2023-2024學年浙江省金華市東陽市高三下學期三模物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE1東陽市2024年5月高三模擬考試物理考生須知：1.本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時間90分鐘；2.答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在答題紙規(guī)定的位置上；3.選擇題的〖答案〗須用2B鉛筆將答題紙上對應(yīng)題目的〖答案〗標號涂黑，如要改動，須將原填涂處用橡皮擦凈；4.非選擇題的〖答案〗須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，〖答案〗寫在本試題卷上無效。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.據(jù)報道，我國人造太陽高11米、直徑8米、重達400噸，成功實現(xiàn)500萬攝氏度持續(xù)放電101.2秒的成果，打破了世界紀錄。在這則新聞中涉及了長度、質(zhì)量、溫度和時間及其單位，在國際單位制中，下列說法正確的是（）A.力學基本物理量是長度、質(zhì)量、力B.kg、N、m/s都是導出單位C.根據(jù)牛頓第二定律表達式可知：D.新聞中涉及的“11米、400噸和101.2秒”中，米和秒是國際單位制中的基本單位〖答案〗D〖解析〗A．力學基本量是長度、質(zhì)量、時間，故A錯誤；B．是基本單位，N、是導出單位，故B錯誤；C．根據(jù)牛頓第二定律表達式可知：，故C錯誤；D．新聞中涉及的11米、400噸和101.2秒中，米和秒是國際單位制中的基本單位，D正確。故選D。2.下列對教材中的四幅圖分析正確的是（）A.圖甲：天宮一號空間實驗室里的水球不受重力作用B.圖乙：樹枝受到猴子的拉力是樹枝發(fā)生形變產(chǎn)生的C.圖丙：汽車速度計的示數(shù)表示瞬時速率D.圖?。弘S著沙子的不斷流入，干沙堆的傾角會不斷增大〖答案〗C〖解析〗A.天宮一號空間實驗室里的水球依然受重力，只不過重力用于提供了向心力，A錯誤；B.猴子受到樹枝的拉力是樹枝發(fā)生形變產(chǎn)生的，B錯誤；C.汽車速度計的示數(shù)表示汽車通過某一位置的瞬時速度，C正確；D.當干沙堆的傾角到達某一值時，再落下的沙子沿斜面方向重力的分力大于摩擦力，沙子就會滑下，D錯誤。故選C。3.新春佳節(jié)，大街小巷總會掛起象征喜慶的中國紅燈籠。如圖所示，由4根等長輕質(zhì)細繩AB、BC、CD、DE懸掛起3盞質(zhì)量相等的燈籠，繩兩端的結(jié)點A、E等高，AB繩與豎直方向的夾角為，繩中張力大小為；BC繩與豎直方向的夾角為，繩中張力大小為，則（）A.B.若將懸掛點A往E靠近少許，的大小保持不變C.若在C處再增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，平衡時可能等于D.若在B、D處各增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，平衡時可能等于90°〖答案〗A〖解析〗A．由對稱性可知AB繩和DE繩張力大小相等，大小為。對三個燈籠的整體分析可知同理，對中間的燈籠受力分析，可得聯(lián)立，可得因為所以故A正確；B．若將懸掛點A往E靠近少許，則減小，由可知的大小減小。故B錯誤；C．對結(jié)點B受力分析，有，聯(lián)立，解得若在C處再增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，平衡時不可能等于。故C錯誤；D．若在B、D處各增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，假設(shè)平衡時等于90°，則對結(jié)點C受力分析，如圖可知其受力不平衡。所以假設(shè)不成立。故D錯誤。故選A。4.如圖甲所示質(zhì)量為m的同學在一次體育課上練習從高h的箱子上跳到地面，最終直立靜止于地面。該同學所受地面支持力大小F隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示，此過程中最大速度為v，不計該同學離開箱子的初速度和空氣阻力。下列說法正確的是（）A.整個過程中地面對人所做的功為mghB.整個過程中地面對人的沖量大小mvC.過程中人的機械能減少mghD.該同學時間段先超重再失重〖答案〗D〖解析〗A．由圖像可知，該同學在空中沒有落到地面，接觸地面減速向下運動，同學起立先向上加速后減速最終直立靜止于地面，整個過程中該同學觸地后一直是重心的升降，地面對人的彈力的作用點沒有位移，則地面對人所做的功0,故A錯誤；B．時刻支持力和重力相等，加速度等于零速度最大，從時刻到最后靜止過程動量定理可知整個過程支持力的沖量大于mv，，選項B錯誤；C．時刻速度下個下，在過程重力的沖量大于支持力的沖量，t3時刻人的速度不為零，即動能不為零，則過程中人的機械能減少量小于mgh，選項C錯誤；D．該同學時間段是從最低位置站立起來的過程，先加速向上后減速向上，即先超重再失重，選項D正確。故選D。5.2022年11月21日中國空間站第三次太空授課中演示了紫色水球從“活躍”到“懶惰”的過程。如圖所示，用注射器向水球噴氣，水球發(fā)生振動。向水球射入一枚質(zhì)量10g的鋼球，鋼球留在水球中，再用注射器以相同方式向水球噴氣，水球振動幅度減小。則（）A.首次噴氣水球振幅較大一定是因為注射器噴氣的頻率與水球的固有頻率相等B.水球振動中不破裂，是因為中心的水對外面的水有萬有引力的作用C.鋼球射入水球而未穿出，是水的表面張力起了作用D.鋼球在水中受到浮力為0.1N〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)動量定理，力的沖量相同的情況下，質(zhì)量小的物體獲得的速度大，振幅也大，故A錯誤；BC．水球振動中不破裂，鋼球射入水球而未穿出，是水的表面張力起了作用，故B錯誤，C正確。D．太空中處于失重狀態(tài)，浮力為0，故D錯誤；故選C。6.智能呼啦圈可以提供全面的數(shù)據(jù)記錄，讓人合理管理自己的身材。如圖甲，腰帶外側(cè)帶有軌道，將帶有滑輪的短桿穿入軌道，短桿的另一端懸掛一根帶有配重的輕繩，其簡化模型如圖乙所示?？梢暈橘|(zhì)點的配重質(zhì)量為0.4kg，輕繩長為0.4m，懸掛點P到腰帶中心點O的距離為0.26m，配重隨短桿做水平勻速圓周運動，繩子與豎直方向夾角為，運動過程中腰帶可視為靜止，重力加速度g取，，下列說法正確的是（）A.若增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的摩擦力變大B.當轉(zhuǎn)速時，則繩子與豎直方向夾角C.若增大轉(zhuǎn)速，則繩子與豎直方向夾角將減小D.若增加配重，保持轉(zhuǎn)速不變，則繩子與豎直方向夾角將減小〖答案〗B〖解析〗A．轉(zhuǎn)動過程中，以腰帶和配重整體為研究對象，整體在豎直方向處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件有故增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的摩擦力不變，故A錯誤；B．對配重進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得當轉(zhuǎn)速時，代入數(shù)據(jù)可得故B正確；CD．對配重進行受力分析，其在水平面上做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律可得整理得故增大轉(zhuǎn)速，則繩子與豎直方向夾角將增大，繩子與豎直方向夾角與配重質(zhì)量無關(guān)，故CD錯誤。故選B。7.隨著航天技術(shù)的不斷發(fā)展，人類終將沖出太陽系，對遙遠深空進行探索。如圖，a星與b星可以看作雙星系統(tǒng)，它們均繞連線上的O（未畫）點轉(zhuǎn)動，a星質(zhì)量是b星的81倍，假設(shè)人類發(fā)射了兩個探測器、剛好處在該系統(tǒng)的兩個拉格朗日點，位于這兩個點的探測器能在a星和b星的共同引力作用下繞O點做勻速圓周運動，并保持與a星、b星相對位置不變，探測器與a星球心、b星球心的連線構(gòu)成一個等邊三角形，探測器在a星、b星連線的延長線上。則（）A.a星和b星的第一宇宙速度之比為9:1B.a星球心和b星球心到O點的距離之比為81:1C.探測器繞O點運行的加速度比b星的加速度大D.探測器繞O點運行的周期比探測器大〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)第一宇宙速度的公式兩星半徑未知，無法比較第一宇宙速度，故A錯誤；B．設(shè)a星球心和b星球心到O點的距離分別為，，則有解得a星球心和b星球心到O點的距離之比為1：81，故B錯誤；C．探測器與a星球心、b星球心的連線構(gòu)成一個等邊三角形，并保持與a星、b星相對位置不變，即探測器繞O點運行和b星圍繞O點轉(zhuǎn)動的角速度相同，根據(jù)，探測器繞O點的距離較大，則探測器繞O點運行的加速度比b星的加速度大，故C正確；D．根據(jù)題意探測器、這兩個點與b星相對位置不變，所以探測器繞O點運行的周期與探測器的相同，故D錯誤。故選C。8.某靜止的原子核發(fā)生核反應(yīng)且釋放出能量Q。其方程為，并假設(shè)釋放的能量全都轉(zhuǎn)化為新核Y和Z的動能，其中Z的速度為v，以下結(jié)論正確的是（）A.Y原子核的動能是Z原子核的動能的倍B.Y原子核的速度大小為C.Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量大（為光速）D.秦山核電站產(chǎn)生的核能與該核反應(yīng)屬于同種類型〖答案〗A〖解析〗A．由動量守恒定律根據(jù)可得即Y原子核的動能是Z原子核的動能的倍，選項A正確；B．由動量守恒定律可知Y原子核的速度大小為選項B錯誤；C．因反應(yīng)放出核能，可知該反應(yīng)有質(zhì)量虧損，則Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量?。楣馑伲┻x項C錯誤；D．秦山核電站產(chǎn)生的核能是重核裂變反應(yīng)，用中子轟擊鈾核產(chǎn)生鏈式反應(yīng)，與該核反應(yīng)不屬于同種類型，選項D錯誤。故選A。9.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比，原線圈電路中接入內(nèi)阻不計電壓滿足的電源，電流表為理想交流電表。已知，，開關(guān)S閉合前、后電流表示數(shù)之比為3:4。下列說法正確的是（）A.副線圈電流的頻率100HzB.定值電阻C.開關(guān)閉合前后原線圈電壓有效值始終為220VD.開關(guān)閉合后電源輸出的功率減小〖答案〗B〖解析〗A．理想變壓器不改變交變電流的頻率，即故A錯誤；B．由題可知，設(shè)，當開關(guān)S斷開時，副線圈的負載電阻為2R；當開關(guān)閉合時，副線圈的負載電阻為R；將理想變壓器的原、副線圈和負載電阻等效為一個電阻，畫出電路的等效電路圖，如圖所示。根據(jù)理想變壓器電阻等效法，得因此當開關(guān)斷開時當開關(guān)閉合時根據(jù)閉合電路歐姆定律，可知等效電路中電流表示數(shù)故，又解得故B正確；C．根據(jù)可知開關(guān)閉合前后原線圈電路中電流發(fā)生變化，則原線圈電壓有效值會發(fā)生變化。故C錯誤；D．根據(jù)可知開關(guān)閉合后，等效電阻減小，則電源輸出的功率增大。故D錯誤。故選B。10.在圖甲的LC振蕩演示電路中，開關(guān)先撥到位置“1”，電容器充滿電后，在時刻開關(guān)撥到位置“2”。若電流從傳感器的“+”極流入，電流顯示為正，圖乙為振蕩電流隨時間變化的圖線，則下面有關(guān)說法正確的是（）A.在圖乙中A點時刻電容器上極板帶負電B.在圖乙中從到A點過程中電容器的電壓先增加后減小C.若電阻R減小，電流變化如圖丙中實線D.若電阻R減小，電流變化如圖丙中虛線〖答案〗A〖解析〗A．在圖乙中A點時刻電流為正且正在減小，可知電容器正在充電階段，此時上極板帶負電，下極板帶正電，選項A正確；B．在圖乙中從到A點過程中電流先正向增加后正向減小，電容器先放電后充電，即電容器的電壓先減小后增加，選項B錯誤；CD．若電阻R減小，則電容器放電時最大電流變大，但是振動周期不變，則圖丙中實線和虛線描述電流變化都不對，選項CD錯誤。故選A。11.單反就是指單鏡頭反光相機。相機在毛玻璃的上方安裝了一個五棱鏡。這種棱鏡將光線多次反射改變光路，將其影像送至目鏡，這時的影像就是上下正立且左右校正的了。圖為單反相機取景器的示意圖，ABCDE為五棱鏡的一個截面，。某一束單色光光線經(jīng)平面鏡反射后從AB邊的F點垂直AB入射，其中、，最后剛好在BC中點垂直BC出射，已知在CD與AE兩個面上發(fā)生全反射，且兩次全反射的入射角相等，則下列說法正確的是（）（已知）A.五棱鏡的折射率一定為B.五棱鏡的折射率一定為C.光在五棱鏡中傳播時間為D.左右平移平面鏡，只要光仍從BC面垂直射出，則光在五棱鏡中的傳播時間不變〖答案〗D〖解析〗AB．設(shè)入射到CD面上的入射角為θ，因為在CD和EA上發(fā)生全反射，且兩次反射的入射角相等，如圖根據(jù)幾何關(guān)系有4θ=90°解得θ=22.5°當光剛好在CD和AE面上發(fā)生全反射時，折射率最小，根據(jù)解得最小折射率為故AB錯誤；C．由幾何關(guān)系可知則在棱鏡中的總距離光在棱鏡中的最大速度為可得最短傳播時間選項C錯誤；D．左右平移平面鏡，只要光仍從BC面垂直射出，則因入射到CD面上的入射角θ不變，則光在棱鏡中傳播的距離不變，即光在五棱鏡中的傳播時間不變，選項D正確。故選D。12.單晶硅太陽能發(fā)電原理是光線照射到單晶硅太陽能板上，會激發(fā)電子形成電流。已知杭州西站樞紐屋頂鋪設(shè)了面積為的單晶硅太陽能板，陽光照射下平均發(fā)電功率。若已知太陽的輻射總功率約，太陽與地球之間的距離約，則下列說法正確的是（）A.單位面積上接收到的太陽輻射功率約200WB.一天大約可發(fā)電C.光電的轉(zhuǎn)換效率約14%D.單晶硅太陽能板發(fā)出的是交流電〖答案〗C〖解析〗A．距離太陽的球面面積單位面積上接受太陽太陽輻射的功率故A錯誤；B．若24小時都有太陽，則工作一天大約可發(fā)電但有太陽的時間小于24小時。故B錯誤；C．太陽板接收的太陽能光電的轉(zhuǎn)換放率約為故C正確；D．依題意，光線照射到單晶硅太陽能板上，電子定向移動形成電流。方向不變，為直流電。故D錯誤。故選C。13.空間存在一平行于紙面的勻強電場，在電場內(nèi)取某點記為坐標原點O，沿某一方向建立x軸，選取x軸上到O點距離為r的P點，以O(shè)為圓心、r為半徑作圓，如圖甲所示。從P點起沿圓周逆時針方向移動一周，圓上各點的電勢會隨轉(zhuǎn)過角度發(fā)生變化。當半徑r分別取、、時，其圖像如圖乙所示，三條曲線所對應(yīng)的電勢均在時達到最大值，最大值分別為、、，曲線③與橫軸相切。則下列說法正確的是（）A.電場方向沿x軸負方向B.時曲線②的電勢值為C.時曲線①的電勢值D.電場強度大小為〖答案〗B〖解析〗A．三條曲線均在時達到最大值，說明電場線不是沿著x軸，而是沿著與x軸正方向的夾角為的直線上，且電場線方向指向左下方。故A錯誤；D．曲線①的最大值在三條圖像中最大，只有半徑越大，P點繞原點逆時針轉(zhuǎn)過時，逆著電場線走過的距離才越大，對應(yīng)的電勢才越高，所以曲線①對應(yīng)的r取值為，曲線②對應(yīng)的r取值為，曲線③對應(yīng)的r取值為取。由題知，曲線③對應(yīng)的最高電勢和最低電勢分別為、0，則坐標原點在最高電勢點和最低電勢點連線的中點。所以坐標原點O的電勢為取曲線③最高電勢和最低電勢來求電場強度故D錯誤。B．當半徑r取時，設(shè)該圓與x軸交點為，則有解得故B正確；C．根據(jù)可知時曲線①的電勢值為故C錯誤。故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分，每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不選全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法正確的是（）A.彈力屬于電磁相互作用B.質(zhì)子和中子屬于強子C.J.J.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子后又在實驗室發(fā)現(xiàn)了電子的衍射現(xiàn)象D.赫茲在實驗室發(fā)現(xiàn)光電效應(yīng)，并得出遏止電壓與入射光頻率成線性關(guān)系〖答案〗AB〖解析〗A．彈力和摩擦力在本質(zhì)上是由電場力引起的，屬于電磁相互作用，故A正確；B．常見的強子是質(zhì)子和中子，故B正確；C．1897年J.J.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子，30年后，J.J.湯姆孫的兒子G.P.湯姆孫利用電子束照射到金屬晶格上，從而得到電子的衍射圖樣，故C錯誤；D．赫茲在實驗室發(fā)現(xiàn)光電效應(yīng)，密立根得出遏止電壓與入射光頻率成線性關(guān)系，故D錯誤。故選AB。15.如圖所示，坐標原點O左右兩邊的介質(zhì)不同，、為兩列波的波源，兩波源同時起振，兩列波分別沿x軸傳到、點時作為計時起點，當時的點剛好第一次處于波峰，則下列說法正確的是（）A.波周期為3sB.兩列波疊加后能形成穩(wěn)定的干涉圖樣C.兩列波在處相遇D.右側(cè)介質(zhì)的傳播速度2m/s〖答案〗AC〖解析〗A．由題意可得，當左邊波源從起傳到的點時經(jīng)過，由圖可以判斷左邊波源的起振方向沿軸正方向，所以的點振動開始經(jīng)第一次處于波峰。所以解得左邊波源的振動周期為故A正確；B．由圖可得兩波源的波長均為，由于兩邊的介質(zhì)不同，所以它們的波速不同，根據(jù)公式可知，兩列波頻率不同，故兩列波疊加后不能形成穩(wěn)定的干涉圖樣，故B錯誤；CD．波源的傳播速度由根據(jù)題意可得兩式相比可得波源的傳播速度當波源傳到O點時，所用時間此時波源傳到的位置之后兩列波的波速均為，所以相遇的位置在處。故C正確，D錯誤。故選AC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.在探究質(zhì)量一定時加速度與力的關(guān)系，小佳同學設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置。其中M為帶滑輪的小車的質(zhì)量，m為砂和砂桶的質(zhì)量。（動滑輪質(zhì)量不計）（1）操作本實驗時，以下操作步驟正確的有________；A.為了獲得合力大小需用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量mB.為減小實驗誤差，改變砂和砂桶質(zhì)量時，必須要滿足砂和砂桶的質(zhì)量m遠小于小車的質(zhì)量MC.將帶滑輪的長木板右端墊高，以補償阻力D.為保證紙帶上打點的清晰度和點的數(shù)量，小車釋放時要靠近打點計時器，先釋放小車，再接通電源，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數(shù)（2）經(jīng)正確操作，得到如圖乙所示的紙帶，已知打點計時器所接交流電源的頻率為50Hz，相鄰兩計數(shù)點之間還有四個計時點未畫出，則小車運動的加速度大小為________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（3）正確操作記錄若干數(shù)據(jù)后，小佳同學以彈簧測力計的示數(shù)F為橫坐標，加速度a為縱坐標，畫出的圖像是一條直線，圖線與橫坐標的夾角為，求得圖線的斜率為k，則小車的質(zhì)量為________。A.k B. C. D.〖答案〗（1）C（2）2.4（3）B〖解析〗【小問1詳析】AB．本實驗中小車受到的拉力可直接由彈簧測力計測出，所以不需要測量砂和砂桶的質(zhì)量，也不需要滿足砂和砂桶的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量，故AB錯誤；C．為了使細線拉力等于小車的合外力，所以本實驗需要平衡摩擦力，可將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦為力，故C正確；D．為保證紙帶上打點的清晰度和點的數(shù)量，小車釋放時要靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數(shù)，故D錯誤。故選C。【小問2詳析】相鄰兩計數(shù)點之間還有四個計時點未畫出，可知相鄰計數(shù)點的時間間隔為根據(jù)逐差法可知加速度為【小問3詳析】對小車，根據(jù)牛頓第二定律可得可知圖線的斜率為即故選B。17.用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，作出的光路圖及測出的相關(guān)角度如圖甲所示。（1）如果玻璃磚上下表面平行，則可以選擇上表面的兩個對應(yīng)角度（入射角和折射角）來求折射率，也可以選擇下表面的兩個對應(yīng)角度來求折射率，這兩種是等效的。如果所選擇的玻璃磚上下表面不平行，正確操作后得到圖乙所示的光路圖，此時應(yīng)選擇_____________對應(yīng)的兩個角度來求折射率。A．上表面B．下表面C．上表面或者下表面都沒問題D．上表面或者下表面都會有系統(tǒng)誤差（2）如果有幾塊寬度d不同的玻璃磚可供選擇，則_____________A．選擇寬度較大的玻璃磚來做實驗可以減少誤差B．選擇寬度較小的玻璃磚來做實驗可以減少誤差C．玻璃磚的寬度對誤差沒有影響〖答案〗（1）C（2）A〖解析〗（1）[1]光在上下表面都發(fā)生折射，所以可以用上表面或者下表面對應(yīng)的兩個角度來求折射率都沒問題。故選C。（2）[2]若選擇寬度較大的玻璃磚來做實驗，可以增大光線在玻璃磚內(nèi)的光線的長度，從而減少誤差。故選A。18.某同學在“測量金屬絲的電阻率”實驗中，選用金屬絲的電阻約為30Ω。（1）用螺旋測微器測量金屬絲直徑，示數(shù)如圖甲所示，則金屬絲直徑________mm（2）現(xiàn)有電源（電動勢E為3.0V，內(nèi)阻不計）、開關(guān)和導線若干，以及下列器材：A.電流表（量程0~0.6A，內(nèi)阻約0.2Ω）B.電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約3kΩ）C.滑動變阻器（0~5Ω，額定電流2A）D.滑動變阻器（0~200Ω，額定電流1A）為減小誤差，且電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，滑動變阻器應(yīng)選________（選填器材前的字母）。然后利用圖乙所示的電路來測量某合金絲的電阻率補充完成圖乙中實物間的連線________。（3）改變合金絲右端PN接入電路的長度L，記錄L及對應(yīng)電流表電壓表的示數(shù)I和U，并作出的圖像，如圖丙所示。圖丙得到圖線的斜率為k，則該合金絲的電阻率________（用d、k表示）；（4）圖丙中圖線的縱軸截距b表示_____________?！即鸢浮剑?）0.182##0.183##0.184##0.185（2）C（3）（4）電流表的內(nèi)阻〖解析〗【小問1詳析】金屬絲的直徑18.3×0.01mm=0.183mm【小問2詳析】[1]為減小誤差，且電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，滑動變阻器應(yīng)接成分壓電路，故應(yīng)該選擇阻值較小的C；[2]因則采用電流表內(nèi)接電路，滑動變阻器用分壓電路，則電路連線如圖【小問3詳析】根據(jù)則解得【小問4詳析】根據(jù)可知，圖丙中圖線的縱軸截距b表示電流表內(nèi)阻。19.如圖所示，傾角的光滑斜面固定在水平地面上，有一長的絕熱汽缸與絕熱活塞靜置于斜面上，活塞與重物通過不可伸長的輕繩連接，此時重物對地面恰好無壓力，輕繩OA段與斜面平行，活塞距離汽缸底部?；钊|(zhì)量，重物質(zhì)量，活塞面積，大氣壓，缸內(nèi)封閉的理想氣體溫度，缸內(nèi)氣體分子總動能滿足，其中，g取。活塞厚度及活塞與汽缸壁的摩擦忽略不計，活塞始終與汽缸壁垂直且不漏氣。當電熱絲通電加熱時，活塞緩慢到達汽缸口，求：（1）加熱過程氣體壓強________（選填“增大”、“減小”或“不變”），汽缸內(nèi)壁單位面積受到分子的撞擊數(shù)________（選填“增大”、“減小”或“不變”）；（2）加熱前汽缸內(nèi)氣體的壓強________；（3）加熱過程電熱絲放出的熱量________?！即鸢浮剑?）不變減小（2）（3）〖解析〗（1）[1]加熱過程，活塞、汽缸和重物整體受力不變，汽缸向下滑動，活塞的受力不變，即氣體對活塞的壓力不變，氣體的壓強不變；[2]加熱過程，氣體的溫度升高，氣體的平均動能增大，氣體分子對汽缸內(nèi)壁的平均作用力變大，但是氣體的壓強不變，即單位面積單位時間內(nèi)氣體分子的作用力不變，則汽缸內(nèi)壁單位面積受到分子的撞擊數(shù)減?。唬?）活塞受力平衡重物受力平衡可得氣體壓強（3）加熱過程為等壓變化，滿足得T1=400K氣體內(nèi)能變化氣體對外做功根據(jù)熱力學第一定律可得20.如圖所示，光滑水平面左側(cè)放置質(zhì)量、半徑光滑圓弧槽b，右側(cè)固定粗糙斜面體ABC，斜面體AB和BC的傾角均為60°，B離地面高度，另有一個質(zhì)量的小滑塊球a（可視為質(zhì)點）從圓弧槽某位置靜止釋放，圓弧槽圓心與小滑塊的連線與豎直方向夾角為。滑塊與斜面AB之間的動摩擦因數(shù)，且滑塊通過A點時無機械能損失。，重力加速度。（1）若圓弧槽b固定不動且小滑塊a靜止釋放位置，求a第一次滑至圓弧槽最低點時小滑塊的向心加速度大小；（2）若圓弧槽b不固定且小滑塊a靜止釋放位置，求a滑至圓弧槽最低點時小滑塊的位移大小及圓弧槽對小滑塊的支持力大?。唬?）若圓弧槽b固定不動，小滑塊從某一位置靜止釋放，小滑塊沿斜面AB通過B點后恰好落在C點，求：小滑塊在B點時的速度及釋放位置的角度?！即鸢浮剑?）；（2），；（3），〖解析〗（1）從釋放位置到最低點列動能定理求得所以最低點向心加速度（2）a與b水平方向動量守恒且總動量等于零，滿足人船模型且所以可得a滑下過程中ab組成的系統(tǒng)總能量守恒a與b水平方向動量守恒可得可得小滑塊由合力提供向心力所以（3）B點飛出到C點過程中，小滑塊做斜拋運動，在水平方向勻速運動，則時間為在豎直方向豎直上拋，取向下為正方向，則得釋放位置到B點列動能定理解得所以21.如圖甲所示，左側(cè)發(fā)電裝置由一個留有小缺口的圓形線圈和能產(chǎn)生輻向磁場的磁體組成，輻向磁場分布關(guān)于線圈中心豎直軸對稱，線圈所在處磁感應(yīng)強度大小均為。線圈半徑r，電阻不計，缺口處通過足夠長輕質(zhì)軟導線與間距的水平平行金屬軌道相連，軌道間接有電容為的電容器，區(qū)域內(nèi)有豎直向下，的勻強磁場，緊靠處有一根質(zhì)量m，電阻R的金屬桿a。絕緣軌道區(qū)域內(nèi)有方向豎直向下，大小隨x軸（為坐標原點，向右為正方向）變化的磁場，變化規(guī)律滿足，同一位置垂直軌道方向磁場相同，緊靠處放置質(zhì)量為m、電阻為的“”形金屬框EFGH，F(xiàn)G邊長度為L，EF邊長度為。時刻單刀雙擲開關(guān)S和接線柱1接通，圓形線圈在外力作用下沿豎直方向運動，其速度按照圖乙規(guī)律變化，取豎直向上為速度正方向。時將S從1撥到2，同時讓金屬桿a以初速度在磁場中向右運動，金屬桿a達到穩(wěn)定速度后在處與金屬框EFGH發(fā)生完全非彈性碰撞組合成一閉合的長方形金屬框。不考慮電流產(chǎn)生的磁場影響，除已給電阻其它電阻不計。求（結(jié)果可用r、m、、、、k中的字母表）