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文檔簡介
2024年HGT第一次模擬測試
數學
本試卷共4頁,22小題,滿分150分.考試時間120分鐘
一、單項選擇題:共8小題,每題5分,共40分.在每小題給出的四個選項中,只有一個選項
是符合題目要求的.
-,4.A=(xeR|%2-2%-4<0),1?=1%£^|x<10),AR_
1.已知集合I>1+J,n則8—()
A.{1}B.{1,2}C.{1,2,3}D.{1,2,3,4}
【答案】C
【解析】
【分析】先求出集合A,3,再由交集的定義求解即可.
【詳解】因為/-2%-4<0,所以1一君<工<1+石,
所以A={xeR|l—逐<%<1+行},3={1,2,3,4,5,6,7,8,9},
所以A{1,2,3).
故選:C.
2.已知復數z滿足z—2i=zi+4,則忖=()
A.3B.屈C.4D.10
【答案】B
【解析】
【分析】先由復數的乘法和除法運算化簡復數,再由復數的模長公式求解即可.
【詳解】由z—2i=zi+4可得:z—zi=2i+4,
所以“卡=^>^=^^2+2+2y,
l-i(l-i)(l+i)2
所以|z|=A/32+12-A/10.
故選:B.
19
3.己知等差數列{4}的前〃項和為S”,若%=]3=§,則57=()
A.51B.34C.17D.1
【答案】c
【解析】
【分析】由題意列方程組可求出用,d,再由等差數列的前九項和公式求解即可.
【詳解】設等差數列{%,}的首項為生,公差為d,
C71
%+2a——
12
所以由〃3=],。6=§可得:<
一2
a1+54=§
1
解得:\,
d=-
[9
bi°17x16117x161
所以S[7=17a,H------dJ=17x—i-------x-=]7.
2929
故選:C.
r21
4.已知p:ln(a-l)〉0,q:6;〉0,---+--<a,則,是4的()
x
A.充分不必要條件B.必要不充分條件
C.充要條件D.既不充分也不必要條件
【答案】A
【解析】
【分析】根據充分條件和必要條件的定義,結合對數函數定義域和基本不等式求最值,利用集合包含關系可
得.
詳解】由ln(a—1)>0,得,,=a>2,
'[a-1>1
設p:A={dln(a_l)〉0}={4〃>2},
r24-1r24-1
由玉〉0,-----<a的否定為V%>0,----->a,
xx
令/(%)=二±1=*+工22,當且僅當彳=!時,又x>0,即x=l等號成立,
Y2+1
若V%>0,----->a,貝!J〃<2,
x
X+1
若m%>0,-------<a,則〃22,
x
設q:B={4N2},因為{422}3?>2},所以夕=4且q4p,
所以。是q的充分不必要條件
故選:A
5.已知拋物線C:Y=4y的焦點為”A是拋物線。在第一象限部分上一點,若|AF|=4,則拋物線。在
點A處的切線方程為()
A.y(3x—y—3=0B.2x—y—1=0
C.x-y-1=0D.yflx—y—2=0
【答案】A
【解析】
【分析】設A(石根據拋物線的定義求得%=2j§,?=3,再根據導函數的幾何意義求出切線斜率,
由點斜式寫出方程即可
【詳解】設A(4X),
由必=4>,得夕=2,所以拋物線的準線方程y=—1,
由拋物線的定義可得|4同=%+1=4,得乂=3代入d=4〉,得玉=±2若,
又A是拋物線C在第一象限部分上一點,所以%=26
由x?=4y,得y=—x2,所以/=—x,
42
所以拋物線C在點A處的切線方程斜率為y'\x=xi=2^=1x2V3=73,
所以拋物線C在點A處的切線方程為y—3=g(x—2相),即瓜—y—3=0,
故選:A
6.6知a=log25,:=log52,c=”,則()
A.C<a<bB.a<c<b
C.a<b<cD.b<c<a
【答案】D
【解析】
【分析】由對數函數和指數函數的性質可得。>2力<1,l<c<2,即可得出答案.
[詳解】因為a=log25>log24=2,b=log52<log55=1,
l<c=e;=正<a=2,所以。<c<a—
故選:D.
7.已知函數〃x)=sin卜—,則下列結論中錯誤的是()
A./(九)是奇函數B./(%)_=1
C.“X)在[—2,-1]上遞增D.“X)在[1,2]上遞增
【答案】B
【解析】
【分析】根據奇函數的定義可判A;根據復合函數的單調性并求出最值判斷B、C、D
【詳解】因為尤e[—2,—所以定義域關于原點對稱,
且/(-%)=sin[-x+—^=sin[x-=-sin=-/(%),
所以/(x)是奇函數;故A對;
令”=x-,e[l,2],所以妝x)在[1,2]單調遞增,
所以04無一工〈34工,即4巴,0,三單調遞增,
x2222L2J
所以/(x)=sin\在[1,2]單調遞增,故D對;
因為/(%)是奇函數,所以/(%)在[—2,—1]上遞增,故C對,
綜上,/(-1)=-/(1)=0,則/(x)max=/(2)=sin(2—;]=singwl,故B錯;
故選:B
8.木桶效應,也可稱為短板效應,是說一只水桶能裝多少水取決于它最短的那塊木板.如果一只桶的木板
中有一塊不齊或者某塊木板有破洞,這只桶就無法盛滿水,此時我們可以傾斜木桶,設法讓桶裝水更多.如
圖,棱長為2的正方體容器,在頂點G和棱A4的中點M處各有一個小洞(小洞面積忽略不計),為了保
持平衡,以為軸轉動正方體,則用此容器裝水,最多能裝水的體積V=()
20
C.6D.
【答案】C
【解析】
【分析】作出輔助線,得到PMQG為菱形,從而得到多能裝入的體積為長方體"7KX-A5CD的體積
加上長方體MTRX-A4GA的體積的一半,結合正方體的體積求出答案.
【詳解】棱長為2的正方體的體積為23=8,
在BBy,上分別取P,Q,使得用。=RQ=;,
乂“為棱AA的中點,故由勾股定理得Gp="Q="P=GQ
故四邊形PMQC為菱形,故四點共面,
取BB^CCi,DR的中點T,R,X,連接MT,TR,RX,XM,
則平面PMQ3將長方體MTRX-44GA的體積平分,
故以6。為軸轉動正方體,則用此容器裝水,
則最多能裝入的體積為長方體MTRX-ABCD的體積加上長方體MTRX-44Gq的體積的一半,
33
故最多能裝水的體積V=Z匕向=4義8=6.
故選:C
二、多項選擇題:共4小題,每題5分,共20分.在每小題給出的四個選項中,有多項符合題
目要求.全部選對的得5分,部分選對的得2分,有選錯的得0分.
9.已知空間中兩條不同直線m7?和兩個不同的平面。,萬,則下列說法正確的是()
A.若加n,mua,則“a
B.若a分,m<=。,則m,夕
C.若mu/7,則m
D.若aL0,nu/3,則〃
【答案】BC
【解析】
【分析】根據線面平行的判定判斷選項A;根據面面平行的性質以及線面平行的定義判斷選項B;根據線面
垂直的定義判斷選項C;根據面面垂直性質判斷選項D
【詳解】若小凡mua,則“a或“ua,故A錯;
若aB,mua,則機與平面夕無公共點,故加.0,故B對;
若m:L0,nu0,則〃z垂直于夕內的任一條直線,所以m_1_〃,故C對;
若則〃與a可能平行或相交或在c內,故D錯;
故選:BC
10.已知圓。:必+丁2=4與直線/:%=%;+有交于A,3兩點,設Q鉆的面積為S(m),則下列說法
正確的是()
A.S(m)有最大值2
B.S(m)無最小值
C.若叫力/,則s(4)#s(叫)
D,若5(%)H5(㈣),則叫片呵
【答案】ABD
【解析】
【分析】設出點線距離,求出面積取值范圍判斷AB,利用圓的對稱性判斷C,將D轉化為逆否命題再判斷
即可.
【詳解】
由題意得/:x=my+G必過尸(6,0),如圖,取A3中點為。,
故saw=S(m)=g>ABxCD=14—。。20D=JODYA-OD。),設0D為d,
故So"=小屋(4_儲)=小-d—2)2+4,易知ODWOP,即0<d<g,
故0<d2K3,令£=/?0,3],而S。他=J—(52)2+4,
由二次函數性質得當/=2時,S°AB取得最大值,此時S(m)=S0鉆=2,故A正確,
由二次函數性質得,S(m)在(0,2]單調遞增,在(2,3]單調遞減,
易知當/=3時,S(m)=6,當r30時,S(m)f0,故S(m)?0,2],則B正確
對于C,作A關于x軸的對稱點A',8關于x軸的對稱點8',連接。4',OB,
由圓的對稱性知S.AB=SOA?,故不論用取何值,必有S(g)=S。%),故C錯誤,
易知D的逆否命題為若班=m2,則S(74)=S(〃A),
故欲判斷D的真假性,判斷其逆否命題真假性即可,
顯然當班=加2時,則s(%)=se?2),故D正確,
故選:ABD
11.某環(huán)保局對轄區(qū)內甲、乙兩個地區(qū)的環(huán)境治理情況進行檢查督導,若連續(xù)10天,每天空氣質量指數
(單位:pig/n?)不超過100,則認為該地區(qū)環(huán)境治理達標,否則認為該地區(qū)環(huán)境治理不達標.已知甲乙兩
地區(qū)連續(xù)10天檢查所得數據特征是:甲地區(qū)平均數為80,方差為40,乙地區(qū)平均數為70,方差為90.則
下列推斷一定正確的是()
A,甲乙兩地區(qū)這10天檢查所得共20個數據的平均數是75
B,甲乙兩地區(qū)這10天檢查所得共20個數據的方差是65
C.甲地區(qū)環(huán)境治理達標
D.乙地區(qū)環(huán)境治理達標
【答案】ACD
【解析】
【分析】根據條件分別求出平均數和方差判斷選項A、B;根據條件判斷甲乙地區(qū)的每天空氣質量指數判斷
選項C、D
【詳解】甲地區(qū)平均數為80,乙地區(qū)平均數為70,則甲乙兩地區(qū)這10天檢查所得共20個數據的平均數是
80x10+70x10
故A對;
20
設甲乙兩地區(qū)連續(xù)10天檢查所得數據分別為與7=1,2,3,?,10和%,1=1,2,3,,10,
11010
所以S:=京2(乙一80)2=40,得2(%-80)2=400,
1U/=11=1
11010
廢=高£(%—70)2=90,得2(%-70)2=900,
1Ui=\z=i
]1011011]
由元=80,;.——Z[10(%—80)]=—義10^^——xl0x800=—xl0x800——xl0x800=0,
20j=]20j=]202020
110110111
由y=70,;.—Z[10(*-70)]=—xl0Z%——xl0x700=—xl0x700——xl0x700=0,
20j=i20j=i202020
甲乙兩地區(qū)這10天檢查所得共20個數據的方差是
1ioc1ioc
$部-75)2+號(…)2
=茄11£0(乙一80+5)c+—[^10(y,-70-5)c-
ZUi=iZUj=i
=WZ[(七一80)2+1。(N-80)+251+點£[(/_70)2一J。(/―70)+25]
1£
11011101101
-7-80)-+萬£口0(匕-80)]+萬xl0x25+京-70)--布£口。(%-70)]+布xl0x25
,-iAJj=i
20ZU=ZUZZU{=iZU
=—x400+—x900+25=90,
2020
甲地區(qū)平均數為80,方差為40,如果這10天中有一天空氣質量指數大于100,那么它的方差就一定大于
19
px(100-80)=40,
所以能確定甲地區(qū)連續(xù)10天,每天空氣質量指數不超過100,所以甲地區(qū)環(huán)境治理達標,故c對;
乙地區(qū)平均數為70,方差為90,如果這10天中有一天空氣質量指數大于100,那么它的方差就一定大于
1
—X(100-70)9=90,
所以能確定乙地區(qū)連續(xù)10天,每天空氣質量指數不超過100,所以乙地區(qū)環(huán)境治理達標,
故選:ACD
12.已知直線是曲線/(%)=lav上任一點Aa,弘)處的切線,直線乙是曲線g(%)=e,上點35,xj處
的切線,則下列結論中正確的是()
A.當王+為=1時,412
B.存在X],使得/]
C.若4與4交于點。時,且三角形ABC為等邊三角形,則玉=2+6
D.若4與曲線g(x)相切,切點為C(%,%),則%為=1
【答案】ACD
【解析】
【分析】根據導數求出兩直線斜率可判斷選項A、B;根據斜率與傾斜角的關系及和差角公式求出玉=2+6,
判斷選項C;利用導數的幾何意義求出斜率判斷選項D
【詳解】由題意得%=In%,由占+%=1,
得西+111%=1,如圖,可知y=x+lnx與y=1交點是(1,1)
可得Xi=1,
X=In再=In1=0,
由=得/'(x)=L所以直線4的斜率為/'(%)=/⑴=1,
由g(x)=e",得g(x)=e1,所以直線4的斜率為g'(%)=g(O)=e°=1=/'(王),
即直線4的斜率等于直線的斜率,所以故A對;
因為勺人=/,(x)g'E)=:e,=(?”=:鵬=i一1,
所以不存在均,使得故B錯;
如圖,設44的傾斜角分別為a,/3,
IT
因為三角形ABC為等邊三角形,所以夕=。+1,
又tana=/'(玉)=',tan/?=g'(yJ=eM=elnX|二玉
xi
「L6
,
所以tan,=tan[a+])=tana+3x
-------------=-i-------=%
1-tan6T]_I.有
一百
整理得d—25—1=0,所以用=6±2,
因為A(X,K)在曲線/(x)=lnx上,所以網>0,所以%=6+2,故C對;
若4與曲線g(x)相切,切點為。(孫%),則勺=/'(%)=—=g'(x2)=e*,
x\
即上=弁,又C(%2,%)在g(%)=e"上,所以%=e*,所以‘=%,即%乂=1,故D對;
玉元1
故選:ACD
【點睛】關鍵點點睛:根據導數的幾何意義求出直線斜率,結合兩直線平行和垂直的斜率關系進行判斷各
項.
三、填空題:共4小題,每小題5分,共20分.
13.已知向量滿足問=21=(1,20),且a.》=—i,則向量“力夾角的余弦值為
【答案】---
6
【解析】
【分析】由向量的夾角和模長公式求解即可.
【詳解】因為)所以W=JF不可=3,
a-b-11
所以向量。力夾角的余弦值為:c°sa0=隨“=5點=一^.
故答案為:一二.
14.(x-2y)6(l—x)的展開式中x4/的系數是.
【答案】160
【解析】
【分析】根據二項式展開(x-2y)6,然后在與(1-尤)相乘,找到/J?這一項即可.
【詳解】由于題目要求一丁3的系數,
所以對于(x-2y)6的展開項中,沒有力丁3這一項.
所以只需要求出(x—2y)6的Vy3項在與。一力相乘即可.
0^3(-2^)3.(-%)=160%4/,故系數為160.
故答案為:160.
15.“南昌之星”摩天輪半徑為80米,建成時為世界第一高摩天輪,成為南昌地標建筑之一.已知摩天輪轉一
圈的時間為30分鐘,甲乙兩人相差10分鐘坐上摩天輪,那么在摩天輪上,他們離地面高度差的絕對值的
取值范圍是.
【答案】[0,80君]
【解析】
【分析】由已知設甲乙兩人坐上摩天輪的時間分別為7,/+10,得到甲乙兩人坐上摩天輪轉過的角度,分
別列出甲乙離地面的高度%=80-80cos^!?,用=80—80cos[^1/+g],然后得到
1^-^1=8073sin[^|z+^|,由.的取值范圍即可求解.
【詳解】設甲乙兩人坐上摩天輪的時間分別為/,f+10,
2兀jr2冗JT2TE
則甲乙兩人坐上摩天輪轉過的角度分別為一f=—r,——(/+10)=—/+——,
301530v7153
jr
則甲距禺地面的IWJ度為%=80—80cost,
乙距離地面的高度為刈=80-80cos
則論一為二80-80COS—Z-80+80cos|—t+—\
15(153)
cc|兀2兀|71cc兀271.71.2兀71
—80cos—tH-----80cos—t—80cos—tcos-------sin—Zsin------cos—
(153)1515315315
一
=80-Jos23sin3=80向幅Y
=80V3Tcos^?+-sin^r
215215
jrjr77rI7171i
因為0<f<30,所以0<—/+—〈一,所以04sin—/+—<1,
1533U53)
即日_仇|e[o,80^/3J.
故答案為:[0,80通].
16.用平面截圓錐面,可以截出橢圓、雙曲線、拋物線,那它們是不是符合圓錐曲線的定義呢?比利時數學
家旦德林用一個雙球模型給出了證明.如圖1,在一個圓錐中放入兩個球,使得它們都與圓錐面相切,一個
平面過圓錐母線上的點P且與兩個球都相切,切點分別記為耳,鳥.這個平面截圓錐面得到交線CM是。
上任意一點,過點M的母線與兩個球分別相切于點G,H,因此有加£+崢="6+必/=6〃,而
G”是圖中兩個圓錐母線長的差,是一個定值,因此曲線。是一個橢圓.如圖2,兩個對頂圓錐中,各有一
4
個球,這兩個球的半徑相等且與圓錐面相切,已知這兩個圓錐的母線與軸夾角的正切值為一,球的半徑為
3
4,平面e與圓錐的軸平行,且與這兩個球相切于A3兩點,記平面。與圓錐側面相交所得曲線為C,則
曲線C的離心率為.
o
【解析】
【分析】根據矩形的性質求出|O]Q|=|EE|,由題意求出|Qa|=io,根據旦德林雙球模型和雙曲線定義
可得儼耳日尸同=6,求出0、c即可
【詳解】如圖,是圓錐與球的切點,是球心,尸是截口上任一點,
連接002,O]AQB,則_LAB,QB,A3,所以"川TQB|=4,OXAO2B,
所以O.ABO,是矩形,10。21TA
連接OM,CN,則O[M±MN,O2N±MN,
44
因為圓錐的母線與軸夾角的正切值為一,即tanZMOQ=—,
313
\O.M\4^\OM\=3,
所以tanNA。。]=-:----r=------
1\OM\0M
根據對稱性得|QV|=3,
所以|MN|=6,故兩圓的公切線長為6
連接PB,PA,0P,設0尸與球。1的切線交于K,與球。2的切線交于人貝|J[?H|=|?S|,|PK|=|K4|
所以||PA|-|PB||=\HK\=|M^|=2a=6,得a=3,
在△OgA中,|。。1|=Jlad+32=J9+16=5,
所以la。卜閨&|=2c=l。,得c=5
c5
曲線c的離心率為一=—
a3
故答案為:—
3
四、解答題:共6小題,共70分.解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟.
17.已知函數/(x)=(2+ln2)x-xlnx.
(1)求了(%)的單調遞減區(qū)間;
(2)求了(%)的最大值.
【答案】⑴(2e,+“);
(2)2e.
【解析】
【分析】⑴求導得r(x)=ln—,令/'(力<0可求"%)的單調遞減區(qū)間;
(2)由⑴易判斷〃龍)龍e(0,2e)時單增,外力在xe(2e,+。)時單減,進而求出了(或麻.
【小問1詳解】
2e?e
/,(x)=l+ln2-lnx=ln一,令/得0<一<1,即x>2e,
xx
所以"%)的單調遞減區(qū)間為(2e,+”);
【小問2詳解】
當xe(0,2e)時,/'(x)>0,/(x)單調遞增;
當;te(2e,+oo)時,單調遞減,
所以/(x)W〃2e)=(2+ln2)2e—2eln2e=2e,即的最大值為2e.
18.對于各項均不為零的數列{%},我們定義:數列理}為數列{%}的“左-比分數列”.已知數列
{%},也}滿足q=4=1,且{4}的“1—比分數歹!I”與也}的“2-比分數歹小是同一個數列.
(1)若{2}是公比為2的等比數列,求數列{4}的前〃項和S“;
(2)若{2}是公差為2等差數列,求
H
【答案】(1)S,i=1x(4-l);
⑵%=gx(4"2—1).
【解析】
【分析】(1)利用已知求出通項公式,再求前九項和即可.
(2)利用累乘法求通項公式即可
【小問1詳解】
由題意知箕
因為4=1,且也,}是公比為2的等比數列,所以巴包=4,
因為%=1,所以數列{4}首項為1,公比為4的等比數列,
所以S=1x0-4)=L(4“T;
"1-43I)
【小問2詳解】
因為偽=1,且也}是公差為2的等差數列,所以2=2"-1,
4+1一%2—2〃+3
所以——~r~-n―r
anbn2〃—l
a2〃+1a,2〃一1a_5
所以七=五二?七=五三2
q1
所以4_(2〃+1)(2〃一1)因為i
%3x1
所以4=gx(4/-lj.
JTJT
19.如圖,兩塊直角三角形模具,斜邊靠在一起,其中公共斜邊AC=10,ZBAC=-,ZDAC=-,
34
交AC于點E.
(1)求BI)?;
(2)求AE.
【答案】(1)50+25/';
(2)573-5.
【解析】
7171
【分析】(1)由銳角三角函數求出A3、A。,又=—+—,利用兩角和的余弦公式求出cosNR4D,
34
最后由余弦定理計算可得;
(2)解法1:首先求出sinZBAD,再由SABDSABE+SADE,利用面積公式計算可得;解法2:首先得
到七=9皿=立,再由人石+石。=1。計算可得.
ECSBCD3
【小問1詳解】
由已知,AB=AC-cos^BAC=lQx-=5,
2
AD=ACcos/ZMC=10x立=5后,
2
JTJT
因為NBAD=ZBAC+NZMC=NBAC=—+—,
34
jiJIJIJI
=cos—cos——sin—sin—
H3434
1V2V3V2V2-V6
=一義--------x-----=------------,
22224
所以在△ABD中由余弦定理可得BD2=AB2+AD2-2AB-ADcosABAD
=25+50—2x5x5^x0-"
4
=50+25石.
【小問2詳解】
解法1:因為sin/3AD=sin[二+B]=sinHcos工+cos工sin工
(34)34344
又因為SABD=SABE+SADE,
所以工?AB?AD?sin/BA。=工?AB?AE?sin/BAE+工?AE?AD?sin/E4D,
222
BP—x5x5A/2x"+點=—x5xAEx-+—xAE義50x,
242222
解得AE=56-5.
解法2:因為/BAD+/BCD=兀,所以sin/BAD=sin(兀一NBCD)=sin/BCD,
又AD=CD=5g,BC=5?,
-xAB-AD-sin^BAD—x5x5\flsm^BADr
所以A娃r=4c=^-----------------------------=f-----------------------------=2,
ECSBCD-xBC-CDsin^BCD;x5拒義5丑sinNBCD3
又因為AC=10,所以AE+EC=10,則AE+Ji4E=10,
所以AE=56-5.
20.甲公司現有資金200萬元,考慮一項投資計劃,假定影響投資收益的唯一因素是投資期間的經濟形
勢,若投資期間經濟形勢好,投資有25%的收益率,若投資期間經濟形勢不好,投資有10%的損益率;
如果不執(zhí)行該投資計劃,損失為1萬元.現有兩個方案,方案一:執(zhí)行投資計劃;方案二:聘請投資咨詢公
司乙分析投資期間的經濟形勢,聘請費用為5000元,若投資咨詢公司乙預測投資期間經濟形勢好,則執(zhí)
行投資計劃;若投資咨詢公司乙預測投資期間經濟形勢不好,則不執(zhí)行該計劃.根據以往的資料表明,投資
咨詢公司乙預測不一定正確,投資期間經濟形勢好,咨詢公司乙預測經濟形勢好的概率是0.8;投資期間
經濟形勢不好,咨詢公司乙預測經濟形勢不好的概率是07假設根據權威資料可以確定,投資期間經濟形
勢好的概率是40%,經濟形勢不好的概率是60%.
(1)求投資咨詢公司乙預測投資期間經濟形勢好的概率;
(2)根據獲得利潤的期望值的大小,甲公司應該執(zhí)行哪個方案?說明理由.
【答案】(1)0.5;
(2)甲公司應該選擇方案二,理由見解析
【解析】
【分析】(1)由全概率公式即可得解;
(2)方案一服從兩點分布,由此求出對應的概率可得期望;方案二有三種情況,分別算出相應的概率,結
合期望公式算出期望,比較兩個期望的大小即可得解.
【小問1詳解】
記投資期間經濟形勢好為事件投資期間經濟形勢不好為事件B2,
投資咨詢公司預測投資期間經濟形勢好為事件A,
則尸(4)=0.4,尸(男)=0.6,
因此P(A)=P(4A+B2A)=0.4X0.8+0.6x0.3=0.5;
【小問2詳解】
若采取方案一,則該公司獲得的利潤值X萬元的分布列是
X50-20
P0.40.6
£(X)=50x0.4-20x0.6=8萬元;
若采取方案二:設該公司獲得的利潤值為y萬元,有以下情況,
投資期間經濟形勢好,咨詢公司乙預測經濟形勢為好,丫=49.5,
其發(fā)生的概率為:。(4人)=04x0.8=0.32,
投資期間經濟形勢好,咨詢公司乙預測經濟形勢為不好,Y=-1.5,
其發(fā)生的概率為:P(旦Z)=04x0.2=0.08,
投資期間經濟形勢不好,咨詢公司乙預測經濟形勢為好,7=-20.5,
其發(fā)生的概率為:P(B2A)=0.6x03=0.18,
投資期間經濟形勢不好,咨詢公司乙預測經濟形勢為不好,r=-i.5,
其發(fā)生的概率為:P(B2A)=0.6x0.7=0.42,
因此,隨機變量F的分布列為:
Y-20.5-1.549.5
P0.180.50.32
因此,£(¥)=—20.5x0.18—1.5*0.5+49.5*0.32=—3.69—0.75+15.84=11.4萬元,
因為£(x)<£(y),所以甲公司應該選擇方案二.
7T
21.如圖,四棱錐P—ABCD中,底面A3CD是邊長為2的菱形,ZABC=~,已知E為棱A£)的中
3
點,尸在底面的投影〃為線段EC的中點,/是棱尸C上一點.
(1)若CM=2MP,求證:PE//平面MBD;
⑵若PBLEM,PC=EC,確定點M的位置,并求二面角3—EM—C的余弦值.
【答案】(1)證明見解析
(2)M為PC中點,亙.
19
【解析】
CDCN
【分析】(1)根據角平分線性質定理得一=—=2,由平行線分線段成比例定理得MNPE,再由線
DENE
面平行的判定可證;
(2)利用線面垂直可得進而得平面PEC,由線面垂直得EM,PC,然后根據等邊
三角形三線重合即得M為PC中點,以C為原點,分別以CB,CE為陽y軸,以過C點且與平面A3CD
垂直的直線為z軸建立空間直角坐標系,求出兩個平面的法向量,利用公式cos〃,C5=|?求解即可
\n\-\CB\
【小問1詳解】
設BDcCE=N,因為底面A3CD是邊長為2的菱形,
所以CD=A5,對角線2。平分NADC,
又E為棱A。的中點,所以CD=A3=2DE,
CNCD
在AM)。中,根據角平分線性質定理得—=J=2,
NEDE
CMg,CNCM
又CM=2MP,所以——=2,所以一==2,
MPNE~MP
:.MN//PE,PEU平面AffiD,且MNu平面加5。,,。£7/平面又8£).
【小問2詳解】
QPH上平面ABCD,且5Cu平面ABCD,.?.尸HLBC,
TT27r
因為NA3C=V,所以NBCD=」,
33
jr
在,ACD中,CD=AB,ZABC=-,所以ACD是等邊三角形,
3
又E為棱AD的中點,所以3CJ_CE,
QP7/,平面A3CD,PHu平面PCE,所以平面PCE,平面A3CD,
又平面PCEc平面ABCD=CE,3。匚平面428,,5。_1平面產£。,
又上A/u平面PEC,:.BC±EM,
又、PBLEM,PBcBC=B,PB,BCu平面PBC,
;.EMJ_平面尸5C,且尸Cu平面尸5C,.,.EM_LPC.
因為P在底面的投影H為線段EC的中點,所以尸。=尸石,又PC=CE
所以PCE為等邊三角形,故M為尸C中點,
所以M在底面ABCD上的投影為C8的中點.
在CDE中,CE=JCZ^+CE?—2CDxDE><cos60。=,4+1—2義2義1義;=石,
CEVAD,PH=—CE
22
以C為原點,分別以CB,CE為羽y軸,
以過C點且與平面A3CD垂直的直線為z軸建立空間直角坐標系,
V3°、
所以0(0,0,0),以2,0,0),網0,百,0),河0,彳司'
:.EB=(2,-6,0)
l44J
n-EB=0=>2x--J3y=0
設〃=(羽y,z)是平面EBM的一個法向量,貝卜
九*0=
令y=2,則X=G,Z=26,即〃=(6,2,2g),
5C_L平面
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