2024屆四川省成都市高三年級下冊三診考試理科綜合試題-高中物理（附答案解析）

2024屆四川省成都市高三下學期三診考試理科綜合試題-高中

物理

學校:姓名：班級：考號：

一、單選題

1.一質(zhì)點做勻速圓周運動，從圓周上的一點運動到另一點的過程中，下列說法一定正確的

是（）

A.質(zhì)點速度不變B.質(zhì)點加速度不變C.質(zhì)點動能不變D.質(zhì)點機械能不變

2.2024年4月3日，遙感四十二號01星在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心順利升空，衛(wèi)星的軌道如圖

所示，其中I和iii為高度不同的圓軌道，橢圓軌道n分別與I和iii相切于尸點和。點。下

列說法正確的是（）

A.衛(wèi)星在軌道H上從P點運動到。點的過程中動能增大

B.衛(wèi)星在軌道II上運行的周期小于在軌道m(xù)上運行的周期

C.衛(wèi)星在軌道I上經(jīng)過P點的速度大于在軌道II上經(jīng)過P點的速度

D.衛(wèi)星在軌道II上經(jīng)過Q點的加速度小于在軌道III上經(jīng)過Q點的加速度

3.歷史上第一次利用加速器實現(xiàn)的核反應(yīng)，是利用加速后動能為的質(zhì)子:H轟擊靜止的

；Li核，生成兩個動能均為Ek2的；He核，已知光速為c,則此核反應(yīng)中的質(zhì)量虧損為（）

A%B2%c或2-Ek1口2%-昂

"c2c2C1.C2

4.如圖所示，豎直平面內(nèi)足夠長的光滑絕緣傾斜桿底端固定有一點電荷。，M、N為桿上

的兩點。套在桿上的絕緣帶電小球從某點靜止釋放后，沿桿向上運動，先后通過了M、N兩

點。由此可以判斷（）

A.點電荷。在M點處產(chǎn)生的場強方向一定沿桿向上

B.小球在M點的加速度一定大于在N點的加速度

C.小球在M點的電勢能一定大于在N點的電勢能

D.小球在M點的動能一定大于在N點的動能

5.如圖所示，尤Oy直角坐標系的第一象限內(nèi)，半徑為a的;圓弧外存在范圍足夠大的勻強

磁場，磁場方向垂直于紙面向里。位于。點的粒子源向第一象限內(nèi)的各個方向均勻發(fā)射完

全相同的帶正電的粒子，粒子速度大小均為v,比荷幺=左。經(jīng)過一段時間后發(fā)現(xiàn)發(fā)射出的

m

總粒子中有g(shù)的粒子可以回到。點，不考慮粒子的重力及粒子間的相互作用，則磁感應(yīng)強

D.叵

rekv

aka

二、多選題

6.如圖所示，輸電線上的電阻分別為均、&,理想交流電壓表和理想交流電流表讀數(shù)分別

為U、I。若電源輸出的交流電壓有效值恒為家庭電路用戶端為純電阻，變壓器為理想

變壓器，當用戶端用電器增多時（)

C.一變大D.一變小

A.U變大B.一變大

7.如圖所示，質(zhì)量M=2kg,傾角0=37的斜面放置在水平面上，頂端固定一光滑定滑輪。

質(zhì)量,〃=1kg的物塊通過輕繩跨過定滑輪與輕彈簧相連，彈簧另一端與水平地面相連，輕繩

與斜面平行，彈簧保持豎直，彈力大小為8N,系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，重力加速度g=10m/s2,

sin37=0.6,則下列說法正確的是（）

試卷第2頁，共8頁

A.物塊所受摩擦力的方向沿斜面向下

B.物塊所受支持力和繩子拉力的合力方向豎直向上

C.地面對斜面的支持力大小為25.2N

D.地面對斜面的摩擦力大小為0

8.如圖所示，足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，其間距為d,兩完全相同的燈

泡電阻均為R。長為d,電阻不計的導(dǎo)體棒MN置于導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌保持良好接觸?？臻g

存在豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為及閉合開關(guān)S,由靜止開始對導(dǎo)體棒MN施

加一水平向右的恒力穌，經(jīng)過足夠長的時間后，MN運動穩(wěn)定。此時恒力玲的功率為4,

且小燈泡L恰好正常發(fā)光。不計導(dǎo)軌電阻，忽略燈泡的電阻變化，則（）

A.水平恒力4=&/

B.MN運動穩(wěn)定后，斷開S,若保持拉力大小工恒定，導(dǎo)體棒將做加速度逐漸減小的減

速運動

C.MN運動穩(wěn)定后，斷開S,若保持拉力大小與恒定，經(jīng)足夠長時間，兩燈泡均能正常

發(fā)光

D.MN運動穩(wěn)定后，斷開S,若保持拉力功率4恒定，經(jīng)足夠長時間，導(dǎo)體棒再次穩(wěn)定

時速度大小為原來穩(wěn)定時的2倍

三、實驗題

9.家庭照明電路中通常用橫截面積為1.5mm2的銅導(dǎo)線進行輸電，已知標準銅的電阻率

00=1.7*10-8。.?1。為了探究一卷標有“紅色3丫1.5mm2500m”的銅芯導(dǎo)線純度是否符合

標準，某興趣小組進行了如下操作:

0-

機D;令"芻R一

入H4d

ES

圖(b)

（1）將導(dǎo)線一端的絕緣外層去除，用螺旋測微器測量其內(nèi)芯直徑4,示數(shù)如圖（a）所示，則”=

mm。

（2）為了測量導(dǎo)線銅芯的電阻率，興趣小組選用了如下器材:

電源E（電動勢6V,內(nèi)阻不計）

滑動變阻器R（阻值0~15Q）

定值電阻凡（阻值為60）

電壓表V（0-3V,內(nèi)阻約為3k。）

電流表A（0~0.6A,內(nèi)阻約為0.05C）

開關(guān)S和導(dǎo)線等

圖（b）是他們設(shè)計的電路。為使測量結(jié)果更準確，接線柱P應(yīng)與（填“加’或"心）相

連。進行正確實驗操作后，測得電壓和電流分別為U和/,導(dǎo)線長度為L求得電阻率夕，

（用含字母U、/、d、L、萬的表達式表示），代入數(shù)據(jù)算出電阻率與標準值進行比較即可檢

驗該導(dǎo)線銅芯純度是否達標。

10.某同學用如圖（a）所示的裝置驗證機械能守恒定律。不可伸長的輕繩繞過輕質(zhì)定滑輪，

輕繩兩端分別連接物塊P與感光細鋼柱K,兩者質(zhì)量均為加=0.140kg,鋼柱K下端與質(zhì)量

為M=Q200kg的物塊Q相連。鐵架臺下部固定一個電動機，電動機豎直轉(zhuǎn)軸上裝一支激光

筆，電動機帶動激光筆繞轉(zhuǎn)軸在水平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，每轉(zhuǎn)一周激光照射在細鋼柱表面時就會

使細鋼柱感光并留下痕跡。初始時P、K、Q系統(tǒng)在外力作用下保持靜止，輕繩與細鋼柱均

豎直。重力加速度g取9.8m/S?。

試卷第4頁，共8頁

圖（a）

（1）開啟電動機，待電動機以0=4O7rrad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動后。將P、K、Q系統(tǒng)由靜止釋

放，Q落地前，激光器在細鋼柱K上留下感光痕跡，取下K,用刻度尺測出感光痕跡間的

距離如圖（b）所示。感光痕跡間的時間間隔r=s,激光束照射到E點時，細鋼柱速

度大小為無=m/s（計算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。

OABcDE

Ocm1234567891011121314151617181920

圖(b)

經(jīng)判斷系統(tǒng)由靜止釋放時激光筆光束恰好經(jīng)過。點。在段，系統(tǒng)動能的增加量△紇=

J,重力勢能的減少量△弓=J,比較兩者關(guān)系可判斷系統(tǒng)機械能是否守恒。（計算

結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）

（2）選取相同的另一感光細鋼柱K,若初始時激光筆對準K上某點，開啟電動機的同時系統(tǒng)

由靜止釋放，電動機的角速度按如圖（c）所示的規(guī)律變化，圖像斜率為左，記錄下如圖（d）

所示的感光痕跡，其中兩相鄰感光痕跡間距均為乩若驗證得到表達式即可證明系統(tǒng)

在運動過程中機械能守恒（用含字母M、加、d、k、g、萬的表達式表示）。

圖(c)圖(d)

四、解答題

11.如圖所示，“_T形木板B放置在粗糙水平面上，物塊A（可視為質(zhì)點）以%=6m/s的

速度從木板B左端滑上木板，經(jīng)f=ls后A與B右端擋板碰撞，碰后A、B立刻粘在一起運

動。已知A、B質(zhì)量均為"，=lkg,A、B間動摩擦因數(shù)=。.3,B與地面間動摩擦因數(shù)4=01,

重力加速度g=10m/s2。求:

(1)木板B的長度I；

(2)物塊A與木板B碰撞損失的機械能AE。

77/////////////

12.如圖所示，豎直面內(nèi)存在直角坐標系尤0?平行于y軸的虛線MN、尸。將第一象限分為

2

I、II兩個區(qū)域。區(qū)域I的寬度為3d,在的區(qū)域內(nèi)存在豎直向上的勻強電場

2

在y>§1的區(qū)域內(nèi)存在豎直向下的勻強電場E?。區(qū)域II的寬度為心其內(nèi)部存在平行于xOy

平面且方向未知的勻強電場用。質(zhì)量為加、電荷量為4(4>0)的帶電小球由。點沿x軸正方

向以為=而？的速度射入I區(qū)域，小球僅從直線了=《1上的點A穿過后，經(jīng)過點B(3d,d)

垂直MN進入?yún)^(qū)域II,經(jīng)過尸。與無軸的交點C,速度大小&、E］、E,的大

小均未知，小球重力不可忽略，不計空氣阻力，重力加速度為g。求：

(1)區(qū)域II中8c兩點的電勢差。相；

(2)區(qū)域I中勻強電場片的大?。?/p>

(3)小球在區(qū)域H中從8到C過程中所受電場力的沖量大小。

~~~t

dfQ

五、多選題

13.如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)。變化到狀態(tài)6,其過程如T-V圖中從a到6的直線

所示。直線仍與過原點的虛線斜率相同，下列判斷正確的是()

試卷第6頁，共8頁

b

a

o

A.氣體內(nèi)能增加

B.氣體壓強不變

C.氣體從外界吸熱

D.外界對氣體做正功

E.容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)逐漸減少

六、解答題

14.如圖（a）所示，水平放置的絕熱容器被隔板A分成體積均為V的左右兩部分。面積為

S的絕熱活塞B被鎖定，隔板A的右側(cè)為真空，左側(cè)有一定質(zhì)量的理想氣體處于溫度為7、

壓強為p的狀態(tài)1。抽取隔板A,左側(cè)中的氣體就會擴散到右側(cè)中，最終達到狀態(tài)2。然后

將絕熱容器豎直放置如圖（b）所示，解鎖活塞B,B恰能保持靜止，當電阻絲C加熱氣體,

使活塞B緩慢滑動，穩(wěn)定后，氣體達到溫度為L5T的狀態(tài)3,該過程電阻絲C放出的熱量

為。。已知大氣壓強P。，且有？＜2為，不計隔板厚度及一切摩擦阻力，重力加速度大小為

g。

(i)求絕熱活塞B的質(zhì)量;

七、填空題

15.如截面圖（a）所示，泳池上方距水面/z=^m處有一觀測者A（可接收任意方向射入

A的光）,也水，木d=1\/6mo水的折射率〃=&,A觀測到正下方的泳池深度（填

“大于”、“小于”或“等于“）實際深度。泳池底部有圓形細燈帶（燈帶僅存在于圓周邊緣處）

如俯視圖（b）所示，其圓心。位于A的正下方。由燈帶上某點光源B射入A的光線，在

水面上方的部分與水平面的夾角為45。，則圓形細燈帶的半徑為m。圓形細燈帶發(fā)出

的光照亮水面區(qū)域的面積為nf（圓周率取萬，結(jié)果用根號表示）。

B為圓形細燈帶上的某點光源

截面圖（a）俯視圖（b）

八、解答題

16.如圖（a）所示，均勻介質(zhì)中存在垂直水平面（xOy面）振動的兩個波源A和2,波源A、

B振動頻率相同。其中A的振幅為1cm,A、B在無軸上坐標為%=0,xB=25moA開始振

動7s后，8以與A相同的起振方向開始振動，記此時為f=0時刻。t=9s時兩列波同時到達

A、8連線上的M點，/點橫坐標“未知，M點的振動圖像如圖（b）o求：

（i）A、B在介質(zhì)中形成的機械波的周期T和波速v；

（ii）從f=0至f=30s,質(zhì)點N（XM，12m）運動的路程s。

y/m

------?x/m

。力MB

試卷第8頁，共8頁

參考答案:

1.c

【詳解】A.質(zhì)點做勻速圓周運動，速度大小不變，方向時刻變化，速度是變化的，故A錯

誤；

B.質(zhì)點做勻速圓周運動，加速度大小不變，方向時刻變化，指向圓心，加速度是變化的，

故B錯誤；

C.質(zhì)點動能為

12

EF=—mv

v2

質(zhì)點做勻速圓周運動，速度大小不變，故質(zhì)點動能不變，故C正確；

D.質(zhì)點做勻速圓周運動，動能不變，質(zhì)點的重力勢能不一定不變，故質(zhì)點機械能不一定不

變，故D錯誤。

故選C。

2.B

【詳解】A.衛(wèi)星在橢圓軌道II上經(jīng)過尸點時的速度是近地點速率大于遠地點速率即經(jīng)過。

點時的速度，故從尸點運動到。點的過程中動能減小，故A錯誤；

B.根據(jù)開普勒第三定律

軌道n的半長軸小于軌道皿的軌道半徑，可知衛(wèi)星在軌道II上運行的周期小于在軌道in上運

行的周期，故B正確；

c.衛(wèi)星在軌道I上經(jīng)過尸點加速后做離心運動，故衛(wèi)星在軌道I上經(jīng)過尸點的速度小于在

軌道II上經(jīng)過尸點的速度，故c錯誤；

D.無論是在那個軌道上運行，都是只受地球的萬有引力作用，由牛頓第二定律有

「Mm

G——=ma

可得加速度大小

-Mm

a=G下

可知在同一位置，衛(wèi)星的加速度大小相等，故D錯誤。

故選B。

3.D

【詳解】核反應(yīng)放出的能量為

答案第1頁，共13頁

AE=2%-4

根據(jù)質(zhì)能方程

AE=A/jzc2

解得此核反應(yīng)中的質(zhì)量虧損為

故選D。

4.C

【詳解】A.絕緣帶電小球先后通過了/、N兩點，故可知其與點電荷電性相同，由于電性

未知，故電場力方向即電場強度方向未知，故A錯誤；

B.根據(jù)

F_kQq

F=-

可知距離越遠庫侖力越小，根據(jù)牛頓第二定律可知，若在“點

4-mgsin0=maM

在N點，若此時庫侖力小于重力分力，則

mgsin0—F2=maN

可知小球在/點的加速度與在N點的加速度大小未知，故B錯誤；

C.電場力做正功電勢能減小，故小球在/點的電勢能一定大于在N點的電勢能，故C正

確；

D.由C項可知若從M點到N點加速度符號變化，則從釋放位置，到重力分力與電場力大

小相同位置，合外力做正功，動能增加；此后合外力做負功，動能減小，故先加速后減速,

動能大小無法比較，故D錯誤。

故選C。

5.D

【詳解】有題意作圖

答案第2頁，共13頁

當速度與x正向夾角為30時，粒子恰好沿,軸返回。點，有幾何關(guān)系可得

tan30=—

a

解得，粒子圓周運動的半徑

百

r=——a

3

又有洛倫茲力及牛頓第二定律得

v2

qvB=m—

r

將r=且=%代入上式解得，磁感應(yīng)強度大小

3m

8=殳

ka

故選B。

6.BD

【詳解】設(shè)變壓器原、副線圈的電壓分別為4、u2,電流分別為乙、12,設(shè)家庭電路用戶

端電阻為R,正弦交流電源的輸出電壓為

4=/4+以

由理想變壓器可得

_/(n2

7

U2n212々

副線圈根據(jù)閉合電路的歐姆定律有

U2=I2(R2+R)

以上四式聯(lián)立可得

4="用+(區(qū))2(凡+?]

〃2

答案第3頁，共13頁

當用戶端用電器增多時，家庭電路用戶端電阻R減小，則原線圈電流力增大，從而副線圈電

流心增大，即電流表示數(shù)/變大，由于電阻K上分壓增大，正弦交流電源輸出電壓的有效值

U。恒定，則原線圈電壓G減小，副線圈電壓心也減小，即電壓表示數(shù)U變小，故彳變小。

故選BDo

7.AD

【詳解】A.物塊所受重力沿斜面向下的分力大小為

mgsin0=6N<F=8N

可知，物塊相對于斜面有向上運動的趨勢，物塊所受摩擦力的方向沿斜面向下，故A正確；

B.物塊處于靜止狀態(tài)，所受合力為0,結(jié)合上述可知，物塊受到重力、繩子的拉力、斜面

的支持力與沿斜面向下的摩擦力四個力的作用，根據(jù)平衡條件可知，支持力和繩子拉力的合

力與重力和摩擦力的合力等大反向，重力和摩擦力的合力方向斜向左下方，可知支持力和繩

子拉力的合力右上方，故B錯誤；

C.將斜面、滑輪與物塊作為整體，對整體進行分析，根據(jù)平衡條件有

N=mg+Mg+F=38N

即地面對斜面的支持力為38N,故C錯誤；

D.結(jié)合上述，將斜面、滑輪與物塊作為整體，對整體進行分析，整體受到彈簧豎直向下的

拉力、豎直向下的重力與豎直向上的支持力，整體在水平方向沒有受到其它作用力，即整體

相對于水平面沒有運動趨勢，即地面對斜面的摩擦力大小為0,故D正確。

故選AD。

8.AC

【詳解】A.MN運動穩(wěn)定時，則有

而安培力

F^=BIl=Bld

8BlvBdv

1——=----=-----

RRR

所以

lB2d2v

答案第4頁，共13頁

故

pFBW

解得

Bd

所以

A正確；

B.對MN受力分析可知

F「F安=ma

當安培力穩(wěn)定后，其加速度也趨于穩(wěn)定。故其先做加速度減小的加速運動，當安培力和外力

平衡時，加速度為o,B錯誤；

C.穩(wěn)定后，斷開開關(guān)，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢達到兩個小燈泡正常工作電壓時，可以使

它們正常發(fā)光，c正確；

D.由于拉力功率功不變，隨著導(dǎo)體棒的速度逐漸增大，所受外力產(chǎn)逐漸減小，導(dǎo)體做加速

度逐漸減小的加速運動，導(dǎo)體平衡時，加速度為零，速度最大為L,則有

2R

F=A

V,n

解得

2P°R

平衡時的速度是原平衡狀態(tài)時速度的血倍，D錯誤。

故選ACo

9.(1)1.495/1.493/1.497/1.496/1.494

(2)n

4IL

【詳解】(1)內(nèi)芯直徑為

d=1mm+49.5x0.01mm=1.495mm

答案第5頁，共13頁

(2)［1］導(dǎo)線銅芯的電阻約為

7?=p-=1.7xlO-8x500^Q?5.7Q

S1.5x10^

電壓表內(nèi)阻遠大于導(dǎo)線銅芯的電阻，為減小實驗誤差，電流表應(yīng)采用外接法，故接線柱P

應(yīng)與"相連。

⑵導(dǎo)線銅芯的電阻為

R

"I

根據(jù)電阻定律

nLL

R=p--p—j一

S吟2

聯(lián)立解得電阻率

U^d2

p一

4IL

10.(1)0.051.000.2400.245

(2)(M+2m)kd=2nMg

【詳解】(1)口］感光痕跡間的時間間隔

T=—=0.05s

G)

⑵細鋼柱速度大小為

XDE+XEF=100m/s

EIT

［3］在。石段，系統(tǒng)動能的增加量

AEk=1(2/n+M)v1=0.240J

⑷重力勢能的減少量

AEp-^M+rri)gxOE-mgxOE=0.245J

(2)由題知，激光筆每轉(zhuǎn)動一周，Q下降的高度為d,設(shè)激光筆共轉(zhuǎn)”圈，則有

0=ri'2TI

由圖像可知

6=—cot=—kt1

22

聯(lián)立解得

答案第6頁，共13頁

,2=坦

k

對整體根據(jù)牛頓第二定律有

根據(jù)勻變速運動公式

v=at

所以系統(tǒng)動能的增加量

小?22

—1?21M24n7i

AE.=—(2m+M]v=—x-----------------x-----------

k2V722m+Mk

重力勢能的減少量

AEp=(M+,nd-mg,nd=Mg，nd

若驗證得到表達式

1M2g24M

—x-----------------x----------=Mg?nd

22m+Mk

即

(M+2m)kd=2nMg

11.(1)/=4m；(2)AE=1J

【詳解】（1）對A物體受力分析,由牛頓第二定律得

NMg=maK

解得

2

aA=3m/s

對B受力分析，由牛頓第二定律得

NMg-4?2mg=maB

解得

=Im/s2

由運動學公式

12

=VtClt

%AG~~A

12

%B=~

解得

答案第7頁，共13頁

1=xA-xB=4m

（2）設(shè)物塊A和木板B碰撞前速度分別為匕、匕，由運動學公式，對A

匕=%一卬

解得

4=3m/s

對B

v2=aBt

解得

v2=lm/s

A、B碰撞過程為完全非彈性碰撞，則對A、B系統(tǒng)動量守恒

mvx+mv2=2mv

由能量守恒

\E=-mv?+—mv：——-2mv2

21222

解得

AE=1J

23mgd;(2)E]:等~；(3)l=^-m^2gd

12.(1)心TT=

q3q4

【詳解】（1）小球在I區(qū)域電場中，水平方向做勻速直線運動，豎直方向先加速再減速到零,

到達2點時吮=%，從B到C的過程中，由動能定理可得

mv

mgd+qUBC=^c

解得

n_23mgd

UBC~

q

2

（2）設(shè)小球在I區(qū)域中經(jīng)過直線y=時，豎直方向速度為與，在片中運動時間為「、在

當中運動時間為A，水平方向則有

%(G+才2)=3d

答案第8頁，共13頁

豎直方向，在片中有

24七

-d=—t,

321

在當中有

1,v

-d=—

322

解得

2d

%=一

%

小球在I區(qū)域耳中，豎直方向由運動學公式可得

2,12

—d——ci,t,

3211

由牛頓第二定律可得

qE、—mg=max

解得

13q

(3)設(shè)小球在II區(qū)域中，電場當水平方向的分量為紇、豎直方向分量為約，在C點時水

平方向速度為匕，豎直方向速度為0,由運動學公式可得

d=j

2

23

聯(lián)立可得

V),=4y[2gd

水平方向

qE,=max

答案第9頁，共13頁

a

X%

4=8g

豎直方向

mg+qEy^may

s=7

’3

%=16g

聯(lián)立可得

E=也

q

EJ5叫

q

II區(qū)域的場強大小為

E3=《E：+E；

P_17mg

乜3.

q

小球在區(qū)域n中從B到c過程中所受電場力的沖量大小

I=qE3t3

I=三〃112gd

13.ACE

【詳解】A.由圖示可知，功過程，氣體溫度增加，所以內(nèi)能增大，故A正確；

B.T-V圖像過原點的直線表示等壓過程，分別連接原點和°,以及原點和6點，根據(jù)

可知，T-V圖像的斜率越大,氣體壓強越大,從狀態(tài)a到狀態(tài)b的過程氣體的壓強逐漸減小,

故B錯誤；

D.由圖不可知，ah過程,氣體體積變大，氣體對外界做功，故D錯誤；

C.根據(jù)熱力學第一定律

\U=W+Q

因為從狀態(tài)。到狀態(tài)6的過程氣體內(nèi)能增加，又因為氣體對外做功，所以氣體從外界吸收熱

答案第10頁，共13頁

量，故c正確；

E.ab過程，壓強減小，溫度升高，所以分子平均動能變大，氣體分子撞擊器壁的平均作用

力增大，又因為從狀態(tài)。到狀態(tài)6的過程氣體的壓強逐漸減小，，所以容器單位面積、單位

時間內(nèi)受到的氣體分子撞擊次數(shù)逐漸減少，故E正確。

故選ACEo