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文檔簡介

云南省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、單選題得分1.“神舟十二號”載人飛船于2021年6月17日采用自主快速交會對接模式成功與“天和核心艙”對接。已知“天和核心艙”勻速圓周運動的軌道離地約400km、周期約93min,地球半徑約為6370km,萬有引力常量G=6.A.地球表面的重力加速度 B.“天和核心艙”的質(zhì)量C.地球的平均密度 D.地球近地衛(wèi)星的周期2.一列簡諧橫波沿x軸傳播,如圖所示,實線為t1=0時的波形圖,虛線為t2A. B.C. D.3.如圖,質(zhì)量為4m的貨車載有質(zhì)量為2m的貨物,一起在水平路面上以速度勻速運動,因緊急情況貨車突然制動,貨車停下后,貨物繼續(xù)運動后未與車廂前壁發(fā)生碰撞。已知貨物與水平車廂底板間的動摩擦因數(shù)為μ,車輪與地面間的動摩擦因數(shù)為2μ,貨物到車廂前壁的距離為L,重力加速度為g。下列說法正確的是()A.開始剎車時貨車的加速度大小為2μg B.從開始剎車到貨物停止運動的時間為vC.貨車停止時,貨物的速度大小為15v 4.如圖甲,一帶電粒子沿平行板電容器中線MN以速度v平行于極板進入(記為t=0時刻),同時在兩板上加一按圖乙變化的電壓。已知粒子比荷為k,帶電粒子只受靜電力的作用且不與極板發(fā)生碰撞,經(jīng)過一段時間,粒子以平行極板方向的速度射出。則下列說法中正確的是()A.粒子射出時間可能為t=4s B.粒子射出的速度大小為2vC.極板長度滿足L=3vn(n=1,2,3?) 閱卷人二、多選題得分5.如圖,四個等量點電荷分別固定在平面內(nèi)一菱形的四個頂點上,θ=60°,電性如圖中所示,A、B、C、D分別為四條邊的中點,下列說法正確的是()A.A點的場強小于D點的場強B.B點的電勢等于C點的電勢C.電子在A點的電勢能小于在O點的電勢能D.質(zhì)子從B點沿直線BC移動到C點,電勢能先增大再減小6.一煙花彈在上升到離地高度h時減速為零,此時煙花彈炸裂為A、B兩部分(可視為質(zhì)點),質(zhì)量分別為mA、mB,A豎直向上運動,B豎直向下運動,A繼續(xù)上升的最大高度為?3,從爆炸后瞬間開始計時,A、B在空中運動的時間分別為tA.tA=3tB B.tA=27.如圖,輕質(zhì)彈簧上端固定在O點,下端與質(zhì)量為m的圓環(huán)相連,圓環(huán)套在水平粗糙的固定細(xì)桿上?,F(xiàn)在將圓環(huán)從A點靜止釋放,當(dāng)圓環(huán)運動到B點時彈簧豎直且處于原長,到達(dá)C點時速度減為零;在C點使得圓環(huán)獲得一個沿桿向左的速度v,其恰好能回到A點。彈簧始終在彈性限度之內(nèi),下列說法正確的是()A.從A到C的過程中,圓環(huán)經(jīng)過B點速度最大 B.從C回到A的過程中,彈力最終做正功C.從A到C克服摩擦力做功為14mv2 8.如圖,圓心為O、半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在一個平行于該區(qū)域的勻強電場,MN為圓的一條直徑。質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子從M點以速度v射入電場,速度方向與MN夾角θ=45°,一段時間后粒子運動到N點,速度大小也為v,不計粒子重力,規(guī)定M點電勢為0。下列說法正確的是()A.場強大小為mB.粒子電勢能的最大值為1C.僅改變粒子速度大小,粒子離開圓形區(qū)域時電勢能的最小值為?mD.僅改變粒子速度大小,當(dāng)粒子離開圓形區(qū)域的電勢能最小時,粒子射入電場的速度大小為v閱卷人三、實驗題得分9.某同學(xué)利用自制的歐姆表測量一未知電阻,內(nèi)部結(jié)構(gòu)可簡化成如圖所示電路,已知電源電動勢E=3V,內(nèi)阻r=1Ω;電流表G的量程為1mA,內(nèi)阻為200Ω。(1)該同學(xué)實驗步驟如下:a.將歐姆表紅黑表筆短接進行歐姆調(diào)零,調(diào)零完成時,滑動變阻器接入電路的阻值為Ω。b.將歐姆表與待測電阻連接,讀出電流表讀數(shù)為0.2mA,則待測電阻的阻值為Ω。(2)該同學(xué)將一個定值電阻與電流表G并聯(lián),則新歐姆表的倍率(填“變大”“變小”或“不變”)。10.酒精檢測儀的主要元件“酒精氣體傳感器”為氣敏電阻,氣敏電阻的阻值隨酒精氣體濃度的變化而變化,下表為某氣敏電阻Rx酒精氣體濃度/00.10.20.30.40.50.60.70.8阻值/1007055453935333130(1)為了較準(zhǔn)確測量酒精氣體濃度為0.35mg/mL時氣敏電阻A.電流表A1(0~150mA,內(nèi)阻約為15ΩB.電流表A2(0~0.6AC.電壓表V(0~6V,內(nèi)阻約為20kΩ)D.滑動變阻器R1(阻值范圍為0~500ΩE.滑動變阻器R2(阻值范圍為0~5ΩF.待測氣敏電阻RG.電源E(電動勢為6V,內(nèi)阻r約為2Ω)H.開關(guān)和導(dǎo)線若干為使測量盡量準(zhǔn)確,電流表應(yīng)選,滑動變阻器應(yīng)選。(均填器材前面的字母代號)(2)將測量Rx阻值的實驗電路圖補充完整。如圖甲,a點接(填“b”或“c”),d點接(3)某同學(xué)用該氣敏電阻Rx設(shè)計了一個測定酒精氣體濃度的電路,如圖乙所示,測量前,當(dāng)被測酒精氣體濃度為0時,將電流表指針調(diào)至表盤中央刻度。酒精濃度變化時,電流表示數(shù)變化,將不同電流值對應(yīng)刻度標(biāo)記為對應(yīng)的酒精濃度值,從而測量得到酒精濃度。若使用時間過久,導(dǎo)致電動勢減小,內(nèi)阻變大,滑動變阻器阻值不變,此情況下直接進行測量,則酒精氣體濃度測量值閱卷人四、解答題得分11.如圖,光滑絕緣的半圓軌道固定在豎直平面內(nèi),O為圓心,MN為豎直方向的直徑,N為最低點,與光滑的水平地面相切且平滑連接,M為最高點,軌道半徑為R??臻g存在水平向左的勻強電場,一質(zhì)量為m、電荷量為q帶正電的小球從P點由靜止釋放,沿著軌道能運動到最高點M,此時速度v=2gR。P到N的距離為3R(1)場強的大??;(2)小球落地點到M的水平距離。12.如圖,光滑水平面上有質(zhì)量M=1kg的光滑斜面體A,其ab段為直線,與豎直方向夾角為45°;bc段為曲線,c點與地面平滑相切;高度?=0.1m。其上端有一質(zhì)量m=1kg的物塊B(視為質(zhì)點),在水平恒力F的作用下,A、B保持相對靜止,一起在水平面由靜止開始勻加速運動,0.2s后撤去F。取重力加速度(1)F的大?。唬?)A、B分離時各自的速度大?。ú挥婤滑到地面時導(dǎo)致的能量損失)。13.如圖,A、B、C為豎直平面中三點,構(gòu)成一個等邊三角形,AB沿水平方向,空間中存在一平行于豎直平面的勻強電場,三個質(zhì)量均為m的小球a、b、c分別從A點以相同大小的初速度v拋出。小球a不帶電,從A點水平向右拋出,一段時間后經(jīng)過C點;小球b帶正電,電量大小為q,從A點拋出后一段時間經(jīng)過B點,經(jīng)過B點時的動能為初動能的13倍;小球c帶正電,電量大小也為q,從A點拋出后一段時間經(jīng)過C點,經(jīng)過C點時的動能為初動能的25倍。已知重力加速度為g,小球先后拋出,不考慮小球碰撞,不計小球間的相互作用,求:(1)小球a經(jīng)過C點的速度大??;(2)場強的大小和方向。

答案解析部分1.【答案】B【解析】【解答】從題意可知道核心艙的周期T1=93min;距離地面高度為h=400km、地球半徑r2=6370km,則軌道半徑r1=r2+h=6770km;D、根據(jù)開普勒第三定律r13T12=r23T22,可以解得近地衛(wèi)星的周期T2;A、根據(jù)牛頓第二定律有:2.【答案】C【解析】【解答】當(dāng)波向右傳播時,則質(zhì)點起振方向向下,已知6s內(nèi)波傳播的距離,則滿足14T+nT=6s,可解得T=24(1+4n)s,當(dāng)n=0時,則T=24s,則A選項不符合題意,C選項符合題意;當(dāng)波向左傳播時,則質(zhì)點起振方向向下,已知6s內(nèi)波傳播的距離,則滿足34T+nT=6s3.【答案】D【解析】【解答】當(dāng)卡車和貨物各自做勻減速直線運動時,根據(jù)牛頓第二定律,對于貨車有:2μ(4m+2m)g?μ2mg=4ma1;對于貨物有:μ2mg=2ma2;解得a1=2.5μg,a2=μg,則A選項不符合題意;根據(jù)勻變速的速度公式有:v=a2t2,v=a1t1可以解得貨物減速的時間為:4.【答案】D【解析】【解答】從乙圖可以得出周期T=3s;粒子在電場中運動時,當(dāng)板間電壓為U0時,根據(jù)牛頓第二定律可以得出:ma1=qU0d,則a1=U0kd;同理可得當(dāng)板間電壓為2U0時,可得a5.【答案】B,D【解析】【解答】AB、根據(jù)電荷的對稱性及電荷到點的距離可以判別A點場強和D點場強大小相等;B點電勢等于C點電勢,則A選項錯誤,B選項正確;D、當(dāng)質(zhì)子從B點沿BO運動到O點時,左側(cè)點電荷對它做功:W1<0;右側(cè)點電荷對它不做功:W2=0;上側(cè)側(cè)點電荷對它做功:W3<0;左側(cè)點電荷對它做功:W4>0;則電場力對質(zhì)子做的總功:W=W1+W26.【答案】A,C【解析】【解答】根據(jù)AB落地速度相等,結(jié)合動能定理:mg?=12mv2?12mv02可得分離時vA=vB;分離時根據(jù)動量守恒定律有:0=mAvA+mBvB可得mA7.【答案】C,D【解析】【解答】A、當(dāng)圓環(huán)經(jīng)過B點時,F(xiàn)彈=0,f=μmg;F合=f;所以a不等于0圓環(huán)經(jīng)過B的速度不是最大值,則A選項不正確;從B到A的過程中,彈簧形變量增大,彈力做負(fù)功,則B選項不正確;圓環(huán)從A到C的過程中,根據(jù)能量守恒定律有:?Ep=Q;圓環(huán)從C到A的過程中,根據(jù)能量守恒定律有:12mv2=?E8.【答案】A,B,D【解析】【解答】由于粒子在運動過程中只有電場力做功,由于經(jīng)過M、N的速度相等,所以根據(jù)動能定理可以得出粒子從M到N過程中電場力不做功,則電場強度的方向與MN垂直向下:

從M到N的過程,根據(jù)牛頓第二定律有:ma=qE再根據(jù)類平拋的位移公式有:水平方向有:2R2=vt?12a2t2,豎直方向有:2R2=12a2t2;可得:E=mv9.【答案】(1)2799;12000(2)變小【解析】【解答】(1)當(dāng)歐姆表滿偏時,a.根據(jù)閉合電路的歐姆定律有:E=I(R+r+r1);可以解得R=2799Ω;b.根據(jù)閉合電路的歐姆定律有:E=I1(R+r+r1+Rx);可以解得Rx=12000Ω;

(2)當(dāng)定值電阻與電流表G并聯(lián)時,電流表的量程增大,則Ig增大;結(jié)合E=Ig(R+r+r1)可以判別R內(nèi)減小,根據(jù)中值電阻等于內(nèi)阻,所以倍率減小。

【分析】利用閉合電路的歐姆定律可以求出待測電阻的大??;結(jié)合滿偏電流的變化可以判別內(nèi)阻的變化,進而判別倍率的變化。10.【答案】(1)A;E(2)b;e(3)偏小【解析】【解答】(1)當(dāng)酒精溶度為0.35mg/mL時,氣敏電阻大約為40Ω;結(jié)合閉合電路的歐姆定律:E=Ig(Rx+r);Ig=0.15A;所以電流表選A1;根據(jù)氣敏電阻的大小應(yīng)該選擇滑動變阻器電阻R1;

(2)由于待測電阻與電流表電阻接近,所以電流表使用外接法;滑動變阻器應(yīng)該使用分壓式接法;所以a接b;d接e;

(3)當(dāng)電動勢減小時,回路電流減??;根據(jù)歐姆定律:R=UI可以判別待測電阻測量值偏大所以氣體濃度值測量值偏??;

【分析】(1)利用閉合電路的歐姆定律可以判別電阻和電流表的選擇;

(2)利用待測電阻偏小可以判別電流表使用外接法;滑動變阻器應(yīng)該使用分壓式接法;11.【答案】(1)解:從P到M,由動能定理得qE?3R?mg?2R=求得E=(2)解:從M點飛出后,豎直方向2R=水平方向x=vt?12求得x=2(【解析】【分析】(1)小球從P到M的過程中,利用動能定理可以求出電場強度的大??;

(2)小球從M點開始做類平拋運動,利用位移公式結(jié)合牛頓第二定律可以求出水平距離的大小。12.【答案】(1)解:對A、B整體,由牛頓第二定律F=(M+m)a對B由牛頓第二定律mg聯(lián)立求得F=20N(2)解:撤去F時v=atB下滑到A底端的過程中,系統(tǒng)水平方向動量守恒(M+m)v=M系統(tǒng)機械能守恒1聯(lián)立求得vA=1m【解析】【分析】(1)對AB整體進行分析,利用牛頓第二定律可以求出F的大小;

(2)當(dāng)撤去F時,利用水平方向的動量守恒定律及機械能守恒定律可以求出各自速度的大小。13.【答案】(1

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