浙江省溫州市樂清市知臨中學(xué)2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期期末物理試題（解析版）

2022學(xué)年高二學(xué)期期末質(zhì)量檢測高二物理試題（本試卷中涉及的g均?。┮弧⑦x擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分，每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.在兵器科學(xué)中，常用到一個概念為“比動能”，其定義為子彈或炮彈的動能與其最大截面積的比值。關(guān)于“比動能”的單位，正確的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)比動能的定義為則其單位為故選D。2.小青同學(xué)在東塔爬山后，準(zhǔn)備騎車回知臨中學(xué)，圖示為地圖軟件推薦路線信息，下列說法正確的是（）A.推薦路線里3.2公里指的是位移B.計算小青同學(xué)的平均速度時，不可以將她看作質(zhì)點C.預(yù)計13：56到達(dá)中的“13：56”為時間間隔D.根據(jù)圖中展示的信息，可以估算小青同學(xué)的平均速率【答案】D【解析】【詳解】A．推薦路線里的3.2公里指的是路程，A錯誤；B．計算小青同學(xué)的平均速度時，可以將她看作質(zhì)點，B錯誤；C．“13：56”為時刻，C錯誤；D．平均速率為路程與時間之比，根據(jù)圖中展示的信息，可以估算小青同學(xué)的平均速率，D正確。故選D。3.2022年8月19日重慶發(fā)生森林火災(zāi)，滅火直升飛機(jī)沿水平方向勻速往返火場和取水區(qū)上空，其中貯水桶受到與運動方向相反、大小保持不變的水平風(fēng)力F。已知貯水桶（包含水）的重力為G，貯水桶受到繩子的拉力為T，繩子與豎直方向的夾角為，如果貯水桶總保持與直升飛機(jī)相對靜止，下列正確的是（）A.拉力T的大小可能等于水平風(fēng)力F的大小B.在勻速運動過程中，飛機(jī)與貯水桶組成的系統(tǒng)動量不守恒C.在勻速運動的過程中，重力的沖量為0D.返回取水區(qū)的過程中，夾角比滅火前大【答案】D【解析】【詳解】A．對貯水桶進(jìn)行分析有由于繩子與豎直方向的夾角為總小于，可知拉力T的大小始終大于水平風(fēng)力F，故A錯誤；B．在勻速運動過程中，飛機(jī)與貯水桶組成的系統(tǒng)所受外力的合力為0，則動量守恒，故B錯誤；C．根據(jù)可知，在勻速運動的過程中，重力的沖量不為0，故C錯誤；D．對貯水桶進(jìn)行分析有，則有在返回取水區(qū)的過程中，重力G減小，水平風(fēng)力F保持不變，可知夾角比滅火前大，故D正確。故選D。4.如圖所示，光滑的冰面上有一質(zhì)量為M的小車處于靜止?fàn)顟B(tài)，小車上表面為一半徑為R的光滑圓弧曲面。某一時刻，一質(zhì)量為m的小球自左端以水平速度沖上小車，已知當(dāng)m處于最高點時，m上升高度小于R。則下列說法正確的是（）A.在小球到達(dá)最高點之前，小球與小車之間有可能已經(jīng)相互分離了B.在小球上升過程中，小球的機(jī)械能守恒C.小球沿曲面下滑過程中，小車對冰面的壓力有一段時間大于（m+M）gD.小球離開小車時小球的速率等于【答案】C【解析】【詳解】A．在小球到達(dá)最高點之前，小球與小車之間一直有作用力，不能相互分離，故A錯誤；B．在小球上升過程中，小球與小車組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球的機(jī)械能不守恒，故B錯誤；C．小球沿曲面下滑過程中，小車減速下降時，處于超重狀態(tài)，對冰面的壓力有一段時間大于，故C正確；D．小球從沖上小車到離開小車，設(shè)向右為正方向，小球離開小車時的位置在曲面最低點，小球向左運動的速率等于v，小車的速度為，在水平方向上動量守恒和機(jī)械能守恒定律得可得所以即小球離開小車時小球的速率小于，故D錯誤。故選C。5.2022年11月1日凌晨4點27分，我國“夢天”實驗艙與“天和”核心艙成功實現(xiàn)“太空握手”，整個交會對接過程歷時大約13小時?！皦籼臁比肓校瑯?biāo)志著我們組建中國空間站的“最后一塊積木”已經(jīng)到位。如圖所示，若“夢天”實驗艙進(jìn)入軌道I運行，之后與在高度為H的軌道Ⅱ上運行的“天和”核心艙成功對接（M點為對接點），航天員進(jìn)入核心艙開始工作。則下列說法中正確的是（）A.“夢天”實驗艙在軌道I上從N點到M點的過程中，速率變小B.“夢天”實驗艙為了進(jìn)入軌道Ⅱ，需要在M點沿速度方向噴氣C.“夢天”實驗艙在軌道I運行的周期大于在軌道Ⅱ上運行的“天和”核心艙周期D.空間站中的物體會漂浮在空中，故不受力的作用【答案】A【解析】【詳解】A．“夢天”實驗艙在軌道I上從N點到M點的過程中，機(jī)械能守恒，重力勢能增大，動能減小，速率減小，故A正確；B．“夢天”實驗艙為了進(jìn)入軌道Ⅱ，需要在M點加速，沿速度方向反方向噴氣，故B錯誤；C．“夢天”實驗艙在軌道I運行的軌道半長軸小于在軌道Ⅱ上運行的“天和”軌道半徑，由開普勒第三定律，可知“夢天”實驗艙在軌道I運行的周期小于在軌道Ⅱ上運行的“天和”核心艙周期，故C錯誤；D．空間站中的物體會漂浮在空中，受地球的引力提供隨空間站一起繞地球做圓周運動的向心力，故D錯誤。故選A。6.如圖所示，在勻強(qiáng)電場中建立直角坐標(biāo)系xOy，坐標(biāo)平面與電場方向平行。坐標(biāo)系中有一個經(jīng)過O、A、B三點的圓，Q點（25cm，0）為圓心，A點坐標(biāo)為（32cm，24cm），A點電勢為64V，B點電勢為34V，Q點電勢為49V，則（）A.電場強(qiáng)度的方向為由A→O方向B.電場強(qiáng)度沿B→O方向C.電場強(qiáng)度大小為120V/mD.O、A兩點電勢相同【答案】D【解析】【詳解】AB．由于可知，AB連線的中點C電勢等于49V，即CQ連線為一條等勢線，由于電場線垂直于等勢線，由高電勢點指向低電勢點，可知電場強(qiáng)度的方向為由A→B方向，如圖所示故AB錯誤；C．令，根據(jù)題意有令，則有解得可知根據(jù)上述可知，電場強(qiáng)度為故C錯誤；D．根據(jù)幾何關(guān)系可知則有AO與CQ平行，可知AO連線垂直于電場線，AO連線也為一條等勢線，即O、A兩點電勢相同，故D正確。故選D。7.如圖甲所示電路，電流表、線圈L的電阻不計，首先閉合開關(guān)，電路處于穩(wěn)定狀態(tài)，在某一時刻突然斷開開關(guān)S，整個過程通過電阻R1中的電流I隨時間變化的圖線如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A.由題中信息可知，本題數(shù)據(jù)處理過程中，電源內(nèi)阻不可忽略不計B.C.斷開開關(guān)后，電流從右向左流過D.從斷開開關(guān)到燈熄滅的過程中，自感線圈的自感電動勢變大【答案】B【解析】【詳解】B。．圖甲中，閉合開關(guān)，電路處于穩(wěn)定狀態(tài)時，電阻與并聯(lián)，通過兩電阻的電流分別為，根據(jù)圖乙可知，某一時刻突然斷開開關(guān)S，電流突變?yōu)?，線圈中由于電流減小，由于自感作用，線圈中產(chǎn)生自感電動勢，使得線圈中的電流由閉合前的穩(wěn)定值在新回路中逐漸減為0，由圖乙可知解得故B正確；A．根據(jù)上述可知，由題中信息可知，本題數(shù)據(jù)處理過程中，電源的內(nèi)阻對操作不影響，即本題數(shù)據(jù)處理過程中，電源內(nèi)阻可忽略不計，故A錯誤；C．根據(jù)上述可知，斷開開關(guān)后，由于自感作用，線圈中產(chǎn)生自感電動勢，使得線圈中的電流由閉合前的穩(wěn)定值在新回路中逐漸減為0，即斷開開關(guān)后，電流從左向右流過，故C錯誤；D．從斷開開關(guān)到燈熄滅的過程中，根據(jù)根據(jù)圖乙可知，在從斷開開關(guān)到燈熄滅的過程中，圖像斜率的絕對值逐漸減小，即電流的變化率逐漸減小，可知從斷開開關(guān)到燈熄滅的過程中，自感線圈的自感電動勢變小，故D錯誤。故選B。8.關(guān)于這些裝置，以下說法正確的是（）A.甲圖裝置霍爾元件左右移動時，能產(chǎn)生霍爾電壓的原理是電磁感應(yīng)B.乙圖中物體向左移，則電容器的電容變小C.丙圖裝置中通過物體位置變化引起線圈的自感系數(shù)改變從而將位置量換轉(zhuǎn)成電學(xué)量D.丁圖裝置只要有聲音，即使不接入電源，R兩端也有電壓輸出【答案】C【解析】【詳解】A．甲圖裝置霍爾元件左右移動時，能產(chǎn)生霍爾電壓的原理是帶電粒子在磁場中受洛倫茲力作用而發(fā)生偏轉(zhuǎn)，不是電磁感應(yīng)，選項A錯誤；B．乙圖中物體向左移，插入電容器的電介質(zhì)增加，則電容器的電容變大，選項B錯誤；C．丙圖裝置中通過物體位置變化引起線圈的自感系數(shù)改變從而將位置量換轉(zhuǎn)成電學(xué)量，選項C正確；D．丁圖裝置是電容話筒一樣利用振膜接受空氣振動信號，振膜與固定的平面電極之間形成一個電容，兩者之間的距離變化會導(dǎo)致其電容的變化。在電容兩端施加固定頻率及大小的電壓，通過電容的電流就會變化。將這個電流信號進(jìn)行轉(zhuǎn)換，即可輸出音頻信號。但是只有聲音，不接入電源，R兩端不會有電壓輸出，選項D錯誤。故選C。9.如圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)，兩磁極間的磁場可視為勻強(qiáng)磁場，一個100匝的矩形線圈（內(nèi)阻不計）繞垂直于磁場方向的軸OO＇勻速轉(zhuǎn)動，某位置開始計時產(chǎn)生的交變電動勢圖像如圖乙所示，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.1T，則（）A.t=0時刻，線圈平面與磁感線平行B.線圈的面積S為C.它可使“220V，60W”的燈泡正常發(fā)光，也可使擊穿電壓為220V的電容器正常工作D.以此作為電源，每通過1C的電量，消耗的電能為220J【答案】B【解析】【詳解】A．t=0，電動勢為0，所以線圈與磁感線垂直，故A錯誤；B．線圈產(chǎn)生的最大電動勢，可以計算得到故B正確；C．它可使“220V，60W”的燈泡正常發(fā)光，但電動勢的最大值超過了擊穿電壓，所以此電容不能正常工作，故C錯誤；D．通過1C的電量，消耗的電能與開始的時刻有關(guān)，不同時刻開始通電，通電時間不同，消耗的電能都不一樣，故D錯誤。故選B。10.如圖所示，沿波的傳播方向上有六個質(zhì)點a、b、c、d、e、f，相鄰兩質(zhì)點之間的距離均為1m，各質(zhì)點均靜止在各自的平衡位置，時刻振源a開始做簡諧運動，取豎直向上為振動位移的正方向，其振動圖像如圖所示，形成的簡諧橫被以的速度水平向右傳播，則下列說法正確的是（）A.從時刻起f點開始振動B.時刻質(zhì)點e第二次回到平衡位置C.從至內(nèi)質(zhì)點b運動的路程為D.從至內(nèi)質(zhì)點d的加速度正在逐漸減小【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．波傳到f點的時間為故A錯誤；B．波傳到e點的時間為質(zhì)點起振方向向上，則時刻質(zhì)點e第一次回到平衡位置，故B錯誤；C．從至內(nèi)質(zhì)點b振動了2.5s=則運動的路程為故C正確；D．波傳到d點需要1.5s，則從至內(nèi)質(zhì)點d的正在從最高點向最低點振動，加速度先逐漸減小后逐漸變大，故D錯誤。故選C。11.為了研究大量處于能級的氫原子躍遷時的發(fā)光特點，現(xiàn)利用氫原子躍遷時產(chǎn)生的三種單色光照射同一個光電管，如圖甲所示，移動滑動變阻器的滑片調(diào)節(jié)光電管兩端電壓，分別得到三種光照射時光電流與光電管兩端電壓的關(guān)系，如圖乙所示，則對于a、b、c三種光，下列說法正確的是（）A.從同一點沿相同方向射入球形玻璃磚內(nèi)，調(diào)節(jié)入射角的過程中，c光最容易發(fā)生全反射現(xiàn)象B.a、b、c三種光從真空中進(jìn)入同一介質(zhì)后，在介質(zhì)中的波長滿足以下關(guān)系：C.用a光照射時逸出的光電子初動能最小D.通過同一個單縫裝置進(jìn)行單縫衍射實驗，中央條紋寬度c光最寬【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)光線在球形玻璃磚中的對稱性，光線射入后都不會發(fā)生全反射現(xiàn)象，故A錯誤；B．根據(jù)圖乙可知，a、b、c三種光的遏止電壓關(guān)系為根據(jù)可知若這三種光是原子從能級躍遷到較低能級時發(fā)出的光，根據(jù)躍遷原理可得整理得進(jìn)入同一種介質(zhì)后，由于介質(zhì)對三種光的折射率不一樣，造成波長發(fā)生變化，所以不再滿足上述關(guān)系，故B錯誤；C．由B可知，a光的遏止電壓最小，根據(jù)可知，a光照射時逸出的光電子初動能最小，故C正確；D．由B可知，根據(jù)可知因此a光更容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，單縫衍射時a光中央亮條紋最寬，故D錯誤。故選C。12.水面上漂浮一半徑為的圓形荷葉，一條小蝌蚪從距水面的圖示位置處沿水平方向以速度勻速穿過荷葉，已知水的折射率為，則在小蝌蚪沿荷葉直徑AB正下方勻速游過的過程中，在水面之上任意位置看不到小蝌蚪的時間為（）A.2sB.4sC.6sD.8s【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)題意可知，當(dāng)蝌蚪反射的光在荷葉邊緣水面上發(fā)生全反射時，則在水面上看不到蝌蚪，如圖所示由于則有則有由對稱性可知則在水面之上看不到小蝌蚪的時間為故選A13.電磁軌道炮利用電流和磁場的作用使炮彈獲得超高速度，原理示意圖如圖所示。圖中直流電源電動勢為，電容器的電容為。兩根固定于水平面內(nèi)的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為，電阻不計。導(dǎo)軌間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場（圖中末畫出），炮彈等效為一質(zhì)量為、電阻為的金屬棒，垂直放在兩導(dǎo)軌間處于靜止?fàn)顟B(tài)，并與導(dǎo)軌接觸良好。首先開關(guān)接1，使電容器完全充電。然后將開關(guān)接至2，開始向右加速運動。已知達(dá)到最大速度后才離開導(dǎo)軌，忽略空氣阻力，則（）A.直流電源的端是正極B.剛開始運動時，加速度大小為C.離開導(dǎo)軌時，電容器已經(jīng)放電完畢D.離開導(dǎo)軌時，電容器上剩余的電荷量為【答案】D【解析】【詳解】A．MN向右加速，則安培力向右，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面向上，可知電流從N到M，則電容器下極板帶正電，即直流電源的b端是正極，選項A錯誤；B．MN剛開始運動時，加速度大小為選項B錯誤；C．MN達(dá)到最大速度才離開導(dǎo)軌，此時MN中電流為零，即MN產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢等于電容器兩板間的電壓，此時電容器還沒有放電完畢，選項C錯誤；D．當(dāng)電容器充電完畢時，設(shè)電容器上電量為Q0，有Q0=CE開關(guān)S接2后，MN開始向右加速運動，速度達(dá)到最大值vmax時，設(shè)MN上的感應(yīng)電動勢為E′，有E′=BLvmax依題意有設(shè)在此過程中MN的平均電流為，MN上受到的平均安培力為，有由動量定理，有又聯(lián)立得選項D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.關(guān)于下列四幅圖，說法正確的是（）A.圖甲，在一端封閉的玻璃管中，用一段水銀將管內(nèi)氣體與外界隔絕，管口向下放置，若將管傾斜，封閉端內(nèi)氣體的壓強(qiáng)減小B.圖乙，液體在器壁附近的液面會發(fā)生彎曲，表面層Ⅱ內(nèi)分子的分布比液體內(nèi)部疏，附著層Ⅱ內(nèi)分子的分布比液體內(nèi)部疏C.圖丙，狀態(tài)①的溫度比狀態(tài)②的溫度高D.圖丁，按照玻爾氫原子模型，這樣運動的電荷應(yīng)該輻射出電磁波，電子繞核轉(zhuǎn)動的能量將不斷地被電磁波帶走【答案】BC【解析】【詳解】A．圖甲，管口豎直向下時氣體壓強(qiáng)為p0－h(huán)；若傾斜放置時氣體壓強(qiáng)p0－h(huán)sinθ（θ為試管與水平線的夾角），則將管傾斜，封閉端內(nèi)氣體的壓強(qiáng)變大，A錯誤；B．圖乙中，液體在器壁附近的液面向上凸，發(fā)生彎曲，說明附著層Ⅱ內(nèi)分子的分布比液體內(nèi)部疏，附著層內(nèi)分子表現(xiàn)為引力，而表面層Ⅱ內(nèi)分子的分布比液體內(nèi)部疏，表面層分子也表現(xiàn)為引力，故B正確；C．由圖甲可知，狀態(tài)①速率大的氧氣分子比例較大，所以狀態(tài)①的溫度比狀態(tài)②的溫度高，C正確；D．玻爾的原子模型提出電子只能在一些不連續(xù)的軌道上運動，電子在不同軌道上運動時的能量不同，電子雖然繞核做高速運動，但不會向外輻射電磁波，故D錯誤。故選BC。15.在勻強(qiáng)磁場中，一個原來靜止的原子核，由于衰變放射出某種粒子，結(jié)果得到一張兩個相切圓1和2的徑跡照片如圖所示，已知兩個相切圓半徑分別為r1、r2，則下列說法正確的是（）A.原子核發(fā)生了β衰變，徑跡2是衰變后β的徑跡B.徑跡1是衰變后新核的徑跡，徑跡1、2旋轉(zhuǎn)方向相同C.若衰變方程是，則r1：r2=2：117D.若衰變方程是，則衰變后新核和射出的粒子的動能之比為2∶117【答案】BD【解析】【詳解】A．原子核衰變過程中系統(tǒng)動量守恒，衰變生成的兩粒子的動量方向相反，由左手定則可知，若生成的兩粒子電性相反，則在磁場中的軌跡為內(nèi)切圓，若電性相同，則在磁場中的軌跡為外切圓，由題圖知原子核發(fā)生α衰變，A錯誤；B．原子核原來靜止，初動量為零，由動量守恒定律可知，原子核衰變生成的兩粒子動量p大小相等，方向相反，粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得解得由于p、B相同，則粒子的電荷量q越大，軌道半徑越小，由于新核的電荷量大，所以新核的軌道半徑小于α粒子的軌道半徑，所以徑跡1為新核的運動軌跡，旋轉(zhuǎn)方向相同，B正確；CD．由動能與動量的關(guān)系所以動能之比等于質(zhì)量的反比，即為2∶117，由B項分析知C錯誤，D正確。故選BD。三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.某實驗小組用單擺做“單擺測量重力加速度”實驗。如圖是用游標(biāo)卡尺測出擺球的直徑d=______cm；用刻度尺測出擺線長度，算出擺長為1m；用停表測量單擺的周期，把單擺從平衡位置拉開一個很小的角度釋放，當(dāng)單擺穩(wěn)定時，擺球到達(dá)______（選填“最高”或“最低”）點時開始計時，并計數(shù)為零。單擺每經(jīng)過這點時計一次數(shù)，當(dāng)數(shù)到100次時記下時間，求出單擺周期?！敬鸢浮竣?2.125②.最低【解析】【詳解】[1]根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)律，該讀數(shù)為[2]擺球運動到最低點速度最大，易于觀察判定，因此當(dāng)單擺穩(wěn)定時，擺球到達(dá)最低點時開始計時，并計數(shù)零。17.在利用“雙縫干涉測定光的波長”實驗中，雙縫間距為d，雙縫到光屏間的距離為L，在調(diào)好實驗裝置后，用某種單色光照射雙縫得到干涉條紋，則：（1）若分劃板在圖中A、B位置時游標(biāo)卡尺讀數(shù)分別為和，則該單色光的波長的表達(dá)式為______（用、及題中所給字母及必要的數(shù)字表示）。（2）若用頻率更高的單色光照射，同時增大雙縫間的距離，則條紋間距______（填“變寬”或“變窄”或“不變”）?！敬鸢浮竣?②.變窄【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)圖像可知，相鄰明條紋中心之間的間距為根據(jù)干涉規(guī)律有解得（2）[2]頻率越高的單色光波長越短，根據(jù)可知，當(dāng)減小波長，增大雙縫間的距離d，則條紋間距變窄。18.針式多用電表是實驗室中常用的測量儀器。請回答下列問題：（1）使用多用電表粗測電阻時，將選擇開關(guān)撥至歐姆擋“×10”擋，經(jīng)正確操作后，指針指示如圖甲a，為了使多用電表測量的結(jié)果更準(zhǔn)確，該同學(xué)應(yīng)該選擇歐姆擋______檔（選填“×1”、“×100”）；若經(jīng)過正確操作，將兩表筆接待測電阻兩端時，指針指示如圖甲b，則待測電阻為______Ω。（2）圖乙是某多用電表歐姆擋內(nèi)部電路示意圖。該歐姆表的兩只表筆中，______是紅表筆。（選填“A”或“B”）。【答案】①.×100②.3000③.A【解析】【詳解】（1）[1]指針指示如圖甲a，顯示指針偏轉(zhuǎn)角度較小，表明通過歐姆表的電流較小，即待測電阻阻值較大，為了減小實驗讀數(shù)誤差，歐姆表指針應(yīng)指在中央刻線附近，則應(yīng)該選擇歐姆擋“×100”檔；[2]換擋后，根據(jù)歐姆表的讀數(shù)規(guī)律，該讀數(shù)為（2）[3]根據(jù)圖乙可知，歐姆表內(nèi)部電流從表筆A進(jìn)入，從表筆B出來，根據(jù)“紅進(jìn)黑出”的規(guī)律，可知A是紅表筆。19.某物理興趣小組在進(jìn)行物理課外實驗中，學(xué)生電源損壞，不能使用。(1)在探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系的實驗中，可以使用220V的交流電源來代替，要完成實驗，下圖實驗器材中需要用到的有_____。(填正確答案標(biāo)號)(2)組裝變壓器時，沒有將鐵芯閉合，如圖所示，原線圈接u=311sin314t(V)的交流電源，原、副線圈的匝數(shù)比為8∶1，副線圈兩端接交流電壓表，則交流電壓表的讀數(shù)可能是_____。A.27.5VB.38.9VC.10.0VD.1760V【答案】①.AD②.C【解析】【詳解】（1）[1]本實驗需要線圈和鐵芯，還需要交流電壓表測量電壓，不用條形磁鐵和多用表，故AD正確，BC錯誤。故選AD。（2）[2]根據(jù)題意原線圈電壓有效值根據(jù)代入數(shù)據(jù)得由于鐵芯沒有閉合，有漏磁現(xiàn)象，實際上輸出電壓低于計算值，故C正確，ABD錯誤。故選C。20.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)狀態(tài)狀態(tài)狀態(tài)A完成一次循環(huán)，如圖所示。已知狀態(tài)A時氣體的溫度（1）求氣體在狀態(tài)和狀態(tài)C時的溫度；（2）求氣體從狀態(tài)B→C的過程中，氣體對外做的功；（3）已知氣體從狀態(tài)的過程中，外界對氣體做的功，試說明全過程中氣體是吸熱還是放熱，求吸收（或放出）了多少熱量?！敬鸢浮浚?），；（2）；（3）放熱【解析】【詳解】（1）等容變化解得A→C等溫變化，則（2）B→C等壓膨脹，氣體對外界做功（3）根據(jù)溫度相同則內(nèi)能相同，得解得氣體放熱。21.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一足夠長的絕緣軌道ABCD，AB水平放置，CD豎直放置軌道AB、CD粗糙，BC是絕緣光滑的四分之一圓弧形軌道，圓弧的圓心為O，半徑R=0.5m，軌道所在空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度的大小?，F(xiàn)有質(zhì)量m=0.2kg，電荷量的帶電體（可視為質(zhì)點），從A點由靜止開始運動，已知AB距離1m，帶電體與軌道AB，CD間的動摩擦因數(shù)均為0.5，假定帶電體與軌道之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等。（?。┣螅海?）求帶電體首次運動到圓弧軌道C點時對軌道的壓力；（2）帶電體最終停在何處；（3）如果電場強(qiáng)度的大小為，求帶電體全程摩擦產(chǎn)生的熱量。【答案】（1）20N，方向水平向左；（2）停在離C點上方1m處；（3）2J?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）從A點運動到C點，根據(jù)動能定理得解得在C點時，根據(jù)牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得FN=20N根據(jù)牛頓第三定律得對軌道的壓力為20N，方向水平向左。（2）設(shè)CD向上運動到最高點時速度為0時，上移的位移為x，對全過程運用動能定理得代入數(shù)據(jù)解得x=1m因為μqE=mg所以物塊不會滑下，最終停在離C點上方1m處。（3）當(dāng)電場力等于重力時，即qE=mg解得E=2×104N/C帶電體恰好在BC段做往復(fù)運動，且到C點速度為零，對全過程運用能量守恒得代入數(shù)據(jù)解得Q=2J22.如圖所示，和是兩根足夠長且電阻不計的固定光滑平行金屬軌道，其中