四川省2024年高考物理模擬試卷及答案15

四川省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14-18題只有一項符合題目要求，第19-21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。得分1．據(jù)報道，國外某一核電站排放的“核污水”中含有大量的氚以及鋇141、氪92、鍶90等幾十種放射性元素，其中核反應(yīng)之一為3890Sr→39A．3890Sr的比結(jié)合能比3990X的比結(jié)合能小 C．Y粒子是電子，是3890Sr的核外電子 D．溫度升高，2．甲、乙兩輛小車（視為質(zhì)點）沿水平直道運動，初始時刻乙車在甲車前24m處，其運動的v-t圖像如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．t=4s時甲、乙兩車相距48m B．t=6s時甲、乙兩車再次相遇C．t=3s時甲車在乙車前方12m D．0～5s甲、乙兩車之間的最大距離為24m3．如圖為北斗衛(wèi)星的發(fā)射過程示意圖，圖中①為近地圓軌道，②為橢圓軌道，③為地球同步軌道，P、Q分別為軌道②與軌道①、③的交會點。關(guān)于衛(wèi)星發(fā)射過程，下列說法正確的是（）A．衛(wèi)星在軌道②上的P點的線速度大于11.2km/sB．衛(wèi)星在軌道②上Q點的線速度一定小于7.9km/sC．衛(wèi)星在軌道①上的向心加速度保持不變D．衛(wèi)星在軌道②上Q點的機械能與在軌道③上Q點的機械能可能相等4．如圖是巴山大峽谷羅盤頂滑雪項目滑道簡化示意圖。長直助滑道AB與水平起跳平臺BC連接，著陸坡足夠長?？梢暈橘|(zhì)點的運動員（含滑板）沿AB滑下，經(jīng)過一段時間從C點沿水平方向飛出，最后落在著陸坡上的D點，E點離著陸坡CD最遠(yuǎn)。在不考慮空氣阻力情況下，下列說法正確的是（）A．運動員在助滑道上受重力、支持力、摩擦力和下滑力作用B．軌跡CE和ED在豎直方向的投影長度之比為1：3C．E點到著陸坡距離與離開C點時的速率成正比D．運動員在空中的飛行時間與離開C點時的速率平方成正比5．如圖所示，一理想變壓器ab端接電壓恒定交流電源，原線圈匝數(shù)為90匝，已知R1=2R，R2=R3=R，當(dāng)開關(guān)S斷開時R1的功率為A．30 B．45 C．60 D．1806．如圖所示，正方形ABCD的四個頂點各固定一個點電荷，所帶電荷量分別為+q、?q、+q、?q，E、F、O分別為AB、BC及AC的中點。已知無窮遠(yuǎn)處電勢為零，下列說法正確的是（）A．O點電勢為零 B．E點的場強方向沿EA方向C．E、F兩點電勢相等 D．把電子從E點沿直線移向F點過程，電子的電勢能不變7．如圖所示，寬度為L，磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直于紙面向里的勻強磁場區(qū)域，磁場的上下邊界水平，左右區(qū)域足夠長。甲、乙兩完全相同的線圈邊長為L。甲從某一高度由靜止開始下落，以v0勻速通過磁場，乙從同一高度以初速度vA．離開磁場時乙的速度為甲的速度的2倍B．從開始進(jìn)入磁場到剛好離開磁場的過程中，線圈甲、乙產(chǎn)生的焦耳熱相同C．從開始進(jìn)入磁場到剛好離開磁場的過程中，通過甲、乙兩線圈橫截面的電荷量相同D．剛進(jìn)入磁場時，線圈乙產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為甲產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的2倍8．一質(zhì)量為1kg、帶電量為+1C的小球，以初速度10m/s沖上一質(zhì)量為4kg，半徑為1m的四分之一絕緣光滑圓槽。整個空間存在方向豎直向下，電場強度為10N/C的勻強電場。所有接觸面均光滑，重力加速度取10m/sA．小球和槽組成系統(tǒng)機械能不守恒 B．小球和槽組成系統(tǒng)動量守恒C．整個過程小球的動能最小值為4J D．小球離開槽后繼續(xù)上升的高度為1m閱卷人二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題—第32題為必考題，每個試題考生都必須做答。第33題—第38題為選考題，考生根據(jù)要求做答。得分9．位移傳感器經(jīng)常用在力學(xué)實驗中，并且可以很好的與計算機結(jié)合，快速解決普通方法難以測量的問題。為了測量木塊與木板間動摩擦因數(shù)μ，某小組設(shè)計了圖甲所示的實驗裝置，將粗糙長木板（厚度不計）的下端置于鐵架臺水平底座上的擋板P處，上部架在橫桿上，橫桿的位置可在豎直桿上調(diào)節(jié)。豎直桿OO1與水平底座垂直，（1）現(xiàn)測得OP的長度如圖甲，OP的長度l=cm。（2）調(diào)節(jié)橫桿，當(dāng)OQ高度?=12.00cm時，輕推在斜面上的小物塊，物塊到位移傳感器的距離x與時間t的關(guān)系為乙圖，則小物塊與粗糙長木板間的動摩擦因數(shù)μ=（3）再次調(diào)節(jié)橫桿，小物塊無初速度輕放在斜面上，物塊到位移傳感器的距離x與時間t的關(guān)系為丙圖，測得OQ高度?=18.00cm，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=10．電流表A1的量程為0～750μA、內(nèi)電阻約為500Ω，現(xiàn)要測其內(nèi)阻，除若干開關(guān)、導(dǎo)線之外還有器材如下：電流表A2：與A1規(guī)格相同；滑動變阻器R0：阻值0～2000Ω；電阻箱R：阻值0~999.9Ω；電源：電動勢E約1.5V、內(nèi)電阻r約2Ω。（1）某同學(xué)想用等效替代法測量電流表內(nèi)阻，設(shè)計了如圖甲的電路，按照圖甲的電路在圖乙中連接好實物圖。（）（2）電路連接好后，請你完善以下測量電流表A1內(nèi)電阻的實驗步驟。a.先將滑動變阻器R0的滑片移到使電路安全的位置，再把電阻箱R的阻值調(diào)到（填“最大”或“最小”）b.開關(guān)S1撥到1，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器R0，使兩電流表的指針在滿偏附近，記錄電流表A2的示數(shù)I；c.開關(guān)S1撥到2，保持S閉合、R0不變，調(diào)節(jié)電阻箱R，使電流表A2的示數(shù)為，此時電阻箱的阻值如圖丙所示，則電流表A1內(nèi)電阻為Ω。（3）該同學(xué)緊接著用電流表A1設(shè)計了有兩個不同量程的歐姆表，如圖所示，其中R1=1000Ω，R2=500Ω，E1=1.5V，現(xiàn)分別將AC、BC兩接線柱短接后調(diào)零，再分別在AC、BC兩接線柱接入RA和RB，兩次指針均指到表盤的正中央刻度，則RA：RB=。11．如圖1所示，一傾角θ=37°的斜面體固定在水平地面上（斜面足夠長、帶一定滑輪），物塊A放在斜面上的O點，用跨過輕質(zhì)定滑輪的輕繩與物塊B連接，B離滑輪足夠遠(yuǎn)。A、B的質(zhì)量分別為m1=2.5kg、m2=0.9kg。運動過程中A與O點的距離設(shè)為x，A與斜面間的動摩擦因數(shù)（1）當(dāng)x為多大時物塊A的速度最大；（2）物塊A在斜面上滑行的最大位移xm12．如圖，在xOy的坐標(biāo)平面內(nèi)，第二象限的直角三角形O1DF（O1、F分別為xy軸上的兩個點）區(qū)域分布著大小B=mv02ql，方向垂直紙面向里的勻強磁場，第一象限有與y軸成45°的勻強電場，第四象限分布著方向垂直紙面向里的勻強磁場，AC為在y軸負(fù)半軸上的熒光屏。質(zhì)量為m、電荷量為q（q<0）的帶電粒子從O1處以大小為v0，方向與x軸成60°的速度射入，過y軸P點（P點未標(biāo)）經(jīng)第一象限后垂直打在x軸上，后經(jīng)第四象限打在熒光屏上的A點。已知O、O1間的距離為3l，O（1）P點坐標(biāo)及第一象限中電場強度的大小E；（2）粒子從O1運動到A的時間t（3）將第一象限電場強度變?yōu)樵瓉淼囊话?，方向不變，粒子仍從O1處以大小為v02，方向不變的速度射入，通過改變第四象限中磁感應(yīng)強度，使粒子打在熒光屏AC13．下列有關(guān)熱學(xué)說法正確的是（）A．熱量能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體B．液體的表面張力方向總是跟液面相切C．“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中，滴入油酸酒精溶液后，需盡快描下油膜輪廓，測出油膜面積D．?dāng)U散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)則運動產(chǎn)生的E．在合適的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫w14．如圖所示，豎直放置在水平桌面上的左右兩汽缸粗細(xì)均勻，內(nèi)壁光滑，橫截面積為S，由體積可忽略的細(xì)管在底部連通。兩汽缸中各有一輕質(zhì)活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉，左側(cè)汽缸底部與活塞用輕質(zhì)細(xì)彈簧相連。初始時，兩汽缸內(nèi)封閉氣柱的高度均為H，彈簧長度恰好為原長?，F(xiàn)往右側(cè)活塞上表面緩慢添加一定質(zhì)量的沙子，直至右側(cè)活塞下降12H左側(cè)活塞上升13H。已知大氣壓強為（1）最終汽缸內(nèi)氣體的壓強；（2）彈簧的勁度系數(shù)和添加的沙子質(zhì)量。15．位于x軸正半軸和負(fù)半軸有兩個波源，t=0時刻波形圖如圖所示，再經(jīng)過0.1s兩列波在P點相遇，兩列波周期為s，t=0.9s時a處質(zhì)點沿y軸（填“正”或“負(fù)”）方向振動，從t=0時刻開始經(jīng)過0.8s，b處質(zhì)點運動的路程為16．半徑為R的半球形玻璃磚ABC放在一水平桌面上，側(cè)面圖如圖所示，AB邊為直徑，O點為球心，D、P分別為OB上和CO延長線上的一點。當(dāng)一束光線從C點沿CD傳到D點時，其折射光線與反射光線恰好垂直；當(dāng)該束光線改從桌面上的E點平行CO射向玻璃磚，通過玻璃磚從D點射出，其折射光線剛好經(jīng)過P點。已知光在真空中的傳播速度為c，球的半徑為R，OD間的距離為33R，PO間的距離為（1）玻璃磚的折射率n；（2）E點到C點的距離L和光由E點經(jīng)玻璃磚到達(dá)P點的時間t。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A、核反應(yīng)的生成物比反應(yīng)物更加穩(wěn)定，比結(jié)合能更大，即3890Sr的比結(jié)合能比3990X的比結(jié)合能小，故A正確；

BC、根據(jù)核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，Y為電子，則該核反應(yīng)為β衰變，該電子是核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時放出的電子，故BC錯誤；

D、外界因素不影響半衰期，則溫度升高，38902．【答案】D【解析】【解答】AD、t=4s時，兩車速度相同，則兩車間的距離最大，此時兩車的位移為

x甲=(4+2)2×24m=72m

x乙=12×2×24m=24m

所以甲、乙兩車間的距離為

Δxmax=x甲?(x乙+x0)=24m

故A錯誤，D正確；

B、t=6s時甲、乙兩車的位移為

x'甲3．【答案】B【解析】【解答】A、衛(wèi)星繞地球轉(zhuǎn)動的速度一定小于第二宇宙速度11.2km/s，即衛(wèi)星在軌道②上的P點的線速度小于11.2km/s，故A錯誤；

B、第一宇宙速度7.9km/s等于近地衛(wèi)星的運行速度，根據(jù)

GMmr2=mv2r

可得

v=GMr

可知衛(wèi)星在軌道③的速度小于7.9km/s，衛(wèi)星在Q點從軌道②變軌到軌道③需要點火加速，則衛(wèi)星在軌道②上Q點的線速度一定小于7.9km/s，故B正確；

C、衛(wèi)星在軌道①上的向心加速度大小不變，方向時刻發(fā)生變化，故C錯誤；

D、衛(wèi)星在Q點從軌道②變軌到軌道③4．【答案】B【解析】【解答】A、在助滑道上受重力、支持力、摩擦力作用，故A錯誤；

B、設(shè)C到D的時間為t1，則有

tanθ=12gt12v0t1

解得

t1=2v0tanθg

運動員離開跳臺時的速度，分解為垂直坡面的分速度和平行與坡面的分速度，當(dāng)垂直于坡面的速度為零時，運動員速度方向與著陸坡平行，離著陸坡最遠(yuǎn)，設(shè)C到E的時間為t2，則有

tanθ=gt2v0

解得

t2=v0tanθg

故

t2t5．【答案】B【解析】【解答】設(shè)當(dāng)開關(guān)S斷開時，通過R1的電流為I1，當(dāng)開關(guān)S閉合時，通過R1的電流為I2，原副線圈匝數(shù)比為m，則根據(jù)

P=I2R

結(jié)合題意可得

I1:I2=2:3

開關(guān)S斷開時，原線圈兩端的電壓為

U1=U0?IR1=U0?I1R1

根據(jù)理想變壓器規(guī)律可得，此時通過副線圈的電流為

I=mI1

則副線圈兩端的電壓為

U=IR3=mI1R

關(guān)S斷開時，原線圈兩端的電壓為

6．【答案】A,C【解析】【解答】A、根據(jù)題意，由點電荷電勢公式

φ=kqr

可知，由于O點到正方形ABCD的四個頂點距離相等，則O點電勢為零，故A正確；

B、由等量異種電荷電場分布特點可知，AB兩點電荷在E點產(chǎn)生的電場沿AE方向，CD兩點電荷在E點產(chǎn)生的電場沿EA方向，且小于AB產(chǎn)生的電場，則E點的場強方向沿AE方向，故B錯誤；

C、根據(jù)題意，由點電荷電勢公式

φ=kqr

可知，AC兩點電荷在E、F兩點電勢相等，BD兩點電荷在E、F兩點電勢相等，則E、F兩點電勢相等，故C正確；

D、根據(jù)題意，由點電荷電勢公式

φ=kqr7．【答案】B,C【解析】【解答】A、線圈豎直方向的速度切割磁感線，甲從某一高度由靜止開始下落，以v0勻速通過磁場，則乙從同一高度以初速度v0水平拋出，乙將勻速通過磁場，且豎直方向的速度為v0，故乙離開磁場時乙的速度為

v=v02+v02=2v0

故A錯誤；

B、根據(jù)能量守恒，從開始進(jìn)入磁場到剛好離開磁場的過程中，線圈甲、乙產(chǎn)生的焦耳熱均為

Q=2mgL

故B正確；

C、從開始進(jìn)入磁場到剛好離開磁場的過程中，通過甲、乙兩線圈橫截面的電荷量均為

q=I8．【答案】A,D【解析】【解答】A、小球和槽組成的系統(tǒng)除了重力做功之外，還有電場力做功，所以機械能不守恒，故A正確；

B、小球和槽組成系統(tǒng)水平方向動量守恒，故B錯誤；

C、對小球和槽組成系統(tǒng)水平方向動量守恒

mv0=(m+M)v

可得

v=2m/s

整個過程中電場力對小球做功為

W電=?qER=?1×10×1J=?10J

由能量守恒定律可知，整個過程中小球在圓槽的最高點時動能最小，則

12mv02+W電=mgR+Ekmin+12Mv2

解得整個過程小球的動能最小值為

Ekmin=22J9．【答案】（1）24.00（2）0.5（3）9.80【解析】【解答】（1）根據(jù)刻度尺的讀數(shù)規(guī)律，該讀數(shù)為24.00cm。

（2）圖乙中x-t圖像為一條傾斜的直線，斜率表示速度，斜率一定，表明小物塊在斜面上沿斜面向下做勻速直線運動，令斜面傾角為θ，則有

mgsinθ=μmgcosθ

根據(jù)幾何關(guān)系

tanθ=12.0024.00=12

解得

μ=0.5

（3）再次調(diào)節(jié)橫桿，小物塊無初速度輕放在斜面上，物塊到位移傳感器的距離x與時間t的關(guān)系為丙圖，根據(jù)圖像可知，小物塊向下做勻加速直線運動，令斜面傾角為α，則有

tanα=18.0024.00=34

對小物塊進(jìn)行分析有

mg10．【答案】（1）（2）最大；I；500.0（3）3：2【解析】【解答】（1）按照圖甲的電路連接實物圖，如圖所示

（2）應(yīng)將電阻箱R的阻值調(diào)到最大；

開關(guān)S1撥到2，保持S閉合、R0不變，調(diào)節(jié)電阻箱R，使電流表A2的示數(shù)為I；

電流表A1內(nèi)電阻為電阻箱的讀數(shù)500.0Ω。

（3）將AC兩接線柱短接后調(diào)零，有

IAC=ER內(nèi)1=IA+IARAR1+R2

將BC兩接線柱短接后調(diào)零，有

11．【答案】（1）解：設(shè)物塊A的速度最大時A與斜面間的動摩擦因數(shù)μ，由牛頓第二定律得m解得μ=0由圖2得μ=則當(dāng)μ=0.x=2m（2）解：設(shè)物塊A沿斜面向下滑到最大位移過程中，克服摩擦力做功為Wfm摩擦力做功為W其中μ=解得x【解析】【分析】（1）A、B為關(guān)聯(lián)體模型，A、B的速度和加速度大小相等。當(dāng)A的速度最大時，A的加速度為零。對A、B構(gòu)成的整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件及力的合成與分解確定A速度最大時的摩擦力因素，再結(jié)合圖2進(jìn)行解答；

（2）當(dāng)物體A的速度為零時，物塊A在斜面上滑行的位移最大。根據(jù)圖2結(jié)合摩擦力與正壓力的關(guān)系畫出A所受摩擦力與位移的關(guān)系圖。F-x圖像與位移軸所圍面積表位該段位移內(nèi)力所做的功。以A、B構(gòu)成的整體為研究對象，明確各力的做功情況，再根據(jù)動能定理進(jìn)行解答。12．【答案】（1）解：粒子在磁場1中做勻速圓周運動，則有qB解得R過O1點做v則有FA=即帶電粒子從F點垂直到y(tǒng)軸進(jìn)入第一象限，可知P點與F點重合，則P點坐標(biāo)為(0，l)，帶電粒子從F點進(jìn)入第一象限，其受力分析和運動情況大致如圖所示根據(jù)運動的獨立性和力的獨立作用原理在x軸方向上有qEsin4在y軸方向上有qEcos4解得E=（2）解：結(jié)合上述解得帶電粒子在電場中運動時間t帶電粒子打在x軸上的位置到O點距離x=l帶電粒子從O1t帶電粒子在第四象限中運動軌跡是以O(shè)點為圓心，半徑為l，圓心角為π2t粒子從O1t=（3）解：當(dāng)粒子以速度v=1R由幾何關(guān)系得，粒子從O1qE2在y軸方向上有qE2可知帶電粒子仍垂直x軸進(jìn)入第四象限，帶電粒子打在x軸上的位置到O點距離x粒子進(jìn)入第四象限速度v如果粒子剛好打在A點，軌跡如圖所示由幾何關(guān)系得R解得R由于q解得B如果粒子剛好打在C點，軌跡如圖所示由幾何關(guān)系得R解得R由于q解得B綜合上述可知2m【解析】【分析】（1）粒子在三角形區(qū)域做勻速圓周運動，根據(jù)洛倫茲力提供向心力結(jié)合牛頓第二定律確定粒子做圓周運動的半徑。再根據(jù)幾何關(guān)系確定粒子從磁場中飛出的位置及速度方向，繼而確定P點的坐標(biāo)。明確粒子所受電場力與粒子進(jìn)入磁場速度方向的夾角，粒子垂直打在x軸上，即粒子到達(dá)x軸上時沿x軸方向速度為零，再根據(jù)運動的合成與分解結(jié)合牛頓第二定律及運動學(xué)規(guī)律進(jìn)行解答；

（2）根據(jù)（1）中分析結(jié)合運動規(guī)律，確定粒子從開始運動至到達(dá)x軸的時間。粒子在第四象限做勻速圓周運動，根據(jù)題意確定粒子在第四象限運動軌跡對應(yīng)的圓心角，再結(jié)合帶電粒子在磁場中運動規(guī)律進(jìn)行解答；

（3）同（1）分析，根據(jù)帶電粒子在磁場中運動規(guī)律及幾何關(guān)系確定粒子從磁場進(jìn)入第一象限的速度方向，再根據(jù)運動的合成與分解結(jié)合運動學(xué)規(guī)律及牛頓第二定律確定粒子進(jìn)入第四象限的速度大小和方向。要使粒子打在熒光屏AC上，則臨界情況為分別在熒光屏上A點和C點，結(jié)合幾何關(guān)系確定粒子臨界情況下的運動半徑，再根據(jù)洛倫茲力提供及牛頓第二定律進(jìn)行解答。13．【答案】B,D,E【解析】【解答】A、由熱力學(xué)第二定律可知，熱量能自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體，不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，故A錯誤；

B、液體的表面張力方向總是跟液面相切，故B正確；

C、“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中，滴入油酸酒精溶液后，需待油酸溶液全部散開，形狀穩(wěn)定之后，描下油膜輪廓，測出油膜面積，故C錯誤；

D、擴散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)則運動產(chǎn)生的，故D正確；

E、在合適的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫w，例如天然石英是晶體，熔融的石英后卻是非晶體；把晶體硫加熱熔化，到入冷水中，會變成柔軟的非晶體硫，再經(jīng)一些時間又會轉(zhuǎn)變成晶體硫，故E正確。

故答案為：BDE。

【分析】熟練掌握熱力學(xué)第二定律的內(nèi)容及其描述。液體的表面張力方向總是跟液面相切。擴散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)則運動產(chǎn)生的。在合適的條件下，某些晶體與非晶體可發(fā)生轉(zhuǎn)變。熟練掌握“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗的操作步驟。14．【答案】（1）解：設(shè)未添沙時初狀態(tài)氣體壓強為p0V添沙后的末狀態(tài)氣體體積為V已知汽缸內(nèi)氣體溫度始終不變，則此過程為等溫變化，設(shè)末狀態(tài)氣體壓強為p1p聯(lián)立解得p（2）解：