浙江省普通高校招生鴨科目物理模擬考試2新人教版

浙江省一般高校招生選考科目模擬考試(二)選擇題部分一、選擇題Ⅰ(本題共13小題,每小題3分,共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的,不選、多選、錯選均不得分)1.下列儀器所測物理量的單位,不屬于基本單位的是()2.下列四幅圖涉及不同的物理學(xué)問,下列說法正確的是()A.圖甲:黑體輻射強(qiáng)度的極大值隨溫度上升向波長較長的方向移動B.圖乙:用竹竿舉著蜂鳴器快速轉(zhuǎn)動時聽到聲音頻率發(fā)生變更,這是多普勒效應(yīng)C.圖丙:下雪時輕快的雪花從空中飄落,說明分子在做無規(guī)則運(yùn)動D.圖丁:高壓輸電線上方架有與大地相連的兩條導(dǎo)線,其原理是尖端放電3.“福建艦”是中國完全自主設(shè)計建立的首艘彈射型航空母艦,接受平直通長飛行甲板。假設(shè)某戰(zhàn)斗機(jī)在跑道上加速時加速度大小為10m/s2,彈射系統(tǒng)向戰(zhàn)斗機(jī)供應(yīng)初速度大小為30m/s,當(dāng)戰(zhàn)斗機(jī)速度達(dá)到60m/s時能離開航空母艦起飛,戰(zhàn)斗機(jī)在跑道上運(yùn)動可視為勻加速直線運(yùn)動。下列說法正確的是()A.航空母艦靜止,戰(zhàn)斗機(jī)需在甲板上滑行6s起飛B.航空母艦靜止,戰(zhàn)斗機(jī)需在甲板上滑行135m起飛C.若航空母艦沿戰(zhàn)斗機(jī)起飛方向航行,戰(zhàn)斗機(jī)需相對甲板滑行135m起飛D.戰(zhàn)斗機(jī)在航空母艦上加速運(yùn)動過程,航空母艦可以看成質(zhì)點(diǎn)4.假如你在地球赤道上,看到天空中一顆衛(wèi)星P從你頭頂正上方由西向東飛過,另一顆衛(wèi)星Q從東向西經(jīng)過頭頂正上方,恰好經(jīng)過12h兩顆衛(wèi)星都再次經(jīng)過頭頂?shù)恼戏健＜僭O(shè)兩顆衛(wèi)星的運(yùn)動可視為勻速圓周運(yùn)動,下列說法正確的是()A.衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的周期要大 B.衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的線速度要大C.衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的加速度要大 D.衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P距地球要更近5.一位學(xué)生在宿舍中練習(xí)“靠墻倒立”的情境如圖所示,宿舍的地面水平粗糙,墻面光滑豎直。針比照片,下列分析推斷正確的是()A.地面對人的作用力與人對地面的壓力是一對相互作用力B.墻面對人的作用力和人對墻面的作用力是一對平衡力C.人對地面的壓力是因為地面發(fā)生形變產(chǎn)生的D.人體的重心位置可能在身體的外部6.用桿秤稱量中藥,如圖所示,三根長度相同的細(xì)繩對稱地系于圓形秤盤上。中藥和秤盤的總質(zhì)量為m,則當(dāng)桿秤穩(wěn)定時()A.每根細(xì)繩的拉力大小為mgB.增加細(xì)繩長度時每根繩拉力均削減C.增加細(xì)繩長度時秤砣應(yīng)向右移動D.增加細(xì)繩長度時手對秤拉力增大7.近千架無人機(jī)群構(gòu)造了高空巨幅光影“湯匙里的湯圓”,如圖所示,某段時間內(nèi),“湯圓”靜止,而“湯匙”正在勻速向上運(yùn)動。在該段時間內(nèi),下列說法正確的是()A.“湯匙”中的無人機(jī)受到合外力向上B.“湯匙”中的無人機(jī)的機(jī)械能保持不變C.“湯圓”中的無人機(jī)對空氣做正功D.“湯圓”中的無人機(jī)消耗的電能全部轉(zhuǎn)化為無人機(jī)的光能和空氣的動能8.在東北寒冷的冬天,有一項“潑水成冰”的嬉戲,詳細(xì)操作是把一杯滾燙的開水按確定的弧線勻整快速地潑向空中,潑灑出的小水珠和熱氣瞬間凝合成冰而形成壯麗的場景。某人玩潑水成冰嬉戲的精彩瞬間如圖甲所示,圖乙為其示意圖。假設(shè)潑水過程中,杯子做勻速圓周運(yùn)動,在0.4s內(nèi)杯子旋轉(zhuǎn)了6π5。下列說法正確的是(A.P位置的小水珠速度方向沿a方向B.P、Q兩位置,杯子的向心加速度相同C.杯子在旋轉(zhuǎn)時的線速度大小約為6πm/sD.杯子在旋轉(zhuǎn)時的向心加速度大小約為9π2m/s29.一原長為L的彈性細(xì)繩一端固定,另一端連接一質(zhì)量為m的小球,如圖所示,使彈性細(xì)繩與豎直方向成一個小角度后,從A點(diǎn)靜止釋放,此后小球做來回?fù)u擺,B點(diǎn)(圖中未畫出)為左側(cè)到達(dá)的最高點(diǎn),小球可視為質(zhì)點(diǎn),彈性細(xì)繩始終處于彈性限度范圍內(nèi),則下列說法正確的是()A.靜止釋放瞬間,小球的加速度方向水平向左B.小球搖擺過程機(jī)械能守恒,B點(diǎn)與A點(diǎn)等高C.若僅改用長為L的不行伸長的細(xì)繩,該搖擺裝置的周期將變更D.若僅改用長為L的不行伸長的細(xì)繩,小球擺至左側(cè)最高點(diǎn)時細(xì)繩拉力為零10.某次雷雨天,在避雷針旁邊產(chǎn)生了如圖所示的電場,其等勢面的分布如虛線所示。下列說法正確的是()A.A、B、C三點(diǎn)中,A點(diǎn)電場強(qiáng)度最小B.B、C兩點(diǎn)的電勢差UBC=-2kVC.電子在B點(diǎn)比在C點(diǎn)電勢能小D.電荷由B移到C,電勢能削減2×103eV11.風(fēng)力發(fā)電模型如圖所示。風(fēng)輪機(jī)葉片轉(zhuǎn)速為m轉(zhuǎn)/秒,并形成半徑為r的圓面,通過1∶n轉(zhuǎn)速比的升速齒輪箱帶動面積為S、匝數(shù)為N的發(fā)電機(jī)線圈高速轉(zhuǎn)動,產(chǎn)生的交變電流經(jīng)過志向變壓器升壓后,輸出電壓為U。已知空氣密度為ρ,風(fēng)速為v,勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,忽視線圈電阻,則()A.單位時間內(nèi)沖擊風(fēng)輪機(jī)葉片氣流的動能為12ρπr2vB.經(jīng)升壓變壓器后,輸出交變電流的頻率高于mnC.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2πNBSmn∶UD.高壓輸電有利于削減能量損失,因此電網(wǎng)的輸電電壓越高越好12.兩根通電瘦長直導(dǎo)線緊靠著同樣長的塑料圓柱體,圖甲是圓柱體和導(dǎo)線1的截面,導(dǎo)線2固定不動(圖中未畫出)。導(dǎo)線1繞圓柱體在平面內(nèi)第一與其次象限從θ=0緩慢移動到π,測量圓柱體中心O處磁感應(yīng)強(qiáng)度,獲得沿x方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度Bx隨θ變更的圖像(如圖乙所示)和沿y方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度By隨θ變更的圖像(如圖丙所示)。下列說法正確的是()甲乙丙A.導(dǎo)線1電流方向垂直紙面對里B.導(dǎo)線2在第三象限角平分線位置C.隨著θ的增大,中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度先變大后變小D.當(dāng)θ=0.25π時,中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向沿第四象限角平分線向外13.某多級直線加速器由n個橫截面積相同的金屬圓筒依次排列,其中心軸線在同始終線上,如圖甲所示,各金屬圓筒依次接在交變電源的兩極M、N上,序號為0的金屬圓板中心有一個質(zhì)子源,質(zhì)子逸出的速度不計,M、N兩極加上如圖乙所示的電壓UMN,一段時間后加速器穩(wěn)定輸出質(zhì)子流。已知質(zhì)子質(zhì)量為m、電荷量為e,質(zhì)子通過圓筒間隙的時間不計,且忽視相對論效應(yīng),則()甲乙A.質(zhì)子在各圓筒中做勻加速直線運(yùn)動B.質(zhì)子進(jìn)入第n個圓筒瞬間速度為2C.各金屬筒的長度之比為1∶2∶3D.質(zhì)子在各圓筒中的運(yùn)動時間之比為1∶2∶3二、選擇題Ⅱ(本題共2小題,每小題3分,共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分,選對但不選全的得2分,有選錯的得0分)14.某同學(xué)利用如圖所示的裝置探討光的干涉和衍射,將刀片在涂有墨汁的玻璃片上劃過便可得到單縫、不同間距雙縫的縫屏,光電傳感器可用來測量光屏上光強(qiáng)的分布。某次試驗時,在電腦屏幕上得到圖甲所示的兩種光a、b的光強(qiáng)分布。下列說法正確的是()A.這位同學(xué)在縫屏上安裝的是單縫B.若a光是核外電子第四激發(fā)態(tài)到第一激發(fā)態(tài)躍遷產(chǎn)生的,則b光可能是核外電子其次激發(fā)態(tài)到第一激發(fā)態(tài)躍遷產(chǎn)生的C.在同一光電效應(yīng)試驗裝置中,若a光對應(yīng)圖丙中圖線1,則b光可能對應(yīng)圖線2D.在同一光電效應(yīng)試驗裝置中,若a光對應(yīng)圖丁中圖線②,則b光可能對應(yīng)圖線③15.在同一種介質(zhì)中沿x軸從左向右有A、B、C(C點(diǎn)未畫出)三個質(zhì)點(diǎn),位于坐標(biāo)原點(diǎn)處的B質(zhì)點(diǎn)沿著y軸方向做簡諧運(yùn)動,形成沿x軸雙向傳播的機(jī)械波,如圖所示。A質(zhì)點(diǎn)與C質(zhì)點(diǎn)平衡位置距離為l,設(shè)波長為λ,λ<l<2λ,且振動方向總相反。t=0時刻的波形如圖所示,其中A質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過2s時間(小于一個周期),位移仍與t=0時刻相同,但振動方向相反。下列說法正確的是()A.此時刻A點(diǎn)振動方向豎直向下B.此機(jī)械波的傳播速度為163C.此時刻B點(diǎn)的速度最大,加速度為零D.C點(diǎn)平衡位置的坐標(biāo)為x=403非選擇題部分三、非選擇題(本題共5小題,共55分)16.試驗題(Ⅰ、Ⅱ兩題共14分)16-Ⅰ(7分)(1)關(guān)于試驗,下列說法正確的是。

甲乙丙丁A.用圖甲所示裝置,探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系主要用到了極限法B.用圖乙所示裝置,探究向心力大小的相關(guān)因素主要用到了等效法C.用圖丙所示裝置,測量重力加速度主要用到了志向試驗法D.如圖丁所示,測量分子直徑主要用了測量微觀物理量的思想和估算方法(2)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”時接受(1)中圖甲所示的試驗裝置,小車及車中砝碼質(zhì)量為m0,砂桶及砂的質(zhì)量為m,重力加速度為g,若已平衡摩擦力,在小車做勻加速直線運(yùn)動過程中,細(xì)繩的拉力大小FT=,當(dāng)m0與m的大小滿意時,才可認(rèn)為繩子對小車的拉力大小等于砂和砂桶的重力。

(3)張華同學(xué)用(1)中圖丙裝置測量重力加速度。①該同學(xué)用游標(biāo)卡尺測定了小球的直徑,如圖戊所示,則小球直徑為cm。

戊②試驗中該同學(xué)測得的重力加速度值經(jīng)查證明顯大于當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣戎?下列緣由可能的是。

A.擺線上端未堅實(shí)地系于懸點(diǎn),試驗過程中出現(xiàn)松動,使擺線長度增加了B.計算時用L+d作為單擺的擺長(L為擺線長度,d為小球直徑)C.擺球的振幅偏小D.把第n次經(jīng)過平衡位置的次數(shù),當(dāng)作單擺全振動的次數(shù)(4)利用單分子油膜法可以粗測分子的大小和阿伏加德羅常數(shù)。假如一滴含有純油酸體積為V的油酸酒精溶液,滴在水面上散開形成的單分子油膜的面積為S,這種油的密度為ρ,摩爾質(zhì)量為M,則阿伏加德羅常數(shù)的表達(dá)式為。

16-Ⅱ(7分)某試驗小組的同學(xué)在試驗室找到了一段粗細(xì)勻整、電阻率較大的電阻絲,設(shè)計了如圖甲所示的電路進(jìn)行了試驗探究,其中MN為電阻絲,其橫截面積大小為4mm2,R0是阻值為0.5Ω的定值電阻。正確接線后,閉合開關(guān)S,調(diào)整滑片,記錄電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)I以及對應(yīng)的滑動變阻器接入電路部分的長度x,通過調(diào)整滑片,記錄多組U、I、x的值。甲(1)試驗室供應(yīng)“0.6A、3A”雙量程電流表,在本試驗中該同學(xué)選用0.6A擋。試驗過程中,測得某次電流表的示數(shù)如圖乙所示,則此時電流大小為A。

乙(2)依據(jù)試驗數(shù)據(jù)繪出的U-I圖像如圖丙所示,由圖丙可得電池的電動勢E=V,內(nèi)阻r=Ω(結(jié)果均保留一位小數(shù));由于電表內(nèi)阻的影響,通過圖像法得到的電動勢的測量值(選填“大于”“等于”或“小于”)其真實(shí)值。

丙(3)依據(jù)試驗數(shù)據(jù)可進(jìn)一步繪出UI-x圖像如圖丁所示,依據(jù)圖像可得電阻絲的電阻率ρ=Ω·m;圖丁中所作圖線不通過坐標(biāo)原點(diǎn)的緣由是。丁17.(8分)暴雨季節(jié),路面水井蓋因排氣孔(如圖甲)堵塞可能會造成井蓋移位而存在平安隱患。如圖乙所示,某次暴雨,水位以50mm/h的速度快速上漲,質(zhì)量m=36kg的某井蓋排氣孔被堵塞且與地面不粘連,圓柱形豎直井內(nèi)水面面積S=0.4m2,水位與井蓋之間的距離h=2.018m時起先計時,此時井內(nèi)密封空氣的壓強(qiáng)恰好等于大氣壓強(qiáng)p0=1.00×105Pa,若空氣視為志向氣體,溫度始終不變,g取10m/s2。(1)在井蓋被頂起前外界對井內(nèi)密封空氣做了725J的功,則該氣體吸熱還是放熱?吸取或放出的熱量為多少?(2)求密閉空氣的壓強(qiáng)為多大時井蓋剛好被頂起。(3)求起先計時后,歷經(jīng)多長時間水井蓋會被頂起。18.(11分)如圖所示,在豎直向下的勻強(qiáng)電場中有軌道ABCDFMNP,其中BC部分為水平軌道,與曲面AB平滑連接。CDF和FMN是豎直放置的半圓軌道,在最高點(diǎn)F對接,與BC在C點(diǎn)相切。NP為一與FMN相切的水平平臺,P處固定一輕彈簧。點(diǎn)D、N、P在同一水平線上。水平軌道BC粗糙,其余軌道均光滑,一可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m=0.02kg的帶正電的滑塊從曲面AB上某處由靜止釋放。已知勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度E=2N/C,BC段長度L=1m,CDF的半徑R=0.1m,FMN的半徑r=0.05m,滑塊帶電荷量q=0.1C,滑塊與BC間的動摩擦因數(shù)μ=0.5,與彈簧碰撞過程無能量損失,重力加速度g取10m/s2,不計空氣阻力。(1)求滑塊通過F點(diǎn)的最小速度。(2)若滑塊恰好能通過F點(diǎn),求滑塊釋放點(diǎn)到水平軌道BC的高度。(3)若滑塊在整個運(yùn)動過程中始終不脫離軌道,且彈簧的形變始終在彈性限度內(nèi),求滑塊釋放點(diǎn)到水平軌道BC的高度h須要滿意的條件。19.(11分)如圖所示,在xOy坐標(biāo)平面內(nèi),固定著足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌,導(dǎo)軌間距L=0.5m,在x=0處由絕緣件相連,導(dǎo)軌某處固定兩個金屬小立柱,立柱連線與導(dǎo)軌垂直,左側(cè)有垂直紙面對外的勻強(qiáng)磁場,右側(cè)有垂直紙面對里的有界勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B=0.2T;導(dǎo)軌左端與電容C=5F的電容器連接,起初電容器不帶電?，F(xiàn)將兩根質(zhì)量均為m=0.1kg的導(dǎo)體棒a、b分別放置于導(dǎo)軌左側(cè)某處和緊貼立柱的右側(cè)(不粘連),某時刻起對a棒作用一個向右的恒力F=0.3N,當(dāng)a棒運(yùn)動到x=0處時撤去力F,此后a棒在滑行到立柱的過程中通過棒的電荷量q=1C,與立柱碰撞時的速度v1=1m/s,之后原速率反彈。已知b棒電阻R=0.4Ω,不計a棒和導(dǎo)軌電阻。(1)求小立柱所在位置的坐標(biāo)xb。(2)求a棒初始位置的坐標(biāo)xa。(3)假設(shè)b棒穿出磁場時的速度v2=0.3m/s,求此前b棒中產(chǎn)生的總熱量。20.(11分)中國科學(xué)院自主研制的磁約束核聚變試驗裝置中的“偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)”原理圖如圖所示。由正離子和中性粒子組成的多樣性粒子束通過兩極板間電場后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場,其中的中性粒子沿原方向運(yùn)動,被接收板接收;一部分別子打到左極板,其余的進(jìn)入磁場發(fā)生偏轉(zhuǎn)被吞噬板吞噬并發(fā)出熒光。多樣性粒子束寬度為L,各組成粒子均橫向勻整分布,偏轉(zhuǎn)磁場為垂直紙面對外的矩形勻強(qiáng)磁場,磁感強(qiáng)度為B1。已知離子的比荷為k,兩極板間電壓為U、間距為L,極板長度為2L,吞噬板長度為2L并緊靠負(fù)極板。離子和中性粒子的重力、相互作用力、極板厚度忽視不計。(1)要使v0=kU的離子能沿直線通過兩極板間電場,可在極板間施加一垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場B0,求B0的大小。(2)調(diào)整極板間磁場B0,使v1=2kU的離子沿直線通過極板后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場,若B1=43L2Uk(3)若撤去極板間磁場B0且偏轉(zhuǎn)磁場邊界足夠大,離子速度為v2=3kU、v3=2kU且各有n個,能進(jìn)入磁場的離子全部能被吞噬板吞噬,求B1

參考答案浙江省一般高校招生選考科目模擬考試(二)1.A解析A圖是壓強(qiáng)計,測量的是壓強(qiáng),壓強(qiáng)的單位是帕斯卡,不是基本單位;B圖是電流表,測量的是電流,電流的單位是安培,是基本單位;C圖是秒表,測量的是時間,時間的單位是秒,是基本單位;D圖是游標(biāo)卡尺,測量的是長度,長度的單位是米,是基本單位。故選A。2.B解析圖甲表明,隨溫度的上升黑體輻射強(qiáng)度的極大值向波長較短的方向移動,A錯誤;蜂鳴器快速轉(zhuǎn)動至聲源的相對位置發(fā)生變更,所接收的頻率發(fā)生變更,是多普勒效應(yīng),B正確;雪花是宏觀物體,與分子熱運(yùn)動無關(guān),C錯誤;高壓輸電線上方與大地相連的兩條導(dǎo)線是避雷線,防止雷干脆擊到輸電線上,D錯誤。3.B解析戰(zhàn)斗機(jī)需在甲板上滑行的時間t=v-v0a=60-3010s=3s,故A錯誤;戰(zhàn)斗機(jī)在甲板上滑行的距離x=v+v4.A解析人隨地球自西向東自轉(zhuǎn),經(jīng)過12h自轉(zhuǎn)半圈,兩顆衛(wèi)星都再次經(jīng)過頭頂?shù)恼戏?所以衛(wèi)星P轉(zhuǎn)過的角度比地球的自轉(zhuǎn)角度多2π,衛(wèi)星Q轉(zhuǎn)過的角度與地球的自轉(zhuǎn)角度之和等于2π,所以衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的角速度要小,依據(jù)GMmr2=mv2r=mr4π2T25.D解析在豎直方向上,對人受力分析,人受到重力、地面對人的支持力和摩擦力,故地面對人的作用力與人對地面的壓力雖作用在兩個物體上,但大小不相等,故A錯誤;墻面對人的作用力的受力物體為人,人對墻面的作用力的受力物體為墻,故不符合平衡力的條件,故B錯誤;人對地面的壓力是因為人手發(fā)生形變產(chǎn)生的,故C錯誤;重心為物體各部分所受重力作用的集中點(diǎn),重心的位置與物體的質(zhì)量分布和幾何形態(tài)均有關(guān),故由圖可知,人體的重心位置可能在身體的外部,故D正確。6.B解析設(shè)每根細(xì)繩與豎直方向的夾角為θ,依據(jù)受力平衡可得3FTcosθ=mg,可得FT=mg3cosθ>mg3,增加細(xì)繩長度時,細(xì)繩與豎直方向的夾角θ7.C解析“湯匙”正在勻速向上運(yùn)動,所以合外力為零,故A錯誤;“湯匙”正在勻速向上運(yùn)動,動能不變,重力勢能增加,所以機(jī)械能增大,故B錯誤;“湯圓”中的無人機(jī)使空氣流淌,對空氣做正功,故C正確;“湯圓”中的無人機(jī)消耗的電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能、無人機(jī)的光能和空氣的動能,故D錯誤。8.D解析依據(jù)圖乙中水珠做離心運(yùn)動的方向可知,杯子旋轉(zhuǎn)方向為逆時針,故可知P位置的小水珠速度方向沿b方向,A錯誤;向心加速度方向指向圓心,則P、Q兩位置,杯子的向心加速度方向不同,B錯誤;杯子在旋轉(zhuǎn)時的角速度ω=θt=6π50.4rad/s=3πrad/s,杯子在旋轉(zhuǎn)時的運(yùn)動半徑大約為1m,故線速度大小約為v=ωr=3πm/s,C錯誤;杯子在旋轉(zhuǎn)時的向心加速度大小約為9.C解析靜止釋放瞬間,小球的合力為重力,故A錯誤;在小球搖擺過程中,小球擺至左側(cè)最高點(diǎn)B時,有彈性勢能,B點(diǎn)比A點(diǎn)低,故B錯誤;彈性細(xì)繩的原長為L,彈性細(xì)繩的長度是變更的,該搖擺裝置的周期將變更,故C正確;若僅改用長為L的不行伸長的細(xì)繩,向心力為零,拉力等于重力沿繩的分力,故D錯誤。10.B解析依據(jù)等勢面與電場強(qiáng)度的關(guān)系可知,等勢面越密集電場強(qiáng)度越大,則A點(diǎn)的電場強(qiáng)度最大,故A錯誤;B、C兩點(diǎn)的電勢差UBC=φB-φC=7kV-9kV=-2kV,故B正確;由題圖知φB<φC,再依據(jù)Ep=φq,但電子帶負(fù)電,則EpB>EpC,故C錯誤;由題圖知φB<φC,但不知道電荷是正還是負(fù),則電荷由B移到C,電勢能不愿定削減,故D錯誤。11.C解析單位時間內(nèi)沖擊風(fēng)輪機(jī)葉片氣流的體積V=πr2v,氣體質(zhì)量m=ρV=ρπr2v,動能Ek=12mv2=12ρπr2v3,故A錯誤;發(fā)電機(jī)線圈轉(zhuǎn)速為mn,則ω=2πmn,頻率f=ω2π=mn,經(jīng)升壓變壓器后,輸出交變電流的頻率仍為mn,故B錯誤;變壓器原線圈兩端電壓最大值Um=NBSω=2πNBSmn,有效值U1=Um2=2π12.C解析依據(jù)安培定則推斷通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場方向可知,導(dǎo)線2的磁場沿x軸正方向,在豎直方向上沒有重量,則導(dǎo)線1在初始狀態(tài)產(chǎn)生的磁場沿y軸負(fù)方向,導(dǎo)線1電流方向垂直紙面對外,故A錯誤;依據(jù)安培定則可知,導(dǎo)線2在y軸正方向處有垂直紙面對外的電流或者在y軸負(fù)方向處有垂直紙面對里的電流,故B錯誤;磁感應(yīng)強(qiáng)度為矢量,依據(jù)三角形法則可知,中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度先變大后變小,在θ=0.5π時,兩導(dǎo)線產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度方向一樣,合磁感應(yīng)強(qiáng)度值最大,故C正確;θ=0.25π時,導(dǎo)線1產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向沿第四象限角平分線向外,但導(dǎo)線2產(chǎn)生的磁場沿x軸正方向,故中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向在x軸與第四象限角平分線之間,故D錯誤。13.C解析金屬圓筒中電場為零,質(zhì)子不受電場力,做勻速運(yùn)動,故A錯誤;質(zhì)子進(jìn)入第n個圓筒時,經(jīng)過n次加速,依據(jù)動能定理,neU0=12mvn2-0,解得vn=2neU0m,故B錯誤;只有質(zhì)子在每個圓筒中勻速運(yùn)動時間為T2時,才能保證每次在縫隙中被電場加速,故D錯誤;第n個圓筒長度L14.AB解析由圖甲可知,條紋中間寬,兩邊窄,是衍射條紋,這位同學(xué)在縫屏安裝的是單縫,A正確;由于a光衍射條紋間距較小,則a光波長較短,頻率較大,能量較大,故若a光是核外電子第四激發(fā)態(tài)到第一激發(fā)態(tài)躍遷產(chǎn)生的,則b光可能是核外電子其次激發(fā)態(tài)到第一激發(fā)態(tài)躍遷產(chǎn)生的,B正確;在同一光電效應(yīng)試驗裝置中,a光頻率較大,則a光的遏止電壓比b光遏止電壓大,故a光對應(yīng)圖丙中圖線1,則b光不行能對應(yīng)圖線2,C錯誤;依據(jù)Uce=hν-W0,可得Uc=heν-W0e,故在同一光電效應(yīng)試驗裝置中,逸出功一樣,若a光對應(yīng)圖丁中圖線②,則b15.AD解析依據(jù)波形平移法可知,此時刻A點(diǎn)振動方向豎直向下,故A正確;設(shè)A質(zhì)點(diǎn)的振動方程為y=4sin2πTt+φ0cm,由于t=0時刻A點(diǎn)振動方向豎直向下,且y0=4sinφ0cm=2cm,可得φ0=5π6,A質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過2s時間(小于一個周期),位移仍與t=0時刻相同,則有y2=4sin2πT×2+5π6cm=2cm,可得2πT×2+5π6=2π+π6,解得T=3s,由圖像可知波長為16cm,則此機(jī)械波的傳播速度v=λT=163cm/s,故B錯誤;此時刻B點(diǎn)處于波谷位置,速度為零,加速度最大,故C錯誤;t=0時刻波動方程為y=4sin2πλx-π2cm,設(shè)A質(zhì)點(diǎn)的坐標(biāo)為xA,則有yA=4sin2πλxA-π2cm=2cm,可得2πλxA-π2=-7π6,解得xA=-λ3=-163cm,A質(zhì)點(diǎn)與C質(zhì)點(diǎn)平衡位置距離為l,λ<l<2λ,且振動方向總相反,依據(jù)對稱性可知平衡位置x'=16.16-Ⅰ答案(1)D(2)mg1+mm0m?m0(3)①2.(4)NA=6解析(1)用圖甲所示裝置,探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系主要用到了限制變量法,A錯誤;用圖乙所示裝置,探究向心力大小的相關(guān)因素主要用到了限制變量法,B錯誤;用圖丙所示裝置,測量重力加速度主要用到了累積法,C錯誤;如圖丁所示,測量分子直徑主要用了測量微觀物理量的思想和估算方法,D正確。(2)對小車受力分析有,FT=m0a,對砂桶及砂有,mg-FT=ma,聯(lián)立得FT=mg1+mm0;依據(jù)以上分析知,當(dāng)m(3)①依據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)法則有2.2cm+8×0.05mm=2.240cm。②擺線上端未堅實(shí)地系于懸點(diǎn),試驗過程中出現(xiàn)松動,使擺線長度增加了,則實(shí)際所測擺線長度偏小,所測重力加速度將偏小,A不符合題意;若計算重力加速度時用L+d作為單擺的擺長,則擺長比實(shí)際偏大,因此計算得到的重力加速度值比實(shí)際偏大,B符合題意;擺球的振幅偏小不影響重力加速度的測量,C不符合題意;若把n當(dāng)作單擺全振動的次數(shù),則會導(dǎo)致測量周期偏小,從而導(dǎo)致所測重力加速度偏大,D符合題意。(4)由于油酸分子的直徑d=VS,而一個油酸分子的體積V0=MρNA=416-Ⅱ答案(1)0.26(2)1.50.5小于(3)1.6×10-5電流表有內(nèi)阻解析(1)由圖乙可知,電流表選用0.6A擋,精確度為0.02A,則電流表的示數(shù)為0.26A。(2)由圖丙可得電池的電動勢E=1.5V;由閉合電路歐姆定律可得,U=-I(R0+r)+E,由圖丙可得,U-I圖像斜率的確定值k=ΔUΔI=1.5-1.00.5Ω=1.0Ω,則有R0+r=1(3)由電阻定律R=ρlS可得,UI=ρSx,由UI-x圖像可得,ρS=2.7-0.30.6Ω/m=4.0Ω/m,解得ρ=S17.答案(1)放熱放出熱量725J(2)1.009×105Pa(3)0.36h解析(1)依據(jù)熱力學(xué)第確定律有Q=ΔU-W=0-725J=-725J負(fù)號表示放熱。(2)對井蓋進(jìn)行受力分析,有p0S+mg=p·S代入數(shù)據(jù)得p=p0+mgS=1(3)等溫變更,設(shè)t時間水位上升x,則剛頂起時有p0·Sh=p·S·(h-x)解得x=1-p0p·h=則所用的時間t=xv18.答案(1)2m/s(2)0.75m(3)見解析解析(1)滑塊在F點(diǎn)有mg+qE=mv解得vF=2m/s。(2)設(shè)滑塊由h0處釋放恰好通過F點(diǎn),對滑塊從釋放至F點(diǎn)這一過程由動能定理得(mg+qE)(h0-2R)-μ(mg+qE)L=1解得h0=0.75m。(3)①滑塊第一次運(yùn)動到D點(diǎn)速度為零,對該過程由動能定理得(mg+qE)(h1-R)-μ(mg+qE)L=0解得h1=0.6m則當(dāng)h≤0.6m時,滑塊不過D點(diǎn),不脫離軌道。②滑塊第一次進(jìn)入圓軌道可以經(jīng)過F點(diǎn),壓縮彈簧被反彈,沿軌道PNMFDCBA運(yùn)動,再次返回后不過D點(diǎn),滑塊恰好可以經(jīng)過F點(diǎn),由動能定理可得(mg+qE)(h2-2R)-μ(mg+qE)L=1解得h2=0.75m則當(dāng)h≥0.75m時,滑塊可以通過F點(diǎn)滑塊再次返回剛好到D點(diǎn)(mg+qE)(h3-R)-μ(mg+qE)·3L=0解得h3=1.6m則當(dāng)h≤1.6m時,滑塊被彈簧反彈往復(fù)運(yùn)動后不過D點(diǎn)綜上,0.7