黃金卷01-【贏在高考·黃金8卷】備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷（北京卷專用）（解析版）

【贏在高考·黃金8卷】備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷（北京卷專用）黃金卷01（考試時間：90分鐘試卷滿分：100分）第I卷（選擇題）1．以下核反應(yīng)方程屬于α衰變的是（）A．92238U→C．12H+【答案】A【詳解】A．92238U→B．90234Th→C．12D．714故選A。2．肯定質(zhì)量的抱負(fù)氣體經(jīng)過一系列變化過程，如圖所示，下列說法中正確的是（）

A．a(chǎn)→b過程中，氣體體積變大，放出熱量B．b→c過程中，氣體溫度不變，氣體對外界做功C．c→a過程中，氣體體積變小，放出熱量D．c→a過程中，氣體壓強(qiáng)增大，外界對氣體做功【答案】B【詳解】A．a(chǎn)→b過程中，氣體壓強(qiáng)不變，溫度降低，依據(jù)蓋一呂薩克定律VT=C得知，體積減小，依據(jù)熱力學(xué)第肯定律ΔU=W+Q，溫度降低，ΔU＜0，體積減小，B．b→c過程中氣體的溫度保持不變，壓強(qiáng)減小，即氣體發(fā)生等溫變化，依據(jù)玻意耳定律PV＝C可知體積增大，氣體對外界做功，故B正確；CD．c→a過程中，P﹣T圖像過坐標(biāo)原點(diǎn)，P與T成正比，則氣體發(fā)生等容變化，溫度上升，所以ΔU＞0，體積不變，外界對氣體做功W＝0，所以Q3．下列說法正確的是（）A．在空氣中，可見光和超聲波傳播速度相同B．電磁波和機(jī)械波都需要介質(zhì)才能傳播C．無線電波和紫外線都可以發(fā)生偏振現(xiàn)象D．紅外線的波長比X射線的波長短【答案】C【詳解】A．在空氣中可見光的傳播速度約為3×10B．電磁波的傳播不需要介質(zhì)，機(jī)械波的傳播需要介質(zhì)，B錯誤；C．無線電波和紫外線都屬于橫波，都可以發(fā)生偏振現(xiàn)象，C正確；D．從電磁波譜可知，紅外線的波長比X射線的波長長，紅外線的頻率比X射線的頻率小，D錯誤。故選C。4．如圖所示，S1和S2是兩相干水波波源，它們振動同步且振幅相同。實(shí)線和虛線分別表示在某一時刻它們所發(fā)出的波的波峰和波谷。已知兩列波的波長均為5cm，A、B、C三質(zhì)點(diǎn)的平衡位置在同始終線上，且B點(diǎn)為A．此時B點(diǎn)正豎直向下運(yùn)動B．C點(diǎn)處于振動的減弱區(qū)C．此時A、C兩點(diǎn)的豎直高度差為20cmD．再經(jīng)過半個周期，質(zhì)點(diǎn)C運(yùn)動至A處【答案】A【詳解】A．波從C點(diǎn)向B點(diǎn)傳播，所以此時B點(diǎn)正豎直向下運(yùn)動，A正確；B．C點(diǎn)波谷與波谷相遇，振動加強(qiáng)，B錯誤；C．此時A、C兩點(diǎn)振動均加強(qiáng)，A處于波峰位置，偏離平衡位置2A，C處于波谷位置，偏離平衡位置?2A，豎直高度差為4A，C錯誤；D．質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移，D錯誤。故選A。5．筷子，古稱箸、梜，通常由竹、木、骨、瓷、象牙、金屬、塑料等材料制作，是華夏飲食文化的標(biāo)志之一，也是世界上常用餐具之一，其創(chuàng)造于中國。如圖所示，用筷子夾小球，小球始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，筷子均在豎直平面內(nèi)，小球質(zhì)量為m，與筷子之間的摩擦不能忽視，則下列說法正確的是（）

A．小球受到筷子的摩擦力肯定沿筷子向上B．筷子對小球的作用力的大小為mgC．當(dāng)筷子和豎直方向的夾角增大時，小球的合力增大D．當(dāng)筷子和豎直方向的夾角不變時，筷子對小球彈力越大摩擦力也越大【答案】B【詳解】A．對小球進(jìn)行受力分析，重力使得小球有向下運(yùn)動的趨勢，筷子對小球的彈力使得小球有向上運(yùn)動的趨勢，當(dāng)彈力的合力大于重力時，小球有向上運(yùn)動的趨勢，摩擦力沿筷子向下，當(dāng)彈力的合力小于重力時，小球有向下運(yùn)動的趨勢，摩擦力沿筷子向上，當(dāng)彈力的合力等于重力時，小球所受摩擦力為0，故A錯誤；B．小球處于平衡狀態(tài)，依據(jù)平衡條件可知，筷子對小球的作用力的大小等于小球的重力，即筷子對小球的作用力的大小為mg，故B正確；C．小球處于平衡狀態(tài)，依據(jù)平衡條件可知，當(dāng)筷子和豎直方向的夾角增大時，小球的合力不變，仍舊為0，故C錯誤；D．依據(jù)上述，筷子和豎直方向的夾角不變，當(dāng)彈力的合力小于重力時，小球有向下運(yùn)動的趨勢，摩擦力沿筷子向上，此時筷子對小球彈力越大摩擦力越小，故D錯誤。故選B。6．某種感溫式火災(zāi)報警器如圖1所示，其簡化的工作電路如圖2所示。變壓器原線圈接電壓有效值恒定的溝通電源。副線圈連接報警系統(tǒng)，其中RT為熱敏電阻，其阻值隨溫度的上升而減小，R0為滑動變阻器，R1為定值電阻。當(dāng)警戒范圍內(nèi)發(fā)生火災(zāi)，環(huán)境溫度上升達(dá)到預(yù)設(shè)值時，報警裝置（圖中未畫出）通過檢測R1的電流觸發(fā)報警。下列說法正確的是（）

A．警戒范圍內(nèi)消滅火情時，副線圈兩端電壓減小B．警戒范圍內(nèi)消滅火情時，原線圈輸入功率變小C．通過定值電阻R1的電流過低時，報警裝置就會報警D．若要調(diào)低預(yù)設(shè)的報警溫度，可減小滑動變阻器R0的阻值【答案】D【詳解】A．變壓器中副線圈兩端電壓取決于原線圈電壓與匝數(shù)比，由于原線圈兩端電壓與匝數(shù)比不變，則警戒范圍內(nèi)消滅火情時，副線圈兩端電壓不變，故A錯誤；B．警戒范圍內(nèi)消滅火情時，副線圈兩端電壓不變，而副線圈中總電阻減小，副線圈中電流增大，則原線圈中電流增大，由P=UI可知，由于原線圈兩端電壓不變，所以原線圈輸入功率變大，故B錯誤；C．警戒范圍內(nèi)消滅火情時，副線圈兩端電壓不變，而副線圈中總電阻減小，副線圈中電流增大，即通過定值電阻R1的電流達(dá)到某一值時，報警裝置就會報警，故C錯誤；D．若要調(diào)低預(yù)設(shè)的報警溫度，即熱敏電阻的阻值較大，要保持流過R1的電流不變，則可減小滑動變阻器R0的阻值，故D正確。故選D。7．某學(xué)習(xí)小組觀看完“太空授課”后，設(shè)計出4種在太空試驗(yàn)艙中測量小物塊質(zhì)量的方案：①將待測小物塊懸掛在勁度系數(shù)為k的輕彈簧下端，測出小物塊靜止時彈簧的形變量Δx，依據(jù)kΔ②讓待測小物塊隨試驗(yàn)艙一起繞地球做勻速圓周運(yùn)動，測出圓周運(yùn)動的半徑r和周期T，依據(jù)GmM③對待測小物塊施加一個恒定的拉力F，使小物塊從靜止做勻加速直線運(yùn)動，測出經(jīng)過時間t時的速度v，依據(jù)v=F④用一個彈簧測力計拉著待測小物塊做勻速圓周運(yùn)動，測出彈簧測力計示數(shù)F、圓周運(yùn)動的半徑R和周期T，依據(jù)F=m4其中可行的方案有（

）A．①和② B．②和③ C．③和④ D．①和④【答案】C【詳解】物體處于完全失重狀態(tài)，無法測得小物塊靜止時彈簧的形變量，故①錯誤；由式中可知小物塊的質(zhì)量被消去，無法計算，故②錯誤；依據(jù)③和④的操作可以測得小物塊的質(zhì)量。故選C。8．有爭辯表明，當(dāng)興奮心情傳播時，在人的體表可以測出與之對應(yīng)的電勢變化。某一瞬間人體表面的電勢分布圖如圖所示，圖中實(shí)線為等差等勢面，標(biāo)在等勢面上的數(shù)值分別表示該等勢面的電勢，a、b、c、d為等勢面上的點(diǎn)，該電場可等效為兩等量異種電荷產(chǎn)生的電場，a、b為兩電荷連線上對稱的兩點(diǎn)，c、d為兩電荷連線中垂線上對稱的兩點(diǎn)。下列說法中正確的是（）A．a(chǎn)、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，方向相反B．c點(diǎn)的電勢大于d點(diǎn)的電勢C．將帶正電的摸索電荷從b點(diǎn)移到d點(diǎn)，電場力做負(fù)功D．負(fù)電荷在c點(diǎn)的電勢能小于在a點(diǎn)的電勢能【答案】C【詳解】A．該電勢分布圖可等效為等量異種電荷產(chǎn)生的，a、b為兩電荷連線上對稱的兩點(diǎn)，依據(jù)等量異種電荷的電場的特點(diǎn)，可以推斷、這兩個對稱點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等、方向相同，故A錯誤；B．c、d兩點(diǎn)位于同一條等勢線上，則c點(diǎn)的電勢等于d點(diǎn)的電勢，故B錯誤；C．正電荷在電勢高的地方電勢能大，所以將帶正電的摸索電荷從電勢低b點(diǎn)移到電勢高d點(diǎn)，電場力做負(fù)功，電勢能增加，故C正確；D．負(fù)電荷在電勢低的地方電勢能大，所以負(fù)電荷在電勢低的c點(diǎn)的電勢能大于在電勢高的a點(diǎn)的電勢能，故D錯誤。故選C。9．某同學(xué)利用試驗(yàn)器材設(shè)計了如圖所示的測量電路，電阻R的阻值以及電源的電動勢和內(nèi)阻均未知，電壓表左端的接線位置待定。不管接哪個接線柱，都可以通過轉(zhuǎn)變滑動變阻器接入電路的阻值，獲得多組數(shù)據(jù)，描繪出U?I關(guān)系圖像（U、I分別為電壓表和電流表的示數(shù)）。下列說法正確的是（）A．若接a，利用該電路可測量電阻R的阻值，且測量值偏大B．若接a，利用該電路可測量電源的電動勢和內(nèi)阻，且內(nèi)阻測量值偏大C．若接b，利用該電路可測量電阻R的阻值，且測量值偏大D．若接b，利用該電路可測量電源的電動勢和內(nèi)阻，且電動勢測量值偏大【答案】C【詳解】A．若接a，此時電壓表并聯(lián)在滑動變阻器和定值電阻兩端，電壓表測量滑動變阻器和定值電阻兩端的電壓，無法測出定值電阻阻值，故A錯誤；B．若接a，電壓表測量滑動變阻器和定值電阻兩端的電壓，即電源路端電壓，依據(jù)作出的圖象可求電源電動勢和內(nèi)阻，且測量值均偏小，故B錯誤；C．若接b，此時電壓表并聯(lián)在定值電阻兩端，電壓表測量定值電阻兩端的電壓，依據(jù)歐姆定律可求出定值電阻的阻值，但由于電流表分壓作用，測量值會偏大，故C正確；D．若接b，電壓表并聯(lián)在定值電阻兩端，滑動變阻器視為電源內(nèi)阻的一部分，作出的圖象無法可得到電源的電動勢和內(nèi)阻，故D錯誤。故選C。10．真空中存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場，帶電粒子a和b先后從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿x軸正方向射入該電場，其軌跡如圖所示。忽視粒子所受重力，下列條件中可以判定粒子a比荷較大的是（

）A．粒子a和b在電場中的加速度相等 B．粒子a和b射入電場時的速度相等C．粒子a和b射入電場時的動能相等 D．粒子a和b射入電場時的動量相等【答案】B【詳解】粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，則x=v0t，y=A．若粒子a和b在電場中的加速度相等，則a=EqmB．粒子a和b射入電場時的速度相等，則由y=Eqx22mv02，由圖像可知，當(dāng)xC．粒子a和b射入電場時的動能相等，則由y=Eqx22mv02=Eqx24D．粒子a和b射入電場時的動量相等，則由y=Eqx22mv02=Eqmx故選B。11．如圖甲所示是一個“簡易電動機(jī)”，一節(jié)5號干電池的正極向上，一塊圓柱形強(qiáng)磁鐵吸附在電池的負(fù)極，將一段裸銅導(dǎo)線彎成圖中所示外形的線框，線框上端的彎折位置與正極良好接觸，下面彎曲的兩端與磁鐵表面保持良好接觸，放手后線框就會轉(zhuǎn)動起來。該“簡易電動機(jī)”的原理圖如圖乙所示，關(guān)于該“簡易電動機(jī)”，下列說法正確的是（）A．從上往下看，該“簡易電動機(jī)”逆時針旋轉(zhuǎn)B．電池消耗的電能全部轉(zhuǎn)化為線框的動能C．線框①、②兩部分導(dǎo)線電阻在電路中是串聯(lián)關(guān)系D．電動機(jī)的工作原理是通電導(dǎo)線在磁場中受安培力的作用【答案】D【詳解】A．線框的上下兩條邊受到安培力的作用而發(fā)生轉(zhuǎn)動的，依據(jù)左手定則可以推斷從上往下看，線框?qū)⒆鲰槙r針轉(zhuǎn)動，故A錯誤；B．電池消耗的電能一部分用于線框發(fā)熱產(chǎn)生的內(nèi)能，一部分供應(yīng)線框的動能，故B錯誤；C．線框①、②兩部分導(dǎo)線電阻在電路中是并聯(lián)關(guān)系，故C錯誤；D．電動機(jī)的工作原理是通電導(dǎo)線在磁場中受安培力的作用，故D正確。故選D。12．將傳感器安裝在蹦極運(yùn)動員身上，可以測量出運(yùn)動員在不同時刻下落的高度及速度，如圖甲所示。運(yùn)動員從蹦極臺自由下落，依據(jù)傳感器測到的數(shù)據(jù)，得到如圖乙所示的v-x圖像。下列說法正確的是（）A．運(yùn)動員下落整個過程中加速度保持不變B．運(yùn)動員下落整個過程中機(jī)械能守恒C．運(yùn)動員下落15m時，彈性繩的拉力等于運(yùn)動員的重力D．彈性繩達(dá)到原長，運(yùn)動員的動能開頭減小【答案】C【詳解】A．當(dāng)運(yùn)動員下落的高度小于彈性繩的自然長度之前，運(yùn)動員只受重力，運(yùn)動員加速度不變；當(dāng)下落高度大于彈性繩的自然長度之后，彈性繩彈力漸漸增大，運(yùn)動員的重力和彈性繩的合力供應(yīng)加速度，所以運(yùn)動員的加速度要先減小后反向增大，故A錯誤；B．運(yùn)動員下落的高度小于彈性繩的自然長度的過程中，運(yùn)動員只受重力機(jī)械能守恒；當(dāng)下落高度大于彈性繩的自然長度之后，彈性繩的彈力對運(yùn)動員做負(fù)功，運(yùn)動員的機(jī)械能減小，故B錯誤；C．由圖乙可知運(yùn)動員下落15m時，運(yùn)動員的速度最大，加速度為零，此時彈性繩的拉力等于運(yùn)動員的重力，故C正確；D．彈性繩達(dá)到原長，此時重力大于彈性繩的彈力，運(yùn)動員會連續(xù)向下先做加速度減小的加速，直到加速度減為零，速度達(dá)到最大，動能達(dá)到最大，故D錯誤。故選C。13．美國物理學(xué)家勞倫斯創(chuàng)造了回旋加速器，為人類在獲得高能粒子方面前進(jìn)了一大步。如圖所示為一種改進(jìn)后的回旋加速器示意圖，其中盒縫間的加速電場場強(qiáng)大小恒定，且被限制在MN板間，帶正電粒子從P0處以速度v0沿電場線方向射入加速電場，經(jīng)加速后進(jìn)入D形盒中的勻強(qiáng)磁場做勻速圓周運(yùn)動，經(jīng)多次回旋加速后從D形盒右側(cè)離開。下列說法錯誤的是（

）

A．帶電粒子每運(yùn)動一周被加速一次B．不作任何轉(zhuǎn)變，該回旋加速器可以加速其他比荷不同的帶正電粒子C．加速粒子的最大速度與D形盒的尺寸無關(guān)D．僅增大加速電場的的電壓，加速粒子的最大速度不變【答案】C【詳解】AB．帶電粒子只有經(jīng)過MN板間時被加速，即帶電粒子每運(yùn)動一周被加速一次。電場的方向不需轉(zhuǎn)變，只在MN間加速，所以該回旋加速器可以加速其他比荷不同的帶正電粒子，故AB正確；CD．當(dāng)粒子從D形盒中出來時，速度最大，由qvB=mv2r可得，vmax=本題選錯誤的，故選C。14．依據(jù)宇宙大爆炸理論，密度較大區(qū)域的物質(zhì)在萬有引力作用下，不斷聚集可能形成恒星。恒星最終的歸宿與其質(zhì)量有關(guān)，假如質(zhì)量為太陽質(zhì)量的1~8倍將坍縮成白矮星，質(zhì)量為太陽質(zhì)量的10~20倍將坍縮成中子星，質(zhì)量更大的恒星將坍縮成黑洞。設(shè)恒星坍縮前后可看成質(zhì)量均勻分布的球體，質(zhì)量不變，體積縮小。不考慮恒星與其它物體的相互作用。已知逃逸速度為第一宇宙速度的2倍，中子星密度大于白矮星。依據(jù)萬有引力理論，下列說法正確的是（）A．若恒星半徑坍縮為原來12B．不考慮恒星自轉(zhuǎn)，同一恒星坍縮后表面重力加速度比坍縮前的大C．恒星坍縮前后的第一宇宙速度不變D．中子星的逃逸速度小于白矮星的逃逸速度【答案】B【詳解】A．依據(jù)M=ρ?43πRB．不考慮恒星自轉(zhuǎn)，依據(jù)GMmR2=mg可得，C．依據(jù)GMmR2=mv1D．依據(jù)M=ρ?43πR3可得，R=33Mv2=2v1故選B。第Ⅱ卷（非選擇題）15．物理試驗(yàn)一般都涉及試驗(yàn)?zāi)康?、試?yàn)原理、試驗(yàn)儀器、試驗(yàn)方法、試驗(yàn)操作、數(shù)據(jù)處理、誤差分析等。例如：（1）試驗(yàn)儀器。在“練習(xí)使用多用表”試驗(yàn)時，某同學(xué)用多用表的電阻“×10”檔測定值電阻阻值，表盤的示數(shù)如圖所示，則該阻值R=Ω。（2）在“多用電表的使用”試驗(yàn)中，某同學(xué)進(jìn)行了如下操作和思考。利用多用電表測量未知電阻．用電阻擋“×100”測量時發(fā)覺指針示數(shù)如圖所示，為了得到比較精確?????的測量結(jié)果，下列選項(xiàng)中合理的步驟為（填寫選項(xiàng)前的字母）；A．將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×1kB．將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×10”的位置C．將兩表筆分別與被測電阻的兩根引線相接完成測量D．將兩表筆短接，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向“0Ω（3）數(shù)據(jù)分析。某同學(xué)用插針法測定一個半圓形玻璃磚的折射率。正確操作后，做出的光路圖如圖所示。O為圓心，已知AB的長度為l1，AO的長度為l2，CD的長度為l3，DO的長度為l（4）用如圖所示的試驗(yàn)裝置觀看雙縫干涉圖樣，用綠色濾光片時從目鏡中可以看到綠色的干涉條紋。在其他條件不變的狀況下，下列操作可以使條紋間距變大的是()A．換成紅色濾光片

B．換成縫寬更大的單縫C．換成雙縫間距更大的雙縫

D．換成更短的遮光筒【答案】180BDCl3【詳解】（1）[1]歐姆表的讀數(shù)為指針示數(shù)與倍率的乘積，如圖歐姆表讀數(shù)為R=18.0×10Ω=180Ω（2）[2]歐姆擋測電阻時指針偏轉(zhuǎn)角度過大，是由于擋位過大，需選取小擋位，進(jìn)行歐姆調(diào)零后再測阻值，故挨次為BDC；（3）[3]如圖設(shè)圓的半徑為R，入射角為i，折射角為r，由幾何關(guān)系可得sini=l1R，（4）[4]A．依據(jù)雙縫干涉條紋間距公式Δx=LB．依據(jù)雙縫干涉條紋間距公式Δx=LC．依據(jù)雙縫干涉條紋間距公式Δx=D．依據(jù)雙縫干涉條紋間距公式Δx=故選A。16．某校同學(xué)們分組進(jìn)行碰撞的試驗(yàn)爭辯。（1）第一組利用氣墊導(dǎo)軌通過頻閃照相進(jìn)行探究碰撞中的不變量這一試驗(yàn)。若要求碰撞動能損失現(xiàn)小則應(yīng)選下圖中的（填“甲”或“乙”）（甲圖兩滑塊分別裝有彈性圈，乙圖兩滑塊分別裝有撞針和橡皮泥）；（2）其次組同學(xué)用如圖所示的試驗(yàn)裝置“驗(yàn)證動量守恒起律”。①圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影。試驗(yàn)時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測量平拋射程OP，然后把被碰小球m2靜置于水平軌道的末端，再將入射球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并重復(fù)多次。本試驗(yàn)還需要完成的必要步驟（填選項(xiàng)前的符號）。A．測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B．測量拋出點(diǎn)距地面的高度HC．測量S離水平軌道的高度hD．測量平拋射程OM、ON②若兩球發(fā)生彈性碰撞，則OM、ON、OP之間肯定滿足的關(guān)系是（填選項(xiàng)前的符號）。A．OP+OM=ON

B．2OP=ON+OM

C．OP-ON=2OM（3）第三組利用頻閃照片法去爭辯。某次試驗(yàn)時碰撞前B滑塊靜止，A滑塊勻速向B滑塊運(yùn)動并發(fā)生碰撞，利用頻閃照相的方法連續(xù)4次拍攝得到的照片如圖丙所示。已知相鄰兩次閃光的時間間隔為T，在這4次閃光的過程中，A、B兩滑塊均在0~80cm范圍內(nèi)，且第1次閃光時，滑塊A恰好位于x=10cm處。若A、B兩滑塊的碰撞時間及閃光持續(xù)的時間極短，均可忽視不計，則A、B兩滑塊質(zhì)量比mA:mB=?！敬鸢浮考譇DA2∶3【詳解】（1）[1]題圖甲中兩滑塊發(fā)生的碰撞可以看作是彈性碰撞，動能損失較小，題圖乙中兩滑塊發(fā)生完全非彈性碰撞，動能損失最大，故選擇甲。（2）[2]m1和m2離開軌道末端后均做平拋運(yùn)動，依據(jù)t=2Hg

①可知，兩球做平拋運(yùn)動的時間相同，由題意可知m1與m2碰撞前瞬間的速度大小為v0由于m1與m2碰撞后瞬間m1的速度不行能大于碰撞前瞬間的速度，所以碰后瞬間兩球的速度大小分別為

v1=OMt

③對碰撞過程依據(jù)動量守恒定律有m1v聯(lián)立②③④⑤可得m1?OP=⑥式就是試驗(yàn)最終要驗(yàn)證是否成立的表達(dá)式，所以本試驗(yàn)需要測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2，并測量平拋射程OM、ON，故選AD。[3]若兩球發(fā)生彈性碰撞，則依據(jù)機(jī)械能守恒定律有12m1即m1?OP2=m1故選A。（3）[4]由題圖可知A和B碰撞前瞬間A的速度大小為vA=20cmT

⑩，由圖分析可知在第1次閃光后經(jīng)2.5T時間發(fā)生碰撞，且碰后A的速度反向，則碰撞后瞬間A、B的速度大小分別為v′A對碰撞過程依據(jù)動量守恒定律有mAvA=?mAv′A17．滑雪是人們寵愛的一項(xiàng)冬季戶外運(yùn)動．如圖所示，一位滑雪者，人與裝備的總質(zhì)量為75kg，沿著傾角θ=30°的平直山坡直線滑下，當(dāng)速度達(dá)到2m/s時他收起雪杖自由下滑，在此后5s的時間內(nèi)滑下的路程為60m。將這5s內(nèi)滑雪者的運(yùn)動看作勻加速直線運(yùn)動，g取10m/s2．求這（1）滑雪者的加速度大小a；（2）滑雪者受到的阻力大小F；（3）滑雪者損失的機(jī)械能?E?！敬鸢浮浚?）4m/s2；（2）75N【詳解】（1）滑雪者做勻加速直線運(yùn)動，則由位移與時間的關(guān)系式可得x=v0t+（2）依據(jù)牛頓其次定律，有mgsinθ?F=ma（3）滑雪者損失的機(jī)械能?E=Fx=4500J18．如圖所示，用一條長l＝0.2m的絕緣輕繩懸掛一個帶電小球，小球質(zhì)量m＝1.0×10-2kg，所帶電荷量

q＝＋2.0×10－8C．現(xiàn)加一水平方向的勻強(qiáng)電場，電場區(qū)域足夠大，平衡時絕緣繩與豎直方向夾角θ＝37°，已知g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8．（1）求勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度的大?。?）若將輕繩向右拉至水平后由靜止釋放，求小球到達(dá)最低點(diǎn)時的速度大小．（3）若在圖中所示位置剪斷輕繩，推斷小球此后的運(yùn)動狀況，并求0.1s后小球的速度大?。敬鸢浮浚?）3.75×106N/C；（2）1m/s；（3）1.25m/s【解析】（1）平衡時，qE＝mgtanθ，E＝3.75×106N/C；（2）依據(jù)動能定理：mgl?qEl=12（3）圖中所示位置剪斷輕繩，小球所受合力F=mgcosθ，因此小球沿繩延長線方向做勻加速直線運(yùn)動；由

Ft＝mv可得v＝19．一邊長為L、質(zhì)量為m的正方形金屬細(xì)框abcd，每邊電阻為R0，置于光滑的絕緣水平桌面（紙面）上。寬度為2L的區(qū)域內(nèi)存在方向垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，兩虛線為磁場邊界，如圖甲所示。今用水平向右的力使金屬框以速度v0（1）求金屬框剛進(jìn)入磁場時金屬框b、c兩點(diǎn)間的電勢差Ubc；（2）從金屬框的bc邊進(jìn)入磁場到ad邊離開磁場的過程中，拉力對線框所做的功；（3）在桌面上固定兩條光滑長直金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌與磁場邊界垂直，左端連接電阻R1=2R0導(dǎo)軌電阻可忽視，金屬框置于導(dǎo)軌上，如圖乙所示。使金屬框以速度v0勻速向右經(jīng)過磁場，運(yùn)動過程中金屬框的上、下邊框處處與導(dǎo)軌始終接觸良好。求在金屬框bc邊進(jìn)入磁場的過程中，電阻R1

【答案】（1）?34BLv【詳解】（1）依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得，bc邊切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=BL依據(jù)右手定則，推斷知感應(yīng)電流從b端流向c端，則φ依據(jù)閉合電路歐姆定律可得U（2）第一階段，bc邊進(jìn)入之后到ad邊進(jìn)入之前，有I=BLv04ad、bc邊都進(jìn)入磁場后，線框中沒有電流，不需要拉力，同理，bc邊