廣西兩校2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期開(kāi)學(xué)摸底調(diào)研測(cè)試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024屆新高考高三摸底調(diào)研測(cè)試物理第Ⅰ卷（選擇題）一、單項(xiàng)選擇題（共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求）1.比值法定義物理量是物理學(xué)中一種常用的方法，是用兩個(gè)基本的物理量的“比”來(lái)定義一個(gè)新的物理量方法、比值法定義的基本特點(diǎn)是被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變。下列式子不屬于比值法定義物理量的是（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗A．為牛頓第二定律的表達(dá)式，說(shuō)明物體的加速度與F正比，與質(zhì)量m成反比，故A不屬于比值定義；BCD．為電場(chǎng)強(qiáng)度定義式，屬于比值定義；為磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式，也屬于比值定義；為電阻的定義式，屬于比值定義，故BCD屬于比值定義。故選A。2.當(dāng)前，我國(guó)機(jī)器人產(chǎn)業(yè)總體發(fā)展水平穩(wěn)步提升，應(yīng)用場(chǎng)景顯著擴(kuò)展，產(chǎn)品優(yōu)勢(shì)不斷增強(qiáng)，創(chuàng)新型企業(yè)大量涌現(xiàn)。某品牌機(jī)器人做直線運(yùn)動(dòng)位移一時(shí)間圖像（圖像）如圖所示，下列說(shuō)法中正確的是（）A.該機(jī)器人在時(shí)刻離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)B.在時(shí)間內(nèi)，該機(jī)器人運(yùn)動(dòng)的加速度方向不變C.該機(jī)器人在時(shí)間內(nèi)的速度大于在時(shí)間內(nèi)的速度D.在時(shí)間內(nèi)，該機(jī)器人運(yùn)動(dòng)速度方向始終不變，先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)〖答案〗B〖解析〗A．由圖可知，該機(jī)器人在時(shí)刻回到出發(fā)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；BCD．圖線的斜率表示質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)速度，由圖可知，該機(jī)器人在時(shí)間內(nèi)做正方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)，時(shí)間內(nèi)先減速，減速至零，然后做反方向的加速運(yùn)動(dòng)，時(shí)間內(nèi)做負(fù)方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)。質(zhì)點(diǎn)在時(shí)間內(nèi)的速度小于在時(shí)間內(nèi)的速度；根據(jù)加速度與速度方向的關(guān)系可知，在時(shí)間內(nèi)，該機(jī)器人運(yùn)動(dòng)的加速度方向不變，故B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，物體a、b用細(xì)繩與彈簧連接后跨過(guò)滑輪，a靜止在傾角為30°的粗糙斜面上。已知，不計(jì)滑輪摩擦，現(xiàn)將斜面傾角由30°緩慢增大到45°的過(guò)程中，a相對(duì)斜面保持靜止，則此過(guò)程中（）A.彈簧的彈力增大B.物體a對(duì)斜面的壓力增大C.物體a受到的靜摩擦力減小D.物體a受到的靜摩擦力先減小后增大〖答案〗D〖解析〗A．對(duì)物體b受力分析，可得將斜面傾角由30°緩慢增大到45°的過(guò)程中，彈簧的彈力始終等于物體b的重力，大小不變，故A錯(cuò)誤；B．對(duì)物體a受力分析，可得易知傾角由30°緩慢增大到45°的過(guò)程中，斜面對(duì)物體a的支持力減小。根據(jù)牛頓第三定律可知物體a對(duì)斜面的壓力也減小，故B錯(cuò)誤；CD．同理，沿斜面方向，物體a的受力平衡，有依題意聯(lián)立，可得傾角由30°緩慢增大到45°的過(guò)程中，物體a受到的靜摩擦力先減小至零然后反向增大。故C錯(cuò)誤；D正確。故選D。4.九重之際向天問(wèn)，天宮掠影驚蒼穹?！疤鞂m”空間站中三名宇航員正環(huán)繞地球運(yùn)行，與此同時(shí)，“天問(wèn)”探測(cè)器在環(huán)繞火星運(yùn)行。假設(shè)它們的運(yùn)行軌道都是圓軌道，地球與火星的質(zhì)量之比為p，“天宮”與“天問(wèn)”的軌道半徑之比為q。關(guān)于“天宮”空間站與“天問(wèn)”探測(cè)器，下列說(shuō)法不正確的是（）A.運(yùn)行周期之比為 B.環(huán)繞速度之比為C.加速度之比為 D.動(dòng)能之比為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，即即故“天宮”空間站與“天問(wèn)”探測(cè)器的運(yùn)行周期之比為，故A正確，不符合題意；C．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，即即故“天宮”空間站與“天問(wèn)”探測(cè)器的加速度之比為，故C正確，不符合題意；BD．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，即即故“天宮”空間站與“天問(wèn)”探測(cè)器的運(yùn)行速度之比為，由于未給出“天宮”空間站與“天問(wèn)”探測(cè)器的質(zhì)量之比，故動(dòng)能之比無(wú)法得出，故B正確，不符合題意，D錯(cuò)誤，符合題意。故選D。5.如圖所示，交流發(fā)電機(jī)通過(guò)電阻不計(jì)的導(dǎo)線為右側(cè)的電路供電，電壓表和電流表均為理想電表，變壓器為理想變壓器，副線圈兩端接有開(kāi)關(guān)、滑動(dòng)變阻器以及兩個(gè)定值電阻、。保持線圈ABCD（電阻不計(jì)）在磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表A和電壓表、的示數(shù)變化大小分別為和、，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)線圈ABCD位于如圖所示的位置時(shí)，線圈ABCD產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大B.若發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，其他條件不變，原線圈的輸入功率也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍C.當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭向下滑動(dòng)而其他條件不變時(shí)，電壓表的示數(shù)變大D.閉合開(kāi)關(guān)S，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭而其他條件不變時(shí)，與比值不變〖答案〗D〖解析〗A．當(dāng)線圈ABCD位于如圖所示的位置時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量最大，但磁通量的變化率為0，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，線圈ABCD產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0，故A錯(cuò)誤；B．由題意，若發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，其他條件不變，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得可知原線圈產(chǎn)生交流電感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，有效值也增大為原來(lái)的2倍，根據(jù)理想變壓器輸入功率等于輸出功率，即可得原線圈的輸入功率將變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，故B錯(cuò)誤；C．電壓表測(cè)量的是變壓器輸出端的電壓，輸出端的電壓取決于輸入端電壓及變壓器原副線圈的匝數(shù)比，所以，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向下滑動(dòng)而其他條件不變時(shí)，電壓表示數(shù)保持不變，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)變壓器輸出端的電壓為，閉合開(kāi)關(guān)S，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭而其他條件不變時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可得與比值為不變，所以與比值不變，故D正確。故選D。6.如圖所示，長(zhǎng)均為L(zhǎng)的兩根輕繩，一端共同系住質(zhì)量為m的小球，另一端分別固定在等高的A、B兩點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)間的距離也為L(zhǎng)。重力加速度大小為g?，F(xiàn)使小球在豎直平面內(nèi)以AB為軸做圓周運(yùn)動(dòng)，若小球在最高點(diǎn)速率為v時(shí)，兩根繩的拉力恰好均為零，則小球在最高點(diǎn)速率為2v時(shí)，每根繩的拉力大小為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)小球在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)輕繩與圓周運(yùn)動(dòng)軌道平面的夾角為則根據(jù)題述小球在最高點(diǎn)速率為v時(shí)，兩根繩的拉力恰好均為零，有小球在最高點(diǎn)速率為時(shí)，設(shè)每根繩拉力大小為，則有解得故選A。7.如圖，MN和PQ是電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌,其間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌彎曲部分光滑、平直部分粗糙，二者平滑連接，右端接一個(gè)阻值為的定值電阻。平直部分導(dǎo)軌左邊區(qū)域有寬度為、方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為、電阻為的金屬棒從高為處?kù)o止釋放，到達(dá)磁場(chǎng)右邊界處恰好停止。已知金屬棒與平直部分導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，金屬棒與導(dǎo)軌間接觸良好，重力加速度大小為。則金屬棒穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中（）A.流過(guò)定值電阻的電流方向是：B.通過(guò)金屬棒的電荷量為C.金屬棒克服安培力所做的功為D.電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為〖答案〗D〖解析〗A．金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)右手定則，可知流過(guò)定值電阻的電流方向是：，故A錯(cuò)誤；B．金屬棒穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，根據(jù)故B錯(cuò)誤；C．在金屬棒從靜止釋放到磁場(chǎng)右邊界的過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得可得金屬棒克服安培力所做的功為故C錯(cuò)誤；D．由功能關(guān)系可知，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為由于電阻R和金屬棒為串聯(lián)關(guān)系，所以電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）8.如圖（a）為簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形圖，是平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)，是平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)，是平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)，圖（b）為質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像、下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)向軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)B.在時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的加速度方向沿軸負(fù)方向C.質(zhì)點(diǎn)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為D.到，質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為〖答案〗AD〖解析〗A．由乙圖可知時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q位于平衡位置向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)波形平移法可知，波沿x軸正方向傳播，則在時(shí)，質(zhì)點(diǎn)向軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故A正確；B．由乙圖可知周期為，從到，質(zhì)點(diǎn)P由甲圖圖示位置再振動(dòng)，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過(guò)平衡位置到達(dá)y軸負(fù)半軸，所以此時(shí)加速度方向沿y軸正方向，故B錯(cuò)誤；C．由乙圖可知，質(zhì)點(diǎn)Q簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為由甲圖可知質(zhì)點(diǎn)M與質(zhì)點(diǎn)Q相距半個(gè)波長(zhǎng)，則質(zhì)點(diǎn)M簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為故C錯(cuò)誤；D．由圖甲可知時(shí)，波動(dòng)方程為可知此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P的位移為設(shè)質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程為代入，可得解得則時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的位移為由于時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P向軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，則到，質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為故D正確。故選AD。9.如圖所示，圖1是不同溫度下的黑體輻射強(qiáng)度隨波長(zhǎng)的變化規(guī)律圖；圖2為光電效應(yīng)原理圖，某種單色光照射到光電管的陰極上時(shí)，電流表有示數(shù)；圖3為氫原子的能級(jí)圖，有大量處于能級(jí)的氫原子向能級(jí)躍遷；圖4為放射性元素剩余質(zhì)量與原質(zhì)量的比值隨時(shí)間的變化規(guī)律圖，下列說(shuō)法中正確的是（）A.圖1中，隨著溫度的升高，各種波長(zhǎng)輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)B.圖2中，用頻率更低的光照射光電管的陰極時(shí)，電流表一定沒(méi)有示數(shù)C.圖3中，從能級(jí)躍遷到能級(jí)時(shí)產(chǎn)生的光子波長(zhǎng)最長(zhǎng)D.圖4中，的半衰期是5700年，則100個(gè)經(jīng)過(guò)5700年還剩50個(gè)〖答案〗AC〖解析〗A．隨著溫度的升高，各種波長(zhǎng)輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)，故A正確；B．用頻率更低的光照射光電管的陰極時(shí)，如果頻率小于極限頻率，則電流表沒(méi)有示數(shù)，如果頻率大于極限頻率，則電流表有示數(shù)，故B錯(cuò)誤；C．從能級(jí)躍遷到能級(jí)時(shí)，能級(jí)差最小，光子頻率最小，波長(zhǎng)最長(zhǎng)，故C正確；D．半衰期指的是大量原子核衰變時(shí)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，100個(gè)不是大量，經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期后不一定剩余50個(gè)，故D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示，傾斜傳送帶按順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，將質(zhì)量為的小物塊輕輕放在傳送帶底端，小物塊恰好在傳送帶的中點(diǎn)與傳送帶共速，之后勻速上升到傳送帶頂端。已知傳送帶與水平面夾角，傳送帶頂端離地高度，重力加速度。若全過(guò)程中傳送帶因?yàn)閭魉臀矬w多消耗的電能是，下列說(shuō)法正確的有（）A.物體在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)與勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為B.傳送帶速度為C.物體與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)D.在全過(guò)程中產(chǎn)生的熱量〖答案〗CD〖解析〗A．由于物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)和勻速直線運(yùn)動(dòng)的位移相同，故兩段運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比應(yīng)為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC．小物塊在傳送帶上勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，有可得又由能量守恒定律，傳送帶多消耗的電能解得故選項(xiàng)B錯(cuò)誤，選項(xiàng)C正確；D．由產(chǎn)生的熱量故選項(xiàng)D正確。故選CD第Ⅱ巻（非選擇題）三、實(shí)驗(yàn)題（共2小題，共14分。）11.某同學(xué)做“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)，如圖甲所示，在水平桌面上，將輕質(zhì)小圓環(huán)掛在橡皮條的一端，另一端固定，橡皮條的長(zhǎng)度為GE。在圖乙中，用手通過(guò)兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)共同拉動(dòng)小圓環(huán)，小圓環(huán)受到拉力、、三力的共同作用，靜止于O點(diǎn)，橡皮條伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度為。撤去、，改用一個(gè)力單獨(dú)拉住小圓環(huán)，仍使它靜止于點(diǎn)，如圖丙所示。（1）以下說(shuō)法證的是________。A．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中、間的夾角要適當(dāng)?shù)拇笠恍〣．用一個(gè)力單獨(dú)拉住小圓環(huán)時(shí)，小圓環(huán)可以不在點(diǎn)C．實(shí)驗(yàn)時(shí)必須記錄、的方向D．實(shí)驗(yàn)前彈簧秤要進(jìn)行機(jī)械調(diào)零（2）①在探究過(guò)程中應(yīng)用了________的物理方法。（選填“轉(zhuǎn)換法”、“等效替代法”、“控制變量法”）②若實(shí)驗(yàn)中，用A、B兩只彈簧測(cè)力計(jì)把橡皮條上的結(jié)點(diǎn)拉到某一位置，這時(shí)、間夾角，如圖所示，現(xiàn)改變彈簧測(cè)力計(jì)的拉力方向，使角減小，但不改變它的拉力大小，那么要使結(jié)點(diǎn)仍被拉到點(diǎn)，就應(yīng)調(diào)節(jié)彈簧測(cè)力計(jì)拉力的大小及角，在下列調(diào)整方法中，不可行的是________。A．增大的拉力和角B．增大的拉力，角不變C．增大的拉力，減小角D．的拉力大小不變，增大角〖答案〗（1）ACD（2）等效替代法D〖解析〗（1）[1]A．為了減小相對(duì)誤差，實(shí)驗(yàn)過(guò)程中、的夾角要適當(dāng)大一些，故A正確；B．用一個(gè)力F單獨(dú)拉住小環(huán)時(shí)，小圓環(huán)必須在O點(diǎn)，使單獨(dú)作用的效果與、共同作用的效果一致，故B錯(cuò)誤；C．實(shí)驗(yàn)時(shí)必須記錄、的方向，故C正確；D．實(shí)驗(yàn)前彈簧秤要進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，故D正確。故選ACD。（2）①[2]在探究過(guò)程中應(yīng)用了等效替代法。②[3]CD．設(shè)A彈簧測(cè)力計(jì)的拉力為，B彈簧測(cè)力計(jì)的拉力為，增大，且的大小不變，在合力方向的分力減小，在垂直合力的方向分力增大，要保持合力大小及方向都不變，則在合力方向的分力要增大，在垂直合力方向的分力也要增大，則要增大，作圖圖中紅色、為原來(lái)兩拉力，黑色為變化后的兩拉力。由圖可知，順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)了一定角度，故角要減小，故C可行，不符合題意要求；D不可行，符合題意要求；A．當(dāng)轉(zhuǎn)過(guò)的角度再大點(diǎn)，如圖由圖中紫色線條可知，要增大，逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)了一定角度，故角要增大，故A可行，不符合題意要求；B．當(dāng)轉(zhuǎn)到特定的角度，如圖由圖中藍(lán)色線條可知，要增大，角不變，故B可行，不符合題意要求。故選D。12.某同學(xué)在研究標(biāo)有額定工作狀態(tài)為“，”的小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室提供以下器材：電流表（量程，內(nèi)阻約為）電流表（豊理，內(nèi)阻約為）電壓表V（量程，阻約為）滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為）滑動(dòng)變阻器（最大阻值為）電源（電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻不計(jì)）單刀單擲開(kāi)關(guān)與單刀雙擲開(kāi)關(guān)若開(kāi)，導(dǎo)線若干（1）為了提高測(cè)量的準(zhǔn)確度與有效性，應(yīng)該選擇電流表________，滑動(dòng)變阻器________（填器材后面的代號(hào)）；（2）若實(shí)驗(yàn)電路如圖1所示，在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片P置于變阻器的________端（填“左”或“右”）；調(diào)整好滑片位置后將單刀雙擲開(kāi)關(guān)置________點(diǎn)（填“”或“”）。（3）正確連接電路后，開(kāi)始實(shí)驗(yàn)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，如果電壓表的示數(shù)可以從零開(kāi)始變化，燈泡也不亮，則可能故障是________。A.燈泡支路發(fā)生了短路B.燈泡支路發(fā)生了斷路C.電流表內(nèi)部線圈燒斷了D.滑動(dòng)變阻器左下端接入電路的導(dǎo)線有斷路故障（4）故障排除后，將滑片P向右調(diào)節(jié)，得到多種狀態(tài)下小燈泡實(shí)際工作的電壓與電流的對(duì)應(yīng)數(shù)據(jù)據(jù)、記錄在表格中，描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖2所示。（5）將這個(gè)小燈泡接入新電路（圖3所示）中，電源內(nèi)阻不計(jì)，該電路中其他元件的相關(guān)參數(shù)如圖中標(biāo)識(shí)，則該小燈泡在該電路中的實(shí)際工作功率為_(kāi)_______W（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。〖答案〗（1）A2R1（2）左b（3）B（5）0.384〖解析〗（1）[1]燈泡的額定電流為為了提高測(cè)量的準(zhǔn)確度與有效性，應(yīng)該選擇電流表A2；[2]為了方便調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選阻值較小R1。（2）[3]為了使燈泡的電流最小，在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片P置于變阻器的左端；[4]燈泡的電阻約為根據(jù)則電流表應(yīng)選擇外接法，調(diào)整好滑片位置后將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S3置b點(diǎn)。（3）[5]A．若燈泡支路發(fā)生了短路，電流表有示數(shù)，電壓表示數(shù)為零，故A錯(cuò)誤；B．若燈泡支路發(fā)生了斷路，電壓表的示數(shù)可以從零開(kāi)始變化，但電流表沒(méi)有示數(shù)，燈泡也不亮，故B正確；C．若電流表內(nèi)部線圈燒斷了，電壓表無(wú)示數(shù)，故C錯(cuò)誤；D．若滑動(dòng)變阻器左下端接入電路的導(dǎo)線有斷路故障，電流表有示數(shù)，燈泡會(huì)發(fā)光，故D錯(cuò)誤。故選B。（5）[6]由電路圖，設(shè)燈泡的電壓為，電流為，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得代入數(shù)據(jù)整理得將此函數(shù)圖像在圖2中畫出來(lái)，如圖所示根據(jù)圖線交點(diǎn)可知該小燈泡在該電路中的實(shí)際工作功率為四、解答題（共3小題，共40分，〖解析〗應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后〖答案〗的不得分，有數(shù)字計(jì)算的題，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。）13.導(dǎo)熱的U型管一端封閉，管中用水銀封閉一定質(zhì)量的氣體，U型管兩直管長(zhǎng)度相等，間距為d，且d遠(yuǎn)大于管的粗細(xì)。當(dāng)U型口向上、直管豎直放置時(shí)，管中兩水銀面等高，如圖a，此時(shí)封閉氣體柱長(zhǎng)度為l0，大氣壓強(qiáng)為p0，室內(nèi)溫度不變，水銀密度為ρ，重力加速度為g。（1）若將U型管在管平面內(nèi)緩慢逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)90°成圖b，或順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)過(guò)90°成圖c，求b、c兩圖中封閉氣體柱長(zhǎng)度之比（結(jié)果用p0、ρ、g、d表示）；（2）若U型管從圖c繼續(xù)順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)左側(cè)管中水銀恰好與管口相齊時(shí)兩側(cè)管中水銀面連線恰好在豎直方向上，如圖d。已知d=22.5cm，l0=15cm，求大氣壓強(qiáng)p0（單位用cmHg表示）?！即鸢浮剑?）；（2）75cmHg〖解析〗（1）由題意可知封閉氣體做等溫變化，則從圖a到圖b，有從圖a到圖c過(guò)程有解得（2）從圖c到圖d過(guò)程中有其中l(wèi)=2l0、代入數(shù)據(jù)解得p0=75cmHg14.如圖所示，質(zhì)量的平板車放在光滑的水平面上，質(zhì)量的物塊放在平板車右端上表面，質(zhì)量的小球用長(zhǎng)為的細(xì)線懸掛于點(diǎn)，點(diǎn)在平板車的左端正上方，距平板車上表面的高度為，將小球向左拉到一定高度，懸線拉直且與豎直方向的夾角為，由靜止釋放小球，小球與平板車碰撞后，物塊剛好能滑到平板車的左端，物塊相對(duì)平板車滑行的時(shí)間為，物塊與平板車間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.6，忽略小球和物塊的大小，重力加速度取，求：（1）平板車的長(zhǎng)度；（2）小球與平板車碰撞過(guò)程損失的機(jī)械能?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）設(shè)物塊在平板車上滑動(dòng)時(shí)的加速度為，根據(jù)牛頓第二定律有解得設(shè)物塊與平板車最后的共同速度為，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有設(shè)小球與平板車相碰后，平板車的速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得設(shè)平板車的長(zhǎng)度為，根據(jù)能量守恒有解得（2）設(shè)小球與平板車相碰前速度為，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得設(shè)碰撞后小球的速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得小球與平板車碰撞過(guò)程損失的機(jī)械能為15.如圖所示，一半徑為R的圓與x軸相切于原點(diǎn)O，圓內(nèi)有直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大為B。與x軸垂直的豎直虛線與磁場(chǎng)最右端相切，其右側(cè)的第Ⅰ象限內(nèi)存在沿-y方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)?，F(xiàn)有一束比荷為的帶正電粒子沿著+y方向從原點(diǎn)O射入磁場(chǎng)，粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)方向沿x軸正方向，進(jìn)入電場(chǎng)后，經(jīng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)打到x軸上坐標(biāo)為（3R，0）的點(diǎn)，不計(jì)粒子的重力，求：（1）粒子射入磁場(chǎng)時(shí)的速度；（2）電場(chǎng)強(qiáng)度的大小；（3）若僅使從O點(diǎn)射入的帶電粒子初速度方向與-x軸方向成30°角，求粒子從O點(diǎn)出發(fā)到再次打到x軸上所用的時(shí)間?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）在圓形磁場(chǎng)中，沿徑向入射的粒子沿徑向飛出，作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為r=R在磁場(chǎng)中由洛倫茲力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則解得（2）進(jìn)入電場(chǎng)后，經(jīng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)打到x軸上坐標(biāo)為（3R，0）的點(diǎn)，則有，解得（3）作出軌跡如圖所示由于軌跡半徑與磁場(chǎng)圓半徑相等，則四邊形為棱形，可知飛出時(shí)速度沿x軸正方向，由幾何關(guān)系可知，軌跡對(duì)應(yīng)圓心角為磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的周期磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間粒子從到做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則在電場(chǎng)中豎直方向有粒子從O點(diǎn)出發(fā)到再次打到x軸上所用的時(shí)間2024屆新高考高三摸底調(diào)研測(cè)試物理第Ⅰ卷（選擇題）一、單項(xiàng)選擇題（共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求）1.比值法定義物理量是物理學(xué)中一種常用的方法，是用兩個(gè)基本的物理量的“比”來(lái)定義一個(gè)新的物理量方法、比值法定義的基本特點(diǎn)是被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變。下列式子不屬于比值法定義物理量的是（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗A．為牛頓第二定律的表達(dá)式，說(shuō)明物體的加速度與F正比，與質(zhì)量m成反比，故A不屬于比值定義；BCD．為電場(chǎng)強(qiáng)度定義式，屬于比值定義；為磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式，也屬于比值定義；為電阻的定義式，屬于比值定義，故BCD屬于比值定義。故選A。2.當(dāng)前，我國(guó)機(jī)器人產(chǎn)業(yè)總體發(fā)展水平穩(wěn)步提升，應(yīng)用場(chǎng)景顯著擴(kuò)展，產(chǎn)品優(yōu)勢(shì)不斷增強(qiáng)，創(chuàng)新型企業(yè)大量涌現(xiàn)。某品牌機(jī)器人做直線運(yùn)動(dòng)位移一時(shí)間圖像（圖像）如圖所示，下列說(shuō)法中正確的是（）A.該機(jī)器人在時(shí)刻離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)B.在時(shí)間內(nèi)，該機(jī)器人運(yùn)動(dòng)的加速度方向不變C.該機(jī)器人在時(shí)間內(nèi)的速度大于在時(shí)間內(nèi)的速度D.在時(shí)間內(nèi)，該機(jī)器人運(yùn)動(dòng)速度方向始終不變，先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)〖答案〗B〖解析〗A．由圖可知，該機(jī)器人在時(shí)刻回到出發(fā)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；BCD．圖線的斜率表示質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)速度，由圖可知，該機(jī)器人在時(shí)間內(nèi)做正方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)，時(shí)間內(nèi)先減速，減速至零，然后做反方向的加速運(yùn)動(dòng)，時(shí)間內(nèi)做負(fù)方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)。質(zhì)點(diǎn)在時(shí)間內(nèi)的速度小于在時(shí)間內(nèi)的速度；根據(jù)加速度與速度方向的關(guān)系可知，在時(shí)間內(nèi)，該機(jī)器人運(yùn)動(dòng)的加速度方向不變，故B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，物體a、b用細(xì)繩與彈簧連接后跨過(guò)滑輪，a靜止在傾角為30°的粗糙斜面上。已知，不計(jì)滑輪摩擦，現(xiàn)將斜面傾角由30°緩慢增大到45°的過(guò)程中，a相對(duì)斜面保持靜止，則此過(guò)程中（）A.彈簧的彈力增大B.物體a對(duì)斜面的壓力增大C.物體a受到的靜摩擦力減小D.物體a受到的靜摩擦力先減小后增大〖答案〗D〖解析〗A．對(duì)物體b受力分析，可得將斜面傾角由30°緩慢增大到45°的過(guò)程中，彈簧的彈力始終等于物體b的重力，大小不變，故A錯(cuò)誤；B．對(duì)物體a受力分析，可得易知傾角由30°緩慢增大到45°的過(guò)程中，斜面對(duì)物體a的支持力減小。根據(jù)牛頓第三定律可知物體a對(duì)斜面的壓力也減小，故B錯(cuò)誤；CD．同理，沿斜面方向，物體a的受力平衡，有依題意聯(lián)立，可得傾角由30°緩慢增大到45°的過(guò)程中，物體a受到的靜摩擦力先減小至零然后反向增大。故C錯(cuò)誤；D正確。故選D。4.九重之際向天問(wèn)，天宮掠影驚蒼穹?！疤鞂m”空間站中三名宇航員正環(huán)繞地球運(yùn)行，與此同時(shí)，“天問(wèn)”探測(cè)器在環(huán)繞火星運(yùn)行。假設(shè)它們的運(yùn)行軌道都是圓軌道，地球與火星的質(zhì)量之比為p，“天宮”與“天問(wèn)”的軌道半徑之比為q。關(guān)于“天宮”空間站與“天問(wèn)”探測(cè)器，下列說(shuō)法不正確的是（）A.運(yùn)行周期之比為 B.環(huán)繞速度之比為C.加速度之比為 D.動(dòng)能之比為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，即即故“天宮”空間站與“天問(wèn)”探測(cè)器的運(yùn)行周期之比為，故A正確，不符合題意；C．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，即即故“天宮”空間站與“天問(wèn)”探測(cè)器的加速度之比為，故C正確，不符合題意；BD．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，即即故“天宮”空間站與“天問(wèn)”探測(cè)器的運(yùn)行速度之比為，由于未給出“天宮”空間站與“天問(wèn)”探測(cè)器的質(zhì)量之比，故動(dòng)能之比無(wú)法得出，故B正確，不符合題意，D錯(cuò)誤，符合題意。故選D。5.如圖所示，交流發(fā)電機(jī)通過(guò)電阻不計(jì)的導(dǎo)線為右側(cè)的電路供電，電壓表和電流表均為理想電表，變壓器為理想變壓器，副線圈兩端接有開(kāi)關(guān)、滑動(dòng)變阻器以及兩個(gè)定值電阻、。保持線圈ABCD（電阻不計(jì)）在磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表A和電壓表、的示數(shù)變化大小分別為和、，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)線圈ABCD位于如圖所示的位置時(shí)，線圈ABCD產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大B.若發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，其他條件不變，原線圈的輸入功率也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍C.當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭向下滑動(dòng)而其他條件不變時(shí)，電壓表的示數(shù)變大D.閉合開(kāi)關(guān)S，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭而其他條件不變時(shí)，與比值不變〖答案〗D〖解析〗A．當(dāng)線圈ABCD位于如圖所示的位置時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量最大，但磁通量的變化率為0，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，線圈ABCD產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0，故A錯(cuò)誤；B．由題意，若發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，其他條件不變，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得可知原線圈產(chǎn)生交流電感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，有效值也增大為原來(lái)的2倍，根據(jù)理想變壓器輸入功率等于輸出功率，即可得原線圈的輸入功率將變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，故B錯(cuò)誤；C．電壓表測(cè)量的是變壓器輸出端的電壓，輸出端的電壓取決于輸入端電壓及變壓器原副線圈的匝數(shù)比，所以，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向下滑動(dòng)而其他條件不變時(shí)，電壓表示數(shù)保持不變，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)變壓器輸出端的電壓為，閉合開(kāi)關(guān)S，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭而其他條件不變時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可得與比值為不變，所以與比值不變，故D正確。故選D。6.如圖所示，長(zhǎng)均為L(zhǎng)的兩根輕繩，一端共同系住質(zhì)量為m的小球，另一端分別固定在等高的A、B兩點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)間的距離也為L(zhǎng)。重力加速度大小為g?，F(xiàn)使小球在豎直平面內(nèi)以AB為軸做圓周運(yùn)動(dòng)，若小球在最高點(diǎn)速率為v時(shí)，兩根繩的拉力恰好均為零，則小球在最高點(diǎn)速率為2v時(shí)，每根繩的拉力大小為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)小球在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)輕繩與圓周運(yùn)動(dòng)軌道平面的夾角為則根據(jù)題述小球在最高點(diǎn)速率為v時(shí)，兩根繩的拉力恰好均為零，有小球在最高點(diǎn)速率為時(shí)，設(shè)每根繩拉力大小為，則有解得故選A。7.如圖，MN和PQ是電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌,其間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌彎曲部分光滑、平直部分粗糙，二者平滑連接，右端接一個(gè)阻值為的定值電阻。平直部分導(dǎo)軌左邊區(qū)域有寬度為、方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為、電阻為的金屬棒從高為處?kù)o止釋放，到達(dá)磁場(chǎng)右邊界處恰好停止。已知金屬棒與平直部分導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，金屬棒與導(dǎo)軌間接觸良好，重力加速度大小為。則金屬棒穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中（）A.流過(guò)定值電阻的電流方向是：B.通過(guò)金屬棒的電荷量為C.金屬棒克服安培力所做的功為D.電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為〖答案〗D〖解析〗A．金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)右手定則，可知流過(guò)定值電阻的電流方向是：，故A錯(cuò)誤；B．金屬棒穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，根據(jù)故B錯(cuò)誤；C．在金屬棒從靜止釋放到磁場(chǎng)右邊界的過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得可得金屬棒克服安培力所做的功為故C錯(cuò)誤；D．由功能關(guān)系可知，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為由于電阻R和金屬棒為串聯(lián)關(guān)系，所以電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）8.如圖（a）為簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形圖，是平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)，是平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)，是平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)，圖（b）為質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像、下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)向軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)B.在時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的加速度方向沿軸負(fù)方向C.質(zhì)點(diǎn)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為D.到，質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為〖答案〗AD〖解析〗A．由乙圖可知時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q位于平衡位置向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)波形平移法可知，波沿x軸正方向傳播，則在時(shí)，質(zhì)點(diǎn)向軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故A正確；B．由乙圖可知周期為，從到，質(zhì)點(diǎn)P由甲圖圖示位置再振動(dòng)，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過(guò)平衡位置到達(dá)y軸負(fù)半軸，所以此時(shí)加速度方向沿y軸正方向，故B錯(cuò)誤；C．由乙圖可知，質(zhì)點(diǎn)Q簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為由甲圖可知質(zhì)點(diǎn)M與質(zhì)點(diǎn)Q相距半個(gè)波長(zhǎng)，則質(zhì)點(diǎn)M簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為故C錯(cuò)誤；D．由圖甲可知時(shí)，波動(dòng)方程為可知此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P的位移為設(shè)質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程為代入，可得解得則時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的位移為由于時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P向軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，則到，質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為故D正確。故選AD。9.如圖所示，圖1是不同溫度下的黑體輻射強(qiáng)度隨波長(zhǎng)的變化規(guī)律圖；圖2為光電效應(yīng)原理圖，某種單色光照射到光電管的陰極上時(shí)，電流表有示數(shù)；圖3為氫原子的能級(jí)圖，有大量處于能級(jí)的氫原子向能級(jí)躍遷；圖4為放射性元素剩余質(zhì)量與原質(zhì)量的比值隨時(shí)間的變化規(guī)律圖，下列說(shuō)法中正確的是（）A.圖1中，隨著溫度的升高，各種波長(zhǎng)輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)B.圖2中，用頻率更低的光照射光電管的陰極時(shí)，電流表一定沒(méi)有示數(shù)C.圖3中，從能級(jí)躍遷到能級(jí)時(shí)產(chǎn)生的光子波長(zhǎng)最長(zhǎng)D.圖4中，的半衰期是5700年，則100個(gè)經(jīng)過(guò)5700年還剩50個(gè)〖答案〗AC〖解析〗A．隨著溫度的升高，各種波長(zhǎng)輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)，故A正確；B．用頻率更低的光照射光電管的陰極時(shí)，如果頻率小于極限頻率，則電流表沒(méi)有示數(shù)，如果頻率大于極限頻率，則電流表有示數(shù)，故B錯(cuò)誤；C．從能級(jí)躍遷到能級(jí)時(shí)，能級(jí)差最小，光子頻率最小，波長(zhǎng)最長(zhǎng)，故C正確；D．半衰期指的是大量原子核衰變時(shí)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，100個(gè)不是大量，經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期后不一定剩余50個(gè)，故D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示，傾斜傳送帶按順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，將質(zhì)量為的小物塊輕輕放在傳送帶底端，小物塊恰好在傳送帶的中點(diǎn)與傳送帶共速，之后勻速上升到傳送帶頂端。已知傳送帶與水平面夾角，傳送帶頂端離地高度，重力加速度。若全過(guò)程中傳送帶因?yàn)閭魉臀矬w多消耗的電能是，下列說(shuō)法正確的有（）A.物體在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)與勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為B.傳送帶速度為C.物體與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)D.在全過(guò)程中產(chǎn)生的熱量〖答案〗CD〖解析〗A．由于物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)和勻速直線運(yùn)動(dòng)的位移相同，故兩段運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比應(yīng)為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC．小物塊在傳送帶上勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，有可得又由能量守恒定律，傳送帶多消耗的電能解得故選項(xiàng)B錯(cuò)誤，選項(xiàng)C正確；D．由產(chǎn)生的熱量故選項(xiàng)D正確。故選CD第Ⅱ巻（非選擇題）三、實(shí)驗(yàn)題（共2小題，共14分。）11.某同學(xué)做“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)，如圖甲所示，在水平桌面上，將輕質(zhì)小圓環(huán)掛在橡皮條的一端，另一端固定，橡皮條的長(zhǎng)度為GE。在圖乙中，用手通過(guò)兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)共同拉動(dòng)小圓環(huán)，小圓環(huán)受到拉力、、三力的共同作用，靜止于O點(diǎn)，橡皮條伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度為。撤去、，改用一個(gè)力單獨(dú)拉住小圓環(huán)，仍使它靜止于點(diǎn)，如圖丙所示。（1）以下說(shuō)法證的是________。A．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中、間的夾角要適當(dāng)?shù)拇笠恍〣．用一個(gè)力單獨(dú)拉住小圓環(huán)時(shí)，小圓環(huán)可以不在點(diǎn)C．實(shí)驗(yàn)時(shí)必須記錄、的方向D．實(shí)驗(yàn)前彈簧秤要進(jìn)行機(jī)械調(diào)零（2）①在探究過(guò)程中應(yīng)用了________的物理方法。（選填“轉(zhuǎn)換法”、“等效替代法”、“控制變量法”）②若實(shí)驗(yàn)中，用A、B兩只彈簧測(cè)力計(jì)把橡皮條上的結(jié)點(diǎn)拉到某一位置，這時(shí)、間夾角，如圖所示，現(xiàn)改變彈簧測(cè)力計(jì)的拉力方向，使角減小，但不改變它的拉力大小，那么要使結(jié)點(diǎn)仍被拉到點(diǎn)，就應(yīng)調(diào)節(jié)彈簧測(cè)力計(jì)拉力的大小及角，在下列調(diào)整方法中，不可行的是________。A．增大的拉力和角B．增大的拉力，角不變C．增大的拉力，減小角D．的拉力大小不變，增大角〖答案〗（1）ACD（2）等效替代法D〖解析〗（1）[1]A．為了減小相對(duì)誤差，實(shí)驗(yàn)過(guò)程中、的夾角要適當(dāng)大一些，故A正確；B．用一個(gè)力F單獨(dú)拉住小環(huán)時(shí)，小圓環(huán)必須在O點(diǎn)，使單獨(dú)作用的效果與、共同作用的效果一致，故B錯(cuò)誤；C．實(shí)驗(yàn)時(shí)必須記錄、的方向，故C正確；D．實(shí)驗(yàn)前彈簧秤要進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，故D正確。故選ACD。（2）①[2]在探究過(guò)程中應(yīng)用了等效替代法。②[3]CD．設(shè)A彈簧測(cè)力計(jì)的拉力為，B彈簧測(cè)力計(jì)的拉力為，增大，且的大小不變，在合力方向的分力減小，在垂直合力的方向分力增大，要保持合力大小及方向都不變，則在合力方向的分力要增大，在垂直合力方向的分力也要增大，則要增大，作圖圖中紅色、為原來(lái)兩拉力，黑色為變化后的兩拉力。由圖可知，順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)了一定角度，故角要減小，故C可行，不符合題意要求；D不可行，符合題意要求；A．當(dāng)轉(zhuǎn)過(guò)的角度再大點(diǎn)，如圖由圖中紫色線條可知，要增大，逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)了一定角度，故角要增大，故A可行，不符合題意要求；B．當(dāng)轉(zhuǎn)到特定的角度，如圖由圖中藍(lán)色線條可知，要增大，角不變，故B可行，不符合題意要求。故選D。12.某同學(xué)在研究標(biāo)有額定工作狀態(tài)為“，”的小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室提供以下器材：電流表（量程，內(nèi)阻約為）電流表（豊理，內(nèi)阻約為）電壓表V（量程，阻約為）滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為）滑動(dòng)變阻器（最大阻值為）電源（電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻不計(jì)）單刀單擲開(kāi)關(guān)與單刀雙擲開(kāi)關(guān)若開(kāi)，導(dǎo)線若干（1）為了提高測(cè)量的準(zhǔn)確度與有效性，應(yīng)該選擇電流表________，滑動(dòng)變阻器________（填器材后面的代號(hào)）；（2）若實(shí)驗(yàn)電路如圖1所示，在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片P置于變阻器的________端（填“左”或“右”）；調(diào)整好滑片位置后將單刀雙擲開(kāi)關(guān)置________點(diǎn)（填“”或“”）。（3）正確連接電路后，開(kāi)始實(shí)驗(yàn)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，如果電壓表的示數(shù)可以從零開(kāi)始變化，燈泡也不亮，則可能故障是________。A.燈泡支路發(fā)生了短路B.燈泡支路發(fā)生了斷路C.電流表內(nèi)部線圈燒斷了D.滑動(dòng)變阻器左下端接入電路的導(dǎo)線有斷路故障（4）故障排除后，將滑片P向右調(diào)節(jié)，得到多種狀態(tài)下小燈泡實(shí)際工作的電壓與電流的對(duì)應(yīng)數(shù)據(jù)據(jù)、記錄在表格中，描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖2所示。（5）將這個(gè)小燈泡接入新電路（圖3所示）中，電源內(nèi)阻不計(jì)，該電路中其他元件的相關(guān)參數(shù)如圖中標(biāo)識(shí)，則該小燈泡在該電路中的實(shí)際工作功率為_(kāi)_______W（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）A2R1（2）左b（3）B（5）0.384〖解析〗（1）[1]燈泡的額定電流為為了提高測(cè)量的準(zhǔn)確度與有效性，應(yīng)該選擇電流表A2；[2]為了方便調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選阻值較小R1。（2）[3]為了使燈泡的電流最小，在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片P置于變阻器的左端；[4]燈泡的電阻約為根據(jù)則電流表應(yīng)選擇外接法，調(diào)整好滑片位置后將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S3置b點(diǎn)。（3）[5]A．若燈泡支路發(fā)生了短路，電流表有示數(shù)，電壓表示數(shù)為零，故A錯(cuò)誤；B．若燈泡支路發(fā)生了斷路，電壓表的示數(shù)可以從零開(kāi)始變化，但電流表沒(méi)有示數(shù)，燈泡也不亮，故B正確；C．若電流表內(nèi)部線圈燒斷了，電壓表無(wú)示數(shù)，故C錯(cuò)誤；D．若滑動(dòng)變阻器左下端接