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認(rèn)證類型：個(gè)人認(rèn)證

認(rèn)證主體：亓**（實(shí)名認(rèn)證）

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IP屬地：山東 上傳時(shí)間：2024-10-03 格式：DOCX 頁(yè)數(shù)：37 大?。?.92MB 積分：12 舉報(bào) 版權(quán)申訴

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1贛州市2024年高三年級(jí)適應(yīng)性考試物理試卷一、選擇題：本題共10小題，共46分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不選的得0分。1.我國(guó)已全面進(jìn)入5G時(shí)代，5G信號(hào)使用的電磁波頻率是4G信號(hào)的幾十倍，下列說(shuō)法正確的是（）A.4G信號(hào)電磁波比5G信號(hào)電磁波的粒子性更明顯B.5G信號(hào)電磁波的波長(zhǎng)比4G信號(hào)電磁波的波長(zhǎng)短C.5G信號(hào)電磁波的光子能量比4G信號(hào)電磁波的光子能量小D.在相同介質(zhì)中5G信號(hào)比4G信號(hào)的傳播速度大〖答案〗B〖解析〗AB．根據(jù)結(jié)合題意可知5G信號(hào)電磁波的波長(zhǎng)比4G信號(hào)電磁波的波長(zhǎng)短，則5G信號(hào)電磁波比4G信號(hào)電磁波的粒子性更明顯，故B正確，A錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知5G信號(hào)電磁波的光子能量比4G信號(hào)電磁波的光子能量大，故C錯(cuò)誤；D．5G信號(hào)的頻率比4G信號(hào)的頻率大，則同種介質(zhì)中5G信號(hào)的折射率大，根據(jù)可知在相同介質(zhì)中5G信號(hào)比4G信號(hào)的傳播速度小，故D錯(cuò)誤。故選B。2.某天早晨，贛州的溫度為0℃，某老師剛啟動(dòng)汽車時(shí)看到汽車儀表盤(pán)顯示后輪胎胎壓均為，中午，該老師剛啟動(dòng)汽車時(shí)看到后輪胎壓均變成了，若輪胎內(nèi)的氣體質(zhì)量和體積均保持不變，輪胎內(nèi)部氣體可看成理想氣體，則下列說(shuō)法正確的是（）A.氣體分子撞擊輪胎內(nèi)壁的平均作用力減小B.輪胎內(nèi)部氣體分子的平均動(dòng)能不變C.中午溫度約為10℃D.輪胎內(nèi)部氣體吸收熱量，對(duì)外做功，內(nèi)能不變〖答案〗C〖解析〗A．輪胎內(nèi)的體積不變，壓強(qiáng)增大，則氣體分子撞擊輪胎內(nèi)壁的平均作用力增加，故A錯(cuò)誤；BC．輪胎內(nèi)的體積不變，根據(jù)查理定律有解得溫度增加，則輪胎內(nèi)部氣體分子的平均動(dòng)能增加，故B錯(cuò)誤，C正確；D．輪胎內(nèi)部氣體溫度增加，內(nèi)能增大，體積不變，做功為0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體吸收熱量，故D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖甲所示為某電動(dòng)牙刷的無(wú)線充電示意圖，送電線圈以由a到b為電流的正方向，當(dāng)送電線圈通過(guò)如圖乙所示的電流時(shí)，在時(shí)間內(nèi)（）A.受電線圖中產(chǎn)生的感應(yīng)電流增大且方向由d到cB.受電線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流減小且方向由d到cC.受電線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流增大且方向由c到dD.受電線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流減小且方向由c到d〖答案〗A〖解析〗在時(shí)間內(nèi)，送電線圈電流減小，但是電流的變化率變大，穿過(guò)受電線圈的磁通量變化率變大，則受電線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流變大，根據(jù)楞次定律可知，受電線圈中電流方向由d到c。故選A。4.北京時(shí)間2022年11月17日16時(shí)50分，航天員陳冬、劉洋、蔡旭哲密切協(xié)同，圓滿完成出艙活動(dòng)全部既定任務(wù)。太空艙距地面高約，根據(jù)西游記關(guān)于“天庭”的描述，可推算出“天庭”繞地心運(yùn)動(dòng)一周約，假如“天庭”真實(shí)存在，且“天庭”和“太空艙”均繞地心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，地球可視為半徑約的均勻球體，則（）A.漂浮在艙外航天員加速度等于零B.若出艙活動(dòng)期間蔡旭哲自由釋放手中的工具，工具會(huì)立即高速離開(kāi)航天員C.“天庭”運(yùn)行的線速度比“太空艙”小D.“天庭”受地球的引力比“太空艙”小〖答案〗C〖解析〗A．漂浮在艙外的航天員圍繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，一定有向心加速度，其加速度一定不為零，故A錯(cuò)誤；B．工具在被釋放前，與蔡旭哲保持相對(duì)靜止，根據(jù)牛頓第一定律可知蔡旭哲自由釋放手中的工具后，工具還是和蔡旭哲保持相對(duì)靜止，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意可知，“天宮”空間站繞地心一周運(yùn)動(dòng)的路程約可知，“天宮”空間站的軌道半徑小于“天庭”的軌道半徑，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有解得可知，“天庭”相對(duì)于“天宮”線速度更小，故C正確；D．由于不知道“天庭”和“天宮”的質(zhì)量關(guān)系，無(wú)法判斷二者受地球引力大小關(guān)系，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，甲同學(xué)站在地面上將排球以大小為的速度擊出，排球沿軌跡①運(yùn)動(dòng)：經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)后，乙同學(xué)跳起將排球以大小為的水平速度擊回，排球沿軌跡②運(yùn)動(dòng)，恰好落回出發(fā)點(diǎn)。忽略空氣阻力，則排球（）A.沿軌跡①和軌跡②運(yùn)動(dòng)過(guò)程的平均速度大小相同B.沿軌跡①和軌跡②運(yùn)動(dòng)過(guò)程的速度變化量大小相同C.沿軌跡①運(yùn)動(dòng)的最小速度大小可能為D.沿軌跡②運(yùn)動(dòng)的最大速度大小可能為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)圖像可知，軌跡①最高點(diǎn)大于軌跡②最高點(diǎn)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知沿軌跡②運(yùn)動(dòng)的時(shí)間小于沿軌跡①運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，沿軌跡①和軌跡②運(yùn)動(dòng)過(guò)程的位移相同，所以沿軌跡②運(yùn)動(dòng)的平均速度大于沿軌跡①運(yùn)動(dòng)的平均速度，故A錯(cuò)誤；B．沿軌跡①和軌跡②運(yùn)動(dòng)過(guò)程的速度變化量為可知沿軌跡②的速度變化量小于沿軌跡①的速度變化量，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)軌跡①的時(shí)間長(zhǎng)，但水平位移小，所以軌跡①水平分速度小，豎直分速度為沿軌跡①的豎直分速度大，可知沿軌跡②的最大速度可能為，沿軌跡①運(yùn)動(dòng)的最小速度即水平速度，小于，故D正確，C錯(cuò)誤。故選D。6.某山頂有一排風(fēng)力發(fā)電機(jī)，發(fā)電機(jī)的葉片轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)可形成半徑為的圓面。某時(shí)間內(nèi)該山頂?shù)娘L(fēng)速達(dá)，風(fēng)向恰好跟某風(fēng)力發(fā)電機(jī)葉片轉(zhuǎn)動(dòng)形成的圓面垂直，已知空氣的密度，若該風(fēng)力發(fā)電機(jī)能將此圓內(nèi)的空氣動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能。則此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率P約為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗時(shí)間內(nèi)，通過(guò)圓面的空氣的質(zhì)量該部分空氣的動(dòng)能則此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率解得故選B。7.如圖所示，輕繩1兩端分別固定在M、N兩點(diǎn)（N點(diǎn)在M點(diǎn)右上方），輕繩1上套有一個(gè)輕質(zhì)的光滑小環(huán)O，質(zhì)量為m的物塊P通過(guò)另一根輕繩2懸掛在環(huán)的下方，處于靜止?fàn)顟B(tài)，?，F(xiàn)用一始終與輕繩2垂直的力F緩慢拉動(dòng)物塊，直到輕繩2與MN連線方向垂直。已知重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，輕繩2的延長(zhǎng)線可能不平分B.施加拉力F前，輕繩1的張力大小為C.物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，輕繩1的張力增大D.物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，力F先增大后減小〖答案〗C〖解析〗A．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，以小環(huán)為對(duì)象，由于小環(huán)兩側(cè)輕繩1的張力大小總是相等，則小環(huán)兩側(cè)輕繩1的張力合力沿平分線上，根據(jù)受力平衡可知，輕繩2的延長(zhǎng)線始終平分，故A錯(cuò)誤；B．施加拉力F前，以小環(huán)為對(duì)象，受到輕繩2的拉力等于物塊P的重力mg，豎直方向根據(jù)受力平衡可得解得輕繩1的張力大小為故B錯(cuò)誤；C．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，由于M、N之間的輕繩1長(zhǎng)度不變，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，小環(huán)的運(yùn)動(dòng)軌跡為橢圓，M、N為橢圓的兩個(gè)焦點(diǎn)；當(dāng)輕繩2與MN連線方向垂直時(shí)，小環(huán)剛好位于橢圓的短軸頂點(diǎn)上，根據(jù)橢圓知識(shí)可知此時(shí)最大，則此過(guò)程逐漸增大，以小環(huán)為對(duì)象，根據(jù)受力平衡可得可得可知此過(guò)程經(jīng)繩1的張力一直增大，故C正確；D．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，輕繩2與豎直方向的夾角為逐漸變大，則可知逐漸變大，故D錯(cuò)誤。故選C。8.我國(guó)2023年新能源車出口120多萬(wàn)輛，穩(wěn)居全球首位。一輛新能源車在某次直線測(cè)試中，速度從0加速到所用時(shí)間為，且加速度隨速度的增加而逐漸減小，該車在這段時(shí)間內(nèi)（）A.加速到時(shí)，用時(shí)大于B.平均加速度大小為C.位移大于D.運(yùn)動(dòng)到總位移一半時(shí)，速度小于〖答案〗BC〖解析〗ABD．平均加速度大小為因加速度隨速度的增加而逐漸減小，可知開(kāi)始階段的加速度大于2.5m/s2，加速到時(shí)，用時(shí)小于；運(yùn)動(dòng)到總位移一半時(shí)，速度大于，選項(xiàng)AD錯(cuò)誤，B正確；C．若做勻加速運(yùn)動(dòng)，則位移為因做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合v-t圖像，則汽車的位移大于做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的位移，可知位移大于，選項(xiàng)C正確；故選BC9.如圖所示，左圖為亞運(yùn)會(huì)藝術(shù)體操比賽中中國(guó)隊(duì)選手趙樾進(jìn)行帶操比賽的畫(huà)面，某段過(guò)程中彩帶的運(yùn)動(dòng)可簡(jiǎn)化為沿x軸方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，這列簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)的波形如右圖所示。介質(zhì)中處的質(zhì)點(diǎn)P沿y軸方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為。則下列說(shuō)法正確的是（）A.該波沿x軸負(fù)方向傳播B.該波的傳播速度為C.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)位移為D.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)位移為〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程可知時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P沿軸正方向振動(dòng)，根據(jù)同側(cè)法可知該波沿x軸正方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意可知該波的周期根據(jù)題圖可知該波的波長(zhǎng)該波的傳播速度為故B正確；CD．根據(jù)三角函數(shù)知識(shí)可知時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)位移故D正確，C錯(cuò)誤。故選BD。10.某校科技興趣小組設(shè)計(jì)了一個(gè)玩具車的電磁驅(qū)動(dòng)系統(tǒng)，如圖所示，abcd是固定在塑料玩具車底部的長(zhǎng)為L(zhǎng)、寬為的長(zhǎng)方形金屬線框，線框粗細(xì)均勻且電阻為R。驅(qū)動(dòng)磁場(chǎng)為方向垂直于水平地面、等間隔交替分布的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，每個(gè)磁場(chǎng)寬度均為?，F(xiàn)使驅(qū)動(dòng)磁場(chǎng)以速度向右勻速運(yùn)動(dòng)，線框?qū)⑹艿酱艌?chǎng)力并帶動(dòng)玩具車由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，假設(shè)玩具車所受阻力f與其運(yùn)動(dòng)速度v的關(guān)系為（k為常量）。下列說(shuō)法正確的是（）A.a、d兩點(diǎn)間的電壓的最大值為B.玩具車在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中線框中電流方向不改變C.線框勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，安培力的功率等于回路中的電功率D.玩具車和線框的最大速度為〖答案〗AD〖解析〗A．剛開(kāi)始時(shí)線框相對(duì)于磁場(chǎng)的速度最大，此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，ab、cd均切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向相同，則總電動(dòng)勢(shì)為因線框電阻為R，則ad部分電阻為，則a、d兩點(diǎn)間的電壓的最大值為故A正確；B．磁場(chǎng)向右運(yùn)動(dòng)，相當(dāng)于線框切割磁感線，ab、cd所處的磁場(chǎng)區(qū)域會(huì)不斷發(fā)生變化，結(jié)合右手定則可分析出金屬框中電流方向并不是不變的，故B錯(cuò)誤；D．設(shè)玩具車最大速度為v，則相對(duì)于磁場(chǎng)的速度為v0-v，此時(shí)總電動(dòng)勢(shì)為總安培力為因玩具車所受阻力為其對(duì)地速度的k倍，當(dāng)速度最大時(shí)有可得故D正確；C．玩具車達(dá)到最大速度時(shí)即勻速時(shí)，安培力的功率為電功率僅當(dāng)即才有但v不一定取，故C錯(cuò)誤。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.用如圖甲所示的裝置探究影響向心力大小的因素。已知小球在槽中A、B、C位置做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑之比為1∶2∶1，小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力與標(biāo)尺露出的格數(shù)成正比，變速塔輪自上而下按如圖乙所示三種方式進(jìn)行組合，每層半徑之比由上至下分別為1∶1、2∶1和3∶1（1）本實(shí)驗(yàn)所采用的實(shí)驗(yàn)探究方法與下列哪些實(shí)驗(yàn)是相同的__________。A.探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)B.探究影響導(dǎo)體電阻的因素C.探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律D.探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系（2）在探究向心力大小與半徑的關(guān)系時(shí)，為了控制角速度相同需要將傳動(dòng)皮帶調(diào)至第__________（填“一”、“二”或“三”）層塔輪，然后將兩個(gè)質(zhì)量相等的鋼球分別放在__________（填“A和B”、“A和C”或“B和C”）位置，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)手柄，如圖丙所示，左側(cè)標(biāo)尺露出2格，右側(cè)標(biāo)尺露出1格，則左右兩球所受向心力大小之比為_(kāi)_________。（3）在記錄兩個(gè)標(biāo)尺露出的格數(shù)時(shí)，同學(xué)們發(fā)現(xiàn)要同時(shí)記錄兩邊的格數(shù)且格數(shù)又不是很穩(wěn)定，不便于讀取。于是有同學(xué)提出用手機(jī)拍照后再通過(guò)照片讀出兩邊標(biāo)尺露出的格數(shù)。下列對(duì)該同學(xué)建議的評(píng)價(jià)，你認(rèn)為正確的是__________。A.該方法可行，但仍需要?jiǎng)蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)手柄B.該方法可行，且不需要?jiǎng)蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)手柄C.該方法不可行，因不能確定拍照時(shí)露出的格數(shù)是否已穩(wěn)定（4）在探究向心力大小與角速度的關(guān)系時(shí)，若將傳動(dòng)皮帶調(diào)至圖乙中的第三層，質(zhì)量相同的兩小球分別放在A和C位置，轉(zhuǎn)動(dòng)手柄，穩(wěn)定后，觀察到左側(cè)標(biāo)尺露出1格，右側(cè)標(biāo)尺露出9格，則可以得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論為：____________________?！即鸢浮剑?）BD（2）一B和C（3）B（4）質(zhì)量和半徑一定的條件下、物體做圓運(yùn)動(dòng)的向心力大小與角速度的平方成正比〖解析〗【小問(wèn)1詳析】在該實(shí)驗(yàn)中，通過(guò)控制質(zhì)量、半徑、角速度中兩個(gè)物理量相同，探究向心力與另外一個(gè)物理量之間的關(guān)系，采用的科學(xué)方法是控制變量法：A．探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，例如兩球同時(shí)落地，兩球在豎直方向上的運(yùn)動(dòng)效果相同，應(yīng)用了等效思想，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)一個(gè)物理量與多個(gè)物理量相關(guān)時(shí)，應(yīng)采用控制變量法，探究該物理量與某一個(gè)量的關(guān)系，在探究影響導(dǎo)體電阻的因素實(shí)驗(yàn)中使用了控制變量法，故B正確；C．探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律，應(yīng)用了等效替代法，故C錯(cuò)誤；D．探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量關(guān)系，應(yīng)用了控制變量法，故D正確。故選BD?！拘?wèn)2詳析】[1][2]變速塔輪邊緣處的線速度相等，根據(jù)在探究向心力大小與半徑的關(guān)系時(shí)，需控制小球質(zhì)量、角速度相同，運(yùn)動(dòng)半徑不同，故需要將傳動(dòng)皮帶調(diào)至第一層塔輪，將兩個(gè)質(zhì)量相等的鋼球分別放在B和C位置。[3]根據(jù)題意可知左右兩球所受向心大小之比?！拘?wèn)3詳析】該方法可行，用手機(jī)拍照后再通過(guò)照片讀出兩邊標(biāo)尺露出的格數(shù)，這樣可以準(zhǔn)確讀出某一時(shí)刻兩邊標(biāo)尺露出的格數(shù)，并通過(guò)格數(shù)得出向心力與角速度的關(guān)系，手柄轉(zhuǎn)速變化時(shí)，兩邊標(biāo)尺露出的格數(shù)同時(shí)變化，仍可通過(guò)格數(shù)得出向心力與角速度的關(guān)系，故不需要速轉(zhuǎn)動(dòng)手?！拘?wèn)4詳析】變速塔輪邊緣處的線速度相等，根據(jù)可得左右兩小球的角速度之比為可得可得的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是：質(zhì)量和半徑一定的條件下、物體做圓運(yùn)動(dòng)的向心力大小與角速度的平方成正比。12.一探究小組測(cè)量平時(shí)考試使用的2B鉛筆芯的電阻率，先用多用電表歐姆擋的“”擋粗測(cè)鉛筆芯電阻，指針偏轉(zhuǎn)如圖（a）所示。（1）為了更準(zhǔn)確測(cè)量電阻值，可將旋鈕調(diào)至__________（填“”或“”）擋后再次進(jìn)行測(cè)量。（2）為精確地測(cè)量鉛筆芯的電阻，實(shí)驗(yàn)中除開(kāi)關(guān)，若干導(dǎo)線外還提供下列器材：A．電壓表（量程，內(nèi)阻約）B．電壓表（量程，內(nèi)阻約）C．電流表（量程，內(nèi)阻約）D．電流表（量程，內(nèi)阻約）E．滑動(dòng)變阻器F．滑動(dòng)變阻器G．電源E（電動(dòng)勢(shì)為）及開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干為了提高測(cè)量精確度，實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選擇__________，電流表應(yīng)選擇__________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇__________。（選填各器材前的字母序號(hào)）（3）現(xiàn)要求測(cè)量電路的電壓從0開(kāi)始變化，請(qǐng)?jiān)趯?shí)物圖（b）中完成電路連接_________。（4）用游標(biāo)卡尺測(cè)得鉛筆芯接入電路的長(zhǎng)度為l，用螺旋測(cè)微器測(cè)得直徑為d，電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I，由此可計(jì)算得出鉛筆芯的電阻率__________（用題目所給字母表示）?！即鸢浮剑?）（2）ADE（3）（4）〖解析〗【小問(wèn)1詳析】先用多用電表歐姆擋的擋粗測(cè)鉛筆芯電阻，指針偏轉(zhuǎn)好圖（a）所示，可知待測(cè)電阻阻值較小，為了進(jìn)一步測(cè)量電阻值，可將旋鈕調(diào)至擋后再次進(jìn)行測(cè)量?！拘?wèn)2詳析】[1]因電源電動(dòng)勢(shì)為3V，則電壓表應(yīng)選擇A；[2]電路中最大電流不超過(guò)0.6A，則電流表應(yīng)選擇D；[3]滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇與待測(cè)電阻阻值相當(dāng)?shù)腅?！拘?wèn)3詳析】要求測(cè)量電路的電壓從0開(kāi)始變化，則滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，由于待測(cè)電阻較小，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，則電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)物連線如圖所示【小問(wèn)4詳析】根據(jù)電阻定律又聯(lián)立可得13.如圖所示為一監(jiān)控設(shè)備上取下的半徑為R的實(shí)心半球形透明材料，底面豎直放罝，球心為O點(diǎn)，在半球左側(cè)平行底面放置一足夠大的光屏，光屏與半球底面相距為R。激光筆對(duì)準(zhǔn)O點(diǎn)，垂直于光屏發(fā)出一束游光射向半球面，在光屏上的點(diǎn)留下亮點(diǎn)；保持游光筆位置不變，讓半球形透明材料繞底面上的水平直徑AB轉(zhuǎn)動(dòng)，亮點(diǎn)在光屏上移動(dòng)到與相距的位置。已知激光在真空中的傳播速度為c，求：（1）此透明材料的折射率n；（2）激光在半球形透明材料內(nèi)的傳播時(shí)間t?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）根據(jù)幾何關(guān)系，已知材料繞底面上的水平直徑AB轉(zhuǎn)動(dòng)30°時(shí)，激光的入射角設(shè)折射角為，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系知解得根據(jù)折射定律解得（2）根據(jù)折射定律可得激光在半球形透明材料傳播的距離為根據(jù)解得14.某學(xué)習(xí)小組通過(guò)一款小游戲研究碰撞問(wèn)題。游戲裝置俯視圖如圖所示，在粗糙的水平面上固定一圓形光滑軌道，緊貼軌道內(nèi)側(cè)放置兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊A、B，A、B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，圓形光滑軌道的半徑為r?，F(xiàn)給A一個(gè)向左的初速度，使其沿著軌道在水平面上做圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)半周時(shí)與B發(fā)生彈性碰撞。已知，重力加速度為g。（1）求剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)A的加速度大小a：（2）若，，，g取，求A與B碰后B滑行的路程s?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）A剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)軌道的彈力提供向心力A所受摩擦力為根據(jù)牛頓第二定律解得（2）設(shè)A與B碰撞前瞬間的速度為，根據(jù)動(dòng)能定理解得根據(jù)動(dòng)量守恒定律根據(jù)機(jī)械能守恒定律解得又解得15.用磁聚焦法測(cè)量比荷是一種常用方法。如圖甲所示，在真空玻璃管中裝有熱陰極K和帶有小孔的陽(yáng)極A，在A、K之間加上電壓后，連續(xù)不斷地有電子從陰極K由靜止加速到達(dá)陽(yáng)極A，電子從小孔射出后沿水平中心軸線進(jìn)入平行板電容器，兩板間距及板長(zhǎng)均為L(zhǎng)，電容器兩極板間所加電壓u隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示。兩極板右側(cè)有一足夠大的熒光屏，熒光屏與中心軸線垂直，且與兩極板右端的距離為z（未知），在熒光屏上，以垂點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)建立xOy平面直角坐標(biāo)系，其中y軸垂直于電容器極板。兩極板與熒光屏間有一水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。已知電子在兩極板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間極短，電子的電量為e，質(zhì)量為m，不計(jì)電子重力和電子間的相互作用。（1）求電子射出兩極板時(shí)偏離中心軸線的最大位移；（2）判斷在熒光屏上形成的亮斑形狀（不要求推導(dǎo)過(guò)程）；（3）若z可以取任意值，求熒光屏上亮斑形狀（如長(zhǎng)度或面積）的最大值；（4）若，求熒光屏上的亮斑距y軸最遠(yuǎn)的點(diǎn)的坐標(biāo)。〖答案〗（1）；（2）形成的亮斑是一條線段（或直線）；（3）；（4），〖解析〗（1）電子在電場(chǎng)中加速度，由動(dòng)能定理得在兩極板間運(yùn)動(dòng)時(shí)，有解得（2）形成的亮斑是一條線段（或直線）。（3）粒子飛出兩極板時(shí)此后，粒子沿著中心軸線方向做勻速運(yùn)動(dòng)，在xOy平面上以vy的速度做勻速圓周運(yùn)動(dòng)解得可得可知為定值，即不同位置出射的粒子的圓心在同一條線上。隨著z的取值不同，形成的亮斑一直是一條直線，且在旋轉(zhuǎn)。如圖所示所以亮斑的最大長(zhǎng)度為又故（4）電子在xOy平面上的投影為圓周運(yùn)動(dòng)，電子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為電子旋轉(zhuǎn)的角速度為偏離中心軸線最大位移處進(jìn)入水平磁場(chǎng)的電子打在熒光屏上距y軸最遠(yuǎn)，即贛州市2024年高三年級(jí)適應(yīng)性考試物理試卷一、選擇題：本題共10小題，共46分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不選的得0分。1.我國(guó)已全面進(jìn)入5G時(shí)代，5G信號(hào)使用的電磁波頻率是4G信號(hào)的幾十倍，下列說(shuō)法正確的是（）A.4G信號(hào)電磁波比5G信號(hào)電磁波的粒子性更明顯B.5G信號(hào)電磁波的波長(zhǎng)比4G信號(hào)電磁波的波長(zhǎng)短C.5G信號(hào)電磁波的光子能量比4G信號(hào)電磁波的光子能量小D.在相同介質(zhì)中5G信號(hào)比4G信號(hào)的傳播速度大〖答案〗B〖解析〗AB．根據(jù)結(jié)合題意可知5G信號(hào)電磁波的波長(zhǎng)比4G信號(hào)電磁波的波長(zhǎng)短，則5G信號(hào)電磁波比4G信號(hào)電磁波的粒子性更明顯，故B正確，A錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知5G信號(hào)電磁波的光子能量比4G信號(hào)電磁波的光子能量大，故C錯(cuò)誤；D．5G信號(hào)的頻率比4G信號(hào)的頻率大，則同種介質(zhì)中5G信號(hào)的折射率大，根據(jù)可知在相同介質(zhì)中5G信號(hào)比4G信號(hào)的傳播速度小，故D錯(cuò)誤。故選B。2.某天早晨，贛州的溫度為0℃，某老師剛啟動(dòng)汽車時(shí)看到汽車儀表盤(pán)顯示后輪胎胎壓均為，中午，該老師剛啟動(dòng)汽車時(shí)看到后輪胎壓均變成了，若輪胎內(nèi)的氣體質(zhì)量和體積均保持不變，輪胎內(nèi)部氣體可看成理想氣體，則下列說(shuō)法正確的是（）A.氣體分子撞擊輪胎內(nèi)壁的平均作用力減小B.輪胎內(nèi)部氣體分子的平均動(dòng)能不變C.中午溫度約為10℃D.輪胎內(nèi)部氣體吸收熱量，對(duì)外做功，內(nèi)能不變〖答案〗C〖解析〗A．輪胎內(nèi)的體積不變，壓強(qiáng)增大，則氣體分子撞擊輪胎內(nèi)壁的平均作用力增加，故A錯(cuò)誤；BC．輪胎內(nèi)的體積不變，根據(jù)查理定律有解得溫度增加，則輪胎內(nèi)部氣體分子的平均動(dòng)能增加，故B錯(cuò)誤，C正確；D．輪胎內(nèi)部氣體溫度增加，內(nèi)能增大，體積不變，做功為0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體吸收熱量，故D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖甲所示為某電動(dòng)牙刷的無(wú)線充電示意圖，送電線圈以由a到b為電流的正方向，當(dāng)送電線圈通過(guò)如圖乙所示的電流時(shí)，在時(shí)間內(nèi)（）A.受電線圖中產(chǎn)生的感應(yīng)電流增大且方向由d到cB.受電線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流減小且方向由d到cC.受電線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流增大且方向由c到dD.受電線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流減小且方向由c到d〖答案〗A〖解析〗在時(shí)間內(nèi)，送電線圈電流減小，但是電流的變化率變大，穿過(guò)受電線圈的磁通量變化率變大，則受電線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流變大，根據(jù)楞次定律可知，受電線圈中電流方向由d到c。故選A。4.北京時(shí)間2022年11月17日16時(shí)50分，航天員陳冬、劉洋、蔡旭哲密切協(xié)同，圓滿完成出艙活動(dòng)全部既定任務(wù)。太空艙距地面高約，根據(jù)西游記關(guān)于“天庭”的描述，可推算出“天庭”繞地心運(yùn)動(dòng)一周約，假如“天庭”真實(shí)存在，且“天庭”和“太空艙”均繞地心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，地球可視為半徑約的均勻球體，則（）A.漂浮在艙外航天員加速度等于零B.若出艙活動(dòng)期間蔡旭哲自由釋放手中的工具，工具會(huì)立即高速離開(kāi)航天員C.“天庭”運(yùn)行的線速度比“太空艙”小D.“天庭”受地球的引力比“太空艙”小〖答案〗C〖解析〗A．漂浮在艙外的航天員圍繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，一定有向心加速度，其加速度一定不為零，故A錯(cuò)誤；B．工具在被釋放前，與蔡旭哲保持相對(duì)靜止，根據(jù)牛頓第一定律可知蔡旭哲自由釋放手中的工具后，工具還是和蔡旭哲保持相對(duì)靜止，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意可知，“天宮”空間站繞地心一周運(yùn)動(dòng)的路程約可知，“天宮”空間站的軌道半徑小于“天庭”的軌道半徑，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有解得可知，“天庭”相對(duì)于“天宮”線速度更小，故C正確；D．由于不知道“天庭”和“天宮”的質(zhì)量關(guān)系，無(wú)法判斷二者受地球引力大小關(guān)系，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，甲同學(xué)站在地面上將排球以大小為的速度擊出，排球沿軌跡①運(yùn)動(dòng)：經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)后，乙同學(xué)跳起將排球以大小為的水平速度擊回，排球沿軌跡②運(yùn)動(dòng)，恰好落回出發(fā)點(diǎn)。忽略空氣阻力，則排球（）A.沿軌跡①和軌跡②運(yùn)動(dòng)過(guò)程的平均速度大小相同B.沿軌跡①和軌跡②運(yùn)動(dòng)過(guò)程的速度變化量大小相同C.沿軌跡①運(yùn)動(dòng)的最小速度大小可能為D.沿軌跡②運(yùn)動(dòng)的最大速度大小可能為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)圖像可知，軌跡①最高點(diǎn)大于軌跡②最高點(diǎn)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知沿軌跡②運(yùn)動(dòng)的時(shí)間小于沿軌跡①運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，沿軌跡①和軌跡②運(yùn)動(dòng)過(guò)程的位移相同，所以沿軌跡②運(yùn)動(dòng)的平均速度大于沿軌跡①運(yùn)動(dòng)的平均速度，故A錯(cuò)誤；B．沿軌跡①和軌跡②運(yùn)動(dòng)過(guò)程的速度變化量為可知沿軌跡②的速度變化量小于沿軌跡①的速度變化量，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)軌跡①的時(shí)間長(zhǎng)，但水平位移小，所以軌跡①水平分速度小，豎直分速度為沿軌跡①的豎直分速度大，可知沿軌跡②的最大速度可能為，沿軌跡①運(yùn)動(dòng)的最小速度即水平速度，小于，故D正確，C錯(cuò)誤。故選D。6.某山頂有一排風(fēng)力發(fā)電機(jī)，發(fā)電機(jī)的葉片轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)可形成半徑為的圓面。某時(shí)間內(nèi)該山頂?shù)娘L(fēng)速達(dá)，風(fēng)向恰好跟某風(fēng)力發(fā)電機(jī)葉片轉(zhuǎn)動(dòng)形成的圓面垂直，已知空氣的密度，若該風(fēng)力發(fā)電機(jī)能將此圓內(nèi)的空氣動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能。則此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率P約為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗時(shí)間內(nèi)，通過(guò)圓面的空氣的質(zhì)量該部分空氣的動(dòng)能則此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率解得故選B。7.如圖所示，輕繩1兩端分別固定在M、N兩點(diǎn)（N點(diǎn)在M點(diǎn)右上方），輕繩1上套有一個(gè)輕質(zhì)的光滑小環(huán)O，質(zhì)量為m的物塊P通過(guò)另一根輕繩2懸掛在環(huán)的下方，處于靜止?fàn)顟B(tài)，?，F(xiàn)用一始終與輕繩2垂直的力F緩慢拉動(dòng)物塊，直到輕繩2與MN連線方向垂直。已知重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，輕繩2的延長(zhǎng)線可能不平分B.施加拉力F前，輕繩1的張力大小為C.物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，輕繩1的張力增大D.物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，力F先增大后減小〖答案〗C〖解析〗A．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，以小環(huán)為對(duì)象，由于小環(huán)兩側(cè)輕繩1的張力大小總是相等，則小環(huán)兩側(cè)輕繩1的張力合力沿平分線上，根據(jù)受力平衡可知，輕繩2的延長(zhǎng)線始終平分，故A錯(cuò)誤；B．施加拉力F前，以小環(huán)為對(duì)象，受到輕繩2的拉力等于物塊P的重力mg，豎直方向根據(jù)受力平衡可得解得輕繩1的張力大小為故B錯(cuò)誤；C．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，由于M、N之間的輕繩1長(zhǎng)度不變，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，小環(huán)的運(yùn)動(dòng)軌跡為橢圓，M、N為橢圓的兩個(gè)焦點(diǎn)；當(dāng)輕繩2與MN連線方向垂直時(shí)，小環(huán)剛好位于橢圓的短軸頂點(diǎn)上，根據(jù)橢圓知識(shí)可知此時(shí)最大，則此過(guò)程逐漸增大，以小環(huán)為對(duì)象，根據(jù)受力平衡可得可得可知此過(guò)程經(jīng)繩1的張力一直增大，故C正確；D．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，輕繩2與豎直方向的夾角為逐漸變大，則可知逐漸變大，故D錯(cuò)誤。故選C。8.我國(guó)2023年新能源車出口120多萬(wàn)輛，穩(wěn)居全球首位。一輛新能源車在某次直線測(cè)試中，速度從0加速到所用時(shí)間為，且加速度隨速度的增加而逐漸減小，該車在這段時(shí)間內(nèi)（）A.加速到時(shí)，用時(shí)大于B.平均加速度大小為C.位移大于D.運(yùn)動(dòng)到總位移一半時(shí)，速度小于〖答案〗BC〖解析〗ABD．平均加速度大小為因加速度隨速度的增加而逐漸減小，可知開(kāi)始階段的加速度大于2.5m/s2，加速到時(shí)，用時(shí)小于；運(yùn)動(dòng)到總位移一半時(shí)，速度大于，選項(xiàng)AD錯(cuò)誤，B正確；C．若做勻加速運(yùn)動(dòng)，則位移為因做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合v-t圖像，則汽車的位移大于做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的位移，可知位移大于，選項(xiàng)C正確；故選BC9.如圖所示，左圖為亞運(yùn)會(huì)藝術(shù)體操比賽中中國(guó)隊(duì)選手趙樾進(jìn)行帶操比賽的畫(huà)面，某段過(guò)程中彩帶的運(yùn)動(dòng)可簡(jiǎn)化為沿x軸方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，這列簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)的波形如右圖所示。介質(zhì)中處的質(zhì)點(diǎn)P沿y軸方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為。則下列說(shuō)法正確的是（）A.該波沿x軸負(fù)方向傳播B.該波的傳播速度為C.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)位移為D.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)位移為〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程可知時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P沿軸正方向振動(dòng)，根據(jù)同側(cè)法可知該波沿x軸正方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意可知該波的周期根據(jù)題圖可知該波的波長(zhǎng)該波的傳播速度為故B正確；CD．根據(jù)三角函數(shù)知識(shí)可知時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)位移故D正確，C錯(cuò)誤。故選BD。10.某?？萍寂d趣小組設(shè)計(jì)了一個(gè)玩具車的電磁驅(qū)動(dòng)系統(tǒng)，如圖所示，abcd是固定在塑料玩具車底部的長(zhǎng)為L(zhǎng)、寬為的長(zhǎng)方形金屬線框，線框粗細(xì)均勻且電阻為R。驅(qū)動(dòng)磁場(chǎng)為方向垂直于水平地面、等間隔交替分布的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，每個(gè)磁場(chǎng)寬度均為?，F(xiàn)使驅(qū)動(dòng)磁場(chǎng)以速度向右勻速運(yùn)動(dòng)，線框?qū)⑹艿酱艌?chǎng)力并帶動(dòng)玩具車由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，假設(shè)玩具車所受阻力f與其運(yùn)動(dòng)速度v的關(guān)系為（k為常量）。下列說(shuō)法正確的是（）A.a、d兩點(diǎn)間的電壓的最大值為B.玩具車在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中線框中電流方向不改變C.線框勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，安培力的功率等于回路中的電功率D.玩具車和線框的最大速度為〖答案〗AD〖解析〗A．剛開(kāi)始時(shí)線框相對(duì)于磁場(chǎng)的速度最大，此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，ab、cd均切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向相同，則總電動(dòng)勢(shì)為因線框電阻為R，則ad部分電阻為，則a、d兩點(diǎn)間的電壓的最大值為故A正確；B．磁場(chǎng)向右運(yùn)動(dòng)，相當(dāng)于線框切割磁感線，ab、cd所處的磁場(chǎng)區(qū)域會(huì)不斷發(fā)生變化，結(jié)合右手定則可分析出金屬框中電流方向并不是不變的，故B錯(cuò)誤；D．設(shè)玩具車最大速度為v，則相對(duì)于磁場(chǎng)的速度為v0-v，此時(shí)總電動(dòng)勢(shì)為總安培力為因玩具車所受阻力為其對(duì)地速度的k倍，當(dāng)速度最大時(shí)有可得故D正確；C．玩具車達(dá)到最大速度時(shí)即勻速時(shí)，安培力的功率為電功率僅當(dāng)即才有但v不一定取，故C錯(cuò)誤。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.用如圖甲所示的裝置探究影響向心力大小的因素。已知小球在槽中A、B、C位置做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑之比為1∶2∶1，小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力與標(biāo)尺露出的格數(shù)成正比，變速塔輪自上而下按如圖乙所示三種方式進(jìn)行組合，每層半徑之比由上至下分別為1∶1、2∶1和3∶1（1）本實(shí)驗(yàn)所采用的實(shí)驗(yàn)探究方法與下列哪些實(shí)驗(yàn)是相同的__________。A.探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)B.探究影響導(dǎo)體電阻的因素C.探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律D.探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系（2）在探究向心力大小與半徑的關(guān)系時(shí)，為了控制角速度相同需要將傳動(dòng)皮帶調(diào)至第__________（填“一”、“二”或“三”）層塔輪，然后將兩個(gè)質(zhì)量相等的鋼球分別放在__________（填“A和B”、“A和C”或“B和C”）位置，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)手柄，如圖丙所示，左側(cè)標(biāo)尺露出2格，右側(cè)標(biāo)尺露出1格，則左右兩球所受向心力大小之比為_(kāi)_________。（3）在記錄兩個(gè)標(biāo)尺露出的格數(shù)時(shí)，同學(xué)們發(fā)現(xiàn)要同時(shí)記錄兩邊的格數(shù)且格數(shù)又不是很穩(wěn)定，不便于讀取。于是有同學(xué)提出用手機(jī)拍照后再通過(guò)照片讀出兩邊標(biāo)尺露出的格數(shù)。下列對(duì)該同學(xué)建議的評(píng)價(jià)，你認(rèn)為正確的是__________。A.該方法可行，但仍需要?jiǎng)蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)手柄B.該方法可行，且不需要?jiǎng)蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)手柄C.該方法不可行，因不能確定拍照時(shí)露出的格數(shù)是否已穩(wěn)定（4）在探究向心力大小與角速度的關(guān)系時(shí)，若將傳動(dòng)皮帶調(diào)至圖乙中的第三層，質(zhì)量相同的兩小球分別放在A和C位置，轉(zhuǎn)動(dòng)手柄，穩(wěn)定后，觀察到左側(cè)標(biāo)尺露出1格，右側(cè)標(biāo)尺露出9格，則可以得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論為：____________________。〖答案〗（1）BD（2）一B和C（3）B（4）質(zhì)量和半徑一定的條件下、物體做圓運(yùn)動(dòng)的向心力大小與角速度的平方成正比〖解析〗【小問(wèn)1詳析】在該實(shí)驗(yàn)中，通過(guò)控制質(zhì)量、半徑、角速度中兩個(gè)物理量相同，探究向心力與另外一個(gè)物理量之間的關(guān)系，采用的科學(xué)方法是控制變量法：A．探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，例如兩球同時(shí)落地，兩球在豎直方向上的運(yùn)動(dòng)效果相同，應(yīng)用了等效思想，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)一個(gè)物理量與多個(gè)物理量相關(guān)時(shí)，應(yīng)采用控制變量法，探究該物理量與某一個(gè)量的關(guān)系，在探究影響導(dǎo)體電阻的因素實(shí)驗(yàn)中使用了控制變量法，故B正確；C．探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律，應(yīng)用了等效替代法，故C錯(cuò)誤；D．探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量關(guān)系，應(yīng)用了控制變量法，故D正確。故選BD?！拘?wèn)2詳析】[1][2]變速塔輪邊緣處的線速度相等，根據(jù)在探究向心力大小與半徑的關(guān)系時(shí)，需控制小球質(zhì)量、角速度相同，運(yùn)動(dòng)半徑不同，故需要將傳動(dòng)皮帶調(diào)至第一層塔輪，將兩個(gè)質(zhì)量相等的鋼球分別放在B和C位置。[3]根據(jù)題意可知左右兩球所受向心大小之比。【小問(wèn)3詳析】該方法可行，用手機(jī)拍照后再通過(guò)照片讀出兩邊標(biāo)尺露出的格數(shù)，這樣可以準(zhǔn)確讀出某一時(shí)刻兩邊標(biāo)尺露出的格數(shù)，并通過(guò)格數(shù)得出向心力與角速度的關(guān)系，手柄轉(zhuǎn)速變化時(shí)，兩邊標(biāo)尺露出的格數(shù)同時(shí)變化，仍可通過(guò)格數(shù)得出向心力與角速度的關(guān)系，故不需要速轉(zhuǎn)動(dòng)手。【小問(wèn)4詳析】變速塔輪邊緣處的線速度相等，根據(jù)可得左右兩小球的角速度之比為可得可得的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是：質(zhì)量和半徑一定的條件下、物體做圓運(yùn)動(dòng)的向心力大小與角速度的平方成正比。12.一探究小組測(cè)量平時(shí)考試使用的2B鉛筆芯的電阻率，先用多用電表歐姆擋的“”擋粗測(cè)鉛筆芯電阻，指針偏轉(zhuǎn)如圖（a）所示。（1）為了更準(zhǔn)確測(cè)量電阻值，可將旋鈕調(diào)至__________（填“”或“”）擋后再次進(jìn)行測(cè)量。（2）為精確地測(cè)量鉛筆芯的電阻，實(shí)驗(yàn)中除開(kāi)關(guān)，若干導(dǎo)線外還提供下列器材：A．電壓表（量程，內(nèi)阻約）B．電壓表（量程，內(nèi)阻約）C．電流表（量程，內(nèi)阻約）D．電流表（量程，內(nèi)阻約）E．滑動(dòng)變阻器F．滑動(dòng)變阻器G．電源E（電動(dòng)勢(shì)為）及開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干為了提高測(cè)量精確度，實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選擇__________，電流表應(yīng)選擇__________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇__________。（選填各器材前的字母序號(hào)）（3）現(xiàn)要求測(cè)量電路的電壓從0開(kāi)始變化，請(qǐng)?jiān)趯?shí)物圖（b）中完成電路連接_________。（4）用游標(biāo)卡尺測(cè)得鉛筆芯接入電路的長(zhǎng)度為l，用螺旋測(cè)微器測(cè)得直徑為d，電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I，由此可計(jì)算得出鉛筆芯的電阻率__________（用題目所給字母表示）?！即鸢浮剑?）（2）ADE（3）（4）〖解析〗【小問(wèn)1詳析】先用多用電表歐姆擋的擋粗測(cè)鉛筆芯電阻，指針偏轉(zhuǎn)好圖（a）所示，可知待測(cè)電阻阻值較小，為了進(jìn)一步測(cè)量電阻值，可將旋鈕調(diào)至擋后再次進(jìn)行測(cè)量。【小問(wèn)2詳析】[1]因電源電動(dòng)勢(shì)為3V，則電壓