2022-2023學(xué)年河北省邯鄲市廣府鎮(zhèn)石官營中學(xué)高二物理知識點試題含解析

2022-2023學(xué)年河北省邯鄲市廣府鎮(zhèn)石官營中學(xué)高二物理知識點試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，在場強為E的勻強電場中，a、b兩點間的距離為L，ab連線與電場方向的夾角為θ，則a、b兩點間的電勢差為A．B．C．D．參考答案：B2.用圖示裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，光陰極K與滑動變阻器的中心抽頭c相連，當(dāng)滑動頭P從a移到c的過程中，光電流始終為零。為了產(chǎn)生光電流，可采取的措施是

(

)A．增大入射光的強度

B．增大入射光的頻率C．把P向a移動

D．把P從c向b移動參考答案：3.（單選）如圖所示，P、Q為平行板電容器，兩極板豎直放置,在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球.將該電容器與電源連接，閉合電建后，懸線與豎直方向夾角為.則A.保持電建閉合，縮小P、Q兩板間的距離，角度會減小B.保持電建閉合，加大P、Q兩板間的距離，角度會增大C.將開關(guān)再斷開，加大P、Q兩板間的距離，角度會增大

D.將開關(guān)再斷開，縮小P、Q兩板間的距離，角度不變化參考答案：D4.下列運動中，加速度發(fā)生變化的是()A.平拋運動 B.斜拋運動C.自由落體運動 D.勻速圓周運動參考答案：D物體加速度不變，即物體的合外力不變，平拋運動，斜拋運動，自由落體運動過程中只受重力，所以合外力不變,即加速度不變，ABC正確，勻速圓周運動的合外力大小不變，但方向時時刻刻指向圓心，即加速度時刻指向圓心，方向在變化，D錯誤，5.傳感器是一種采集信息的重要器件，如圖所示，是一種測定壓力的電容式傳感器，當(dāng)待測壓力F作用可動膜片電極上時，可使膜片產(chǎn)生形變，引起電容的變化，將電容器、靈敏電流表和電源串接成閉合電路，則（

）

A．當(dāng)電容減小時，可知壓力F向上

B．當(dāng)電容增大時，可知壓力F向上

C．若電流計有讀數(shù)，則壓力發(fā)生變化

D．若電流計有讀數(shù)，則壓力不發(fā)生變化參考答案：BC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一個單擺在甲地時，在時間t內(nèi)完成m次全振動，移至乙地時，經(jīng)過相同的時間完成n次全振動，則甲、乙兩地重力加速度大小之比g甲：g乙等于______________。參考答案：m2：n27.在用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻時，根據(jù)實驗測得的一系列數(shù)據(jù)，畫出了如圖所示的U－I圖，則被測干電池的電動勢為______V，內(nèi)阻為______Ω。參考答案：1.5V

0.5Ω8.．用頻率為v的光照射某金屬表面時，逸出的光電子的最大初動能為EK，若改用頻率為3v的光照射該金屬，則逸出光電子的最大初動能為

參考答案：.2hv+EK。9.一個正常發(fā)光的燈泡，兩端的電壓是36Ｖ，通過的電流是2A。這時燈泡的電阻是_________V，它消耗的電功率是____________W。參考答案：18，7210.(1)某同學(xué)在探究影響單擺周期的因素時有如下操作，請你判斷是否恰當(dāng)(填“是”或“否”)．①把單擺從平衡位置拉開某一任意角度后釋放：

▲

；②在擺球經(jīng)過最低點時啟動秒表計時：

▲

；③用秒表記錄擺球一次全振動的時間作為周期：

▲

。(2)該同學(xué)改進(jìn)測量方法后，得到的部分測量數(shù)據(jù)見表．用螺旋測微器測量其中一個擺球直徑的示數(shù)如圖所示，該球的直徑為

▲

mm，根據(jù)表中數(shù)據(jù)可以初步判斷單擺周期隨

▲

的增大而增大。參考答案：11.如圖所示，質(zhì)量為M的小車靜止在光滑的水平地面上，車上裝有半徑為R的半圓形光滑軌道．現(xiàn)將質(zhì)量為m的小球放于半圓形軌道的邊緣上，并由靜止開始釋放，當(dāng)小球滑至半圓形軌道的最低點位置時，小車移動的距離為，小球的速度為．參考答案：；．【考點】動量守恒定律．【分析】（1）小球從靜止下滑時，系統(tǒng)水平方向不受外力，動量守恒．小球下滑直到右側(cè)最高點的過程中，車一直向左運動，根據(jù)系統(tǒng)水平方向平均動量守恒，用水平位移表示小球和車的速度，根據(jù)動量守恒列式求解車向左移動的最大距離；（2）小球滑至車的最低點時，根據(jù)系統(tǒng)的水平方向動量守恒和機(jī)械能守恒列式，即可求出小球的速度；【解答】解：當(dāng)小球滾到最低點時，設(shè)此過程中小球水平位移的大小為s1，車水平位移的大小為s2．在這一過程中，由系統(tǒng)水平方向總動量守恒得（取水平向左為正方向）m﹣M=0又s1+s2=R由此可得：s2=當(dāng)小球滾至凹槽的最低時，小球和凹槽的速度大小分別為v1和v2．據(jù)水平方向動量守恒

mv1=Mv2另據(jù)機(jī)械能守恒得：mgR=mv12+Mv22得：v1=故答案為：；．12.一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，原點x=0處為波源，從波源開始振動計時，在t=6s時波恰好傳播到P點，如圖所示。則：（1）波源開始振動時的振動方向為

(填“y軸正向”或“y軸負(fù)向”)，波的傳播速度

m/s.（2）再經(jīng)過t=

s的時間，位于x=8cm處的Q點恰好第3次位于波谷。參考答案：（1）y軸正方向，0.01m/s

。（2）13s13.在研究平行板電容器電容的實驗中，電容器的A、B兩極板帶有等量異種電荷，A板與靜電計連接，如圖所示。實驗中可能觀察到（填增大、減小或不變）(1)當(dāng)增大A、B板間的距離，靜電計指針張角

(2)在A、B板間放入一介質(zhì)板，靜電計指針張角

參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（6分）圖所示是電場中某區(qū)域的電場線分布圖，P、Q是電場中的兩點。（1）請比較P、Q兩點中電場強度的強弱并說明理由。（2）把電荷量為=3.0×C的正點電荷放在電場中的P點，正電荷受到的電場力大小為F=6.0N；如果把移去，把電荷量為=6.0×10C的負(fù)點電荷放在P點，求負(fù)荷電荷受到的電場力F的大小方向。參考答案：(1)Q點電場強度較強(1分)。因為Q點處電場線分布較P點密(1分)。(2)P點電場強度E=F/q=6/(3×10)×10（N/C）（2分）方向向左(或與電場強度方向相反)

(1分)15.（解答）如圖所示，一水平放置的矩形線圈abcd，在細(xì)長的磁鐵N極附近豎直下落，保持bc邊在紙外，ab邊在紙內(nèi)，由圖中位置Ⅰ經(jīng)位置Ⅱ到位置Ⅲ，這三個位置都靠得很近，且位置Ⅱ剛好在條形磁鐵中心軸線上，在這個過程中穿過線圈的磁通量怎樣變化？有無感應(yīng)電流？參考答案：穿過線圈的磁通量先減少后增加，線圈中有感應(yīng)電流根據(jù)條形磁鐵N極附近磁感線的分布情況可知，矩形線圈在位置Ⅰ時，磁感線從線圈的下面斜向上穿過；線圈在位置Ⅱ時，穿過它的磁通量為零；線圈在位置Ⅲ時，磁感線從線圈上面斜向下穿過。所以，線圈從Ⅰ到Ⅱ磁通量減少，從Ⅱ到Ⅲ磁通量增加。穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，有感應(yīng)電流產(chǎn)生四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子以速度v0從O點沿y軸正方向射入磁感應(yīng)強度為B的有界勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直于紙面．粒子飛出磁場區(qū)域后，再運動一段時間從b處穿過x軸，速度方向與x軸正方向夾角為30°，如圖所示．不計粒子重力，求：(1)粒子在磁場中做圓周運動的半徑；(2)b點到O點的距離；(3)粒子從O點到b點的時間．參考答案：(1)(2)(3)(＋)(1)洛倫茲力提供向心力，qv0B＝m，得R＝.(2)設(shè)圓周運動的圓心為a，則ab＝＝2R，Ob＝R＋ab＝.(3)圓周運動的周期T＝，在磁場中運動的時間t1＝T＝.離開磁場后運動的距離s＝Rtan60°＝，運動的時間t2＝＝.由O點到b點的總時間t＝t1＋t2＝(＋)．17.質(zhì)量為m的木塊下面用細(xì)線系一質(zhì)量為M的鐵塊，一起浸沒在水中從靜止開始以加速度a勻加速下沉（如圖），經(jīng)時間t1s后細(xì)線斷裂，又經(jīng)t2s后，木塊停止下沉．試求鐵塊在木塊停止下沉瞬間的速度．參考答案：解：從動量定理考慮：把木塊和鐵塊作為一個整體，在細(xì)線斷裂前后整體受到的合外力不變，恒為兩者所受的總重力和總的浮力之差，即F=（m+M）a．在兩者開始下沉到木塊停止下沉的時間內(nèi)，它對整體的沖量為：I=F（t1+t2）=（m+M）a（t1+t2），其方向豎直向下．在這個沖量作用下，整體的動量從0變化到Mvx（vx就是木塊停止下沉?xí)r鐵塊的瞬時速度）．于是由動量定理有：（m+M）a（t1+t2）=Mvx﹣0，聯(lián)立得：vx=答：鐵塊在木塊停止下沉瞬間的速度是．【考點】動量定理．【分析】以鐵塊與木塊組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律求出合力，由動量定理求出鐵塊的速度．18.如圖所示，高h(yuǎn)＝0.45m的光滑水平桌面上有質(zhì)量m1＝2kg的物體，以水平速度v1＝5m/s向右運動，與靜止的另一質(zhì)量m2＝1kg的物體相碰．若碰撞后m1仍向右運動，速度變?yōu)関1′＝3m/s，求：(不計空氣阻力，g＝10m/s2)(1)m2落地時距桌邊緣A點的水平距離；(2)m2落地時動量的大小．參考答案：解析：(1)m1與m2碰撞，動量守恒，有：m1v1＝m1v1′＋m2v2

解得v2＝4m/s.

……2分