江西省宜春市豐城市第九中學(xué)2025屆高三上學(xué)期入學(xué)考試 數(shù)學(xué)試題含答案

豐城九中2024-2025學(xué)年上學(xué)期高三入學(xué)考試試卷數(shù)學(xué)考試范圍：選擇性必修一、選擇性必修二、一輪復(fù)習(xí)第一章至第二章第四節(jié)考試時間：120分鐘滿分：150分一、選擇題（本大題共8小題，每小題5分，滿分40分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的）1．是的（

）A．充分不必要條件 B．必要不充分條件C．充要條件 D．既不充分也不必要條件2．函數(shù)y=fx的圖象如圖所示，下列不等關(guān)系正確的是（

A． B．C． D．3．已知函數(shù)是奇函數(shù)，則（

）A． B． C． D．4．設(shè)正項等比數(shù)列的前n項和為，，且，，成等差數(shù)列，則與的關(guān)系是（

）A． B． C． D．5．《孫子算經(jīng)》是中國古代重要的數(shù)學(xué)著作，上面記載了一道有名的“孫子問題”，后來南宋數(shù)學(xué)家秦九韶在《數(shù)書九章·大衍求一術(shù)》中將此問題系統(tǒng)解決．“大衍求一術(shù)”屬現(xiàn)代數(shù)論中的一次同余式組問題，后傳入西方，被稱為“中國剩余定理”．現(xiàn)有一道同余式組問題：將正整數(shù)中，被3除余2且被5除余1的數(shù)，按由小到大的順序排成一列數(shù)，則281是第幾個數(shù)（

）A．18 B．19 C．20 D．216．已知函數(shù)在上單調(diào)遞增，則實數(shù)的取值范圍是（

）A． B． C． D．7．已知函數(shù)，若實數(shù)成等差數(shù)列，且，則（

）A． B． C． D．8．已知的內(nèi)角的對邊分別為，若，則的最小值為（

）A． B． C． D．二、多選題：每小題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，部分選對的得部分分，有選錯的得0分）9．已知函數(shù)，則（

）A．是偶函數(shù) B．的最小正周期為C．的最大值為 D．的最小值為10．已知，分別是自然對數(shù)的底和圓周率，則下列不等式成立的是（

）A． B．C． D．11．已知函數(shù)，則（

）A．的圖象關(guān)于點對稱B．的值域為C．若方程在0,m上有6個不同的實根，則實數(shù)的取值范圍是D．若方程在上有6個不同的實根，則的取值范圍是三、填空題（本大題共3小題，每小題5分，滿分15分）12．已知實數(shù)、滿足，則的最小值為．13．已知某種細菌培養(yǎng)過程中，每小時1個正常細菌分裂成2個正常細菌和1個非正常細菌），1個非正常細菌分裂成2個非正常細菌.則1個正常細菌經(jīng)過8小時的培養(yǎng)，可分裂成的細菌的個數(shù)為（用數(shù)字作答）.14．已知函數(shù)滿足，且在區(qū)間上恰有兩個最值，則實數(shù)的取值范圍為．四、解答題（本大題共5小題，滿分77分.解答須寫出文字說明、證明過程和演算步驟.）15．已知函數(shù)，.(1)求的最小值；(2)設(shè)，求的取值范圍，16．已知函數(shù)的圖象在點處的切線經(jīng)過點.(1)求數(shù)列的通項公式；(2)已知數(shù)列的前項和為，求證：.17．已知的周長為20，角，，所對的邊分別為，，(1)若，，求的面積；(2)若的內(nèi)切圓半徑為，，求的值．18．已知函數(shù).(1)討論函數(shù)的單調(diào)性；(2)若不等式恒成立，求實數(shù)的取值范圍.19．微積分的創(chuàng)立是數(shù)學(xué)發(fā)展中的里程碑，它的發(fā)展和廣泛應(yīng)用開創(chuàng)了向近代數(shù)學(xué)過渡的新時期，為研究變量和函數(shù)提供了重要的方法和手段.對于函數(shù)在區(qū)間上的圖像連續(xù)不斷，從幾何上看，定積分便是由直線和曲線所圍成的區(qū)域（稱為曲邊梯形ABQP）的面積，根據(jù)微積分基本定理可得，因為曲邊梯形ABQP的面積小于梯形ABQP的面積，即，代入數(shù)據(jù)，進一步可以推導(dǎo)出不等式：，用同樣的方式也可以推導(dǎo)不等式.

已知函數(shù)，其中.(1)請參考上述材料證明：函數(shù)圖象上的任意兩點切線均不重合；(2)當(dāng)時，若不等式恒成立，求實數(shù)的取值范圍.1．A【分析】根據(jù)題意，利用正弦函數(shù)的單調(diào)性，以及正弦函數(shù)的性質(zhì)，結(jié)合充分條件、必要條件的判定方法，即可求解.【詳解】由正弦函數(shù)的性質(zhì)，可得在上單調(diào)遞增，所以，即當(dāng)時，可得，即充分性成立；反之：若，可得，所以必要性不成立，所以是充分不必要條件.故選：A.2．C【分析】根據(jù)圖象觀察斜率的大小結(jié)合導(dǎo)數(shù)的幾何意義可得答案.【詳解】從函數(shù)y=fx的圖象可以看出，點處切線的斜率大于直線的斜率，直線的斜率大于點處切線的斜率，點處切線的斜率大于0，根據(jù)導(dǎo)數(shù)的幾何意義可得：，即，故選：C3．D【分析】根據(jù)三角恒等變換化簡函數(shù)解析式，再根據(jù)奇函數(shù)可得與.【詳解】由，又函數(shù)為奇函數(shù)，則，，解得，，所以，故選：D.4．A【分析】先利用等比數(shù)列的通項公式列方程求公比，然后求出和觀察它們之間的關(guān)系即可.【詳解】設(shè)正項等比數(shù)列的公比為，因為，，成等差數(shù)列，所以，所以，解得，所以，，則.故選：A.5．B【分析】由題意可得，且為正整數(shù)，則可得，所以令，從而可得，進而可求得答案【詳解】解：由題意可得，且為正整數(shù)，所以，所以令，所以，，所以，又，故．故選：B．6．B【分析】分析可知在內(nèi)單調(diào)遞增，結(jié)合分段函數(shù)單調(diào)性列式求解即可.【詳解】若，可知在內(nèi)單調(diào)遞增，可知在內(nèi)單調(diào)遞增，可得對任意恒成立，又因為在定義域0,+∞內(nèi)單調(diào)遞增，可知在內(nèi)單調(diào)遞增，由題意可得：，解得，所以實數(shù)的取值范圍是?1,0.故選：B.7．C【分析】先由，得出關(guān)于對稱；再由題意得出結(jié)果即可.【詳解】因為函數(shù)，所以，所以關(guān)于對稱；若實數(shù)成等差數(shù)列，則，又因為，所以，所以.故選：C.8．C【分析】由，利用三角恒等變換化簡得，得，代入化簡得，結(jié)合基本不等式求最小值.【詳解】，得，即，中，，由，則，，所以，，由正弦定理，，當(dāng)且僅當(dāng)，即時等號成立，所以的最小值為.故選：C.9．ABD【分析】先將化簡，再逐項分析答案即可.【詳解】因為的定義域為，所以，又因為，所以為偶函數(shù)，故A正確；的最小正周期為，故B正確；因為，所以沒有最大值；當(dāng)時，，故D正確.故選：ABD10．ABD【分析】對于A，通過對數(shù)的換底公式變形，再用基本不等式，即可判斷；對于B，通過對數(shù)的運算化簡，再由對數(shù)函數(shù)的單調(diào)性縮小，再用基本不等式，即可判斷；對于C，設(shè)出，利用其單調(diào)性，即可判斷；對于D，利用基本不等式，即可判斷.【詳解】對于A，，，所以，故A正確；對于B，因為，所以，故B正確；對于C，設(shè)，則，所以單調(diào)遞增，因為，所以，故C錯誤；對于D，，所以，故D正確.故選：ABD.11．BC【分析】根據(jù)是否成立判斷A，利用分段函數(shù)判斷BC，根據(jù)正弦函數(shù)的單調(diào)性畫出分段函數(shù)的圖象，求出的取值范圍，再利用對稱性判斷D.【詳解】因為，所以，所以的圖象不關(guān)于點對稱，A說法錯誤；當(dāng)時，，由可得，當(dāng)時，，由可得，綜上，B說法正確；當(dāng)時，由解得，當(dāng)時，由解得，所以方程在0,+∞上的前7個實根分別為，所以，C說法正確；由解得或，又因為，所以根據(jù)正弦函數(shù)的單調(diào)性可得圖象如圖所示，所以有4個不同的實根，有2個不同的實根，所以，解得，設(shè)，則，所以，所以的取值范圍是，D說法錯誤，故選：BC12．【分析】依題意可得，令，，則，即可用含、的式子表示、，再代入，利用基本不等式計算可得.【詳解】因為實數(shù)，滿足，化為，令，，則．聯(lián)立可得，，則，當(dāng)且僅當(dāng)，即，時取等號．故答案為：．【點睛】關(guān)鍵點點睛：本題的關(guān)鍵是用含、的式子表示、，再利用基本不等式求出最小值.13．【分析】設(shè)經(jīng)過小時，有個正常細菌，個非正常細菌，則，，由等比數(shù)列的性質(zhì)求出的通項公式，再證得是與首相和公差均為的等差數(shù)列，即可求出的通項公式，進而求出答案.【詳解】設(shè)經(jīng)過小時，有個正常細菌，個非正常細菌，則，.又，，所以，，則，所以，所以是首項和公差均為的等差數(shù)列，所以，所以，所以，即1個正常細菌經(jīng)過8小時的培養(yǎng)，可分裂成個細菌.故答案為：.14．【分析】先根據(jù)是函數(shù)的最小值求出與間的等量關(guān)系，進行消元，再結(jié)合在給定區(qū)間上恰有兩個最值的條件建立不等關(guān)系，建立不等關(guān)系時，要注意結(jié)合三角函數(shù)的圖像，特別注意端點值的取舍．【詳解】因為，所以，所以，，即，，所以．當(dāng)時，．因為在區(qū)間上恰有兩個最值，且，所以，解得．故答案為：．【點睛】關(guān)鍵點點睛：本題關(guān)鍵在于根據(jù)已知條件建立不等關(guān)系，特別注意端點值的取舍．15．(1)(2)【分析】（1）根據(jù)列方程，解方程得到，然后利用換元法求最小值即可；（2）利用誘導(dǎo)公式和和差公式化簡得到，然后利用同角三角函數(shù)基本公式和換元法求范圍即可.【詳解】（1），解得，所以，令，則，，則函數(shù)在上單調(diào)遞增，上單調(diào)遞減，所以當(dāng)，即時，取得最小值，最小值為.（2），令，則，，，所以當(dāng)時，即取得最小值，為；當(dāng)時，即取得最大值，為，所以的范圍為.16．(1)(2)證明見解析【分析】（1）求出、，由直線的點斜式方程可得切線方程，令可得；（2）由（1）可得.方法一，利用錯位相減求和可得答案；方法二，利用裂項相消求和可得答案.【詳解】（1）因為，則，所以，則切線方程為，即，令，解得，所以；（2）由（1）可得，.方法一：所以，則，兩式相減得，故，所以由可得，故；方法二：，所以..所以由可得，故.17．(1)(2)【分析】（1）由余弦定理，可得，又的周長為20，可得，則可得，由三角形的面積公式即可求出的面積；（2）由的內(nèi)切圓的性質(zhì)，可得，，再由的周長為20，可求出，進而求出，即可求出的值．【詳解】（1）在中，由余弦定理，可得，由，，則，得,由的周長為20，即，則，所以，則，即，所以，故的面積為，.（2）根據(jù)題意，如圖所示，圓為的內(nèi)切圓，半徑為，切點分別為，則，且，由內(nèi)切圓性質(zhì)，圓心為內(nèi)角平分線的交點，則，且，由中，即，所以，又，即，所以，則，則，在中，故，即.18．(1)答案見解析(2)【分析】（1）將函數(shù)求導(dǎo)并分解因式，根據(jù)參數(shù)進行分類討論函數(shù)的單調(diào)性即得；（2）將不等式進行等價變形得到在上恒成立，接著通過構(gòu)造函數(shù)，求其在上的最大值，其間，先分析推出其在時取得最大值，為，由，變形求對數(shù)，并利用同構(gòu)思想和函數(shù)單調(diào)性推出，從而求得，即得的取值范圍.【詳解】（1）由已知可得函數(shù)，.①當(dāng)時，當(dāng)時，，時，；則在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增；②當(dāng)時，當(dāng)時，，或時，；則在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增；③當(dāng)時，因與同號，故恒成立，即在R上單調(diào)遞增；④當(dāng)時，當(dāng)時，，或時，；則在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增.（2）由題意，恒成立，因，即恒成立.即需求在上的最大值.令，，則，令，，則，即在0,+∞上單調(diào)遞減，又，所以在0,+∞上存在唯一的使gx0當(dāng)x∈0,x0時，gx>0，即則當(dāng)x∈x0,+∞時，gx<0，即故φx在時取得最大值，為，又由（*）可得，，故，兩邊取對數(shù)得：，令，由知?x在定義域內(nèi)單調(diào)遞增，故由可得，，即，所以，故，即.19．(1)證明見解析(2)【分析】（1）求得，分別求得在點和處的切線方程，假設(shè)與重合，整理得，結(jié)合題干結(jié)論，即可得證；（2）根據(jù)題意，轉(zhuǎn)化為時，在恒成立，設(shè)，求得，分和，兩種情況討論，得到函數(shù)的單調(diào)性和最值，即可求解.【詳解】（1）由函數(shù)，可得，不妨設(shè)，曲線在處的切線方程為，即，同理曲線在處的切線方程為，假設(shè)與重合，則，代入化簡可得，兩式消去，可得，整理得，由知，與上式矛盾即對任意實數(shù)及任意不相等的正數(shù)與均不重合，所以函數(shù)圖像上的任意兩點切線均不重合；（2）當(dāng)時，不等式恒成立，所以在恒成立，所以，下證：當(dāng)時，恒成立．因為，所以設(shè)（i）當(dāng)時，由知恒成立，即在為增函數(shù)，所以成立；（ii）當(dāng)時，設(shè)，可得，由知恒成立，即在為增函數(shù)．所以，