2024屆T8聯(lián)盟普通高中高三下學(xué)期學(xué)業(yè)水平選擇性考試壓軸物理試卷（解析版）（一）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024年普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試壓軸卷（T8聯(lián)盟）物理試題（一）試卷滿分：100分考試用時：75分鐘注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的〖答案〗標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號?；卮鸱沁x擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。第1-7題只有一項符合題目要求，第8—10題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.氫原子躍遷與巴耳末系的對比圖像如圖所示，已知光速為c，普朗克常量為h，下列說法正確的是（）A.巴耳末系就是氫原子從能級躍遷到基態(tài)時輻射出的光譜B.氣體的發(fā)光原理是氣體放電管中原子受到光子的撞擊躍遷到激發(fā)態(tài)，再向低能級躍遷，放出光子C.氫原子從能級躍遷到能級時輻射出的光是可見光，但不屬于巴耳末系D.若處于某個激發(fā)態(tài)的幾個氫原子，只發(fā)出三種波長的光，當，則有〖答案〗BD〖解析〗AC．由圖可知，巴耳末系就是氫原子從能級躍遷到能級時輻射出的光譜，故AC錯誤；B．通常情況下，原子處于基態(tài)，非常穩(wěn)定，氣體放電管中的原子受到高速運動的電子的撞擊，有可能向上躍遷到激發(fā)態(tài)，處于激發(fā)態(tài)的原子是不穩(wěn)定的，會自發(fā)地向能量較低的能級躍遷，放出光子，最終回到基態(tài)，故B正確；D．根據(jù)題意，由能級躍遷時，能級差與光子的能量關(guān)系有若處于某個激發(fā)態(tài)的幾個氫原子，只發(fā)出三種波長的光，且則有，，可得解得故D正確。故選BD。2.一列簡諧橫波沿著x軸的正方向傳播，計時開始時的波形圖如圖所示，再經(jīng)過9s，平衡位置在x=7m處的質(zhì)點第二次達到波峰，下列說法中正確的是（）A.此列簡諧橫波的周期為5sB.此列簡諧橫波的波速為2m/sC.平衡位置在x=9m處的質(zhì)點在t=11s時的位移為20cmD.平衡位置在x=6m處的質(zhì)點在0~12s運動的路程為110cm〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)波形可知，波長為根據(jù)同側(cè)法可知，波前起振方向向下，由于計時開始時的波形圖如圖所示，再經(jīng)過9s，平衡位置在x=7m處的質(zhì)點第二次達到波峰，則有解得故A錯誤；B．結(jié)合上述可知，此列簡諧橫波的波速為故B錯誤；C．波形傳播到平衡位置在x=9m處的質(zhì)點處經(jīng)歷時間由于由于質(zhì)點起振方向向下，可知，11s時，x=9m處的質(zhì)點恰好位于波峰位置，即位移為20cm，故C正確；D．波形傳播到平衡位置在x=6m處的質(zhì)點處經(jīng)歷時間由于則x=6m處的質(zhì)點在0~12s運動的路程為故D錯誤。故選C。3.一條平直公路上，甲、乙兩車（視為質(zhì)點）均做直線運動。計時開始，兩車從同一地點出發(fā)的圖像如圖所示，時刻以后乙做勻速直線運動，時刻以后甲、乙以相同的速度做勻速直線運動，甲、乙在做勻加速直線運動時的加速度相同，根據(jù)圖像所提供的其他已知信息，分析下列說法正確的是（）A.乙做勻加速直線運動時的加速度為B.乙的初速度為C.0至?xí)r間間隔內(nèi)，乙的位移為D.0至?xí)r間間隔內(nèi)，乙的平均速度與甲的平均速度之差為〖答案〗A〖解析〗AB．根據(jù)題意可知，甲、乙在做勻加速直線運動時的加速度相同，由圖可知，加速度為則乙的初速度為故A正確，B錯誤；CD．由圖像中面積表位移，由圖可知，0至?xí)r間間隔內(nèi)，乙的位移為平均速度為甲的位移為平均速度乙的平均速度與甲的平均速度之差為故CD錯誤。故選A。4.如圖所示，三顆同步衛(wèi)星就能實現(xiàn)全球同步通信，已知同步衛(wèi)星的線速度為v，地球自轉(zhuǎn)的周期為T，地球的半徑為R，引力常量為G，下列說法正確的是（）A.三顆同步衛(wèi)星的動能相等，重力勢能也相等B.任意兩同步衛(wèi)星的間距為C.地球的質(zhì)量為D.同步衛(wèi)星向心加速度與地球表面的重力加速度之比為〖答案〗D〖解析〗A．三顆同步衛(wèi)星的質(zhì)量不一定相等，故三顆同步衛(wèi)星的動能不一定相等，重力勢能不一定相等，故A錯誤；B．根據(jù)同步衛(wèi)星的軌道半徑為一顆同步衛(wèi)星的信號覆蓋赤道圓周，任意兩同步衛(wèi)星的間距為故B錯誤；C．根據(jù)萬有引力提供向心力解得地球的質(zhì)量為故C錯誤；D．同步衛(wèi)星的向心加速度為根據(jù)萬有引力與重力關(guān)系解得同步衛(wèi)星的向心加速度與地球表面的重力加速度之比為故D正確。故選D。5.一個光學(xué)圓柱體的橫截面如圖所示，中心部分是空的正方形，外邊界是半徑為R的圓，圓心O也是正方形的中心，C是正方形其中一個邊上的中點，B是圓周上的一點，已知，，光速為c，一束單色光AB從B點射入介質(zhì)，入射角為60°，折射光線為BC，下列說法正確的是（）A.光在B點的折射角為45°B.正方形的邊長為C.介質(zhì)對此單色光的折射率為D.光從B到C的傳播時間為〖答案〗B〖解析〗AC．根據(jù)題意，由幾何關(guān)系可得，光在B點的折射角為，則介質(zhì)對此單色光的折射率為故AC錯誤；B．設(shè)正方形的邊長為，由余弦定理有解得故B正確；D．光在介質(zhì)中的傳播速度為光從B到C的傳播時間為故D錯誤。故選B。6.如圖所示，虛線圓的半徑為R，AB是直徑，O是圓心，D是圓周上的一點，C是AB延長線上的一點，CD是虛線圓的切線，把電荷量均為q的正電荷（均視為點電荷）分別置于A、D兩點，已知∠DAO=30°，靜電力常量為k，下列說法正確的是（）A.D點的點電荷在B點產(chǎn)生的場強大小為B.D點的點電荷在C點產(chǎn)生的場強大小為C.O點的電場強度大小為D.B點的電場強度大小為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)幾何關(guān)系可知，則D點的點電荷在B點產(chǎn)生的場強大小為故A錯誤；B．根據(jù)幾何關(guān)系可知，DC長度為D點的點電荷在C點產(chǎn)生的場強大小為故B錯誤；C．根據(jù)幾何關(guān)系有根據(jù)矢量合成可知，O點的電場強度大小為故C錯誤；D．根據(jù)矢量合成規(guī)律，結(jié)合余弦定理，令B點的電場強度大小為，則有解得故D正確。故選D。7.一種平拋運動的實驗游戲如圖所示，AB是內(nèi)壁光滑的細圓管，被固定在豎直面內(nèi)，B點的切線水平，讓質(zhì)量為m的小球（直徑略小于細管的直徑）從A點由靜止釋放，沿著管壁向下運動，達到B點時的速度方向水平向右，大小為v0，接著小球從B運動到C，已知AB的形狀與拋物線BC的形狀完全對稱相同，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）A.A、C兩點間的高度差為B.A點的切線與水平方向的夾角為45°C.小球從B到C重力的平均功率為D.若小球從A到B的運動時間為t，則管壁對小球支持力的沖量大小為〖答案〗B〖解析〗A．小球從A運動到B過程，根據(jù)動能定理有由于AB的形狀與拋物線BC的形狀完全對稱相同，則A、C兩點間的高度差為故A錯誤；B．小球從B到C過程，根據(jù)平拋運動規(guī)律有，結(jié)合上述解得由于AB的形狀與拋物線BC的形狀完全對稱相同，則A點的切線與水平方向的夾角為45°，故B正確；C．小球從B到C重力的平均功率為結(jié)合上述解得故C錯誤；D．小球從A到B的運動過程，將管壁對小球支持力的沖量沿豎直方向與水平方向進行分解，根據(jù)動量定理有，則管壁對小球支持力的沖量大小為解得故D錯誤。故選B。8.如圖所示，質(zhì)量為m、傾角為30°的斜面體放置在水平面上，斜面體的右上角安裝有輕質(zhì)定滑輪，帶有輕質(zhì)定滑輪的物塊放置在斜面體的光滑斜面上，輕質(zhì)細線跨越這兩個定滑輪，上端連接在天花板上，下端懸掛一質(zhì)量為m的小球，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)時，物塊與天花板間的細線成豎直狀態(tài)，兩定滑輪間的細線與斜面平行，不計細線與滑輪間的摩擦，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.物塊的質(zhì)量為3mB.斜面對物塊的支持力大小為C.水平面對斜面的支持力大小為D.水平面與斜面體間的動摩擦因數(shù)一定不為0〖答案〗ABC〖解析〗A．由于是滑輪兩側(cè)是同一根繩，所以拉力滑輪兩側(cè)的繩上拉力相同，對小球分析有對物塊分析，沿斜面方向有解得故A項正確；B．對物塊受力分析，豎直方向有解得故B項正確；C．將斜面，物塊以及小球看成一個整體，豎直方向有解得故C項正確；D．由上述分析可知，該整體在水平方向沒有外力，即水平方向沒有運動趨勢，所以水平方向沒有摩擦力，因此水平面與斜面間的動摩擦因數(shù)可能為零，故D項錯誤。故選ABC。9.如圖1所示，質(zhì)量為m、帶電量為q的帶正電粒子（不計重力）0時刻從a點以速度v0（方向豎直向下）垂直進入范圍足夠大的、周期性的、垂直紙面向外的勻強磁場。磁感應(yīng)強度隨時間變化的圖像如圖2所示，已知周期，不考慮磁場變化產(chǎn)生電場的影響，下列說法正確的是（）A.當磁感應(yīng)強度的大小為時，粒子做勻速圓周運動的周期為B.時間內(nèi)粒子的速度偏轉(zhuǎn)角為90°C.0~T時間間隔內(nèi)，粒子的平均速度為0D.時刻，粒子的位置距a點的距離為〖答案〗BC〖解析〗A．設(shè)粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為，當磁感應(yīng)強度為時，則有又因為磁場變化的周期解得A錯誤；B．時，磁場感應(yīng)強度為，此時粒子在磁場中勻速圓周運動的周期粒子在磁場中運動的時間解得剛好是粒子勻速圓周運動周期的，速度的偏轉(zhuǎn)角，B正確；C．時間內(nèi)，粒子圓周運動的周期結(jié)合磁場變化的周期可知，粒子在磁場中運動時間可見，粒子在和時間內(nèi)，粒子都是轉(zhuǎn)過其對應(yīng)圓周的，當磁感應(yīng)強度為時，其圓周運動的軌道半徑解得同理，當磁感應(yīng)強度為時，其圓周運動的軌道半徑粒子在磁場中的運動軌跡如圖所示時間內(nèi)粒子從a點到1，時間內(nèi)從1到2、、、、依次類推，一個周期內(nèi)，粒子剛好回到a點，位移為0，平均速度為0，C正確；D．在時刻，粒子剛好到達2位置，粒子的位置距a點的距離為圖中紅色三角形的斜邊，根據(jù)勾股定理及已知條件可得故D錯誤。故選BC。10.如圖所示，導(dǎo)體棒1放置在光滑的足夠長的水平導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒2放置在粗糙的水平導(dǎo)軌上，且兩者之間的動摩擦因數(shù)為0.5，兩種導(dǎo)軌的間距均為L，兩種導(dǎo)軌通過外層絕緣的導(dǎo)線交叉相連，已知導(dǎo)體棒1、2的質(zhì)量均為m，接入電路的阻值均為R，其它阻值均忽略不計，兩種導(dǎo)軌處在磁感應(yīng)強度大小為B方向豎直向上的勻強磁場中?，F(xiàn)給導(dǎo)體棒1施加一個水平向左的恒定拉力（為未知量），當導(dǎo)體棒1穩(wěn)定運動時，導(dǎo)體棒2與導(dǎo)軌間的靜摩擦力剛好達到最大值，重力加速度為g，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，下列說法正確的是（）A.導(dǎo)體棒2所受的摩擦力水平向右B.導(dǎo)體棒1穩(wěn)定運動的速度為C.當導(dǎo)體棒1穩(wěn)定運行時，拉力的功率為D.導(dǎo)體棒1從開始運動到穩(wěn)定運動，若兩根導(dǎo)體棒生成的總焦耳熱為Q，則流過導(dǎo)體棒某一橫截面的電荷量為〖答案〗BC〖解析〗A．根據(jù)左手定則，導(dǎo)體棒2所受的安培力向右，根據(jù)平衡條件可知導(dǎo)體棒2所受的摩擦力水平向左，故A錯誤；B．當導(dǎo)體棒1穩(wěn)定運動時，導(dǎo)體棒2與導(dǎo)軌間的靜摩擦力剛好達到最大值，則電流感應(yīng)電動勢為解得導(dǎo)體棒1穩(wěn)定運動的速度為故B正確；C．當導(dǎo)體棒1穩(wěn)定運行時，拉力大小為拉力功率為故C正確；D．導(dǎo)體棒1從開始運動到穩(wěn)定運動，根據(jù)能量守恒有流過導(dǎo)體棒某一橫截面的電荷量為聯(lián)立解得故D錯誤。故選BC。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的實驗裝置，既可以驗證牛頓第二定律，也可以測量滑塊的質(zhì)量與當?shù)氐闹亓铀俣龋瑢嶒炂鞑挠袔Ъ铀俣葌鞲衅鞯幕瑝K（傳感器的質(zhì)量忽略不計）、質(zhì)量已知的鉤碼、水平光滑的桌面（右端帶定滑輪）、動滑輪（輕質(zhì)）、輕質(zhì)細線。實驗步驟如下：A.調(diào)節(jié)定滑輪使細線水平，動滑輪跨在細線上，鉤碼掛動滑輪上，滑塊與鉤碼由靜止開始做勻加速直線運動，記錄加速度傳感器的示數(shù)以及相應(yīng)的鉤碼質(zhì)量；B.改變懸掛鉤碼的個數(shù)，重復(fù)步驟A，得到多組加速度a與相應(yīng)懸掛的鉤碼總質(zhì)量M；C.畫出的函數(shù)關(guān)系圖像如圖乙所示。（1）設(shè)當?shù)氐闹亓铀俣葹間，滑塊的質(zhì)量為m，寫出的函數(shù)關(guān)系圖像的表達式______（用g、m、M、a來表示）；（2）若圖像縱軸的截距為b，斜率為k，可得m=______，g=______（用b、k來表示）。〖答案〗（1）（2）〖解析〗【小問1詳析】由圖甲可知，相同時間內(nèi)滑塊的位移大小是鉤碼位移大小的兩倍，則滑塊的加速度大小是鉤碼加速度大小的兩倍；以滑塊為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得以鉤碼為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得【小問2詳析】[1][2]根據(jù)可知圖像縱軸的截距為圖像的斜率為解得，12.某實驗小組利用如圖甲所示的電路圖連接好圖乙的電路，來測量電壓表的內(nèi)阻和電流表的內(nèi)阻，已知定值電阻的阻值為，合上開關(guān)后，調(diào)節(jié)滑動變阻器以及電阻箱的接入阻值R，讀出電壓表、電流表的示數(shù)U、I，根據(jù)所得的數(shù)據(jù)描繪出關(guān)系圖線如圖丙所示，回答下列問題：（1）在乙圖中補全實驗實物連接圖______；（2）合上開關(guān)S之前，滑動變阻器的滑片置于滑動變阻器的最______端，寫出關(guān)系圖線的表達式______（用、、、R、U、I來表示）；（3）由乙圖可得______，內(nèi)阻______（用、a、b來表示）。〖答案〗（1）（2）左（3）〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)圖甲電路圖，在乙圖中補全實驗實物連接圖，如圖所示【小問2詳析】[1]由圖甲電路圖可知，合上開關(guān)S之前，滑動變阻器應(yīng)將上方電路短路，則滑動變阻器的滑片置于滑動變阻器的最左端。[2]根據(jù)圖甲電路圖，由歐姆定律有整理可得【小問3詳析】[1][2]由（2）結(jié)論，結(jié)合圖丙有，解得13.負壓救護車的核心艙如圖所示，工作時內(nèi)部近似為理想氣體的壓強小于大氣壓強。某次實驗中，設(shè)艙內(nèi)氣體壓強為0.96p0，溫度為T0，體積為V0，已知大氣壓強為p0。（1）求將艙內(nèi)氣體溫度升高多少，艙內(nèi)氣體壓強變成1.2p0；（2）將負壓艙的閥門打開，同時降低艙內(nèi)的溫度，外界氣體緩慢進入艙內(nèi)，若穩(wěn)定后，氣體的溫度變?yōu)?.75T0，則進入氣體的質(zhì)量與原有氣體質(zhì)量之比為多少？〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）令氣體溫度需要升高，體積不變，根據(jù)查理定律有解得（2）艙內(nèi)的溫度初始值與環(huán)境溫度相等，均為T0，令進入部分氣體在外界時氣體的體積為，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有則進入氣體的質(zhì)量與原有氣體質(zhì)量之比為解得14.如圖甲所示，長木板放置在光滑的水平地面上，木塊（視為質(zhì)點）放置在木板的正中央，現(xiàn)突然給木塊一個水平向右的速度，經(jīng)過一段時間，木塊剛好不從木板的最右端離開，已知木塊與木板的質(zhì)量相等；把長木板放置在粗糙的水平地面上，木塊放置在木板的最左端，已知木板與地面間的動摩擦因數(shù)為，如圖乙所示，現(xiàn)同時給木塊、木板水平向右的速度，重力加速度為g。（1）求甲圖中木塊與木板間的動摩擦因數(shù)以及木板的長度；（2）求乙圖中木塊與木板加速度的大小分別為多少；（3）求乙圖中木塊與木板的運動時間之差以及木塊在木板上滑行的距離?！即鸢浮剑?），；（2），；（3），〖解析〗（1）根據(jù)題意可知，木塊剛好不從木板的最右端離開，即木塊滑到木板的最右端時，木塊與木板共速，設(shè)此時的速度為，由動量守恒定律有解得設(shè)甲圖中木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為，對木塊有又有聯(lián)立解得設(shè)木板的長度為，由能量守恒定律有解得（2）由（1）分析，結(jié)合牛頓第二定律可得，乙圖中木塊的最大加速度的大小為若乙圖中木塊與木板一起向右減速，則加速度大小為可知，乙圖中木塊與木板相對滑動，由牛頓第二定律，對木塊有解得對木板有解得（3）假設(shè)木塊減速到0時未從木板上掉落，由運動學(xué)公式可得，木塊減速到0的時間為運動的位移為木板減速到0的時間為運動的位移為乙圖中木塊與木板的運動時間之差乙圖中木塊在木板上滑行的距離即假設(shè)成立，則乙圖中木塊與木板的運動時間之差為，木塊在木板上滑行的距離為。15.如圖所示，在三維坐標系O-xyz中的，的圓柱形空間內(nèi)存在沿z軸正向的勻強磁場，外部存在沿x軸正向的勻強磁場，磁感應(yīng)強度的大小相等均設(shè)為（為未知量），在的區(qū)域存在沿y軸正向電場強度大小為E0的勻強電場。一質(zhì)量為m，帶電量為q的帶正電粒子（不計重力）從A點（A點在Oxy平面內(nèi)）以速度v0（與y軸的負向成53°夾角）射入電場，經(jīng)過一段時間從x軸上的B點沿x軸正向進入圓柱形區(qū)域，接著從y軸負向上的C點離開此區(qū)域，然后從z軸上的D點再次進入此區(qū)域，最后從z軸上的E點離開此區(qū)域，sin53°=0.8，cos53°=0.6。（1）求A、B兩點間的電勢差以及粒子從A到B的運動時間；（2）求磁感應(yīng)強度B0的值以及粒子從B到D的運動時間；（3）求粒子從B到E動量變化量的大小以及粒子從B到E受力的平均值（對時間而言）?！即鸢浮剑?），；（2），；（3），〖解析〗（1）粒子在A點沿x軸方向的速度粒子在A點沿y軸方向的速度粒子從A到B在y軸方向上由動能定理得解得A、B兩點間的電勢差粒子從A到B在y軸方向上由牛頓第二定律得粒子從A到B的運動時間（2）粒子在B點的速度大小為粒子從B到C做勻速圓周運動，在C點速度沿y軸負方向，軌道半徑為由洛倫茲力提供向心力得解得粒子從B到C的運動時間周期為粒子到D點時速度方向沿z軸負方向，粒子從C點到D點做勻速圓周運動，運動時間為粒子從B到D的運動時間（3）粒子在B點速度方向沿x軸負方向，粒子從D到E做勻速直線運動，在E點速度沿z軸負方向，粒子從B到E速度變化量大小為粒子從B到E動量變化量的大小粒子從D到E的時間粒子從B到E的時間粒子從B到E由動量定理得解得粒子從B到E受力的平均值2024年普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試壓軸卷（T8聯(lián)盟）物理試題（一）試卷滿分：100分考試用時：75分鐘注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的〖答案〗標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號?；卮鸱沁x擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。第1-7題只有一項符合題目要求，第8—10題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.氫原子躍遷與巴耳末系的對比圖像如圖所示，已知光速為c，普朗克常量為h，下列說法正確的是（）A.巴耳末系就是氫原子從能級躍遷到基態(tài)時輻射出的光譜B.氣體的發(fā)光原理是氣體放電管中原子受到光子的撞擊躍遷到激發(fā)態(tài)，再向低能級躍遷，放出光子C.氫原子從能級躍遷到能級時輻射出的光是可見光，但不屬于巴耳末系D.若處于某個激發(fā)態(tài)的幾個氫原子，只發(fā)出三種波長的光，當，則有〖答案〗BD〖解析〗AC．由圖可知，巴耳末系就是氫原子從能級躍遷到能級時輻射出的光譜，故AC錯誤；B．通常情況下，原子處于基態(tài)，非常穩(wěn)定，氣體放電管中的原子受到高速運動的電子的撞擊，有可能向上躍遷到激發(fā)態(tài)，處于激發(fā)態(tài)的原子是不穩(wěn)定的，會自發(fā)地向能量較低的能級躍遷，放出光子，最終回到基態(tài)，故B正確；D．根據(jù)題意，由能級躍遷時，能級差與光子的能量關(guān)系有若處于某個激發(fā)態(tài)的幾個氫原子，只發(fā)出三種波長的光，且則有，，可得解得故D正確。故選BD。2.一列簡諧橫波沿著x軸的正方向傳播，計時開始時的波形圖如圖所示，再經(jīng)過9s，平衡位置在x=7m處的質(zhì)點第二次達到波峰，下列說法中正確的是（）A.此列簡諧橫波的周期為5sB.此列簡諧橫波的波速為2m/sC.平衡位置在x=9m處的質(zhì)點在t=11s時的位移為20cmD.平衡位置在x=6m處的質(zhì)點在0~12s運動的路程為110cm〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)波形可知，波長為根據(jù)同側(cè)法可知，波前起振方向向下，由于計時開始時的波形圖如圖所示，再經(jīng)過9s，平衡位置在x=7m處的質(zhì)點第二次達到波峰，則有解得故A錯誤；B．結(jié)合上述可知，此列簡諧橫波的波速為故B錯誤；C．波形傳播到平衡位置在x=9m處的質(zhì)點處經(jīng)歷時間由于由于質(zhì)點起振方向向下，可知，11s時，x=9m處的質(zhì)點恰好位于波峰位置，即位移為20cm，故C正確；D．波形傳播到平衡位置在x=6m處的質(zhì)點處經(jīng)歷時間由于則x=6m處的質(zhì)點在0~12s運動的路程為故D錯誤。故選C。3.一條平直公路上，甲、乙兩車（視為質(zhì)點）均做直線運動。計時開始，兩車從同一地點出發(fā)的圖像如圖所示，時刻以后乙做勻速直線運動，時刻以后甲、乙以相同的速度做勻速直線運動，甲、乙在做勻加速直線運動時的加速度相同，根據(jù)圖像所提供的其他已知信息，分析下列說法正確的是（）A.乙做勻加速直線運動時的加速度為B.乙的初速度為C.0至?xí)r間間隔內(nèi)，乙的位移為D.0至?xí)r間間隔內(nèi)，乙的平均速度與甲的平均速度之差為〖答案〗A〖解析〗AB．根據(jù)題意可知，甲、乙在做勻加速直線運動時的加速度相同，由圖可知，加速度為則乙的初速度為故A正確，B錯誤；CD．由圖像中面積表位移，由圖可知，0至?xí)r間間隔內(nèi)，乙的位移為平均速度為甲的位移為平均速度乙的平均速度與甲的平均速度之差為故CD錯誤。故選A。4.如圖所示，三顆同步衛(wèi)星就能實現(xiàn)全球同步通信，已知同步衛(wèi)星的線速度為v，地球自轉(zhuǎn)的周期為T，地球的半徑為R，引力常量為G，下列說法正確的是（）A.三顆同步衛(wèi)星的動能相等，重力勢能也相等B.任意兩同步衛(wèi)星的間距為C.地球的質(zhì)量為D.同步衛(wèi)星向心加速度與地球表面的重力加速度之比為〖答案〗D〖解析〗A．三顆同步衛(wèi)星的質(zhì)量不一定相等，故三顆同步衛(wèi)星的動能不一定相等，重力勢能不一定相等，故A錯誤；B．根據(jù)同步衛(wèi)星的軌道半徑為一顆同步衛(wèi)星的信號覆蓋赤道圓周，任意兩同步衛(wèi)星的間距為故B錯誤；C．根據(jù)萬有引力提供向心力解得地球的質(zhì)量為故C錯誤；D．同步衛(wèi)星的向心加速度為根據(jù)萬有引力與重力關(guān)系解得同步衛(wèi)星的向心加速度與地球表面的重力加速度之比為故D正確。故選D。5.一個光學(xué)圓柱體的橫截面如圖所示，中心部分是空的正方形，外邊界是半徑為R的圓，圓心O也是正方形的中心，C是正方形其中一個邊上的中點，B是圓周上的一點，已知，，光速為c，一束單色光AB從B點射入介質(zhì)，入射角為60°，折射光線為BC，下列說法正確的是（）A.光在B點的折射角為45°B.正方形的邊長為C.介質(zhì)對此單色光的折射率為D.光從B到C的傳播時間為〖答案〗B〖解析〗AC．根據(jù)題意，由幾何關(guān)系可得，光在B點的折射角為，則介質(zhì)對此單色光的折射率為故AC錯誤；B．設(shè)正方形的邊長為，由余弦定理有解得故B正確；D．光在介質(zhì)中的傳播速度為光從B到C的傳播時間為故D錯誤。故選B。6.如圖所示，虛線圓的半徑為R，AB是直徑，O是圓心，D是圓周上的一點，C是AB延長線上的一點，CD是虛線圓的切線，把電荷量均為q的正電荷（均視為點電荷）分別置于A、D兩點，已知∠DAO=30°，靜電力常量為k，下列說法正確的是（）A.D點的點電荷在B點產(chǎn)生的場強大小為B.D點的點電荷在C點產(chǎn)生的場強大小為C.O點的電場強度大小為D.B點的電場強度大小為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)幾何關(guān)系可知，則D點的點電荷在B點產(chǎn)生的場強大小為故A錯誤；B．根據(jù)幾何關(guān)系可知，DC長度為D點的點電荷在C點產(chǎn)生的場強大小為故B錯誤；C．根據(jù)幾何關(guān)系有根據(jù)矢量合成可知，O點的電場強度大小為故C錯誤；D．根據(jù)矢量合成規(guī)律，結(jié)合余弦定理，令B點的電場強度大小為，則有解得故D正確。故選D。7.一種平拋運動的實驗游戲如圖所示，AB是內(nèi)壁光滑的細圓管，被固定在豎直面內(nèi)，B點的切線水平，讓質(zhì)量為m的小球（直徑略小于細管的直徑）從A點由靜止釋放，沿著管壁向下運動，達到B點時的速度方向水平向右，大小為v0，接著小球從B運動到C，已知AB的形狀與拋物線BC的形狀完全對稱相同，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）A.A、C兩點間的高度差為B.A點的切線與水平方向的夾角為45°C.小球從B到C重力的平均功率為D.若小球從A到B的運動時間為t，則管壁對小球支持力的沖量大小為〖答案〗B〖解析〗A．小球從A運動到B過程，根據(jù)動能定理有由于AB的形狀與拋物線BC的形狀完全對稱相同，則A、C兩點間的高度差為故A錯誤；B．小球從B到C過程，根據(jù)平拋運動規(guī)律有，結(jié)合上述解得由于AB的形狀與拋物線BC的形狀完全對稱相同，則A點的切線與水平方向的夾角為45°，故B正確；C．小球從B到C重力的平均功率為結(jié)合上述解得故C錯誤；D．小球從A到B的運動過程，將管壁對小球支持力的沖量沿豎直方向與水平方向進行分解，根據(jù)動量定理有，則管壁對小球支持力的沖量大小為解得故D錯誤。故選B。8.如圖所示，質(zhì)量為m、傾角為30°的斜面體放置在水平面上，斜面體的右上角安裝有輕質(zhì)定滑輪，帶有輕質(zhì)定滑輪的物塊放置在斜面體的光滑斜面上，輕質(zhì)細線跨越這兩個定滑輪，上端連接在天花板上，下端懸掛一質(zhì)量為m的小球，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)時，物塊與天花板間的細線成豎直狀態(tài)，兩定滑輪間的細線與斜面平行，不計細線與滑輪間的摩擦，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.物塊的質(zhì)量為3mB.斜面對物塊的支持力大小為C.水平面對斜面的支持力大小為D.水平面與斜面體間的動摩擦因數(shù)一定不為0〖答案〗ABC〖解析〗A．由于是滑輪兩側(cè)是同一根繩，所以拉力滑輪兩側(cè)的繩上拉力相同，對小球分析有對物塊分析，沿斜面方向有解得故A項正確；B．對物塊受力分析，豎直方向有解得故B項正確；C．將斜面，物塊以及小球看成一個整體，豎直方向有解得故C項正確；D．由上述分析可知，該整體在水平方向沒有外力，即水平方向沒有運動趨勢，所以水平方向沒有摩擦力，因此水平面與斜面間的動摩擦因數(shù)可能為零，故D項錯誤。故選ABC。9.如圖1所示，質(zhì)量為m、帶電量為q的帶正電粒子（不計重力）0時刻從a點以速度v0（方向豎直向下）垂直進入范圍足夠大的、周期性的、垂直紙面向外的勻強磁場。磁感應(yīng)強度隨時間變化的圖像如圖2所示，已知周期，不考慮磁場變化產(chǎn)生電場的影響，下列說法正確的是（）A.當磁感應(yīng)強度的大小為時，粒子做勻速圓周運動的周期為B.時間內(nèi)粒子的速度偏轉(zhuǎn)角為90°C.0~T時間間隔內(nèi)，粒子的平均速度為0D.時刻，粒子的位置距a點的距離為〖答案〗BC〖解析〗A．設(shè)粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為，當磁感應(yīng)強度為時，則有又因為磁場變化的周期解得A錯誤；B．時，磁場感應(yīng)強度為，此時粒子在磁場中勻速圓周運動的周期粒子在磁場中運動的時間解得剛好是粒子勻速圓周運動周期的，速度的偏轉(zhuǎn)角，B正確；C．時間內(nèi)，粒子圓周運動的周期結(jié)合磁場變化的周期可知，粒子在磁場中運動時間可見，粒子在和時間內(nèi)，粒子都是轉(zhuǎn)過其對應(yīng)圓周的，當磁感應(yīng)強度為時，其圓周運動的軌道半徑解得同理，當磁感應(yīng)強度為時，其圓周運動的軌道半徑粒子在磁場中的運動軌跡如圖所示時間內(nèi)粒子從a點到1，時間內(nèi)從1到2、、、、依次類推，一個周期內(nèi)，粒子剛好回到a點，位移為0，平均速度為0，C正確；D．在時刻，粒子剛好到達2位置，粒子的位置距a點的距離為圖中紅色三角形的斜邊，根據(jù)勾股定理及已知條件可得故D錯誤。故選BC。10.如圖所示，導(dǎo)體棒1放置在光滑的足夠長的水平導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒2放置在粗糙的水平導(dǎo)軌上，且兩者之間的動摩擦因數(shù)為0.5，兩種導(dǎo)軌的間距均為L，兩種導(dǎo)軌通過外層絕緣的導(dǎo)線交叉相連，已知導(dǎo)體棒1、2的質(zhì)量均為m，接入電路的阻值均為R，其它阻值均忽略不計，兩種導(dǎo)軌處在磁感應(yīng)強度大小為B方向豎直向上的勻強磁場中?，F(xiàn)給導(dǎo)體棒1施加一個水平向左的恒定拉力（為未知量），當導(dǎo)體棒1穩(wěn)定運動時，導(dǎo)體棒2與導(dǎo)軌間的靜摩擦力剛好達到最大值，重力加速度為g，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，下列說法正確的是（）A.導(dǎo)體棒2所受的摩擦力水平向右B.導(dǎo)體棒1穩(wěn)定運動的速度為C.當導(dǎo)體棒1穩(wěn)定運行時，拉力的功率為D.導(dǎo)體棒1從開始運動到穩(wěn)定運動，若兩根導(dǎo)體棒生成的總焦耳熱為Q，則流過導(dǎo)體棒某一橫截面的電荷量為〖答案〗BC〖解析〗A．根據(jù)左手定則，導(dǎo)體棒2所受的安培力向右，根據(jù)平衡條件可知導(dǎo)體棒2所受的摩擦力水平向左，故A錯誤；B．當導(dǎo)體棒1穩(wěn)定運動時，導(dǎo)體棒2與導(dǎo)軌間的靜摩擦力剛好達到最大值，則電流感應(yīng)電動勢為解得導(dǎo)體棒1穩(wěn)定運動的速度為故B正確；C．當導(dǎo)體棒1穩(wěn)定運行時，拉力大小為拉力功率為故C正確；D．導(dǎo)體棒1從開始運動到穩(wěn)定運動，根據(jù)能量守恒有流過導(dǎo)體棒某一橫截面的電荷量為聯(lián)立解得故D錯誤。故選BC。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的實驗裝置，既可以驗證牛頓第二定律，也可以測量滑塊的質(zhì)量與當?shù)氐闹亓铀俣?，實驗器材有帶加速度傳感器的滑塊（傳感器的質(zhì)量忽略不計）、質(zhì)量已知的鉤碼、水平光滑的桌面（右端帶定滑輪）、動滑輪（輕質(zhì)）、輕質(zhì)細線。實驗步驟如下：A.調(diào)節(jié)定滑輪使細線水平，動滑輪跨在細線上，鉤碼掛動滑輪上，滑塊與鉤碼由靜止開始做勻加速直線運動，記錄加速度傳感器的示數(shù)以及相應(yīng)的鉤碼質(zhì)量；B.改變懸掛鉤碼的個數(shù)，重復(fù)步驟A，得到多組加速度a與相應(yīng)懸掛的鉤碼總質(zhì)量M；C.畫出的函數(shù)關(guān)系圖像如圖乙所示。（1）設(shè)當?shù)氐闹亓铀俣葹間，滑塊的質(zhì)量為m，寫出的函數(shù)關(guān)系圖像的表達式______（用g、m、M、a來表示）；（2）若圖像縱軸的截距為b，斜率為k，可得m=______，g=______（用b、k來表示）?！即鸢浮剑?）（2）〖解析〗【小問1詳析】由圖甲可知，相同時間內(nèi)滑塊的位移大小是鉤碼位移大小的兩倍，則滑塊的加速度大小是鉤碼加速度大小的兩倍；以滑塊為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得以鉤碼為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得【小問2詳析】[1][2]根據(jù)可知圖像縱軸的截距為圖像的斜率為解得，12.某實驗小組利用如圖甲所示的電路圖連接好圖乙的電路，來測量電壓表的內(nèi)阻和電流表的內(nèi)阻，已知定值電阻的阻值為，合上開關(guān)后，調(diào)節(jié)滑動變阻器以及電阻箱的接入阻值R，讀出電壓表、電流表的示數(shù)U、I，根據(jù)所得的數(shù)據(jù)描繪出關(guān)系圖線如圖丙所示，回答下列問題：（1）在乙圖中補全實驗實物連接圖______；（2）合上開關(guān)S之前，滑動變阻器的滑片置于滑動變阻器的最______端，寫出關(guān)系圖線的表達式______（用、、、R、U、I來表示）；（3）由乙圖可得______，內(nèi)阻______（用、a、b來表示）?！即鸢浮剑?）（2）左（3）〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)圖甲電路圖，在乙圖中補全實驗實物連接圖，如圖所示【小問2詳析】[1]由圖甲電路圖可知，合上開關(guān)S之前，滑動變阻器應(yīng)將上方電路短路，則滑動變阻器的滑片置于滑動變阻器的最左端。[2]根據(jù)圖甲電路圖，由歐姆定律有整理可得【小問3詳析】[1][2]由（2）結(jié)論，結(jié)合圖丙有，解得13.負壓救護車的核心艙如圖所示，工作時內(nèi)部近似為理想氣體的壓強小于大氣壓強。某次實驗中，設(shè)艙內(nèi)氣體壓強為0.96p0，溫度為T0，體積為V0，已知大氣壓強為p0。（1）求將艙內(nèi)氣體溫度升高多少，艙內(nèi)氣體壓強變成1.2p0；（2）將負壓艙的閥門打開，同時降低艙內(nèi)的溫度，外界氣體緩慢進入艙內(nèi)，若穩(wěn)定后，氣體的溫度變?yōu)?.75T0，則進入氣體的質(zhì)量與原有氣體質(zhì)量之比為多少？〖答案〗（1）；（2）〖