四川省樂山市2025屆高三物理上學(xué)期第一次調(diào)查研究考試12月試題含解析

PAGE18-四川省樂山市2025屆高三物理上學(xué)期第一次調(diào)查探討考試（12月）試題（含解析）二、選擇題1.甲、乙兩物體由同一點(diǎn)沿同一條直線運(yùn)動，它們的v-t圖像如圖所示，則在0～4s內(nèi)A.兩物體始終同向運(yùn)動 B.2s末兩物體相距最遠(yuǎn)C.兩物體平均速度相等 D.4s末兩物體相遇【答案】A【解析】【分析】v-t圖像在橫軸以上，表明此時運(yùn)動方向與正方向相同，據(jù)此可推斷0-4s內(nèi)兩物體運(yùn)動是否同向；甲在前，乙在后，甲快乙慢，兩物體速度相同時，距離最遠(yuǎn)；比較相同時間內(nèi)圖像與坐標(biāo)值圍成的面積來比較位移大小，依據(jù)可比較平均速度的大?。驹斀狻緼、0-6s內(nèi)，甲、乙兩物體的v-t圖像均在橫軸的上方，速度均為正，故兩物體始終同向運(yùn)動，A正確；BD、由題意可知，甲乙兩物體同時同地沿同向運(yùn)動，在0-4s內(nèi)，甲在前，乙在后，甲的速度大于乙的速度，兩物體距離越來越大，在4s時速度達(dá)到相等，此時兩物體距離最遠(yuǎn)，BD均錯誤；C、0-4s內(nèi)，由圖像可知，甲的位移大于乙的位移，即，依據(jù)，兩物體的平均速度，故C錯誤；故選A．【點(diǎn)睛】本題考查速度-時間圖象的應(yīng)用，圖像“面積”表示物體通過的位移是基礎(chǔ)，敏捷應(yīng)用數(shù)學(xué)對比處理問題．2.如圖所示，將小物塊P輕輕放到半圓柱體上，O為圓心。當(dāng)小物塊處于B位置時恰好能保持靜止，OB與豎直半徑的夾角∠AOB＝30°。若小物塊與圓柱體之間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則小物塊與圓柱體之間的動摩擦因數(shù)為A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】當(dāng)物塊在B點(diǎn)時達(dá)到最大靜摩擦力，受力如圖所示，由平衡條件得：，又聯(lián)立解得：，故ACD錯誤、B正確。故選：B；3.將質(zhì)量為m物體從一行星表面某高度處水平拋出（不計(jì)空氣阻力）。自拋出起先計(jì)時，物體離行星表面高度h隨時間t改變關(guān)系如圖所示，萬有引力常量為G，不考慮行星自轉(zhuǎn)的影響，則依據(jù)以上條件可以求出A.行星的質(zhì)量 B.該行星的第一宇宙C.物體受到行星萬有引力的大小 D.物體落到行星表面的速度大小【答案】C【解析】【詳解】A.物體做平拋運(yùn)動，豎直方向上做自由落體運(yùn)動，分析圖象可知，，，依據(jù)，解得，物體在行星表面受到的重力等于萬有引力，解得行星的質(zhì)量，因?yàn)樾行前霃轿粗?，行星的質(zhì)量無法求出，故A錯誤；B.依據(jù)重力供應(yīng)向心力可知，，解得行星的第一宇宙速度，行星半徑未知，第一宇宙速度未知，故B錯誤；C.物體在行星表面受到的重力等于萬有引力，所以物體受到行星萬有引力的大小為mg，故C正確；D.物體做平拋運(yùn)動，落地速度，初速度未知，則落地速度未知，故D錯誤；故選：C；4.如圖所示，由相同的電流表G（內(nèi)阻不為零）改裝而成的甲、乙兩個電壓表，R1、R2是分壓電阻，R1>R2。則下列說法正確的是A.甲的量程等于乙的量程B.甲的量程小于乙的量程C.測量同一電壓時，甲、乙兩表指針的偏轉(zhuǎn)角度相同D.測量同一電壓時，甲表指針的偏轉(zhuǎn)角度比乙表小【答案】D【解析】【詳解】AB.由于甲、乙兩個電壓表是由相同的電流表G改裝而成，其允許通過的最大電流是一樣的，由于R1＞R2，則甲的電阻比乙的電阻大，電流一樣時，甲的電壓比乙大，故甲的量程大于乙的量程，故選項(xiàng)A、B錯誤；CD.設(shè)電流表的電阻為R，則在相同的電壓U時，有，即通過甲的電流小于乙的，甲表指針的偏轉(zhuǎn)角度比乙表小，故C錯誤，D正確；故選：D；5.如圖所示，小車在水平面上做勻變速直線運(yùn)動，車廂內(nèi)兩質(zhì)量相同的小球通過輕繩系于車廂頂部，輕繩OA、OB與豎直方向夾角均為30°，其中一球用水平輕繩BC系于車廂側(cè)壁，重力加速度為g。下列說法正確的是A.小車肯定向右運(yùn)動B.輕繩OA、OB拉力大小相等C.小車的加速度大小為gD.輕繩BC拉力大小是輕繩OB拉力的倍【答案】B【解析】【詳解】AC.對小球A受力分析，由牛頓其次定律可知：，聯(lián)立解得：，，方向水平向右，小車可向右加速運(yùn)動，也可向左減速運(yùn)動。故AC錯誤；BD對B受力分析，由牛頓其次定律得：水平方向：，豎直方向：，聯(lián)立解得：，，故B正確，D錯誤；故選：B；6.一子彈以初速度v0擊中靜止在在光滑的水平面上的木塊，最終子彈未能射穿木塊，射入的深度為d，木塊加速運(yùn)動的位移為s．則以下說法正確的是A.子彈動能的虧損等于系統(tǒng)動能的虧損B.子彈動量改變量的大小等于木塊動量改變量的大小C.摩擦力對木塊做的功等于摩擦力對子彈做的功D.子彈對木塊做的功等于木塊動能的增量【答案】BD【解析】【分析】依據(jù)子彈擊中靜止在光滑的水平面上可知，本題考查子彈打木塊模型，依據(jù)動量守恒和能量守恒規(guī)律，運(yùn)用能量守恒、動能定理和動量守恒定律進(jìn)行分析求解；【詳解】A、子彈射入木塊的過程，要產(chǎn)生內(nèi)能，由能量守恒定律知子彈動能的虧損大于系統(tǒng)動能的虧損，故A錯誤；

B、子彈和木塊組成的系統(tǒng)動量守恒，系統(tǒng)動量的改變量為零，則子彈與木塊動量改變量大小相等，方向相反，故B正確；

C、摩擦力對木塊做的功為，摩擦力對m做的功為，可知二者不等，故C錯誤；D、對木塊依據(jù)動能定理可知：子彈對木塊做的功即為摩擦力對木塊的功等于木塊動能的增量，故選項(xiàng)D正確．【點(diǎn)睛】本題屬于子彈打木塊模型，分析清晰物體的運(yùn)動過程，找出子彈與木塊的位移關(guān)系、應(yīng)用動量守恒定律與動能定理即可正確解題．7.如圖所示，一電荷勻稱分布的帶正電的回環(huán)，半徑為R，在垂直于圓環(huán)且過圓心O的軸線上有a、b、c三個點(diǎn)，，不計(jì)重力。則下列推斷正確的是A.a、c兩點(diǎn)的電場場強(qiáng)大小之比為1：B.b、c兩點(diǎn)的電場場強(qiáng)相同C.一電子由a點(diǎn)靜止釋放，電子在O點(diǎn)的動能最大D.一電子由a點(diǎn)靜止釋放，電子由a到c的過程中，加速度先減小后增大【答案】AC【解析】【詳解】A.設(shè)圓環(huán)帶電量為Q．將圓環(huán)分成n等分，則每個等分帶電量為，每個等分可看成點(diǎn)電荷，每個點(diǎn)電荷在a點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為，該書場強(qiáng)方向與aO的夾角為30°，依據(jù)電場的疊加原理知：a點(diǎn)處場強(qiáng)大小為，同理可得，c點(diǎn)處場強(qiáng)大小為，則，故A正確；B.b、c兩點(diǎn)的電場場強(qiáng)大小相等，方向相反，則場強(qiáng)不同，故B錯誤；C.一電子由a點(diǎn)靜止釋放，從a運(yùn)動到O時電場力做正功，動能增加。從O向下運(yùn)動時，電場力做負(fù)功，動能削減，所以電子在O點(diǎn)的動能最大，故C正確；D.依據(jù)Ea＜Ec知，電子由a到c的過程中，場強(qiáng)增大，電子所受的電場力增大，加速度增大。故D錯誤；故選：AC；8.如圖所示，質(zhì)量均為m的物塊A、B用輕彈簧相連放置于傾角為α的光滑固定斜面上，物塊B與垂直于斜面的擋板C接觸，物塊A系一輕質(zhì)細(xì)繩，細(xì)繩、輕彈簧均與斜面平行，細(xì)繩繞過斜面頂端的定滑輪系一重物D，平衡時物塊B恰好不離開擋板。已知彈簧的勁度系數(shù)為k，重力加速度為g，某一瞬間剪斷細(xì)繩，則下列說法正確的是A.重物D的重力為mgsinαB.剪斷細(xì)繩后，物塊A下滑過程中加速度始終增大C.剪斷細(xì)繩瞬間，物塊A的加速度大小為2gsinαD.物塊A下滑過程中的最大速度為：2gsinα【答案】CD【解析】【詳解】A.平衡時物塊B恰不離開擋板，則滿意，所以，故A錯誤；B.物塊A下滑過程中物塊A受到彈簧彈力做功，故A機(jī)械能不守恒，故B錯誤；C.當(dāng)B剛要離開擋板時彈簧的拉伸量為：，起先時A受到彈簧的拉力最大，所以加速度最大，由牛頓其次定律可知：，可得：；故C正確；D.A的速度最大時，加速度為零，對應(yīng)A的受力為0，此時彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈簧的壓縮量為：，從起先運(yùn)動到A速度最大，A下落的位移為：該過程中彈簧起先時的伸長量等于最終時刻的壓縮量，所以彈簧的彈性勢能不變；依據(jù)機(jī)械能守恒知：，即，故D正確；故選：CD；三、非選擇題9.某同學(xué)利用打點(diǎn)計(jì)時器探討斜面上小車由靜止起先下滑的運(yùn)動。選擇出較為志向的紙帶后，舍去前段較為密集的點(diǎn)，然后以A點(diǎn)為起點(diǎn)，每5個計(jì)時點(diǎn)選取一個計(jì)數(shù)點(diǎn)，標(biāo)注如圖所示。（1）現(xiàn)分別測出計(jì)數(shù)點(diǎn)B、C、D、E、F、G與A點(diǎn)的距離x1、x2、x3、x4、x5、x6，若打點(diǎn)計(jì)時器所用的溝通電的頻率為f，用逐差法求出加速度a＝_________。（2）關(guān)于這個試驗(yàn)，下列說法正確的是_________。A.應(yīng)將小車?yán)酱螯c(diǎn)計(jì)時器旁邊，然后釋放小車，再接通電源B.可用x2－x1＝x3－x2＝x4－x3＝x5－x4＝x6－x5來判定小車做勻加速直線運(yùn)動C.若漸漸增大斜面傾角，每次試驗(yàn)都證明小車做勻加速直線運(yùn)動，則可合理外推得出自由落體運(yùn)動是勻加速直線運(yùn)動D.本次試驗(yàn)須要用到秒表和刻度尺【答案】(1).(2).C【解析】詳解】（1）[1]每5個計(jì)時點(diǎn)選取一個計(jì)數(shù)點(diǎn)，且打點(diǎn)計(jì)時器所用的溝通電的頻率為f，依據(jù)，依據(jù)逐差法有：；（2）[2]A.應(yīng)將小車?yán)酱螯c(diǎn)計(jì)時器旁邊，然后接通電源，再釋放小車，故A錯誤；B.x1、x2、x3、x4、x5、x6，分別是計(jì)數(shù)點(diǎn)B、C、D、E、F、G與A點(diǎn)的距離，因此不行用x2﹣x1＝x3﹣x2＝x4﹣x3＝x5﹣x4＝x6﹣x5來判定小車做勻加速直線運(yùn)動，故B錯誤；C.若漸漸增大斜面傾角，每次試驗(yàn)都證明小車做勻加速直線運(yùn)動，則可合理外推得出自由落體運(yùn)動是勻加速直線運(yùn)動，故C正確；D.本次試驗(yàn)須要用到刻度尺，但不須要秒表，因有打點(diǎn)計(jì)時器，故D錯誤；故選擇：C；10.某試驗(yàn)小組為了解決伏安法測電阻存在系統(tǒng)誤差的問題，設(shè)計(jì)了如圖所示的電路。試驗(yàn)器材如下：A.直流電源4V，內(nèi)阻0.5ΩB.電流表A，量程0.6A，內(nèi)阻未知C.電壓表V，量程3V，內(nèi)阻約2kΩD.待測電阻Rx約10ΩE.定值電阻R0＝5ΩF.滑動變阻器，改變范圍0～5ΩG.滑動變阻器，改變范圍0～100ΩH.單刀單擲開關(guān)K1I.單刀雙擲開關(guān)K2J.導(dǎo)線若干（1）依據(jù)電路圖連接實(shí)物圖（）（2）滑動變阻器應(yīng)選________（選填器材前的字母序號），閉合K1前，滑片P應(yīng)當(dāng)滑到_______端（選填“左端”、“右端”）。（3）閉合K1，當(dāng)K2接a時，電壓表示數(shù)為U1，電流表示數(shù)為I1，當(dāng)K2接b時，電壓表示數(shù)為U2，電流表示數(shù)為I2，則待測電阻的精確值為Rx＝________（用本題中的物理符號表示）【答案】(1).(2).F(3).左端(4).-【解析】【詳解】（1）[2]依據(jù)試驗(yàn)原理圖連接實(shí)物圖如圖所示：；（2）[2][3]依據(jù)電路圖可知滑動變阻器采納分壓接法，為便利調(diào)整，滑動變阻器應(yīng)選用阻值較小的F；開關(guān)閉合前，滑動觸頭應(yīng)處于使電表示數(shù)最小的一端：左端；（3）[4]閉合K1，當(dāng)K2接a時，電壓表示數(shù)為U1，電流表示數(shù)為I1，由歐姆定律得：，當(dāng)K2接b時，電壓表示數(shù)為U2，電流表示數(shù)為I2，由歐姆定律得：，聯(lián)立解得：；11.如圖所示，M、N為兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板，兩板間電壓為U。CD為磁場邊界上的一塊絕緣板，它與N板的夾角為θ＝30°，N板與CD之間存在著垂直于紙面對外的勻強(qiáng)磁場，小孔Q到N板的下端C的距離為L。一靜止的帶電粒子所帶電荷量為＋q、質(zhì)量為m（不計(jì)重力），從P點(diǎn)經(jīng)電場加速后，經(jīng)小孔O進(jìn)入磁場，最終打在N板上。求：（1）帶電粒子到達(dá)N板時的速度v；（2）帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動軌道半徑最大時，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】詳解】（1）依據(jù)動能定理可得：，解得帶電粒子到達(dá)N板時的速度；（2）帶電粒子恰好能夠達(dá)到N板，則運(yùn)動軌跡與CD板相切，依據(jù)幾何關(guān)系可得：,解得;依據(jù)洛倫茲力供應(yīng)向心力可得解得；12.如圖所示，豎直的半圓形光滑軌道與水平地面相切，半徑R＝0.25m，靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質(zhì)量分別為mA＝1.0kg，mB＝4.0kg，物塊A處于圓形光滑軌道的最低點(diǎn)P，兩小物塊之間有一被壓縮的微型輕彈簧。某時刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分別，兩物塊獲得的動能之和為Ek＝10.0J。釋放后，小物塊A經(jīng)半圓形光滑軌道PMN從N點(diǎn)水平拋出。B與地面之間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.20，重力加速度取g＝10m/s2。求：（1）彈簧釋放后瞬間A、B兩物塊速度的大??；（2）物塊A對軌道N點(diǎn)的壓力；（3）B停止后，與A落地點(diǎn)的距離。【答案】（1）lm/s；（2）14N，方向豎直向上；（3）m【解析】詳解】（1）釋放彈簧過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：，由題意可知：，代入數(shù)據(jù)解得：，；(2)A從P運(yùn)動到N過程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：，在N點(diǎn)，由牛頓其次定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：，由牛頓第三定律可知，A對軌道的壓力：；（3）A離開軌道后做平拋運(yùn)動，豎直方向：水平方向：，B向左滑動過程，由動能定理得：，B兩點(diǎn)間的距離：，代入數(shù)據(jù)解得：；13.下列說法正確的是：A.空氣中大量PM2.5的運(yùn)動也是分子熱運(yùn)動B.溫度相同的兩種志向氣體，分子的平均動能相同C.溫度相同的氧氣和氫氣，氫氣的內(nèi)能肯定大D.氣體等壓壓縮過程肯定放出熱量，且放出的熱量大于內(nèi)能的削減E.晶體熔化過程分子勢能增加【答案】BDE【解析】【詳解】A.PM2.5在空氣中的運(yùn)動是固體顆粒分子團(tuán)的運(yùn)動，不是分子的熱運(yùn)動。故A錯誤；BC.溫度是分子的平均動能的標(biāo)記，所以溫度相同的氫氣和氧氣，氧氣分子的平均動能與氫氣分子的平均動能相等。故B正確，C錯誤；D.依據(jù)志向氣體狀態(tài)方程，等壓壓縮，則溫度降低，則內(nèi)能下降，依據(jù)熱力學(xué)第肯定律，放出的熱量大于內(nèi)能的削減，故D正確；E.晶體溶化時要吸熱而溫度保持不變，則其分子平均動能不變，但吸熱后內(nèi)能增大，故說明晶體在溶化過程中分子勢能增加了，故E正確；故選：BDE；14.如圖所示，在豎直放置的圓柱形容器內(nèi)用質(zhì)量為m的活塞密封一部分氣體，活塞與容器壁間能無摩擦滑動，容器的橫截面積為S，起先時氣體的溫度為T0，活塞與容器底的距離為h0。現(xiàn)將整個裝置放在大氣壓強(qiáng)恒為P0的空氣中，當(dāng)氣體從外界汲取熱量Q后，活塞緩慢上升d后再次達(dá)到平衡，求：（1）外界空氣的溫度；（2）在此過程中密閉氣體的內(nèi)能增加量。【答案】（1）；（2）Q-mgd-pS0d【解析】【詳解】（1）取密閉氣體為探討對象，活塞上升過程為等壓改變，由蓋?呂薩克定律得：，解得：外界的空氣溫度為：；（2）活塞上升的過程，密閉氣體克服大氣壓力和活塞的重力做功，所以外界對系統(tǒng)做的功，依據(jù)勢力學(xué)第肯定律得密閉氣體增加的內(nèi)能；15.如圖甲所示，沿波傳播方向上有六個質(zhì)點(diǎn)a、b、c、d、e、f，相鄰兩質(zhì)點(diǎn)之間的距離均為2m，各質(zhì)點(diǎn)均靜止在各自的平衡位置，t=0時刻振源a起先做簡諧運(yùn)動，取豎直向上為振動位移的正方向，其振動圖象如圖乙所示，形成的簡諧橫波以的速度水平向右傳播，則下列說法正確的是A.波傳播到質(zhì)點(diǎn)c時，質(zhì)點(diǎn)c起先振動的方向沿y軸正方向B.0～4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)b運(yùn)動的路程為12cmC.4～5s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)d的加速度正在漸漸減小D.6s時質(zhì)點(diǎn)e第一次回到平衡位置E.各質(zhì)點(diǎn)都振動起來后，a與c的振動方向始終相同【答案】ABE【解析】