廣東省茂名市電白第五高級中學(xué)2022年高三物理摸底試卷含解析

廣東省茂名市電白第五高級中學(xué)2022年高三物理摸底試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，從S處發(fā)出的熱電子經(jīng)加速電壓U加速后垂直進(jìn)入相互垂直的勻強電場和勻強磁場中，發(fā)現(xiàn)電子流向下極板偏轉(zhuǎn)。設(shè)兩極板間電場強度為E，磁感應(yīng)強度為B。如果要使電子沿直線從電場和磁場區(qū)域通過，以下辦法可行的是A、適當(dāng)減小加速電壓U

B、適當(dāng)增大電場強度EC、適當(dāng)增大磁感應(yīng)強度B

D、適當(dāng)增大加速電壓U參考答案：AB2.（單選）用單色光照射某種金屬表面發(fā)生光電效應(yīng)。已知單色光的頻率為，金屬的逸出功為，普朗克常數(shù)為，光電子的最大初動能為，下列關(guān)于它們之間關(guān)系的表達(dá)式正確的是A.

B.C.

C.參考答案：A由愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知A正確3.如圖所示，兩個等量同種電荷P、Q，在P、Q連線的垂直平分線上有M、N兩點，另有一點電荷q，則(

)(A)若q是正電荷，q在N點的電勢能比在M點的電勢能大(B)若q是負(fù)電荷，q在M點的電勢能比在N點的電勢能大(C)無論q是正電荷還是負(fù)電荷，q在M，N兩點的電勢能一樣大(D)無論q是正電荷還是負(fù)電荷，q在M點的電勢能都比在N點的電勢能小參考答案：答案：AB4.（多選）下列說法正確的是（）A．原子核內(nèi)部某個質(zhì)子轉(zhuǎn)變?yōu)橹凶訒r，放出β射線B．U的半衰期約為7億年，隨地球環(huán)境的變化，半衰期可能變短C．電子的衍射現(xiàn)象說明實物粒子具有波動性D．氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，同時電子的動能增加，電勢能減小E．原子核的比結(jié)合能越大則原子核越穩(wěn)定參考答案：解：A、原子核內(nèi)部某個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時，放出β射線，故A錯誤；B、半衰期不會隨地球環(huán)境的變化而變化，故B錯誤；C、電子的衍射現(xiàn)象說明實物粒子的波動性，故C正確；D、核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，同時電子的動能增加，電勢能減小，故D正確；E、原子核的比結(jié)合能越大，則原子核越穩(wěn)定，故E正確；故選：CDE．5.如圖所示，A、B兩物塊疊放在一起，在粗糙的水平面上保持相對靜止地向右做勻減速直線運動，運動過程中B受到的摩擦力（）A．方向向右，大小不變

B．方向向左，逐漸減小

C．方向向左，大小不變

D．方向向右，逐漸減小參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一只木箱在水平地面上受到水平推力F作用，在5s內(nèi)F的變化和木箱速度的變化如圖中（a）、（b）所示，則木箱的質(zhì)量為_______________kg，木箱與地面間的動摩擦因數(shù)為_______________.（g=10m/s2）參考答案：25；0.27.一物體做初速度為零的勻加速直線運動，若從開始運動起，物體分別通過連續(xù)三段位移的時間之比是2：1：3，則這三段位移的大小之比為

；若從開始運動起，物體分別通過連續(xù)三段位移之比是1：2：3，則通過這三段位移的時間之比為

。參考答案：4:5:27

1：(－1)：(－)

4:5:27

1：(－1)：(－)

8.兩列簡諧波分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，波速均為υ＝0.4m/s，波源的振幅均為A＝2cm。如圖所示為t＝0時刻兩列波的圖像，此刻平衡位置在x＝0.2m和x＝0.8m的P、Q兩質(zhì)點恰好開始振動。質(zhì)點M的平衡位置位于x＝0.5m處。則兩列波相遇的時刻為t＝______s，當(dāng)t＝2.0s時質(zhì)點M運動的路程為_______cm。參考答案：0.75，20

9.隨著人們生活水平的提高，高爾夫球?qū)⒅饾u成為普通人的休閑娛樂。如圖所示，某人從高h(yuǎn)的坡上水平擊出一個質(zhì)量為m的高爾夫球。由于恒定的水平風(fēng)力的作用，高爾夫球飛到A處時恰豎直落入距擊球點水平距離為L的洞內(nèi)。已知洞深為h/3，直徑略大于球。則水平風(fēng)力的大小為______________；以地面為零勢能面，小球觸到洞底前瞬間的機(jī)械能為______________。參考答案：mgL/h，mgh10.（3分）鐵路提速，要解決許多技術(shù)問題。通常，列車阻力與速度平方成正比，即f＝kv2。列車要跑得快，必須用大功率的機(jī)車來牽引。試計算列車分別以120千米/小時和40千米/小時的速度勻速行駛時，機(jī)車功率大小的比值（提示：物理學(xué)中重要的公式有F＝ma，W＝Fs，P＝Fv，s＝v0t＋1/2at2）。

參考答案：答案：由F＝f，f＝kv2，p＝Fv，得p＝kv3，所以p1＝27p211.地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R。有一顆衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，軌道離地面的高度是地球半徑的3倍。則該衛(wèi)星做圓周運動的向心加速度大小為__________；周期為____________。參考答案：12.一物體從A點由靜止開始作加速度大小為a1的勻加速直線運動，經(jīng)過時間t后，到達(dá)B點，此時物體的加速度大小變?yōu)閍2，方向與a1的方向相反，經(jīng)過時間t后，物體又回到A點。則a1：a2=

；參考答案：1：313.模擬興趣小組為測一遙控電動小車的額定功率，進(jìn)行了如下實驗：①用天平測出電動小車的質(zhì)量為0.4kg；②將電動小車、紙帶和打點計時器按如圖K26－9所示安裝；圖K26－9③接通打點計時器(其打點周期為0.02s)；④使電動小車以額定功率加速運動，達(dá)到最大速度一段時間后關(guān)閉小車電源，待小車靜止時再關(guān)閉打點計時器(設(shè)小車在整個過程中所受的阻力恒定)．在上述過程中，打點計時器在紙帶上所打的部分點跡如圖K26－10所示．圖K26－10請你分析紙帶數(shù)據(jù)，回答下列問題(計算結(jié)果取三位有效數(shù)字)：(1)該電動小車運動的最大速度為__________m/s；(2)該電動小車被關(guān)閉電源后加速度大小為__________m/s2；(3)該電動小車的額定功率為__________W.參考答案：(1)1.880(1.881給分)

(2分)；

1.044

(2分)

(2)①1.00m/s，2.50m/s；②5.25J，5.29J

(每空2分)三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（8分）小明測得家中高壓鍋出氣孔的直徑為4mm，壓在出氣孔上的安全閥的質(zhì)量為80g。通過計算并對照圖像（如圖)說明利用這種高壓鍋燒水時，最高溫度大約是多少？假若要把這種高壓鍋向西藏地區(qū)銷售，你認(rèn)為需要做哪方面的改進(jìn)，如何改進(jìn)？參考答案：大約為115℃解析：

P＝Po＋Pm＝1．01×105Pa＋＝1．63×105Pa由圖像可得鍋內(nèi)最高溫度大約為115℃．若要把這種鍋向西藏地區(qū)銷售，由于西藏大氣壓較小，要使鍋內(nèi)最高溫度仍為115℃，鍋內(nèi)外壓強差變大，應(yīng)適當(dāng)提高鍋的承壓能力，并適當(dāng)增加安全閥的質(zhì)量。15.如圖所示，質(zhì)量為m帶電量為+q的小球靜止于光滑絕緣水平面上，在恒力F作用下，由靜止開始從A點出發(fā)到B點，然后撤去F，小球沖上放置在豎直平面內(nèi)半徑為R的光滑絕緣圓形軌道，圓形軌道的最低點B與水平面相切，小球恰能沿圓形軌道運動到軌道末端D，并從D點拋出落回到原出發(fā)點A處．整個裝置處于電場強度為E=的水平向左的勻強電場中，小球落地后不反彈，運動過程中沒有空氣阻力．求：AB之間的距離和力F的大?。畢⒖即鸢福篈B之間的距離為R，力F的大小為mg．考點： 帶電粒子在勻強電場中的運動；牛頓第二定律；平拋運動；動能定理的應(yīng)用．專題： 帶電粒子在電場中的運動專題．分析： 小球在D點，重力與電場力的合力提供向心力，由牛頓第二定律即可求出D點的速度，小球離開D時，速度的方向與重力、電場力的合力的方向垂直，小球做類平拋運動，將運動分解即可；對小球從A運動到等效最高點D過程，由動能定理可求得小球受到的拉力．解答： 解：電場力F電=Eq=mg

電場力與重力的合力F合=mg，方向與水平方向成45°向左下方，小球恰能到D點，有：F合=解得：VD=從D點拋出后，只受重力與電場力，所以合為恒力，小球初速度與合力垂直，小球做類平拋運動，以D為原點沿DO方向和與DO垂直的方向建立坐標(biāo)系（如圖所示）．小球沿X軸方向做勻速運動，x=VDt

沿Y軸方向做勻加速運動，y=at2a==所形成的軌跡方程為y=直線BA的方程為：y=﹣x+（+1）R解得軌跡與BA交點坐標(biāo)為（R，R）AB之間的距離LAB=R從A點D點電場力做功：W1=（1﹣）R?Eq

重力做功W2=﹣（1+）R?mg；F所做的功W3=F?R有W1+W2+W3=mVD2，有F=mg答：AB之間的距離為R，力F的大小為mg．點評： 本題是動能定理和向心力知識的綜合應(yīng)用，分析向心力的來源是解題的關(guān)鍵．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，ABCD是一個T型支架，支架A端有一大小與質(zhì)量均可忽略的光滑定滑輪，D點處有一光滑轉(zhuǎn)動軸，AC與BD垂直，且AB=BC，BD長為d=0.6m，AC與水平地面間的夾角為θ=37°，整個支架的質(zhì)量為M=1kg（BD部分質(zhì)量不計）．質(zhì)量為m=2kg的小滑塊置于支架的C端，并與跨過定滑輪的輕繩相連，繩另一端作用一豎直向下大小為24N的拉力F，小滑塊在拉力作用下由靜止開始沿AC做勻加速直線運動，己知小滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ=0.5．g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求小滑塊沿AC向上滑的加速度大?。唬?）滑塊開始運動后，經(jīng)過多長時間支架開始轉(zhuǎn)動？（3）為保證支架不轉(zhuǎn)動，作用一段時間后撤去拉力F，求拉力作用的最大時間．參考答案：考點： 牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系．專題： 牛頓運動定律綜合專題．分析： （1）對小滑塊受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可；（2）先根據(jù)力矩平衡條件得到支架開始轉(zhuǎn)動時滑塊的位移，然后根據(jù)位移時間關(guān)系公式列式求解；（3）作用一段時間后撤去拉力F，滑塊先勻加速，然后勻減速；根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速和減速過程的加速度；根據(jù)運動學(xué)公式列式；再根據(jù)力矩平衡條件列式；最后聯(lián)立求解即可．解答： 解：（1）滑塊受重力、拉力、支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，有：F﹣mgsin37°﹣μmgcos37°=ma

代入數(shù)據(jù)，得：a=2m/s2（2）設(shè)經(jīng)過時間t，滑塊運動到離C點S處，支架開始轉(zhuǎn)動，則根據(jù)力矩平衡條件，有：F（ACcos37°﹣CD）+f?BD+N（S﹣BC）=Mg?BDsin37°+F?BD

式中N=mgcos37°，f=μmgcos37°代入數(shù)據(jù)，得：S=1.2m

因此，t==≈1.1s

（3）設(shè)拉力作用時間最長為t1，根據(jù)運動學(xué)公式，有：v1=at1S1=at12撤去F后，根據(jù)牛頓第二定律，有：a2=gsin37°+μgcos37°=10×0.6﹣0.5×10×0.8=2m/s2滑塊減速直至靜止過程：v1=a2t2S2=a2t22滑塊恰好運動到離C點S′處，支架開始轉(zhuǎn)動，根據(jù)力矩平衡條件，有：μmgcos37°?BD+mgcos37°（S′﹣BC）=Mg?BDsin37°

代入數(shù)據(jù)，得：S′=0.725m

根據(jù)位移時間關(guān)系公式，有：S′=at12+a2t22代入數(shù)據(jù)，得：t1=0.78s

答：（1）小滑塊沿AC向上滑的加速度大小為2m/s2；（2）滑塊開始運動后，經(jīng)過1.1s時間支架開始轉(zhuǎn)動；（3）為保證支架不轉(zhuǎn)動，作用一段時間后撤去拉力F，拉力作用的最大時為0.78s．點評： 本題關(guān)鍵明確滑塊的運動規(guī)律，然后根據(jù)力矩平衡條件、運動學(xué)公式、牛頓第二定律列式求解，不難．17.（8分）如圖所示，質(zhì)量為m=lkg的小球穿在斜桿上，斜桿與水平方向的夾角為θ=30°，球恰好能在桿上勻速滑動。若球受到一大小為F=20N的水平推力作用，可使小球沿桿向上加速滑動（g取10m/s2），求：（1）小球與斜桿間的動摩擦因數(shù)μ的大??；（2）小球沿桿向上加速滑動的加速度大小。參考答案：解析：（1）對小球受力分析，由平衡條件可知：平行于桿方向：mgsinθ=f1

①y軸方向：N1=mgcosθ

②

（1分）f1=μN1

③

（1分）解得小球與斜桿間的動摩擦因數(shù)μ=tan30°=

④

（2分）（2）水平推力作用后，由牛頓第二定律：Fcosθ－mgsinθ－f2=ma

⑤

（1分）f2=μN2=μ(Fsinθ+mgcosθ)

⑥

（1分）解得小球沿桿向上加速滑動的加速度：a=－10=1.55m/s2

（2分）18.（04年全國卷Ⅳ）（19分）如圖，長木板ab的b端固定一檔板，木板連同檔板的質(zhì)量為M=4.0kg，a、b間距離s=2.0m。木板位于光滑水平面上。在木板a端有一小物塊，其質(zhì)量m=1.0kg，小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)，它們都處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)令小物塊以初速沿木板向前滑動，直到和檔板相撞。碰撞后，小物塊恰好回到a端而不脫離木板。求碰撞過程中損失的機(jī)械能。

參考答案：解析：設(shè)木塊和物塊最后共同的速度為v，由動量守恒定律：