.0mA；

[3]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

E=/（r+Rg+&+R）

所以

答案第10頁，共15頁

p

R=]-(r+4+凡)

結(jié)合圖像可得

（3）當(dāng)電源的電動(dòng)勢(shì)為1.5V時(shí)，有

E1.5

4+凡=4+300

,E

當(dāng)電動(dòng)勢(shì)為L4V時(shí)，有

E'1.4

%+&4?+4

,E'

聯(lián)立解得

R；=280Q

13.(1)見解析;(2)L

【詳解】（1）根據(jù)題意，僅打開閥門Ki,汽缸內(nèi)氣體體積自由膨脹，對(duì)外不做功，同時(shí)由

于汽缸絕熱，氣體既不吸熱也不放熱，所以根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體內(nèi)能不變;

（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

4T2

2p0LS_Po(2L+x)S

To-L57；-

14.(1)——;(2)'2g(h-d)

【詳解】（1）根據(jù)題意可知，通過電阻R的電荷量為

q=I1?

_AO,_BLd

A%A/j

答案第11頁，共15頁

解得

(2)金屬桿進(jìn)入磁場1和2時(shí)的速度相等，則金屬桿通過磁場1、2、3、4產(chǎn)生的熱量相等,

即

。=4?mg?2d=8mgd

設(shè)金屬桿從第4個(gè)磁場穿出時(shí)的速度大小為V,根據(jù)能量守恒定律有

mg(h+1d)=—mv2+。

V=J2g(〃-d)

4

15.(1)30N,方向豎直向下；(2)2J；(3)jm

【詳解】(1)小物塊尸從釋放到第一次剛滑到圓弧最底端時(shí)，由動(dòng)能定理可得

在圓弧最底端，由牛頓第二定律可得

由牛頓第三定律可知，小物塊尸運(yùn)動(dòng)到圓弧最底端時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為30N,方向豎直向

下；

(2)小物塊P剛要滑上木板A時(shí)與小物塊。發(fā)生彈性碰撞，由動(dòng)量守恒

mv0=mvpl+Mv&

由機(jī)械能守恒

萬機(jī)片=~mvn+~MVQI

聯(lián)立解得

vPX=-2m/s

答案第12頁，共15頁

=4m/s

碰后小物塊尸向左滑離木板，小物塊。在木板A上向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)

pi2Mg=MaQ

解得

2

aQ=3m/s

設(shè)經(jīng)「時(shí)間，小物塊?；^木板A,其位移

1，

XQl=一萬與％

這段時(shí)間，木板A、3一起向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由

出Mg-必（M+2m）g=2maAB

解得

2

aAB=lm/s

其位移

_j_2