2024屆四川省成都外國語教育集團高三下學期聯(lián)考物理試題（二）（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE2成實外教育集團高2021級高三聯(lián)考試題（二）物理試題注意事項；1．答題前，務(wù)必將自己的姓名、考籍號填寫在答題卡規(guī)定的位置上。2．答選擇題時，必須使用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)的題目的〖答案〗標號涂黑，如需改動，用橡皮擦擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號。3．答非選擇題時，必須使用0.5毫米黑色簽字筆，將〖答案〗書寫在答題卡規(guī)定的位置上。4。所有題目必須在答題卡上作答，在試題卷上答題無效。5．考試結(jié)束后，只將答題卡交回。第I卷一、選擇題1.下列說法正確的是（）A.居里夫人最早發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象B.盧瑟福依據(jù)α粒子散射實驗的現(xiàn)象提出了原子的核式結(jié)構(gòu)理論C.愛因斯坦最先提出了微觀領(lǐng)域的能量量子化概念D.查德威克通過核反應(yīng)發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子〖答案〗B〖解析〗A．貝克勒爾最早發(fā)現(xiàn)了天然放射性物質(zhì)，A錯誤；B．盧瑟福依據(jù)α粒子散射實驗的現(xiàn)象提出了原子的核式結(jié)構(gòu)理論，B正確；C．普朗克最先提出了微觀領(lǐng)域的能量量子化概念，C錯誤；D．盧瑟福通過核反應(yīng)發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，D錯誤。故選B。2.成都規(guī)劃到2030年建成27條地鐵線路，越來越多的市民選擇地鐵作為出行的交通工具。如圖所示，t=0時，列車由靜止開始做勻加速直線運動，第一節(jié)車廂的前端恰好與站臺邊感應(yīng)門的一根立柱對齊。t=6s時，第一節(jié)車廂末端恰好通過這根立柱所在位置，全部車廂通過立柱所用時間18s。設(shè)各節(jié)車廂的長度相等，不計車廂間距離。則（）A.該列車共有9節(jié)車廂B.第2個6s內(nèi)有4節(jié)車廂通過這根立柱C.倒數(shù)第二節(jié)車廂通過這根立柱的時間為sD.第4節(jié)車廂通過這根立柱的末速度小于整列車通過立柱的平均速度〖答案〗A〖解析〗A．設(shè)每節(jié)車廂的長度為，列車的加速度為，列車整個通過立柱的時間為，根據(jù)勻變速直線運動某段位移的平均速度等于該段位移所用時間中間時刻的瞬時速度可得在3s末列車的速度為根據(jù)速度與時間的關(guān)系有聯(lián)立解得根據(jù)位移與時間的關(guān)系可得代入數(shù)據(jù)解得故A正確；B．在前兩個6s內(nèi)，根據(jù)位移與時間的關(guān)系有由題知，第一個6s內(nèi)通過一節(jié)車廂，由此可知，在第2個6s內(nèi)有3節(jié)車廂通過這根立柱，故B錯誤；C．第7節(jié)車廂以及第8節(jié)車廂通過立柱時，根據(jù)速度與位移的關(guān)系可得，解得，倒數(shù)第二節(jié)車廂即第8節(jié)車廂通過立柱的時間為故C錯誤；D．第四節(jié)車廂通過立柱的末速度整個列車通過立柱的平均速度可知即第4節(jié)車廂通過這根立柱的末速度大于整列車通過立柱的平均速度，故D錯誤。故選A。3.2023年10月26日11時14分，中國自主研發(fā)的神舟十七號載人飛船發(fā)射升空，經(jīng)過對接軌道后成功與空間站天和核心艙前向端口對接，形成三艙三船組合體?？臻g站軌道可近似看成圓軌道，距離地面的高度約為390km，已知同步衛(wèi)星距地球表面高度約為36000km，下列說法正確的是（）A.神舟十七號的發(fā)射速度小于7.9km/sB.神舟十七號在對接軌道上的運行周期大于空間站的運行周期C.天和核心艙繞地球公轉(zhuǎn)的線速度比赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度大D.神舟十七號從對接軌道變軌到空間站軌道時，機械能減小〖答案〗C〖解析〗A．第一宇宙速度是最小的發(fā)射速度，則神舟十七號的發(fā)射速度大于7.9km/s，故A錯誤；B．對接軌道半長軸小于空間站軌道的半徑，根據(jù)開普勒第三定律可知神舟十七號在對接軌道上的運行周期小于空間站的運行周期，故B錯誤；C．根據(jù)萬有引力提供向心力解得同步衛(wèi)星距地球表面高度約為36000km大于390km，則天和核心艙繞地球公轉(zhuǎn)的線速度比同步衛(wèi)星隨地球自轉(zhuǎn)的線速度大，根據(jù)可知同步衛(wèi)星的線速度大于赤道上的物體的線速度，所以天和核心艙繞地球公轉(zhuǎn)的線速度比赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度大，故C正確；D．神舟十七號從對接軌道變軌到空間站軌道時，需要點火加速，機械能增大，故D錯誤。故選C。4.如圖所示，輕質(zhì)彈性繩（長度變化忽略不計）上端固定，下端連接光滑小球a（可視為質(zhì)點），斜面b靜止在水平地面上，小球放在斜面上，開始時彈性繩與斜面平行?，F(xiàn)將斜面緩慢向左移到虛線處，小球仍靜止在斜面上。下列說法正確的是（）A.b對a的彈力增加 B.彈性繩的彈力減小C.地面對b的支持力增加 D.地面對b的摩擦力減小〖答案〗D〖解析〗AB．對小球a受力分析如圖所示由圖可知，b對a的彈力即N1減小，彈性繩的彈力即T1增大，故AB錯誤；CD．對斜面b受力分析如圖由平衡可得、由于N減小，地面對b的支持力減小，地面對b的摩擦力減小，故C錯誤，D正確。故選D。5.如圖所示，兩個電荷量都是Q的正、負點電荷固定在A、B兩點，AB連線中點為О?，F(xiàn)將另一個電荷量為+q的試探電荷放在AB連線的中垂線上距О為x的C點，沿某一確定方向施加外力使電荷由靜止開始沿直線從C點運動到О點，下列說法正確的是（）A.外力F的方向應(yīng)當平行于AB方向水平向右B.電荷從C點到О點的運動為勻變速直線運動C.電荷從C點到О點的運動為加速度減少的加速直線運動D.電荷從C點運動到О點的過程中逐漸增大〖答案〗D〖解析〗根據(jù)等量異種電荷周圍電場分布情況，可知試探電荷+q在運動過程中受水平向左的逐漸增大的電場力作用，要想讓該電荷由靜止開始沿直線從C點運動到О點，則該電荷所受合力的方向應(yīng)沿CО方向，受力分析如圖A．如圖分析可知，外力F的方向應(yīng)當斜向右下，A錯誤；BC．由于電場力逐漸增大，所以逐漸增大，也逐漸增大，加速度也逐漸增大，所以電荷從C點到О點的運動為加速度增大的加速直線運動，BC均錯誤；D．根據(jù)動能定理可知即由于逐漸增大，所以逐漸增大，D正確。故選D。6.如圖所示，豎直固定放置一半徑為R的光滑圓形管道，ab為過圓心的水平線，質(zhì)量為m的小球在管狀軌道內(nèi)做完整的圓周運動，已知小球直徑略小于管道內(nèi)徑，重力加速度為g。則（）A.小球在水平線ab以上管道中運動時，外側(cè)管壁對小球一定沒有作用力B.小球在水平線ab以下管道中運動時，內(nèi)側(cè)管壁對小球一定沒有作用力C.小球通過最低點時的彈力大小可能為mgD.若在最高點管道對小球的彈力大小為mg，則一定是外側(cè)管壁對小球的作用力〖答案〗BD〖解析〗Ａ．小球在水平線ab以上管道中運動時，若速度足夠小時，小球擠壓內(nèi)側(cè)管壁，外側(cè)管壁對小球沒有作用力，選項Ａ錯誤.Ｂ．小球在水平線ab以下管道中運動時，根據(jù)向心力的方向指向圓心可知，外側(cè)管壁對小球有指向圓心的彈力，內(nèi)側(cè)管壁對小球一定沒有作用力；選項Ｂ正確；Ｃ．小球通過最高點的最小速度為零時，根據(jù)動能定理根據(jù)牛頓第二定律可得解得小球通過最低點時的最小彈力為，選項Ｃ錯誤；D．小球通過最高點的最小速度為零時，內(nèi)側(cè)管壁對小球的作用力最大為mg，若在最高點管道對小球的彈力大小為mg，則一定是外側(cè)管壁對小球的作用力，選項Ｄ正確；故選ＢＤ。7.如圖所示，矩形磁場區(qū)域abcd內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強磁場，O1為b邊中點位置，O2為O1a段中點位置；現(xiàn)同時從O1、O2處水平向右發(fā)射速度相同的M、N兩粒子，M粒子恰好可以從b點飛出磁場，M、N兩粒子的運動軌跡相交于Р點（圖中未標出），且在P點處時M、N速度方向垂直。已知ad邊長為ab邊長的兩倍，不計粒子重力及粒子間的相互作用。下列說法正確的是（）A.M、N兩粒子的比荷為3：4 B.M、N兩粒子的比荷為1：2C.M、N兩粒子不會同時到達Р點 D.P點與邊界ad和邊界bc的距離相等〖答案〗AC〖解析〗AB．根據(jù)題意，畫出兩個粒子的運動軌跡示意圖為由幾何關(guān)系可知解得帶電粒子在勻強磁場中做圓周運動，有可得可得出A正確，B錯誤；C．根據(jù)可知，兩個粒子的周期之比為根據(jù)幾何關(guān)系可知M、N兩粒子到達Р點的時間為C正確；D．由幾何關(guān)系可知，P點與邊界ad和邊界bc的距離分別為D錯誤。故選AC。8.如圖所示，質(zhì)量為M=2kg的木板AB靜止放在光滑水平面上，木板右端B點處固定一根輕質(zhì)彈簧，彈簧處于原長狀態(tài)時左端在C點，C點到木板左端的距離L=1.0m，可視為質(zhì)點的小木塊質(zhì)量為m，靜止放置在木板的左端；現(xiàn)對木板AB施加水平向左的恒力F=24N，0.5s時撤去恒力F，此時木塊恰好到達彈簧自由端C處，此后的運動中沒有超過彈簧的彈性限度。已知木板C點左側(cè)部分與木塊間的動摩擦因數(shù)為=0.2，C點右側(cè)部分光滑；取g=10m/s2。下列說法正確的是（）A.撤去恒力F后，木板先做減速后做勻速運動B.恒力F對木板AB做功為26JC.整個運動過程中，彈簧的最大彈性勢能EP=8.0JD.整個運動過程中，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量Q=8.0J〖答案〗CD〖解析〗AB．F作用的過程中，對小木塊有可得對木板有聯(lián)立可得則恒力F對木板AB做功為此時木板的速度小木塊速度所以彈簧被壓縮，小木塊繼續(xù)做加速運動，木板開始做減速運動，彈簧壓縮到最短時，兩者共速，此時彈簧彈性勢能最大，由動量守恒和能量守恒有可得之后彈簧伸長，小木塊繼續(xù)做加速運動，木板繼續(xù)做減速運動，彈簧回復原長時，小木塊速度大于木板速度，小木塊接著向左運動進入粗糙面，開始做減速運動；木板受到向左的摩擦力，開始做加速運動，二者共速時，開始做勻速運動，故AB錯誤，C正確；D．彈簧回復原長時，根據(jù)動量和能量守恒可知假設(shè)二者在粗糙部分最后共速，則由可得木板的加速度大小木板向左運動的位移小木塊的位移則即小木塊從木板左側(cè)滑出，所以整個運動過程中，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量故D正確。故選CD。第II卷二、非選擇題（一）必考題9.某實驗小組同時測量A、B兩個箱子質(zhì)量的裝置圖如圖甲所示，其中D為鐵架臺，E為固定在鐵架臺上的輕質(zhì)滑輪（質(zhì)量和摩擦可忽略不計），F(xiàn)為光電門，C為固定在A上、寬度為d的細遮光條（質(zhì)量不計），另外，該實驗小組還準備了刻度尺和一套總質(zhì)量m0=0.5kg的砝碼。（1）在鐵架臺上標記一位置O，并測得該位置與光電門F之間的距離為h。取出質(zhì)量為的砝碼放在A箱子中，剩余砝碼全部放在B箱子中，讓A從位置О由靜止開始下降，則A下落到F處的過程中，B箱與B箱中砝碼的整體機械能是______（選填“增加”、“減少”或“守恒”）的。（2）測得遮光條通過光電門的時間為?t，根據(jù)所測數(shù)據(jù)計算得到下落過程中的加速度大小a=______（用d、?t、h表示）（3）改變m，測得相應(yīng)遮光條通過光電門的時間，算出加速度a，得到多組m與a的數(shù)據(jù)，作出a-m圖像如圖乙所示，可得A的質(zhì)量mA=______kg。（取重力加速度大小g=10m/s2，計算結(jié)果甲保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（1）增加（2）（3）2.0〖解析〗【小問1詳析】該實驗中A及砝碼的總質(zhì)量必須大于B及其中砝碼的總質(zhì)量才能完成實驗，A從靜止下落過程中做加速運動，B同樣做加速運動，且二者加速度大小及速度大小始終相同，對B箱與B箱中砝碼而言，在該過程中除了重力做功，繩子上的拉力對該整體做正功，因此可知B箱與B箱中砝碼整體機械能增加?！拘?詳析】由平均速度代替A到達F處的瞬時速度，可得則對A，根據(jù)速度與位移的關(guān)系有聯(lián)立解得【小問3詳析】對A、B及砝碼組成的系統(tǒng)整體由牛頓第二定律有整理得結(jié)合圖像可得，聯(lián)立解得10.某學習小組的同學們想利用電壓表和電阻箱測量一電池組的電動勢和內(nèi)阻，他們找到了如下的實驗器材：電池組（電動勢E約為6.0V，內(nèi)阻r約為1Ω）、電壓表V〈量程為6V，內(nèi)阻為RV），定值電阻R1（R1=1Ω）電阻箱R（阻值范圍可調(diào)），開關(guān)，導線若干。同學們研究器材，思考討論后確定了如下的實驗方案，請你將該方案補充完整。（1）為了“準確”測出電池組的電動勢和內(nèi)阻，已在圖甲所示虛線框中設(shè)計了部分電路圖，請把該電路圖補充完整______。（2）采集電壓表讀數(shù)U和電阻箱的讀數(shù)R，作出了如圖乙所示圖像，已知圖像的斜率為k，縱截距為b，則由物理規(guī)律可知圖像中k=______、b=______。（用題目中所給的字母表示）（3）進一步研討：圖丙所示為他們測得的某型號小燈泡的伏安特性曲線，如果把兩個該型號的燈泡并聯(lián)后再與R0=3Ω的電阻串聯(lián)接在上述電池組上（若測得電池組的電動勢E=6.0V、內(nèi)阻r=1Ω），如圖丁，則每只燈泡消耗的實際功率為______W（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）（2）（3）1.08W~1.14W〖解析〗【小問1詳析】電路如圖【小問2詳析】由閉合電路的歐姆定律解得可知圖像中【小問3詳析】設(shè)每個燈泡的電流為I，電壓為U，則即U=6-8I將次函數(shù)關(guān)系畫在燈泡的U-I圖像上可知交點為I=0.37A，U=3V，則功率P=IU=1.11W11.如圖所示，傳送帶傾斜放置，傾角為θ=37°，以恒定速率v=4m/s順時針轉(zhuǎn)動。一煤塊以初速度=12m/s從A端沖上傳送帶，煤塊剛好不會從傳送帶頂端B沖出。己知煤塊和傳送帶之間的動摩擦因數(shù)=0.25，g取10m/s2，求：（1）求AB之間的距離L；（2）煤塊在傳送帶上留下的劃痕長度?x?！即鸢浮剑?）10m；（2）m〖解析〗（1）在煤塊與傳送帶共速前，對煤塊，由牛頓第二定律有可得煤塊的加速度大小煤塊運動時間煤塊運動的位移煤塊與傳送帶共速后，對煤塊，由牛頓第二定律有可得煤塊的加速度大小煤塊速度減為零所用的時間間煤塊運動的位移則AB之間的距離（2）在煤塊與傳送帶共速前，傳送帶運動的位移傳送帶上痕跡長度煤塊與傳送帶共速后，對煤塊上滑的過程，傳送帶的位移大小為產(chǎn)生的劃痕長度為該過程中由于傳送帶的速度始終大于煤塊的速度，因此產(chǎn)生的劃痕與共速前的劃痕重疊，此時有2m的劃痕在煤塊之前，有2m的劃痕在煤塊之后，設(shè)煤塊從傳送帶頂端滑到底端所用時間為，則有解得該過程中傳送帶的位移該過程中傳送帶運動方向與煤塊運動方向相反，煤塊之后的2m劃痕隨著煤塊的下滑被覆蓋，因此總的劃痕長度為12.MN、PQ是固定在水面內(nèi)間距為L的兩條光滑長直導軌，導軌位于豎直向上的勻強磁場中，a、b是用同種材料制成的兩根長為L的均勻金屬棒，其質(zhì)量ma=3m，mb=m，金屬棒a的電阻為R，開始a、b經(jīng)靜止垂直跨放在導軌上，它們之間的距離也為L，導軌電阻忽略不計?，F(xiàn)使a棒以指向b棒的初速度開始運動，運動中兩棒與導軌始終垂直且接觸良好。（1）若a棒開始運動瞬間加速度大小為，求勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小B1；（2）若a、b運動中不會發(fā)生碰撞，求當b棒的速度時a棒上產(chǎn)生的焦耳熱Q；（3）若a、b棒運動中發(fā)生彈性磁撞，不考慮碰撞過程中的電磁感應(yīng)，最終a、b兩棒之間的距離仍為L，求勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小B2?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）設(shè)b棒的電阻為，由電阻定律：可得由牛頓第二定律：，由以上各式可解得：（2）b棒的速度為時a棒的速度為v，由動量守恒定律：解得：設(shè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總焦耳熱為Q0，由能量守恒：由焦耳定律：解得（3）設(shè)碰撞前a、b棒速度分別為、，運動中某時刻a、b的速度分別為、，在此后△t時間內(nèi)安培力的沖量大小為對碰前或碰后過程進行累加可得：碰前，對a：對b：設(shè)碰撞后a、b的速度分別為、，最終a、b的速度為碰后，對a：由以上幾式可解得：（二）選考題[物理選修3-3]13.如圖所示，在卡諾循環(huán)的p-V圖象中，一定質(zhì)量理想氣體從狀態(tài)a依次經(jīng)過狀態(tài)b、c和d后再回到狀態(tài)a，整個過程由兩個等溫和兩個絕熱過程組成。下列說法正確的是（）A.從a到b，氣體的溫度一直升高B.從b到c氣體吸收的熱量小于d到a氣體放出的熱量C.從d到a，單位體積中的氣體分子數(shù)目增大D.從c到d，單位時間內(nèi)單位面積上氣體對器壁的碰撞次數(shù)減少E.氣體經(jīng)歷abcda一個循環(huán)過程，所做的總功等于bc段曲線與橫軸所圍的面積〖答案〗ACD〖解析〗A．由圖像可知，T1>T2，則從a到b，氣體的溫度一直升高，選項A正確；B．從b到c氣體溫度不變，體積變大，對外做功，做功的大小等于曲線bc與坐標軸圍成的面積，氣體吸收熱量等于對外做功的數(shù)值；從d到a氣體溫度不變，體積減小，外界對氣體做功，做功的大小等于曲線da與坐標軸圍成的面積，氣體放出的熱量等于外界對氣體做功，因為曲線bc與坐標軸圍成的面積大于曲線da與坐標值圍成的面積，可知從b到c氣體吸收的熱量大于d到a氣體放出的熱量，選項B錯誤；C．從d到a，氣體體積減小，則單位體積中的氣體分子數(shù)目增大，選項C正確；D．從c到d，壓強減小，溫度降低，分子平均速率減小，氣體體積變大，氣體的數(shù)密度減小，則單位時間內(nèi)單位面積上氣體對器壁的碰撞次數(shù)減少，選項D正確；E．由B的分析可知，氣體經(jīng)歷abcda一個循環(huán)過程，所做的總功等于abcd圖線所圍的面積，選項E錯誤。故選ACD14.如圖1所示，導熱性能良好、內(nèi)壁光滑的汽缸開口向上放置，其上端口裝有固定卡環(huán)。質(zhì)量、橫截面積的活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在缸內(nèi)?，F(xiàn)緩慢升高環(huán)境溫度，氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)C的圖像如圖2所示，已知大氣壓強，重力加速度．求：（1）狀態(tài)C時氣體的壓強；（2）氣體從A到C的過程中吸收的熱量為，則此過程氣體內(nèi)能的變化量?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）A狀態(tài)氣體壓強為由B變化到C，由等容變化又聯(lián)立得（2）氣體從A到B過程中對外做功為根據(jù)熱力學第一定律聯(lián)立得即此過程中內(nèi)能增加。[物理-選修3-4]15.如圖所示，有一列減幅傳播的簡諧橫波，與處的A、B兩個質(zhì)點的振動圖像分別如圖中實線與虛線所示。則這列波的（）A.周期一定是B.A點處波長是15cm，B點處波長是10cmC.傳播速度一定400m/sD.時刻，兩質(zhì)點的振動速度方向相反E.A質(zhì)點的振幅是B質(zhì)點的振幅的2倍〖答案〗ADE〖解析〗A．由A、B兩質(zhì)點的振動圖像可知兩質(zhì)點振動的周期都為，故A正確；BC．由振動圖像可知時，質(zhì)點A在平衡位置且向上振動，B在波峰，則解得波長波的傳播速度為故BC錯誤；D．在時刻，由振動圖像可判斷知，質(zhì)點A向下振動，B向上振動，二者振動速度方向相反，故D正確；E．由振動圖像可直接判斷知質(zhì)點A的振幅為10cm，質(zhì)點B的振幅為5cm，A質(zhì)點的振幅是B質(zhì)點的振幅的2倍，故E正確。故選ADE。16.圖示為一截面為直角三角形ABC的棱鏡，一條光線從D點垂直于BC由真空射向棱鏡，經(jīng)AB邊全反射后從AC邊上的E點射出。已知∠A=30°，AB邊的長度為L，DE∥AB，真空中的光速為c。求：（1）D點與B點之間的距離；（2）光從D點到E點經(jīng)歷的時間范圍。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）光路如圖由幾何關(guān)系可知設(shè)BD長度為x，則有聯(lián)立可得（2）光傳播的距離為由題意可知全反射臨界角則由可知則由可知由可得成實外教育集團高2021級高三聯(lián)考試題（二）物理試題注意事項；1．答題前，務(wù)必將自己的姓名、考籍號填寫在答題卡規(guī)定的位置上。2．答選擇題時，必須使用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)的題目的〖答案〗標號涂黑，如需改動，用橡皮擦擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號。3．答非選擇題時，必須使用0.5毫米黑色簽字筆，將〖答案〗書寫在答題卡規(guī)定的位置上。4。所有題目必須在答題卡上作答，在試題卷上答題無效。5．考試結(jié)束后，只將答題卡交回。第I卷一、選擇題1.下列說法正確的是（）A.居里夫人最早發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象B.盧瑟福依據(jù)α粒子散射實驗的現(xiàn)象提出了原子的核式結(jié)構(gòu)理論C.愛因斯坦最先提出了微觀領(lǐng)域的能量量子化概念D.查德威克通過核反應(yīng)發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子〖答案〗B〖解析〗A．貝克勒爾最早發(fā)現(xiàn)了天然放射性物質(zhì)，A錯誤；B．盧瑟福依據(jù)α粒子散射實驗的現(xiàn)象提出了原子的核式結(jié)構(gòu)理論，B正確；C．普朗克最先提出了微觀領(lǐng)域的能量量子化概念，C錯誤；D．盧瑟福通過核反應(yīng)發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，D錯誤。故選B。2.成都規(guī)劃到2030年建成27條地鐵線路，越來越多的市民選擇地鐵作為出行的交通工具。如圖所示，t=0時，列車由靜止開始做勻加速直線運動，第一節(jié)車廂的前端恰好與站臺邊感應(yīng)門的一根立柱對齊。t=6s時，第一節(jié)車廂末端恰好通過這根立柱所在位置，全部車廂通過立柱所用時間18s。設(shè)各節(jié)車廂的長度相等，不計車廂間距離。則（）A.該列車共有9節(jié)車廂B.第2個6s內(nèi)有4節(jié)車廂通過這根立柱C.倒數(shù)第二節(jié)車廂通過這根立柱的時間為sD.第4節(jié)車廂通過這根立柱的末速度小于整列車通過立柱的平均速度〖答案〗A〖解析〗A．設(shè)每節(jié)車廂的長度為，列車的加速度為，列車整個通過立柱的時間為，根據(jù)勻變速直線運動某段位移的平均速度等于該段位移所用時間中間時刻的瞬時速度可得在3s末列車的速度為根據(jù)速度與時間的關(guān)系有聯(lián)立解得根據(jù)位移與時間的關(guān)系可得代入數(shù)據(jù)解得故A正確；B．在前兩個6s內(nèi)，根據(jù)位移與時間的關(guān)系有由題知，第一個6s內(nèi)通過一節(jié)車廂，由此可知，在第2個6s內(nèi)有3節(jié)車廂通過這根立柱，故B錯誤；C．第7節(jié)車廂以及第8節(jié)車廂通過立柱時，根據(jù)速度與位移的關(guān)系可得，解得，倒數(shù)第二節(jié)車廂即第8節(jié)車廂通過立柱的時間為故C錯誤；D．第四節(jié)車廂通過立柱的末速度整個列車通過立柱的平均速度可知即第4節(jié)車廂通過這根立柱的末速度大于整列車通過立柱的平均速度，故D錯誤。故選A。3.2023年10月26日11時14分，中國自主研發(fā)的神舟十七號載人飛船發(fā)射升空，經(jīng)過對接軌道后成功與空間站天和核心艙前向端口對接，形成三艙三船組合體?？臻g站軌道可近似看成圓軌道，距離地面的高度約為390km，已知同步衛(wèi)星距地球表面高度約為36000km，下列說法正確的是（）A.神舟十七號的發(fā)射速度小于7.9km/sB.神舟十七號在對接軌道上的運行周期大于空間站的運行周期C.天和核心艙繞地球公轉(zhuǎn)的線速度比赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度大D.神舟十七號從對接軌道變軌到空間站軌道時，機械能減小〖答案〗C〖解析〗A．第一宇宙速度是最小的發(fā)射速度，則神舟十七號的發(fā)射速度大于7.9km/s，故A錯誤；B．對接軌道半長軸小于空間站軌道的半徑，根據(jù)開普勒第三定律可知神舟十七號在對接軌道上的運行周期小于空間站的運行周期，故B錯誤；C．根據(jù)萬有引力提供向心力解得同步衛(wèi)星距地球表面高度約為36000km大于390km，則天和核心艙繞地球公轉(zhuǎn)的線速度比同步衛(wèi)星隨地球自轉(zhuǎn)的線速度大，根據(jù)可知同步衛(wèi)星的線速度大于赤道上的物體的線速度，所以天和核心艙繞地球公轉(zhuǎn)的線速度比赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度大，故C正確；D．神舟十七號從對接軌道變軌到空間站軌道時，需要點火加速，機械能增大，故D錯誤。故選C。4.如圖所示，輕質(zhì)彈性繩（長度變化忽略不計）上端固定，下端連接光滑小球a（可視為質(zhì)點），斜面b靜止在水平地面上，小球放在斜面上，開始時彈性繩與斜面平行。現(xiàn)將斜面緩慢向左移到虛線處，小球仍靜止在斜面上。下列說法正確的是（）A.b對a的彈力增加 B.彈性繩的彈力減小C.地面對b的支持力增加 D.地面對b的摩擦力減小〖答案〗D〖解析〗AB．對小球a受力分析如圖所示由圖可知，b對a的彈力即N1減小，彈性繩的彈力即T1增大，故AB錯誤；CD．對斜面b受力分析如圖由平衡可得、由于N減小，地面對b的支持力減小，地面對b的摩擦力減小，故C錯誤，D正確。故選D。5.如圖所示，兩個電荷量都是Q的正、負點電荷固定在A、B兩點，AB連線中點為О?，F(xiàn)將另一個電荷量為+q的試探電荷放在AB連線的中垂線上距О為x的C點，沿某一確定方向施加外力使電荷由靜止開始沿直線從C點運動到О點，下列說法正確的是（）A.外力F的方向應(yīng)當平行于AB方向水平向右B.電荷從C點到О點的運動為勻變速直線運動C.電荷從C點到О點的運動為加速度減少的加速直線運動D.電荷從C點運動到О點的過程中逐漸增大〖答案〗D〖解析〗根據(jù)等量異種電荷周圍電場分布情況，可知試探電荷+q在運動過程中受水平向左的逐漸增大的電場力作用，要想讓該電荷由靜止開始沿直線從C點運動到О點，則該電荷所受合力的方向應(yīng)沿CО方向，受力分析如圖A．如圖分析可知，外力F的方向應(yīng)當斜向右下，A錯誤；BC．由于電場力逐漸增大，所以逐漸增大，也逐漸增大，加速度也逐漸增大，所以電荷從C點到О點的運動為加速度增大的加速直線運動，BC均錯誤；D．根據(jù)動能定理可知即由于逐漸增大，所以逐漸增大，D正確。故選D。6.如圖所示，豎直固定放置一半徑為R的光滑圓形管道，ab為過圓心的水平線，質(zhì)量為m的小球在管狀軌道內(nèi)做完整的圓周運動，已知小球直徑略小于管道內(nèi)徑，重力加速度為g。則（）A.小球在水平線ab以上管道中運動時，外側(cè)管壁對小球一定沒有作用力B.小球在水平線ab以下管道中運動時，內(nèi)側(cè)管壁對小球一定沒有作用力C.小球通過最低點時的彈力大小可能為mgD.若在最高點管道對小球的彈力大小為mg，則一定是外側(cè)管壁對小球的作用力〖答案〗BD〖解析〗Ａ．小球在水平線ab以上管道中運動時，若速度足夠小時，小球擠壓內(nèi)側(cè)管壁，外側(cè)管壁對小球沒有作用力，選項Ａ錯誤.Ｂ．小球在水平線ab以下管道中運動時，根據(jù)向心力的方向指向圓心可知，外側(cè)管壁對小球有指向圓心的彈力，內(nèi)側(cè)管壁對小球一定沒有作用力；選項Ｂ正確；Ｃ．小球通過最高點的最小速度為零時，根據(jù)動能定理根據(jù)牛頓第二定律可得解得小球通過最低點時的最小彈力為，選項Ｃ錯誤；D．小球通過最高點的最小速度為零時，內(nèi)側(cè)管壁對小球的作用力最大為mg，若在最高點管道對小球的彈力大小為mg，則一定是外側(cè)管壁對小球的作用力，選項Ｄ正確；故選ＢＤ。7.如圖所示，矩形磁場區(qū)域abcd內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強磁場，O1為b邊中點位置，O2為O1a段中點位置；現(xiàn)同時從O1、O2處水平向右發(fā)射速度相同的M、N兩粒子，M粒子恰好可以從b點飛出磁場，M、N兩粒子的運動軌跡相交于Р點（圖中未標出），且在P點處時M、N速度方向垂直。已知ad邊長為ab邊長的兩倍，不計粒子重力及粒子間的相互作用。下列說法正確的是（）A.M、N兩粒子的比荷為3：4 B.M、N兩粒子的比荷為1：2C.M、N兩粒子不會同時到達Р點 D.P點與邊界ad和邊界bc的距離相等〖答案〗AC〖解析〗AB．根據(jù)題意，畫出兩個粒子的運動軌跡示意圖為由幾何關(guān)系可知解得帶電粒子在勻強磁場中做圓周運動，有可得可得出A正確，B錯誤；C．根據(jù)可知，兩個粒子的周期之比為根據(jù)幾何關(guān)系可知M、N兩粒子到達Р點的時間為C正確；D．由幾何關(guān)系可知，P點與邊界ad和邊界bc的距離分別為D錯誤。故選AC。8.如圖所示，質(zhì)量為M=2kg的木板AB靜止放在光滑水平面上，木板右端B點處固定一根輕質(zhì)彈簧，彈簧處于原長狀態(tài)時左端在C點，C點到木板左端的距離L=1.0m，可視為質(zhì)點的小木塊質(zhì)量為m，靜止放置在木板的左端；現(xiàn)對木板AB施加水平向左的恒力F=24N，0.5s時撤去恒力F，此時木塊恰好到達彈簧自由端C處，此后的運動中沒有超過彈簧的彈性限度。已知木板C點左側(cè)部分與木塊間的動摩擦因數(shù)為=0.2，C點右側(cè)部分光滑；取g=10m/s2。下列說法正確的是（）A.撤去恒力F后，木板先做減速后做勻速運動B.恒力F對木板AB做功為26JC.整個運動過程中，彈簧的最大彈性勢能EP=8.0JD.整個運動過程中，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量Q=8.0J〖答案〗CD〖解析〗AB．F作用的過程中，對小木塊有可得對木板有聯(lián)立可得則恒力F對木板AB做功為此時木板的速度小木塊速度所以彈簧被壓縮，小木塊繼續(xù)做加速運動，木板開始做減速運動，彈簧壓縮到最短時，兩者共速，此時彈簧彈性勢能最大，由動量守恒和能量守恒有可得之后彈簧伸長，小木塊繼續(xù)做加速運動，木板繼續(xù)做減速運動，彈簧回復原長時，小木塊速度大于木板速度，小木塊接著向左運動進入粗糙面，開始做減速運動；木板受到向左的摩擦力，開始做加速運動，二者共速時，開始做勻速運動，故AB錯誤，C正確；D．彈簧回復原長時，根據(jù)動量和能量守恒可知假設(shè)二者在粗糙部分最后共速，則由可得木板的加速度大小木板向左運動的位移小木塊的位移則即小木塊從木板左側(cè)滑出，所以整個運動過程中，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量故D正確。故選CD。第II卷二、非選擇題（一）必考題9.某實驗小組同時測量A、B兩個箱子質(zhì)量的裝置圖如圖甲所示，其中D為鐵架臺，E為固定在鐵架臺上的輕質(zhì)滑輪（質(zhì)量和摩擦可忽略不計），F(xiàn)為光電門，C為固定在A上、寬度為d的細遮光條（質(zhì)量不計），另外，該實驗小組還準備了刻度尺和一套總質(zhì)量m0=0.5kg的砝碼。（1）在鐵架臺上標記一位置O，并測得該位置與光電門F之間的距離為h。取出質(zhì)量為的砝碼放在A箱子中，剩余砝碼全部放在B箱子中，讓A從位置О由靜止開始下降，則A下落到F處的過程中，B箱與B箱中砝碼的整體機械能是______（選填“增加”、“減少”或“守恒”）的。（2）測得遮光條通過光電門的時間為?t，根據(jù)所測數(shù)據(jù)計算得到下落過程中的加速度大小a=______（用d、?t、h表示）（3）改變m，測得相應(yīng)遮光條通過光電門的時間，算出加速度a，得到多組m與a的數(shù)據(jù)，作出a-m圖像如圖乙所示，可得A的質(zhì)量mA=______kg。（取重力加速度大小g=10m/s2，計算結(jié)果甲保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（1）增加（2）（3）2.0〖解析〗【小問1詳析】該實驗中A及砝碼的總質(zhì)量必須大于B及其中砝碼的總質(zhì)量才能完成實驗，A從靜止下落過程中做加速運動，B同樣做加速運動，且二者加速度大小及速度大小始終相同，對B箱與B箱中砝碼而言，在該過程中除了重力做功，繩子上的拉力對該整體做正功，因此可知B箱與B箱中砝碼整體機械能增加?！拘?詳析】由平均速度代替A到達F處的瞬時速度，可得則對A，根據(jù)速度與位移的關(guān)系有聯(lián)立解得【小問3詳析】對A、B及砝碼組成的系統(tǒng)整體由牛頓第二定律有整理得結(jié)合圖像可得，聯(lián)立解得10.某學習小組的同學們想利用電壓表和電阻箱測量一電池組的電動勢和內(nèi)阻，他們找到了如下的實驗器材：電池組（電動勢E約為6.0V，內(nèi)阻r約為1Ω）、電壓表V〈量程為6V，內(nèi)阻為RV），定值電阻R1（R1=1Ω）電阻箱R（阻值范圍可調(diào)），開關(guān)，導線若干。同學們研究器材，思考討論后確定了如下的實驗方案，請你將該方案補充完整。（1）為了“準確”測出電池組的電動勢和內(nèi)阻，已在圖甲所示虛線框中設(shè)計了部分電路圖，請把該電路圖補充完整______。（2）采集電壓表讀數(shù)U和電阻箱的讀數(shù)R，作出了如圖乙所示圖像，已知圖像的斜率為k，縱截距為b，則由物理規(guī)律可知圖像中k=______、b=______。（用題目中所給的字母表示）（3）進一步研討：圖丙所示為他們測得的某型號小燈泡的伏安特性曲線，如果把兩個該型號的燈泡并聯(lián)后再與R0=3Ω的電阻串聯(lián)接在上述電池組上（若測得電池組的電動勢E=6.0V、內(nèi)阻r=1Ω），如圖丁，則每只燈泡消耗的實際功率為______W（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）（2）（3）1.08W~1.14W〖解析〗【小問1詳析】電路如圖【小問2詳析】由閉合電路的歐姆定律解得可知圖像中【小問3詳析】設(shè)每個燈泡的電流為I，電壓為U，則即U=6-8I將次函數(shù)關(guān)系畫在燈泡的U-I圖像上可知交點為I=0.37A，U=3V，則功率P=IU=1.11W11.如圖所示，傳送帶傾斜放置，傾角為θ=37°，以恒定速率v=4m/s順時針轉(zhuǎn)動。一煤塊以初速度=12m/s從A端沖上傳送帶，煤塊剛好不會從傳送帶頂端B沖出。己知煤塊和傳送帶之間的動摩擦因數(shù)=0.25，g取10m/s2，求：（1）求AB之間的距離L；（2）煤塊在傳送帶上留下的劃痕長度?x。〖答案〗（1）10m；（2）m〖解析〗（1）在煤塊與傳送帶共速前，對煤塊，由牛頓第二定律有可得煤塊的加速度大小煤塊運動時間煤塊運動的位移煤塊與傳送帶共速后，對煤塊，由牛頓第二定律有可得煤塊的加速度大小煤塊速度減為零所用的時間間煤塊運動的位移則AB之間的距離（2）在煤塊與傳送帶共速前，傳送帶運動的位移傳送帶上痕跡長度煤塊與傳送帶共速后，對煤塊上滑的過程，傳送帶的位移大小為產(chǎn)生的劃痕長度為該過程中由于傳送帶的速度始終大于煤塊的速度，因此產(chǎn)生的劃痕與共速前的劃痕重疊，此時有2m的劃痕在煤塊之前，有2m的劃痕在煤塊之后，設(shè)煤塊從傳送帶頂端滑到底端所用時間為，則有解得該過程中傳送帶的位移該過程中傳送帶運動方向與煤塊運動方向相反，煤塊之后的2m劃痕隨著煤塊的下滑被覆蓋，因此總的劃痕長度為12.MN、PQ是固定在水面內(nèi)間距為L的兩條光滑長直導軌，導軌位于豎直向上的勻強磁場中，a、b是用同種材料制成的兩根長為L的均勻金屬棒，其質(zhì)量ma=3m，mb=m，金屬棒a的電阻為R，開始a、b經(jīng)靜止垂直跨放在導軌上，它們之間的距離也為L，導軌電阻忽略不計?，F(xiàn)使a棒以指向b棒的初速度開始運動，運動中兩棒與導軌始終垂直且接觸良好。（1）若a棒開始運動瞬間加速度大小為，求勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小B1；（2）若a、b運動中不會發(fā)生碰撞，求當b棒的速度時a棒上產(chǎn)生的焦耳熱Q；（3）若a、b棒運動中發(fā)生彈性磁撞，不考慮碰撞過程中的電磁感應(yīng)，最終a、b兩棒之間的距離仍為L，求勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小B2?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）設(shè)b棒的電阻為，由電阻定律：可得由牛頓第二定律：，由以上各式可解得：（2）b棒的速度為時a棒的速度為v，由動量守恒定律：解得：設(shè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總焦耳熱為Q0，由能量守恒：由焦耳定律：解得（3）設(shè)碰撞前a、b棒速度分別為、，運動中某時刻a、b