2023 年高考考前押題密卷-物理（上海卷）（A4解析版）

2023年高考考前押題密卷（上海卷）

物理

（考試時(shí)間：60分鐘試卷滿分：100分）

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。

如

需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。

寫

在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回

一、選擇題（共40分。第1-8小題，每小題3分，第9-12小題，每小題4分。每小題

只有一個(gè)正確答案。）

1.某項(xiàng)研究需要引入“加速度變化快慢”，它的單位是（）

A.m/sB.m/s2C.m/s3D.m2/s2

【答案】C

加速度變化快慢可以根據(jù)定義法：

【詳解】％

2

Aasm

A?ss3

30

2.核反應(yīng)方程：15P-*si+x中的X是（）

A.質(zhì)子\HB.正電子,eC.電子1eD.中子1n

【答案】B

【詳解】根據(jù)質(zhì)量數(shù)電荷數(shù)守恒，可寫出該核反應(yīng)方程為

1

所以，X是正電子：e。

故選B。

3.如圖在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，光源S到兩縫S-S2距離相等，用綠色光實(shí)驗(yàn)可觀察屏上出現(xiàn)

條紋.為增大屏上的條紋間距，下列方法可行的是()

A.僅稍微向下移動(dòng)光源S

B.僅增大雙縫Si、S2間距$S,?

C.僅增大屏到雙縫的距離

D.僅改換用頻率更高色光

【答案】C

【詳解】根據(jù)

Ax=—2,增加/,可以使Ax增大

故選C。

4.質(zhì)點(diǎn)在光滑水平面上做直線運(yùn)動(dòng)，v-t圖象如圖所示。取質(zhì)點(diǎn)向東運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎?，則

下列說法中正確的是(

(A)質(zhì)點(diǎn)在2內(nèi)加速度方向發(fā)生改變

⑻質(zhì)點(diǎn)在2s內(nèi)發(fā)生的位移3m「一一

(C)質(zhì)點(diǎn)在2s末的速度是3m/s,方向向東

(D)質(zhì)點(diǎn)先做勻減速后做勻加速的直線運(yùn)動(dòng)

【答案】D

【詳解】A.V-/圖像中斜率表示加速度，由圖可知，質(zhì)點(diǎn)在2s內(nèi)加速度方向不變，故A

錯(cuò)誤；

2

B.v-f圖像中面積表示位移，由圖可知，質(zhì)點(diǎn)在2s內(nèi)發(fā)生的位移為0,故B錯(cuò)誤；

C.向東運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎?，由圖可知，質(zhì)點(diǎn)在2s末的速度是3m/s,方向向西，故C錯(cuò)誤；

D.由圖可知，0?1s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，1:2s內(nèi)做反向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故D

正確。

故選D。

5.一物體在恒力F作用下沿該力方向做初速為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t,位移為s,

速度變?yōu)閂o這段時(shí)間內(nèi)F做功的平均功率為()

(A)Fs(B)Fv(C)Fs/t(D)Fvt

【答案】C

【詳解】根據(jù)平均功率定義w

P=—,恒力做功少=內(nèi)

t

故選C。

6.一列橫波的波速為2m/s,其中某質(zhì)點(diǎn)從平衡位置起動(dòng)，1s后再一次回到平衡位置，則

該波的波長(zhǎng)可能為()

A.5mB.3mC.0.5mD.0.3m

【答案】c

【詳解】T2

由—+/T=1,可知T=------(〃=0、1、2、、)

21+2〃

2

A=VT=2X-------(〃=0、1、2、、)

1+2〃

或者〃7=1,可知T=J_(“=i、2、3、、)

n

2

2=VT=—(n=1>2>3>、)

n

故選Co

3

7.如圖，夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙從圓軌道i先變軌到橢圓軌道n,再變軌到圓軌道HI與天和核心艙完

成對(duì)接。它在圓軌道I和ni上運(yùn)行時(shí)的速率分別為％、v3,周期分別為篤，加速度分

別為4、的，機(jī)械能分別為用、片。則（）

-、、III

??、、

A.匕<v3B.工>T3

C.%>a3D.E]=E3

【答案】C

2

【詳解】A.由萬有引力提供向心力，根據(jù)G號(hào)=加1可得線速度

r

可知軌道半徑小的運(yùn)行速度大，即匕〉匕，故A錯(cuò)誤;

B.由萬有引力提供向心力，根據(jù)G牛

F可得周期

r3

7=2萬

GM

可知軌道半徑小的周期小，即7]<4，故B錯(cuò)誤;

C.由萬有引力提供向心力結(jié)合牛頓第二定律有

「Mm

G——=ma

4

可得加速度

GM

a=~r~

可知軌道半徑小的加速度大，即%〉的，故C正確；

D.實(shí)驗(yàn)艙兩次從低軌道變軌到高軌道時(shí)都需要加速，機(jī)械能增加，即E]<E3,故D錯(cuò)誤。

故選C。

8.利用智能手機(jī)中的加速度傳感器可以測(cè)量手機(jī)的加速度a.用手掌

托著手機(jī)，手掌從靜止開始上下運(yùn)動(dòng)，軟件顯示豎直方向上的a-t

圖像如圖，該圖像以豎直向上為正方向。則手機(jī)()

(A)在t2時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)

(B)在t3時(shí)刻改變運(yùn)動(dòng)方向

(C)在t2到t4時(shí)間內(nèi)，受到的支持力先減小再增大

(D)在3到t3時(shí)間內(nèi)，受到的支持力先增大再減小

【答案】D

【詳解】AB.根據(jù)題意，由圖可知，手機(jī)在0?。加速度約為0,4?弓時(shí)間內(nèi)，向上做加

速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，質(zhì)?匕時(shí)間內(nèi)，向上做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，J?。向上做加速度

增大的減速運(yùn)動(dòng)，則在右時(shí)刻沒有運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，在4時(shí)刻也沒有改變運(yùn)動(dòng)方向，故AB錯(cuò)

誤；

CD.由牛頓第二定律，。?匕時(shí)間內(nèi)有

F-mg=ma

解得

F

a=-----g

m

5

t3?。時(shí)間內(nèi)有

mg-F=ma

解得

.F

a=g--

m

結(jié)合圖像可知，％?/2時(shí)間內(nèi)，支持力增大，/2?。時(shí)間內(nèi)支持力減小，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

9.如圖所示的電路中，R］、R,是定值電阻，電表均為理想電表，RB是磁敏材料制定的元件（其

特點(diǎn)無磁場(chǎng)時(shí)處于斷開狀態(tài)，有磁場(chǎng)出現(xiàn)時(shí)導(dǎo)通）。閉合開關(guān)S,滑動(dòng)變阻器R的滑片處于

某位置，當(dāng)有磁鐵靠近RB附近時(shí)，（）

A.電流表讀數(shù)減小B.Ri的功率減小C.電壓表讀數(shù)增大D.電源總功率增

大

【答案】D

【詳解】AC.當(dāng)有磁鐵經(jīng)過心附近時(shí)，外電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得

區(qū)外+「

可知電流表示數(shù)變大，外電路電壓為

U=E-Ir

/變大，其它量不變，所以電壓表示數(shù)減小，故AC錯(cuò)誤;

D.電源的總功率

P=IE

6

因?yàn)殡娏?變大，所以電源總功率變大，故D正確；

C.根據(jù)題意可知當(dāng)有磁鐵經(jīng)過KB附近時(shí)，心的阻值減小，根據(jù)串反并同可知通過用的電

流增大，根據(jù)

P=PR\

可知員的功率增大，故B錯(cuò)誤。

故選D。

10.如圖，裝有水銀的玻璃細(xì)管位于豎直平面內(nèi)，其中。管水平、左端用活塞封閉了一段氣

柱；6、c管豎直，6管上端封閉了一定量的氣體、c管上端與大氣相通。最初6、c兩管中

水銀面恰好相平，現(xiàn)保持溫度和大氣壓不變，將活塞緩慢向左拉動(dòng)一小段距離（Ac管仍

有水銀），穩(wěn)定后b管中水銀面將（）

A.高于c管中水銀面,。管中的氣柱長(zhǎng)將變短

B.高于c管中水銀面,。管中的氣柱長(zhǎng)將變長(zhǎng)

C.低于c管中水銀面,。管中的氣柱長(zhǎng)將變短

D.低于c管中水銀面,a管中的氣柱長(zhǎng)將變長(zhǎng)

【答案】B

【詳解】設(shè)開始時(shí)。管中的壓強(qiáng)為51，b、c管水銀高度為％cm,大氣壓強(qiáng)為耳，則

P.i=4+4cmHg

將a管活塞緩慢向左拉動(dòng)時(shí)，a管中氣體壓強(qiáng)減小，6、c管中水銀下降，設(shè)穩(wěn)定后a管中的

壓強(qiáng)為月2,c管水銀高度為42cm,則

“c2<%

7

故

Pa2=P0+h2cmHg<Pal

該過程a管中氣體為等溫變化，根據(jù)玻意耳定律可得

P=PV

aya\a2a2

因此

即。管中的氣柱變長(zhǎng)，設(shè)b管中氣體初始?jí)簭?qiáng)為耳，穩(wěn)定后為82，由題意可知

PI。

由于6管中氣體為等溫變化，根據(jù)玻意耳定律可得

由于6管中水銀下降，因此

小心

故

n2＜片1=片

因此穩(wěn)定后b管中水銀面高于C管中水銀面。

故選B。

11.如圖所示，abed線圈中接有一靈敏電流計(jì)G,efgh線框的電阻不計(jì)，放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中、

具有一定電阻的導(dǎo)體棒MN在恒力E作用下由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)，efgh線框足夠長(zhǎng)。已知

穿過閉合回路的磁通量變化越快，回路中的感應(yīng)電流越大，則通過靈敏電流計(jì)G中的感應(yīng)

電流（）

8

A.方向。到d,強(qiáng)度逐漸增強(qiáng)B.方向d到。，強(qiáng)度逐漸增強(qiáng)

C.方向。到d,強(qiáng)度逐漸減弱D.方向4到。，強(qiáng)度逐漸減弱

【答案】D

【解析】

【詳解】設(shè)導(dǎo)軌摩擦力為力電路總電阻為R,對(duì)導(dǎo)體棒受力分析可得

R

可見導(dǎo)體棒做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，則導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電流增加的越來越慢,

則abed線圈中磁通量變化的越來越慢，則靈敏電流計(jì)中的電流逐漸減弱，且由右手定則可

得右側(cè)回路電流方向?yàn)槟?，可知abed線圈中的磁場(chǎng)向里增強(qiáng)，由楞次定律可得，靈敏電

流計(jì)G中的感應(yīng)電流方向?yàn)閺?，?/p>

故選Do

12.從地面豎直向上拋出一物體，以地面為重力勢(shì)能零勢(shì)面，上升過程中，該物體的機(jī)械能

E總和重力勢(shì)能穌隨離開地面的高度〃的變化如圖所示,g取10m/s2。由圖中數(shù)據(jù)可得（）

200

160

120

80

40

01234h/xn

A.拋出時(shí)，物體的速率為20m/s

B.上升經(jīng)過〃=2m時(shí)，物體的動(dòng)能為80J

C.下降經(jīng)過h=2m時(shí)，物體的動(dòng)能為60J

D.從拋出至落回地面的過程中，物體的動(dòng)能減少40J

【答案】C

9

【解析】

【詳解】A.由題意可知，〃=4m時(shí)，Ep=160J,由

Ep=mgh

可得

m=4kg

拋出時(shí)，h=0,Ep=O,貝ij

Ek=E『200J

由

口

E,=—1mv2

2

可得

v=10m/s

故A錯(cuò)誤；

B.由圖可知，上升經(jīng)過〃=2m時(shí)，E總=180J,￡p=80J,因此

耳=4[4=iooJ

故B錯(cuò)誤；

C.由圖可知，物體每運(yùn)動(dòng)1m,物體的機(jī)械能就損失10J,當(dāng)物體下降經(jīng)過〃=2m時(shí)，物體

運(yùn)動(dòng)的路程為6m,因此減少的機(jī)械能為

AE=60J

設(shè)物體的初始機(jī)械能為￡總。,由題意知E總。=200J,此時(shí)的重力勢(shì)能為Ep=80J,因此此

時(shí)的動(dòng)能為

線=魘（）-耳-AE=200J-80J-60J=60J

故C正確；

D.從拋出至落回地面的過程中物體運(yùn)動(dòng)的路程為8m,在地面時(shí)物體的重力勢(shì)能為零，因

此物體的動(dòng)能減少量即為物體機(jī)械能的減少量，減少量為

AEk=A￡&=80J

故D錯(cuò)誤。

故選C。

10

二、填空題（共20分）

13.PM2.5是指空氣中直徑等于或小于2.5微米的懸浮顆粒物，其能較長(zhǎng)時(shí)間漂浮在空中

做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，這種無規(guī)則運(yùn)動(dòng)是（選填”分子熱運(yùn)動(dòng)”或“布朗運(yùn)動(dòng)”），影響這

種無規(guī)則運(yùn)動(dòng)劇烈程度的因素有0

【答案】（1）布朗運(yùn)動(dòng)（2）溫度和顆粒大小

14.電梯以速度v勻速下降，在電梯上方高處一小球開始自由下落，小球追上電梯時(shí)的速

度為，追上電梯前與電梯間的最大距離為=（重力加速度為g）

__________2

【答案】①.v+y/v2+2gh②.——卜h

【詳解】［1］設(shè)經(jīng)過時(shí)間，小球追上電梯，則

-gt'-vt=h

2

解得

v+y/v-+2gh

I—

g

小球追上電梯時(shí)的速度為

匕=gt=v+^/v2+2gh

［2］當(dāng)二者速度相等時(shí)，距離最大，經(jīng)歷時(shí)間

v

g

最大距離為

1V2

$=g.2+h=—+h

22g

n

15.如圖，一長(zhǎng)為L(zhǎng)的圓筒一端A密封，其中央有一小孔，圓筒另一端B用半透明紙密

封。將圓筒A端對(duì)準(zhǔn)太陽(yáng)方向，在B端的半透明紙上可觀察到太陽(yáng)的像，其直徑為do已

知日地距離為r,地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)周期為T,引力常量為Go據(jù)此估算可得太陽(yáng)半徑約為

_______________,太陽(yáng)密度約為__________________________O

太陽(yáng)

B口上---O

【答案】①.—②.當(dāng)4

2ZGT2d3

【詳解】如圖

設(shè)太陽(yáng)半徑七根據(jù)相似三角形知識(shí)

d

R

L

dr

R一五

設(shè)太陽(yáng)質(zhì)量根據(jù)

Mm4萬2

G下

二土兀M

3

得密度

M_24,

p=一

V-GT2d3

12

16.為了研究某種化學(xué)電源的性能，設(shè)計(jì)如圖所示電路，閉合所有開關(guān)，并改變滑動(dòng)變阻器

阻值，觀察電壓表月、%示數(shù)的變化，得到如下數(shù)據(jù)：某一次的測(cè)量電壓表的讀數(shù)分別為U1

=0.1V,U2=1.4Vo改變滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭，向右滑動(dòng)一段距離，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)變

為0.50A,電壓表％讀數(shù)變化了0.4V,由上面數(shù)據(jù)可求：該電源電動(dòng)勢(shì)E=V；

電源的內(nèi)阻為r=Q=

【答案】①.1.5②.1

【詳解】口］根據(jù)閉合電路歐姆定律

E/+4=L5V

⑵改變滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭，向右滑動(dòng)一段距離，外電阻減小，干路電流增大，路端電壓

減小，第二次的路端電壓為

=1.4-O.4V=1V

根據(jù)閉合電路歐姆定律

E=U：+Ir

解得

r=1Q

17.如圖a所示，地面上方高度為d的空間內(nèi)有水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)量/=lkg正方形閉

13

合導(dǎo)線框abed的邊長(zhǎng)/=2m,從船邊距離地面高為力處將其由靜止釋放。從導(dǎo)線框開始運(yùn)

動(dòng)到6c邊即將落地的過程中，導(dǎo)線框的3圖像如圖b所示。重力加速度g取10m/s2,不計(jì)

空氣阻力，則導(dǎo)線框中有感應(yīng)電流的時(shí)間是s,釋放高度〃和磁場(chǎng)高度d的比值

h

d

【答案】①.0.5②.—

19

【解析】

【詳解】[1]由圖b可知，0?3s內(nèi)線框做自由落體運(yùn)動(dòng)，加速度為g,0.5s時(shí)刻加速度突變，

可知此時(shí)北邊剛好進(jìn)入磁場(chǎng)，線框克服安培力做功，速度減小，在1.0s時(shí)刻加速度再一次

突變，并在1.0?1.5s時(shí)間內(nèi)線框加速度又開始保持不變，所以1.0s時(shí)刻線框恰好全部進(jìn)入

磁場(chǎng)，此后的時(shí)間穿過線框的磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以線框下落加速度仍等于g。

因此導(dǎo)線框中有感應(yīng)電流的時(shí)間是0.5s.

[2]fi=0.5s時(shí)刻，北邊剛好進(jìn)入磁場(chǎng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有

h-d=-

，2=1.0s時(shí)刻，線框ad邊剛好進(jìn)入磁場(chǎng)，并且此時(shí)線框速度大小為v=3.0m/s,在/3=L5s時(shí)刻

線框落地，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有

1,

d-l=V（r3-t2）+5g。3—右）

聯(lián)立以上兩式解得

h_24

2一I?

14

三、綜合題（共40分）

注意：第19、20題在列式計(jì)算、邏輯推理以及回答問題過程中，要求給出必要的圖示、文

字說明、公式、演算等。

18.在“用DIS研究加速度和力的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中：某同學(xué)采用光電門測(cè)量加速度，實(shí)驗(yàn)裝置

如圖。將小車放置在軌道上，使擋光片的左端與小車的左端/點(diǎn)對(duì)齊，光電門放在8處，

測(cè)出/到8的距離工和擋光片的寬度孔由靜止開始釋放小車，光電門自動(dòng)測(cè)出小車上擋光

片通過光電門的時(shí)間

光電門

擋光片

（1）根據(jù)題中已知物理量，小車的加速度。=（用題中字母表示）；

（2）在上述實(shí)驗(yàn)中，下列操作步驟中必須做到的是

A.要用天平稱量小車質(zhì)量B.鉤碼的質(zhì)量應(yīng)該遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量

C.通過增減配重片來改變小車的質(zhì)量D.不論軌道光滑與否，軌道一定要保持水平

（3）上述實(shí)驗(yàn)用光電門來測(cè)量小車運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度，若考慮擋光片的寬度，得到的速度測(cè)

量值和真實(shí)值相比

A.偏大B.偏小

C.一樣大D.都有可能

（4）為了研究研究加速度和力的關(guān)系，某同學(xué)選擇畫小車的加速度與鉤碼質(zhì)量的關(guān)系圖

線，如圖所示。分析發(fā)現(xiàn)圖線在橫軸上有截距，這是因?yàn)椤?/p>

15

a/(ms~2)

【詳解】(1)口]小車從/到8有

v2=2aL

其中v為8點(diǎn)速度大小，其值為

d

v=-

Ar

聯(lián)立解得

d2

a------------5"

2“&)~

(2)[2]A.本實(shí)驗(yàn)采用控制變量法，研究加速度和力的關(guān)系時(shí)只要保證小車質(zhì)量不變就行,

不需要測(cè)量小車質(zhì)量，A錯(cuò)誤。

B.設(shè)繩子上的拉力大小為T,小車質(zhì)量為“，鉤碼質(zhì)量為相，在平衡摩擦力的前提下，對(duì)

小車和鉤碼有

T=Ma

ma-T=ma

解得

TI=--M--m2

M+m

本實(shí)驗(yàn)認(rèn)為鉤碼重力大小為繩子拉小車?yán)Φ拇笮。糟^碼的質(zhì)量應(yīng)該遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量,

B正確。

C.本實(shí)驗(yàn)采用控制變量法，研究加速度和力的關(guān)系時(shí)要保證小車質(zhì)量不變，C錯(cuò)誤。

16

D,軌道光滑的話不需要平衡摩擦力，軌道保持水平，軌道不光滑的話，要使軌道傾斜來平

衡摩擦力，D錯(cuò)誤。

故選B。

(3)[3]小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，用光電門測(cè)出的是擋光過程的平均速度，其等于擋光過程

的中間時(shí)刻的速度，小于小車實(shí)際的末速度。

(4)[4]由圖知，當(dāng)鉤碼質(zhì)量大于某值時(shí)，小車才有加速度，說明小車與軌道間存在摩擦力,

當(dāng)繩子拉力大于摩擦力時(shí)小車才動(dòng)起來。

19.(14分)在海濱游樂場(chǎng)有一種滑沙的娛樂活動(dòng)。如圖所示，人坐在滑板上從斜坡上離地

高24m的A點(diǎn)，由靜止開始下滑，滑到斜坡底端B點(diǎn)后，沿水平滑道BC繼續(xù)滑行。

斜坡滑道與水平滑道間是平滑連接的，滑板與兩滑道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5,斜坡傾

角0=37°,不計(jì)空氣阻力，重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.80

(1)求人在斜坡上下滑時(shí)的加速度大??；

(2)若人和滑板的總質(zhì)量為60kg,求它們從A點(diǎn)滑到B點(diǎn)過程中損失的機(jī)械能；

(3)為了確保人身安全，水平滑道BC至少應(yīng)該多長(zhǎng)？

19.（14分）

解：

（1）（5分）

17

由加gsin37°-工=加%（2分），/nN（1分），N=mgcos37°（1分）

推得。i=gsin37°-/ugcos37°=10x0.6—0.5x10x0.8=2加//（i分）

（2）（5分）

解法一：

1

sAB=——^―-=——=40加（1分），＜=〃加gcos37°=0.5x60x10x0.8=240N（2分）

sin370.6'

人和滑板A點(diǎn)滑到B點(diǎn)過程中損失的機(jī)械能等于克服摩擦力做的功，

%=＜加=240x40=9600/（2分）

解法二：

或/E損=（1分），mgh=60x10x24=14400J（1分）

4=2%力3