四川省遂寧市2024-2025學(xué)年高二物理下學(xué)期期末考試試題含解析

PAGE28-四川省遂寧市2024-2025學(xué)年高二物理下學(xué)期期末考試試題（含解析）本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分?？偡?00分?？荚嚂r間90分鐘。第Ⅰ卷（選擇題，滿分48分）留意事項：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、班級、考號用0.5毫米的黑色墨水簽字筆填寫在答題卡上。并檢查條形碼粘貼是否正確。2．選擇題運用2B鉛筆填涂在答題卡對應(yīng)題目標號的位置上，非選擇題用0.5毫米黑色墨水簽字筆書寫在答題卡對應(yīng)框內(nèi)，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。3．考試結(jié)束后，將答題卡收回。一、單選題1.線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生溝通電的圖象如圖所示，由圖可知()A.在A和C時刻線圈處于中性面位置B.在B和D時刻穿過線圈的磁通量為零C.從A時刻起到D時刻，線圈轉(zhuǎn)過的角度為π弧度D.在A和C時刻磁通量變更率的肯定值最大【答案】D【解析】【詳解】AD．在A和C時刻感應(yīng)電流最大，感應(yīng)電動勢最大，而磁通量為零，磁通量的變更率最大，線圈處于與中性面垂直的位置，A錯誤，D正確B．在B和D時刻感應(yīng)電流為零，感應(yīng)電動勢為零，而磁通量最大，B錯誤；C．從A時刻到D時刻經(jīng)過時間為周期，線圈轉(zhuǎn)過的角度為弧度，C錯誤。【點睛】感應(yīng)電動勢與磁通量的變更率成正比，當(dāng)線圈磁通量最大時，感應(yīng)電動勢為零；而當(dāng)線圈的磁通量為零時，感應(yīng)電動勢最大．線圈轉(zhuǎn)動一周的過程，感應(yīng)電流方向變更兩次．2.下列關(guān)于原子和原子核的說法正確的是（）A.盧瑟福通過對α粒子散射試驗結(jié)果的分析，提出了原子核是由質(zhì)子和中子組成的B.（鈾）衰變?yōu)椋ㄧh）要經(jīng)過1次α衰變和2次β衰變C.質(zhì)子與中子結(jié)合成氘核的過程中發(fā)生質(zhì)量虧損并釋放能量D.β射線是原子核外電子擺脫原子核的束縛后而形成的電子流【答案】C【解析】【分析】盧瑟福的α粒子散射試驗揭示了原子的核式結(jié)構(gòu)，并沒有說原子核是由質(zhì)子和中子組成的；核反應(yīng)方程式要遵循質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒規(guī)則；氫核聚變有質(zhì)量虧損，釋放能量；β衰變中產(chǎn)生的射線事實上是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子同時釋放一個電子?！驹斀狻緼．盧瑟福的α粒子散射試驗揭示了原子的核式結(jié)構(gòu)，并不是提出了原子核是由質(zhì)子和中子組成的，故A錯誤；B．質(zhì)量數(shù)不變，則不經(jīng)過α衰變；經(jīng)過1次正電子衰變后，質(zhì)子變中子，核電荷數(shù)減1，質(zhì)量數(shù)不變。因此（鈾）衰變?yōu)椋ㄧh）要經(jīng)過1次正電子衰變，故B錯誤；C．中子與質(zhì)子結(jié)合成氘核的過程中能釋放能量，故C正確；D．β衰變中產(chǎn)生的β射線事實上是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子同時釋放一個電子，故D錯誤?！军c睛】本題主要考查原子物理中的一些基本現(xiàn)象與規(guī)律，較為簡潔。3.如圖所示為一交變電流的圖象，則該交變電流的有效值為多大（）A.I0 B.I0 C.+I0 D.【答案】B【解析】【詳解】設(shè)溝通電電流的有效值為I，周期為T，電阻為R．

則有：，解得：I=I0；A.I0，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B.I0，與結(jié)論相符，選項B正確；C.+I0，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D.，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；4.圖為氫原子能級圖。現(xiàn)有一群處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子，用這些氫原子輻射出的光照耀逸出功為2.13eV的某金屬，則（）A.這些氫原子能輻射出三種不同頻率的光子B.這些氫原子輻射出光子后，電子的總能量保持不變C.這些氫原子輻射出的全部光都能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)D.該金屬逸出的全部光電子中，初動能的最大值約為10.62eV【答案】D【解析】【分析】依據(jù)數(shù)學(xué)組合公式，求出氫原子可能輻射光子頻率的種數(shù)；能級間躍遷時，輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，能級差越大，輻射的光子頻率越高；依據(jù)庫侖力供應(yīng)向心力分析電子動能的變更?！驹斀狻緼．依據(jù)=6知，這些氫原子可能輻射出6種不同頻率的光子。故A錯誤；B．這些氫原子輻射出光子后，電子的動能增大，電勢能減小，總能量會減小。故B錯誤；C．氫原子由n=4躍遷到n=3產(chǎn)生的光的能量：E43=E4﹣E3=﹣0.85﹣（﹣1.51）=0.66eV＜2.13eV，所以不能使逸出功為2.13eV的金屬能發(fā)生光電效應(yīng)，故C錯誤；D．氫原子由n=4向n=1能級躍遷時輻射的光子能量最大，頻率最大，最大能量為13.6eV﹣0.85eV=12.75eV，依據(jù)光電效應(yīng)方程可知，入射光的能量越高，則電子的動能越大，初動能的最大值為：Ekm=12.75eV﹣2.13eV=10.62eV，故D正確?！军c睛】本題主要考查了氫原子的躍遷及其應(yīng)用，較為簡潔。5.下列說法正確的是（）A.液體的表面張力的大小隨溫度的上升而減小，方向與液面相切，垂直于液面上的分界線B.在任何自然過程中，一個孤立系統(tǒng)的總熵肯定增加C.晶體肯定具有規(guī)則的形態(tài)且有各向異性的特性D.飽和汽壓跟液體的種類、溫度和飽和汽的體積有關(guān)【答案】A【解析】【分析】作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力，是由于表面層分子分布比液體內(nèi)部稀疏，分子間相互作用表現(xiàn)為引力.表面張力的存在使液體表面想被拉伸的彈簧一樣，總有收縮的趨勢，大小隨溫度的上升而減??；在有些自然過程中，一個孤立系統(tǒng)的總熵可能保持不變；只有單晶體肯定具有規(guī)則形態(tài)和各向異性；飽和蒸汽壓與體積無關(guān)?！驹斀狻緼．液體的表面張力的大小隨溫度的上升而減小，方向與液面相切，垂直于液面上的分界線，故A正確；B．由熱力學(xué)其次定律可知，任何自然過程中，一個孤立系統(tǒng)的總熵不會削減，可能保持不變，故B錯誤；C．只有單晶體肯定具有規(guī)則形態(tài)，且有各向異性的特征，多晶體則沒有這個特性，故C錯誤；D．飽和蒸汽壓與種類、溫度有關(guān)，與體積無關(guān)，故D錯誤?！军c睛】本題主要考查了熱學(xué)中的一些基本學(xué)問，較為簡潔。6.下列有關(guān)光現(xiàn)象的說法中正確的是（）A.用透亮的標準平面樣板檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的干涉現(xiàn)象B.光導(dǎo)纖維絲的內(nèi)芯材料的折射率比外套材料的折射率小C.泊松亮斑證明光具有波動性，光的偏振證明光是縱波D.在水中的潛水員斜向上看岸邊物體時，看到的物體的像將比物體所處的實際位置低【答案】A【解析】【分析】利用光的干涉現(xiàn)象可以檢查光學(xué)平面的平整程度；光導(dǎo)纖維絲的工作原理是全反射，光要從光密介質(zhì)到光疏介質(zhì)；光的偏振說明光是橫波；利用光的折射可解決“視深”、“視高”這類問題?！驹斀狻緼．用透亮的標準平面樣板檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的干涉現(xiàn)象，故A正確；B．光纖通信是一種現(xiàn)代通信手段，光纖內(nèi)芯的折射率比外殼的大，故光線在內(nèi)芯處發(fā)生全反射，故B錯誤；C．泊松亮斑證明光具有波動性，而偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波，不是縱波，故C錯誤；D．物體的光斜射到水面上，由光發(fā)生折射的條件知，會發(fā)生折射現(xiàn)象，當(dāng)光進入水中后靠近法線，射入潛水員眼睛，而潛水員認為光始終沿直線傳播，逆著光的方向看上去而形成的虛像，所以比實際位置高，故D錯誤?！军c睛】本題主要考查了光的干涉、折射等規(guī)律，較為簡潔。7.如圖所示為兩分子系統(tǒng)的勢能Ep與兩分子間距離r的關(guān)系曲線，下列說法正確的是（）A.當(dāng)r大于r1時，分子間的作用力表現(xiàn)為斥力B.當(dāng)r小于r1時，分子間的作用力表現(xiàn)為引力C.當(dāng)r等于r2時，分子間的作用力為零D.在r由r1變到r2的過程中，分子間的作用力做負功【答案】C【解析】【詳解】ABC、分子間距離等于r2時分子勢能最小，當(dāng)r=r2時分子間作用力為零，當(dāng)r小于r1時分子力表現(xiàn)為斥力；當(dāng)r大于r1小于r2時分子力表現(xiàn)為斥力；當(dāng)r大于r2時分子力表現(xiàn)為引力，故AB錯誤，C正確。D.在r由r1變到r2的過程中，分子間為斥力，分子力做正功，故D錯誤。8.依據(jù)麥克斯韋電磁場理論，以下說法中正確的是（）A.電場肯定產(chǎn)生磁場，磁場肯定產(chǎn)生電場B.穩(wěn)定的電場產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場，穩(wěn)定的磁場產(chǎn)生穩(wěn)定的電場C.周期性變更的電場產(chǎn)生周期性變更的磁場，周期性變更的磁場產(chǎn)生周期性變更的電場D.勻稱變更的電場產(chǎn)生勻稱變更的磁場，勻稱變更的磁場產(chǎn)生勻稱變更的電場【答案】C【解析】【分析】麥克斯韋電磁場理論的內(nèi)容：變更的磁場產(chǎn)生電場，變更的電場產(chǎn)生磁場；勻稱變更的磁場產(chǎn)生恒定的電場，不勻稱變更的磁場產(chǎn)生不勻稱變更的電場?！驹斀狻緼B．穩(wěn)定電場不能產(chǎn)生磁場，穩(wěn)定磁場不能產(chǎn)生電場，變更的電場肯定產(chǎn)生磁場，變更的磁場肯定產(chǎn)生電場，故A、B錯誤；C．依據(jù)麥克斯韋理論可知，周期性變更的電場四周產(chǎn)生周期性變更的磁場，周期性變更的磁場四周產(chǎn)生周期性變更的電場，故C正確；D．勻稱變更電場四周產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場，勻稱變更磁場四周產(chǎn)生穩(wěn)定的電場，故D錯誤?！军c睛】本題主要考查了電磁場的產(chǎn)生，解題的關(guān)鍵是駕馭麥克斯韋電磁場理論，較為簡潔。9.如圖所示為豎直放置的上細下粗的密閉細管，水銀柱將氣體分隔成A、B兩部分，初始溫度相同。使A、B上升相同溫度達到穩(wěn)定后，體積變更量為△VA、△VB，壓強變更量為△PA、△pB，對液面壓力的變更量為△FA、△FB，則（）A.水銀柱向下移動了一段距離B.△pA＞△pBC.△VA＜△VBD.△FA=△FB【答案】B【解析】【分析】本題可實行假設(shè)法，假設(shè)氣體的體積不變，依據(jù)等容變更推斷出上下氣體的壓強變更量以及壓力變更量，從而推斷出水銀柱的移動方向.關(guān)于體積的變更量關(guān)系，可抓住總體積不變?nèi)シ治?。【詳解】AB．首先假設(shè)液柱不動，則A、B兩部分氣體發(fā)生等容變更，由查理定律，對氣體A：，即：，對氣體B：，即：，由題知：，，則得：，即水銀柱向上移動，故A錯誤、B正確；C．由于氣體的總體積不變，因此△VA=△VB，故C錯誤；D．因，且，△VA=△VB，所以有：△FA＞△FB，故D錯誤；【點睛】本題主要考查了志向氣體的狀態(tài)方程的應(yīng)用，較為簡潔。10.如圖所示，沿x軸正向傳播的一列簡諧波在某時刻的波形圖為一正弦曲線，其波速為200m/s，則可推出（）A.再經(jīng)過0.01s，圖中質(zhì)點a的速度方向與加速度方向相同B.圖中質(zhì)點b此時動能正在減小，其加速度正在增大C.若發(fā)生干涉現(xiàn)象，該波所遇到的波的頻率為100HzD.若發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，該波所遇到的障礙物的尺寸肯定大于4m【答案】B【解析】【分析】依據(jù)圖像得出波長，求出周期，從而推斷再經(jīng)過0.01s時a點的振動狀況，進而推斷加速度與速度方向的關(guān)系，依據(jù)波傳播方向知道質(zhì)點的振動的方向，從而知道質(zhì)點b的速度和加速度的變更。發(fā)生干涉的條件是頻率相同，看兩列波的頻率是否相同，比較波的波長與障礙物的尺寸，因為只有當(dāng)波長比障礙物尺寸大或差不多時，就會發(fā)生明顯的衍射?！驹斀狻緼．依據(jù)圖像可知：λ=4m，則周期T==0.02s，圖示時刻質(zhì)點a正向上運動，再經(jīng)過0.01s，即半個周期，質(zhì)點a向波谷運動，則速度沿y軸負方向，加速度沿y軸正方向，兩者方向相反，故A錯誤；B．由于波向右傳播，依據(jù)“上下坡”法，知道圖中b質(zhì)點向下振動，速度減小，動能減小，加速度正在增大，故B正確；C．該列波的頻率為50Hz，要想發(fā)生干涉，頻率需相同，故C錯誤；D．當(dāng)波的波長比障礙物尺寸大或差不多時，就會發(fā)生明顯的衍射，則知若發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，該波所遇到的障礙物的尺寸不大于4m，故D錯誤?！军c睛】本題主要考查了對波形圖的理解，較為簡潔。11.如圖所示，一絕熱容器被隔板K隔開成a、b兩部分。已知a內(nèi)有肯定量的淡薄氣體，b內(nèi)為真空。抽開隔板K后，a內(nèi)氣體進入b，最終達到平衡狀態(tài)。則在此過程中（）A.氣體分子勢能削減，內(nèi)能增加B.氣體對外界做功，內(nèi)能削減C.氣體壓強變小，溫度降低D.b中的氣體不行能自發(fā)地全部退回到a中【答案】D【解析】【分析】絕熱過程，自由擴散，體積變大，對外不做功，氣體的內(nèi)能不變，依據(jù)熱力學(xué)第肯定律可知溫度不變?！驹斀狻緼BC．絕熱容器內(nèi)的淡薄氣體與外界沒有熱傳遞，Q=0，淡薄氣體向真空擴散沒有做功，W=0，因而依據(jù)熱力學(xué)第肯定律淡薄氣體的內(nèi)能不變，則溫度不變，故ABC錯誤；D．依據(jù)熱力學(xué)其次定律可知，b中的氣體不行能自發(fā)地全部退回到a中，故D正確；【點睛】本題主要考查了熱力學(xué)第肯定律和其次定律的應(yīng)用，較為簡潔。12.彈簧振子做機械振動，若從平衡位置O起先計時，經(jīng)過0.5s時，振子第一次經(jīng)過P點，又經(jīng)過了0.2s，振子其次次經(jīng)過P點，則再過多長時間該振子第三次經(jīng)過P點（）A.1.6s B.1.1s C.0.8s D.2.2s【答案】D【解析】【分析】分析質(zhì)點可能的運動狀況，畫出運動軌跡，確定周期，即一次全振動所用的時間，再確定經(jīng)過多長時間質(zhì)點第三次經(jīng)過P點。【詳解】若從O點起先向右振子按下面路途振動，作出示意圖如圖:則振子的振動周期為：T=（0.5+0.1）×4=2.4s，則該質(zhì)點再經(jīng)過時間△t=T﹣0.2=2.2s，第三次經(jīng)過P點；若振子從O點起先向左振動，則按下面路途振動，作出示意圖如圖:，則由0.5+0.1=T，振子的振動周期為T=0.8s，則該質(zhì)點再經(jīng)過時間△t′=-0.1=0.1s，第三次經(jīng)過P點。A．1.6s，與分析結(jié)果不符，故A錯誤；B．1.1s，與分析結(jié)果不符，故B錯誤；C．0.8s，與分析結(jié)果不符，故C錯誤；D．2.2s，與分析結(jié)果相符，故D正確?！军c睛】本題主要考查了簡諧運動的相關(guān)學(xué)問，較為簡潔。二、多選題13.國家電網(wǎng)公司推動智能電網(wǎng)推廣項目建設(shè)，擬新建智能變電站1400座。變電站起變換電壓作用的設(shè)備是變壓器，如圖所示，志向變壓器原線圈輸入電壓u=200（V），電壓表、電流表都為志向電表。則下列推斷正確的是（）A.輸入電壓有效值為200

V，電流頻率為50

HzB.若變阻器的滑片不動，S由a接到b處，電壓表V2和電流表A1的示數(shù)都減小C.S接到a處，當(dāng)變阻器的滑片向下滑動時，兩電流表的示數(shù)都減小D.S接到a處，當(dāng)變阻器滑片向下滑動時，兩電壓表示數(shù)都增大【答案】AB【解析】【詳解】A.依據(jù)瞬時值表達式知，輸入電壓的最大值是U1m=200V，輸入電壓的有效值U1=200V，角速度ω=100π，所以f==50Hz，故A正確；B.若變阻器滑片不動，S打到b處，副線圈電壓變小，輸出功率和輸入功率都減小，由P1=U1I1知，原線圈電流減小，即電壓表V2和電流表A1示數(shù)都減小，故B正確；CD.S接到a處，副線圈匝數(shù)增加，依據(jù)，則副線圈兩端的電壓增加，電壓表V1示數(shù)不變，電壓表V2示數(shù)增加；滑片向下滑動，變阻器電阻變小，副線圈電流增大，即A2示數(shù)變大，輸出功率增大，輸入功率增大，輸入電壓不變，所以電流表A1示數(shù)增大，故CD錯誤。14.關(guān)于近代物理學(xué)，下列圖象在描述現(xiàn)象中，說明正確的是（）A.如圖甲所示，由黑體的輻射強度與輻射光波長的關(guān)系可知，隨溫度的上升，輻射強度的極大值向波長較長方向移動（已知T1＞T2）B.如圖乙所示，發(fā)生光電效應(yīng)時，入射光越強，光電子的最大初動能也就越大C.如圖丙所示，金屬的遏制電壓Uc與入射光的頻率v的圖象中，該直線的斜率為D.同一光電管在不同試驗條件下得到了三條光電流與電壓之間關(guān)系曲線：甲光、乙光、丙光，如圖丁所示。則可推斷甲、乙、丙光的頻率關(guān)系為v甲=v乙＜v丙【答案】CD【解析】【分析】隨溫度的上升，相同波長的光輻射強度和輻射強度的極大值都發(fā)生變更，依據(jù)甲圖即可知其變更狀況；發(fā)生光電效應(yīng)時，依據(jù)光電效應(yīng)方程和能量守恒定律可解。【詳解】A．由圖可知，隨溫度的上升，相同波長的光輻射強度都會增大，輻射強度的極大值向波長較小方向移動，故A錯誤；B．依據(jù)光電效應(yīng)方程有：，可知光電子的最大初動能與光的強度無關(guān)，故B錯誤；C．依據(jù)光電效應(yīng)方程有，依據(jù)能量守恒定律得：，聯(lián)立得：eUC=hv﹣W0，即：，可知，該直線的斜率為，故C正確；D．依據(jù)，由圖知丙光的遏止電壓大于甲光的遏止電壓，所以甲光、乙光對應(yīng)的光電子最大初動能小于丙光的光電子最大初動能，故D正確?！军c睛】本題主要考查了原子物理中的黑體輻射和光電效應(yīng)現(xiàn)象，較為簡潔。15.如圖所示是氧氣分子在不同溫度（和）下的速率分布曲線，由圖可得信息（）A.同一溫度下，氧氣分子速率呈現(xiàn)出“中間多、兩頭少”的分布規(guī)律B.隨著溫度上升，每一個氧氣分子的速率都增大C.隨著溫度上升，氧氣分子中速率小的分子所占的比例增加D.隨著溫度上升，氧氣分子的平均動能肯定增大【答案】AD【解析】【分析】溫度是分子平均動能的標記，溫度上升分子的平均動能增加，不同溫度下相同速率的分子所占比例不同?！驹斀狻緼．由圖可知，同一溫度下，氧氣分子速率都呈現(xiàn)“中間多，兩頭少”的分布特點，故A正確；B．溫度是分子熱運動平均動能的標記，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義，所以溫度越高，平均動能越大，平均速率越大，但不是每一個分子運動速率都增大，故B錯誤；C．由圖知，隨著溫度上升，速率較大的分子數(shù)增多，氧氣分子中速率小的分子所占的比例減小，故C錯誤；D．溫度是分子熱運動平均動能的標記，隨著溫度上升，氧氣分子的平均動能肯定增大，故D正確?！军c睛】本題主要考查了對氧氣分子在不同溫度下的速率分布曲線的理解，較為簡潔。16.甲、乙兩單擺在同一地點做簡諧運動時的振動圖象如圖所示，則可知（）A.甲、乙兩單擺的周期之比為2：1B.甲、乙兩單擺的擺長之比為2：1C.0.5s至1s過程中，甲擺球速度減小D.t=0.5s時甲擺球勢能最大，乙擺球動能最大【答案】AD【解析】【分析】依據(jù)圖像得到兩個單擺的周期之比；結(jié)合周期公式求出甲乙兩擺的擺長之比；依據(jù)擺球的位置分析其速度、動能和重力勢能?！驹斀狻緼．由圖知甲、乙兩單擺的周期分別為2s、1s，則周期之比為2：1，故A正確；B．由單擺周期公式，可得擺長，可知擺長L與T2成正比，因此甲、乙兩單擺的擺長之比為4：1，故B錯誤；C．0.5s至1s過程中，甲擺球位移在減小，擺球是從最高點向平衡位置運動，甲擺球的速度增大，故C錯誤；D．t=0.5時，甲擺在位移最大處即最高點，甲擺球勢能最大。乙擺球位移為0，處在平衡位置，速度最大，則乙擺球動能最大，故D正確?！军c睛】本題主要考查了對單擺振動圖像的理解，較為簡潔。17.如圖所示，肯定質(zhì)量的志向氣體，從狀態(tài)A經(jīng)絕熱過程A→B、等容過程B→C、等溫過程C→A又回到了狀態(tài)A，（不計分子勢能）則（）A.A→B過程氣體升溫B.B→C過程氣體內(nèi)能增加，氣體吸熱C.C→A過程氣體放熱D.全部過程氣體做功為零【答案】BC【解析】【分析】氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，依據(jù)熱力學(xué)第肯定律有△U=W+Q推斷氣體吸熱還是放熱；在p-V圖像中圖線與坐標軸所圍圖形的面積等于所做的功?！驹斀狻緼．A→B過程是絕熱過程，Q=0，體積變大，氣體對外做功，W＜0，依據(jù)熱力學(xué)第肯定律△U=Q+W，得△U＜0，內(nèi)能減小，故溫度降低，故A錯誤；B．由圖示圖象可知，B→C過程中，氣體體積V不變而壓強P變大，由查理定律：pT=C可知：氣體溫度T上升，故內(nèi)能增加，但體積V不變，做功W=p?△V可知，外界對氣體不做功，所以氣體汲取熱量，故B正確；C．由圖示圖象可知，C→A過程是等溫變更，氣體體積V減小，外界對氣體做功，W＞0，氣體溫度不變，氣體內(nèi)能不變，△U=0，依據(jù)熱力學(xué)第肯定律得Q＜0，氣體放熱，故C正確；D．全部過程分三個過程，A到B氣體對外做功W1＜0，B到C不做功，C到A外界對氣體做功W2＞0，依據(jù)p﹣V圖象中，圖線與坐標軸圍成的圖形的面積等于所做的到B做功小于C到A做功，如下圖陰影面積所示，故全部過程做功不為0，故D錯誤；【點睛】本題主要考查了熱力學(xué)第肯定律和志向氣體的狀態(tài)方程，屬于一般題型。18.“不經(jīng)驗風(fēng)雨怎么見彩虹”，彩虹的產(chǎn)生緣由是光的色散，如圖所示為太陽光射到空氣中的小水珠發(fā)生色散形成彩虹的光路示意圖，a、b為兩種折射出的單色光。以下說法正確的是A.a光光子能量大于b光光子能量B.在水珠中a光的傳播速度大于b光的傳播速度C.用同一雙縫干清裝置看到的a光干涉條紋間距比b光寬D.假如b光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則a光也肯定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)【答案】BC【解析】【分析】依據(jù)光線進入水珠折射時折射角的大小關(guān)系，可分析折射率的大小，可確定出光的頻率關(guān)系，由光子的能量，可知，光子的能量與光的頻率成正比。由分析光在雨滴中傳播速度的大小，確定出波長的關(guān)系，就可推斷出光干涉條紋間距大小。依據(jù)產(chǎn)生光電效應(yīng)的條件分析光電效應(yīng)現(xiàn)象?！驹斀狻緼B．依據(jù)光路圖知，太陽光進入水珠時b光的偏折程度大，則b光的折射率大于a光的折射率。由，光的在水珠中的速度小，則光頻率較大，由光子的能量可知，光子的能量與光的頻率成正比，所以光線的光子能量較大，故A錯誤，B正確；C．折射率小，則頻率小，波長大，知a光的波長大于b光的波長，依據(jù)干涉條紋的間距公式知，a光干涉條紋的間距大于b光干涉條紋的間距，故C正確；D．產(chǎn)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，故可知若b光能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則a光不肯定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯誤。【點睛】解決本題的突破口在于依據(jù)光的偏折程度比較出折射率的大小，駕馭折射率、頻率、臨界角、波長等大小關(guān)系，并記住這些關(guān)系。第Ⅱ卷（非選擇題，滿分52分）三、試驗題19.對以下物理現(xiàn)象分析正確的是()①從射來的陽光中，可以看到空氣中的微粒在上下飄舞②上升的水蒸氣的運動③用顯微鏡視察懸浮在水中的小炭粒，小炭粒不停地做無規(guī)則運動④向一杯清水中滴入幾滴紅墨水，紅墨水向四周運動A.①②③屬于布朗運動B.④屬于擴散現(xiàn)象C.只有③屬于布朗運動【答案】BC【解析】【詳解】①從射來的陽光中，可以看到空氣中的微粒在上下飄舞，是固體顆粒的運動，是由于空氣的流淌形成的，不屬于布朗運動；②上升的水蒸氣的運動，是由于大氣壓力的作用引起的，不是布朗運動；③用顯微鏡視察懸浮在水中的小炭粒，小炭粒不停地做無規(guī)則運動，是布朗運動；④向一杯清水中滴入幾滴紅墨水，紅墨水向四周運動，屬于擴散運動。故選：BC20.用顯微鏡視察懸浮在水中的花粉，追蹤幾?；ǚ?，每隔30s登記它們的位置，用折線分別依次連接這些點，如圖所示。則：①從圖中可看出花粉顆粒的運動是_____（填“規(guī)則的”或“不規(guī)則的”）②關(guān)于花粉顆粒所做的布朗運動，說法正確的是_____A．圖中的折線就是花粉顆粒的運動軌跡B．布朗運動反映液體分子的無規(guī)則運動C．液體溫度越低，花粉顆粒越大，布朗運動越明顯D．布朗運動是由于液體分子從各個方向?qū)ǚ垲w粒撞擊作用的不平衡引起的【答案】(1).不規(guī)則(2).BD【解析】【分析】布朗運動圖象的雜亂無章反映了固體小顆粒運動的雜亂無章，進一步反映了液體分子熱運動的雜亂無章。【詳解】第一空．由圖線的雜亂無章得到固體小顆粒運動的雜亂無章，它說明花粉顆粒做不規(guī)則運動；其次空．A．依據(jù)題意，有：每隔10s把視察到的炭粒的位置記錄下來，然后用直線把這些位置依次連接成折線；故此圖像是每隔10s固體微粒的位置，而不是小炭粒的運動軌跡，故A錯誤。B．布朗運動反映了液體分子的無規(guī)則運動，故B正確；C．液體溫度越高，花粉顆粒越小，布朗運動越明顯，故C錯誤；D．布朗運動是由于液體分子從各個方向?qū)ǚ垲w粒撞擊作用的不平衡引起的，故D正確?！军c睛】本題主要考查了對布朗運動的理解，屬于簡潔題型。21.在“利用單擺測定重力加速度”的試驗中，由單擺做簡諧運動的周期公式得到只要測出多組單擺的擺長l和運動周期T，作出T2﹣l圖像，就可以求出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。理論上T2﹣l圖像是一條過坐標原點的直線，某同學(xué)依據(jù)試驗數(shù)據(jù)作出的圖像如圖所示：（1）造成圖像不過坐標點的緣由可能是_____。（2）由圖像求出的重力加速度g=_____m/s2（取π2=9.87）（3）假如測得的g值偏小，可能的緣由是_____A．測擺線時擺線拉得過緊B．?dāng)[線上端懸點未固定，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了C．起先計時時，停表過遲按下D．試驗時誤將49次全振動數(shù)為50次【答案】(1).測擺長時漏掉了擺球的半徑(2).9.87(3).B【解析】【分析】圖像不通過坐標原點，從圖像可以得到相同的周期下，擺長偏小，故可能是漏加小球半徑；依據(jù)單擺的周期公式得出關(guān)系圖線，結(jié)合圖線的斜率求出重力加速度的大??；結(jié)合擺長和周期的測量誤差推斷重力加速度的測量誤差?！驹斀狻康谝豢眨畧D像不通過坐標原點，將圖像向右平移1cm就會通過坐標原點，故相同的周期下，擺長偏小1cm，故可能是測擺長時漏掉了擺球的半徑；其次空．由單擺周期公式：，可得：，則T2﹣L圖像的斜率：，由圖像得：k=40.01+0.99=，解得：g=9.87m/s2；第三空．A．測擺長時擺線過緊，則測量的擺長偏大，所以測量的重力加速度偏大，故A錯誤；B．?dāng)[線上端未堅固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，知測量的擺長偏小，則測量的重力加速度偏小，故B正確；C．起先計時，秒表過遲按下，測量的周期偏小，則測量的重力加速度偏大，故C錯誤；D．試驗中誤將49次全振動計為50次，測量的周期偏小，則測量的重力加速度偏大，故D錯誤?！军c睛】本題主要考查了利用單擺測定重力加速度的試驗，屬于一般題型。22.在“用油膜法估測油酸分子的大小”試驗中，有下列試驗步驟：①往邊長約為40cm的淺盤里倒入約2cm深的水，待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉勻稱地撒在水面上；②用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形態(tài)穩(wěn)定；③將畫有油膜形態(tài)的玻璃板平放在坐標紙上，計算出油膜的面積，依據(jù)油酸的體積和面積計算出油酸分子直徑的大小。④用注射器將事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，登記量筒內(nèi)增加肯定體積時的滴數(shù)，由此計算出一滴油酸酒精溶液的體積；⑤將玻璃板放在淺盤上，然后將油膜的形態(tài)用彩筆描繪在玻璃板上；完成下列填空：（1）上述步驟中，正確的依次是_____。（填寫步驟前面的序號）（2）將6mL的純油酸溶于酒精，制成104mL的油酸酒精溶液，測得1mL的油酸酒精溶液有75滴。現(xiàn)取一滴該油酸酒精溶液滴在水面上，待水面穩(wěn)定后，測得所形成的油膜的形態(tài)如圖所示，坐標中正方形小方格的邊長為20mm，求：①油酸膜的面積是_____m2；②每一滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積是_____mL；③依據(jù)上述數(shù)據(jù)，估測出油酸分子的直徑是_____m．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】(1).④①②⑤③(2).1.5×10﹣2(3).8.0×10﹣6(4).5.3×10﹣10【解析】【分析】將配制好的油酸酒精溶液，通過量筒測出一滴此溶液的體積，然后將一滴此溶液滴在有痱子粉的淺盤里的水面上，等待形態(tài)穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆描繪出油酸膜的形態(tài)，將畫有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標紙上，按不足半個的舍去，多于半個的算一個，統(tǒng)計出油酸薄膜的面積，則用一滴此溶液的體積除以一滴此溶液的面積，恰好就是油酸分子的直徑?！驹斀狻浚?）“油膜法估測油酸分子的大小”試驗步驟為：配制酒精油酸溶液→測定一滴酒精油酸溶液的體積（題中的④）→打算淺水盤（①）→形成油膜（②）→描繪油膜邊緣，測量油膜面積（⑤）→計算分子直徑（③）；（2）①面積超過正方形一半的正方形的個數(shù)為37個；則油酸膜面積約為：S=37×20×20mm2≈1.5×10﹣2m2②每滴酒精油酸溶液中含有純油酸的體積為：V=1mL×6104×175=8.0×10﹣6mL③把油酸分子看成球形，且不考慮分子間的空隙，則油酸分子直徑為：d=VS=8×10-6×10-61.5×10-2m≈5.3×10﹣10m。【點睛】本題主要考查了用油膜法估測油酸分子的大小的試驗，屬于一般題型。23.在用插針法測定玻璃磚折射率的試驗中，①某同學(xué)由于沒有量角器，在完成了光路以后，他以O(shè)點為圓心、10.00cm長為半徑畫圓，分別交線段OA于A點，交OO′連線延長線于C點，過A點作法線NN′的垂線AB交NN′于點B，過C點作法線NN′的垂線CD交NN′于D點，如圖所示.用刻度尺量得OB=8.00cm，CD=4.00cm。由此可得出玻璃的折射率n=_____________________。②某同學(xué)在紙上畫出的界面aa′、bb′與玻璃磚位置的關(guān)系如圖2所示，則該同學(xué)測得的折射率與真實值相比______（填“偏大”、“偏小”或“不變”）．【答案】(1).1.5(2).偏小【解析】（1）圖中P1P2作為入射光線，OO′是折射光線，設(shè)光線在玻璃磚上表面的入射角為i，折射角為r，則由幾何學(xué)問得到：sini=，sinr=，又AO=OC，由幾何關(guān)系可得AB=6.00cm則折射率．

（2）如圖，實線是真實的光路圖，虛線是玻璃磚寬度畫大后的光路圖，由圖看出，在這種狀況測得的入射角不受影響，但測得的折射角比真實的折射角偏大，因此測得的折射率偏?。?/p>

24.在雙縫干涉試驗中，分布用紅色和綠色的激光照耀同一雙縫，在雙縫后的屏幕上，紅光的干涉條紋間距與綠光的干涉條紋間距相比______（填“＞”、“＜”或“＝”）。若試驗中紅光的波長為，雙縫到屏幕的距離為，測得第一條到第6條亮條紋中心間的距離為，則雙縫之間的距離為______?！敬鸢浮?1).＞(2).【解析】【詳解】雙縫干涉條紋間距，紅光波長長，所以用紅光的雙縫干涉條紋間距較大，即>。條紋間距依據(jù)數(shù)據(jù)可得，依據(jù)可得?！军c睛】雙縫干涉試驗的條紋間距公式熟記，對于從紅光到紫光的波長頻率折射率全反射臨界角等等要認清變更趨勢。四、計算題（要求有必要的文字說明和必要的步驟，共38分。）25.如圖所示為溝通發(fā)電機示意圖，匝數(shù)為n=100匝的矩形線圈，邊長分別為a=10cm和b=20cm，內(nèi)阻為r=5Ω，在磁感應(yīng)強度B=0.5T的勻強磁場中繞OO′軸以ω=rad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)動起先時線圈平面與磁場方向平行，線圈通過電刷和外部R=20Ω的電阻相接。求電鍵S合上后，（1）寫出線圈內(nèi)產(chǎn)生的交變電動勢瞬時值的表達式；（2）電壓表和電流表示數(shù)；（3）從計時起先，線圈轉(zhuǎn)過的過程中，通過外電阻R的電量?！敬鸢浮浚?）e=cost（V）（2）40V，2A（3）0.04C【解析】【分析】（1）依據(jù)感應(yīng)電動勢最大值Em=nBSω，從垂直于中性面起先計時，則可確定電動勢的瞬時表達式；（2）依據(jù)溝通電的最大值與有效值的關(guān)系，結(jié)合閉合電路歐姆定律，即可確定電流表與電壓表示數(shù)；（3）依據(jù)電量表達式，與感應(yīng)電動勢結(jié)合，得出q=I△t=公式，從而可求得?！驹斀狻浚?）線圈從平行磁場起先計時，感應(yīng)電動勢最大值：Em=nBSω=V。故表達式為：e=Emcosωt=cost（V）；（2）依據(jù)正弦式交變電流最大值和有效值的關(guān)系可知，有效值：，代入數(shù)據(jù)解得E=50V。電鍵S合上后，由閉合電路歐姆定律得：，U=IR。聯(lián)立解得I=2A，U=40V；（3）由圖示位置轉(zhuǎn)過90°的過程中，通過R上的電量為：q=I△t=，代入數(shù)據(jù)解得，q=0.04C。【點睛】本題主要考查了溝通電的產(chǎn)生及其表達式與相關(guān)物理量的求解，較為簡潔。26.一圓筒形汽缸靜置于地面上，如圖所示。汽缸筒的質(zhì)量為M，活塞及活塞上的手柄的質(zhì)量為m，活塞的橫截面積為S，大氣壓強為p0，現(xiàn)用力將活塞緩慢向上提，求汽缸剛離開地面時汽缸內(nèi)封閉氣體的壓強。（忽視汽缸壁與活塞間的摩擦）【答案】【解析】【分析】在整個上提過程中氣缸內(nèi)氣體的溫度保持不變，發(fā)生等溫變更，先對活塞為探討對象，依據(jù)平衡條件求出初態(tài)時氣體的壓強，再以活塞和汽缸整體為探討對象，依據(jù)平衡條件求出末態(tài)氣體的壓強，聯(lián)立求解即可。【詳解】以活塞為探討對象，受重力、向上的拉力、外界大氣向下的壓力和封閉氣體向上的壓力，由平衡條件得：F+PS=mg+P0S以活塞和汽缸整體為探討對象，受重力、向上的拉力，由平衡條件得：F=（M+m）g聯(lián)立①②得：P=【點睛】本題主要考查了氣體的等溫變更的應(yīng)用，較為簡潔。27.一列簡諧橫波，某時刻的波形圖像如圖甲所示，從該時刻起先計時，波上A質(zhì)點的振動圖像如圖乙所示，則：（1）若此波遇到另一列簡諧橫波并發(fā)生穩(wěn)定干涉，則該波所遇到的波的頻率為多少？（2）若t=0時振動剛剛傳到A點，從該時刻起再經(jīng)多長時間橫坐標為60m的質(zhì)點（未畫出）其次次位于波谷？【答案】（1）1.25Hz（2）2.8s【解析】【分析】（1）發(fā)生穩(wěn)定干涉的條件是頻率相同，依據(jù)圖像計算頻率的大??；（2）利用t=求橫坐標為60m的質(zhì)點第一次位于波谷的時間，再加上一個周期，即可得到答案?！驹斀狻浚?）發(fā)生穩(wěn)定干涉的條件是頻率相同，所以該波所遇到的波的頻率為：=1.25Hz；（2）由質(zhì)點A點在t=0時刻向上振動知，波沿x軸正方向傳播，波速為：=25m/s，x=60m處的質(zhì)點第一次到達波谷的時間為：t==2s，此質(zhì)點其次次位于波峰的時間為：t=t1+T=2.8s。【點睛】本題主要考查了波的傳播過程中波動圖與振動圖的綜合應(yīng)用，屬于一般題型。28.如圖所示，一小車靜止在水平地面上，車上固定著一個導(dǎo)熱良好的圓柱形密閉氣缸，在氣缸正中間有一橫截面積為3×10﹣4m2的活塞，活塞厚度及活塞與氣缸內(nèi)壁間的摩擦可忽視不計。此時活塞左右兩側(cè)的氣體A、B的壓強均為1.0×105Pa．現(xiàn)緩慢增加小車的加速度，最終小車以20m/s2的加速度向右勻加速運動時，A氣體的體積正好是原來的一半，若環(huán)境溫度保持不變，試求：（1）小車向右勻加速運動時A、B兩部分氣體的壓強PA和PB；（2）活塞的質(zhì)量?！敬鸢浮浚?）2.0×105Pa和×105Pa（2）2kg【解析】【分析】環(huán)境溫度不變，氣缸導(dǎo)熱吸性能良好，氣體溫度保持不變，依據(jù)題意，求出兩氣體初末狀態(tài)的狀態(tài)參量，然后應(yīng)用玻意