2022屆云南省曲靖市宣威民族中學物理高一第二學期期末質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2021-2022學年高一下物理期末模擬試卷請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)如圖所示，、為兩個固定的等量同種正電荷，在其連線的中垂線上的點釋放一個負粒子，僅在電場力作用下由靜止開始運動，下列說法中正確的是（）A．粒子將一直沿中垂線做單方向直線運動B．從到的過程中，加速度可能先變大，再變小，速度越來越大C．整個運動過程中，粒子在點時，加速度最大D．整個運動過程中，粒子的電勢能一直增加2、(本題9分)下列說法正確的是（）A．動量為零時，物體一定處于平衡狀態(tài)B．動能不變，物體的動量一定不變C．物體受到恒力的沖量也可能做曲線運動D．物體所受合外力大小不變，但方向改變時，其動量大小一定要發(fā)生改變3、(本題9分)繞地球做勻速圓周運動的人造地球衛(wèi)星，其軌道半徑越大，則它運行的A．速度越小，周期越小 B．速度越小，周期越大C．速度越大，周期越小 D．速度越大，周期越大4、(本題9分)某質點在xoy平面上運動，其沿x軸和y軸上的分運動的速度隨時間變化的關系均可用圖表示（兩分運動圖像坐標軸的分度可能不同）。則A．此質點一定做直線運動B．此質點一定做曲線運動C．此質點的軌跡不可能是圓周D．此質點的軌跡可能與平拋運動物體的軌跡相同5、(本題9分)首次在實驗室精確測定引力常量的科學家是（）A．卡文迪許 B．伽利略 C．牛頓 D．第谷6、如圖所示，一電子沿等量異種點電荷的中垂直線由A→O→B運動，則電子所受等量異種點電荷的電場力的大小和方向變化情況是（）A．先變大后變小，方向水平向左B．先變大后變小，方向水平向右C．先變小后變大，方向水平向左D．先變小后變大，方向水平向右7、(本題9分)一個內壁光滑的圓錐形筒的軸線垂直水平面，圓錐筒固定，有質量相同的小球A和B沿著筒的內壁在水平面內做勻速圓周運動，如圖所示，A的運動半徑較大，則（）A．A球的角速度必小于B球的角速度B．A球的線速度必小于B球的線速度C．A球的運動周期必大于B球的運動周期D．A球對筒壁的壓力必大于B球對筒壁的壓力8、(本題9分)如圖甲所示,一人用由零逐漸增大的水平力F推靜止于水平地面上質量為10kg的木箱,木箱所受的摩擦力f與F的關系如圖乙所示,g取10m/s2,下列說法正確的是()A．木箱所受的最大靜摩擦力fm=21NB．木箱所受的最大靜摩擦力fm=20NC．木箱與地面間的動摩擦因數μ=0.21D．木箱與地面間的動摩擦因數μ=0.29、(本題9分)如圖所示，楔形木塊abc固定在水平面上，光滑斜面ab和光滑斜面bc足夠長且與水平面的夾角均為θ，頂點b處安裝一定滑輪，質量分別為M、m（M>m）的滑塊，通過足夠長且不可伸長的輕繩跨過定滑輪連接，輕繩與斜面平行，兩滑塊由靜止釋放后，沿斜面做勻加速運動，若不計滑輪的質量和一切摩擦阻力，在兩滑塊沿斜面運動的過程中（重力加速度為g）A．M的機械能守恒B．輕繩對m做的功等于m機械能的增加量C．從靜止釋放后，經過時間t，兩滑塊組成系統重力勢能減少量為D．從靜止釋放后，經過時間t，繩對M拉力的沖量大小為10、(本題9分)下列關于電容器和電容的說法中，正確的是A．根據C＝可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，跟兩板間的電壓成反比B．對于確定的電容器，其所帶的電荷量與兩板間的電壓（小于擊穿電壓且不為零）成正比C．對于確定的電容器，無論電容器的電壓如何変化（小于擊穿電壓且不為零），它所帶的電荷量與電壓比值恒定不變D．電容器的電容是表示電容器容納電荷本領的物理量，其大小與加在兩板上的電壓無關11、(本題9分)下列關于牛頓定律的說法正確的是（）A．牛頓第一定律是通過理想斜面實驗經過推理得出的B．作用力與反作用力可以作用在同一物體上C．牛頓認為力是產生加速度的原因D．行星在圓周軌道上保持勻速率運動的性質是慣性12、(本題9分)水平光滑直軌道ab與半徑為R的豎直半圓形光滑軌道bc相切，一小球以初速度v0沿直線軌道向右運動，如圖所示，小球進入圓形軌道后剛好能通過c點，然后小球做平拋運動落在直軌道上的d點，重力加速度為gA．小球到達c點的速度為2gRB．小球到達b點時對軌道的壓力為5mgC．小球在直軌道上的落點d與b點距離為2RD．小球從c點落到d點所需時間為2二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)用如圖甲所示的實驗裝置驗證質量分別為m1、m2的兩物塊組成的系統機械能守恒。質量為m2的物塊在高處由靜止開始下落，打點計時器在質量為m1的物塊拖著的紙帶上打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。圖乙所示是實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數點間還有4個點（圖中未標出），所用電源的頻率為50Hz，計數點間的距離如圖乙所示。已知m1＝100g、m2＝200g，取當地重力加速度為9.8m/s2。（結果均保留三位有效數字）（1）打計數點5時物塊的速度大小為______m/s。（2）在打計數點0到5的過程中，系統運能的增量Ek＝______J；系統重力勢能的減少是Ep＝_____J。14、（10分）與打點計時器一樣，光電計時器也是一種研究物體運動情況時常用的計時儀器，如圖（甲）所示，a、b分別是光電門的激光發(fā)射和接收裝置．現利用如圖（乙）所示的裝置驗證“機械能守恒定律”．方法是：在滑塊上安裝一遮光板，把滑塊放在水平放置的氣墊導軌上，通過跨過定滑輪的細繩與鉤碼相連，連接好1、1兩個光電門，在圖示位置釋放滑塊后，光電計時器記錄下滑塊上的遮光板先后通過兩個光電門的時間分別為△t1、△t1．已知滑塊（含遮光板）質量為M、鉤碼質量為m、兩光電門間距為s、遮光板寬度為L、當地的重力加速度為g．（1）計算滑塊先后通過兩個光電門時的瞬時速度的表達式為v1=_____v1=________（用題目中給定的字母表示）（1）本實驗中驗證機械能守恒的表達式為____________（用題目中給定的字母表示）．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）我國正在進行的探月工程是高新技術領域的一項重大科技活動，在探月工程中飛行器成功變軌至關重要，若飛行器在繞月球飛行的第5圈進行變軌，由原來的橢圓軌道變?yōu)榫嘣虑虮砻娓叨萮的圓形軌道。已知月球半徑R，月球表面處的重力加速度g。試導出飛行器在上述圓軌道上運行的周期T的公式（用h、R、g表示）。16、（12分）(本題9分)如圖,小球(可視為質點)質量m=2kg,不可伸長的細懸線長L=1m,現將小球拉至水平位置(懸線呈拉直狀態(tài)且在豎直紙面內)由靜止釋放,不計空氣阻力,(已知重力加速度g=10m/s2,sin53°=0.8,cos53°=0.6)求:（1）小球到達最低位置時時間t=0.5s,該過程中重力的平均功率多大？（2）小球第一次到達圖中虛線位置（θ=53°）重力的瞬時功率多大？（3）小球第一次到最低點過程中重力的最大功率是多少？17、（12分）1966年曾在地球的上空完成了以牛頓第二定律為基礎的測定質量的實驗，實驗時，用雙子星號字宙飛船m1去接觸正在軌道上運行的火箭組m2(后者的發(fā)動機已熄火)．接觸以后，開動雙子星號飛船的推進器，使飛船和火箭組共同加速(如圖)，推進器的平均作用力F等于895N，推進器開動時間為7s．測出飛船和火箭組的速度變化是0.91m/s．已知雙子星號宇宙飛船的質量m1=3400kg，求：(1)火箭組的質量m是多大？(2)已知火箭組的實際質量為3660kg，求該次測量的相對誤差，已知相對誤差=×100%

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】

BD、在等量同種電荷連線中垂線上電場強度方向，負點電荷q從P點到O點運動的過程中，電場力方向，速度越來越大，動能增大，粒子的電勢能減小，但電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況無法判斷，但可能是加速度先變大后變小，故B正確，D錯誤；AC、越過O點后，負電荷q做減速運動，則點電荷運動到O點時速度最大，電場力為零，加速度為零，根據電場線的對稱性可知，越過O點后，負電荷q做減速運動，加速度的變化情況：先增大后減??；對于速度一直減小，粒子將沿中垂線做往返直線運動，故A、C錯誤；故選B．【點睛】M、N為兩個等量的正點電荷，其連線中垂線上電場強度方向O→P，負點電荷q從P點到O點運動的過程中，電場力方向P→O，速度越來越大．但電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況不確定．越過O點后，負電荷q做減速運動，點電荷運動到O點時加速度為零，速度達最大值，加速度變化情況同樣不確定．2、C【解析】A、動量為零說明物體的速度為零，但物體速度為零并不一定為平衡狀態(tài)，如汽車的起動瞬時速度為零，但應為勻加速直線運動，故A錯誤；

B、動能不變，說明速度的大小不變，但速度的方向是可以變化的，故動量是可能發(fā)生變化的，故B錯誤；C、物體受到恒力作用時有可能做曲線運動，如平拋運動，故C正確；D、物體做勻變速直線運動時，物體的合外力大小變，同時速度大小不會變化，故動量的大小也不會發(fā)生變化，故D錯誤．點睛：在運動和力的關系中我們學過動量定理、動能定理及牛頓第二定律等規(guī)律，在研究時應綜合考慮，特別要注意各量是否為矢量，掌握好矢量的性質是理解問題的關鍵．3、B【解析】人造衛(wèi)星做勻速圓周運動，設衛(wèi)星的質量為，軌道半徑為，地球質量為．根據萬有引力提供向心力有，，．計算得出：…①…②所以衛(wèi)星的軌道半徑越大，速度越小，周期越大．故B正確．故選B．4、C【解析】

由圖知質點在軸方向做初速度不為零的勻加速直線運動，加速度恒定，在軸方向做初速度不為零的勻加速直線運動，加速度恒定，則有質點的合加速度恒定；由于兩分運動圖像坐標軸的分度可能不同，也可能相同，合加速度方向與合速度方向之間的夾角大于或等于小于，而平拋運動的物體加速度和初速度的夾角為，所以質點可能做勻加速直線運動，也可能做勻變速曲線運動但此質點的軌跡一定與平拋運動物體的軌跡不相同，圓周運動的物體合外力是變力而不是恒力，因此一定不做圓周運動，故選項C正確，A、B、D錯誤。5、A【解析】

A．牛頓發(fā)現了萬有引力定律之后，卡文迪許通過扭秤實驗首次準確測出引力常量，故A正確，C錯誤．B.伽利略通過理想斜面實驗，否定了亞里士多德的“力是維持物體運動原因”的理論；研究了自由落體運動，得到其運動規(guī)律，沒有測定引力常量G，故B錯誤．D.第谷觀測了行星的運動現象，得到大量的數據，但沒有測定引力常量G，故D錯誤．故選A6、A【解析】

AB.根據等量異種電荷周圍的電場線分布知，從A→O→B，電場強度的方向不變，水平向右，電場強度的大小先增大后減?。畡t電子所受電場力的大小先變大，后變小，方向水平向左，故A符合題意，B不符合題意．CD.根據等量異種電荷周圍的電場線分布知，從A→O→B，電場強度的方向不變，水平向右，電場強度的大小先增大后減?。畡t電子所受電場力的大小先變大，后變小，方向水平向左，故CD不符合題意．7、AC【解析】

如圖所示向心力得：，A、由于球A運動的半徑大于B球的半徑，A球的角速度必小于B球的角速度，A球的線速度必大于B球的線速度，故A正確，B錯誤；C、由周期公式，所以球A的運動周期大于球B的運動周期，故C正確；D、球A對筒壁的壓力等于球B對筒壁的壓力，所以D錯誤．故選AC．8、AD【解析】

由圖乙知木箱受的最大靜摩擦力為fm=21N，故A正確，B錯誤；當木箱運動后受的是滑動摩擦力，大小為f=μmg=20N，解得μ=0.2，故C錯誤，D正確；故選AD．【點睛】對物體正確受力分析，知道什么時候的摩擦力是靜摩擦力，滑動摩擦力與拉力無關是正確解題的關鍵．9、BD【解析】A、滑塊M受到重力、斜面的支持力和繩對M拉力，繩對M拉力對M做負功，機械能減小，M的機械能不守恒，故A錯誤；B、滑塊m受到重力、斜面的支持力和繩對m拉力，繩對m拉力對m做正功，斜面的支持力不做功，根據功能關系，輕繩對m做的功等于m機械能的增加量，故B正確；C、兩滑塊組成系統的加速度為，經過時間t的位移，兩滑塊組成系統重力勢能減少量為，故C錯誤；D、對M則有，解得，繩對M拉力的沖量大小為，故D正確；故選BD．10、BCD【解析】

AD.C＝比值定義式，電容表征電容器容納電荷的本領大小，由電容器本身的特性決定，與兩極板間的電壓、所帶的電荷量無關，故A錯誤，D正確；B.對于確定的電容器，C一定，由Q=CU知，Q與U成正比，故B正確；C.電容器所帶的電荷量與電壓比值等于電容，電容與電荷量、電壓無關，所以無論電容器的電壓如何變化（小于擊穿電壓且不為零），它所帶的電荷量與電壓比值恒定不變，故C正確。11、AC【解析】A項：牛頓第一定律是牛頓在伽利略等前人實驗的基礎上，根據邏輯推理得出的，是以實驗為基礎，但又不是完全通過實驗得出，故A正確；B項：作用力和反作用力是相互作用的一對力，作用在不同的物體上，故B錯誤；C項：由牛頓第二定律可知，力是產生加速度的原因，故C正確；D項：一切物體都有保持原來運動狀態(tài)的性質，說明速度不變，不是指速率不變，故D錯誤。點晴：慣性定律的內容是：一切物體都有保持原來運動狀態(tài)的性質，即任何物體在任何情況下都有慣性。12、CD【解析】

A.小球進入圓形軌道后剛好能通過c點，只有重力提供向心力mg=解得：v=故A錯誤；B.由機械能守恒定律得：1由向心力公式有：F-mg=解得軌道對小球的支持力F=6mg，根據牛頓第三定律得：小球到達b點時對軌道的壓力為6mg，故B錯誤；C.由平拋運動規(guī)律得，水平位移x=vt=故C正確；D.小球離開軌道后，在豎直方向做自由落體運動，小球從c點落到d點所需時間為t=故D正確。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（1）1.64（2）0.4030.404【解析】