山西省太原市第四十八中2021-2022學(xué)年高一物理第二學(xué)期期末調(diào)研試題含解析

2021-2022學(xué)年高一物理下期末模擬試卷注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、(本題9分)若以某固定點為起點畫出若干矢量,分別代表運(yùn)動質(zhì)點在不同時刻的速度,則這些矢量的末端所形成的軌跡被定義為"速矢端跡".由此可知(

)①勻速直線運(yùn)動的速矢端跡是線段;②勻加速直線運(yùn)動的速矢端跡是射線;③勻速圓周運(yùn)動的速矢端跡是圓;④平拋運(yùn)動的速矢端跡是點.A．①② B．②③ C．③④ D．①④2、(本題9分)平拋物體的初速度為v0，當(dāng)水平方向分位移與豎直方向分位移相等時的瞬時速率為A．v0 B．2v0 C．. D．3、(本題9分)關(guān)于曲線運(yùn)動，下列說法中正確的是（）A．曲線運(yùn)動不一定是變速運(yùn)動B．做曲線運(yùn)動物體的速度方向保持不變C．物體受到變力作用時就做曲線運(yùn)動D．做曲線運(yùn)動的物體受到的合外力可能是恒力4、以下四種情境中，物體a機(jī)械能守恒的是（不計空氣阻力）（）A． B．C． D．5、(本題9分)長為L的輕繩懸掛一個質(zhì)量為m的小球，開始時繩豎直，小球與一個傾角θ=45°的靜止三角形物塊剛好接觸，如圖所示．現(xiàn)在用水平恒力F向左推動三角形物塊，直至輕繩與斜面平行，此時小球的速度速度大小為v，重力加速度為g，不計所有的摩擦．則下列說法中正確的是()A．上述過程中，斜面對小球做的功等于小球增加的動能B．上述過程中，推力F做的功為FLC．上述過程中，推力F做的功等于小球增加的機(jī)械能D．輕繩與斜面平行時，繩對小球的拉力大小為mgsin45°6、張家界百龍?zhí)焯?，總高度達(dá)335米，游客乘坐觀光電梯大約一分鐘就可以達(dá)觀光平臺，若電梯簡化成只受重力與繩索拉力，已知電梯在t=0時由靜止開始上升，a-t圖像如圖所示．則下列相關(guān)說法正確的是（）A．t=4.5s時，電梯處于超重狀態(tài)B．t在5s~55s時間內(nèi)，繩索拉力最小C．t=59.5時，電梯處于超重狀態(tài)D．t=60s時，電梯速度恰好為零7、(本題9分)一汽車以速度v0在平直路面上勻速行駛，在t=0時刻將汽車發(fā)動機(jī)的輸出功率調(diào)為另一個恒定值，設(shè)汽車行駛過程中受到的阻力恒定不變．從t=0時刻開始，汽車運(yùn)動的v-t圖象可能正確的有A．B．C．D．8、(本題9分)有關(guān)圓周運(yùn)動的基本模型，下列說法正確的是（）A．如圖a，汽車通過拱橋的最高點處于超重狀態(tài)B．如圖b所示是一圓錐擺，增大θ，若保持圓錐的高不變，則圓錐擺的角速度不變C．如圖c，同一小球在光滑而固定的圓錐筒內(nèi)的A、B位置先后分別做勻速圓周運(yùn)動，則在A、B兩位置小球的角速度及所受筒壁的支持力大小相等D．火車轉(zhuǎn)彎超過規(guī)定速度行駛時，外軌對火車輪緣會有擠壓作用9、(本題9分)如圖所示，M、N為兩個固定的等量同種正電荷，在其連線的中垂線上的P點由靜止釋放一負(fù)電荷（忽略重力），下列說法中正確的是A．從P到O，可能加速度越來越小，速度越來越大B．從P到O，可能加速度先變大變小，速度越來越大C．越過O點后，可能加速度一直變大，速度一直減小D．越過O點后，可能加速度一直變小，速度一直減小10、(本題9分)在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，閉合開關(guān)S，待電流達(dá)到穩(wěn)定后，電流表示數(shù)為I，電壓表示數(shù)為U，電容器C所帶電荷量為Q，將滑動變阻器的滑動觸頭P從圖示位置向a端移動一些，待電流達(dá)到穩(wěn)定后，則與P移動前相比()A．U變小 B．I變小 C．Q增大 D．Q減小二、實驗題11、（4分）(本題9分)在“探究功與速度變化的關(guān)系”實驗中，某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的實驗方案：使小物塊在橡皮筋的作用下沿水平桌面被彈出，第二次、第三次操作時分別改用2根、3根、同樣的橡皮筋將小物塊彈出，測出小物塊被彈出時速度，然后找到牽引力對小物塊做的功與小物塊速度的關(guān)系。（1）要測得小物塊被彈出后的水平速度，需要測量哪些物理量（填正確答案標(biāo)號，g已知）_____A．小物塊的質(zhì)量mB．橡皮筋的原長xC．橡皮筋的伸長量D．桌面到地面的高度hE．小物塊拋出點到落地點的水平距離L（2）實驗時，若把橡皮筋兩端固定，使橡皮筋的伸長量依次加倍來實現(xiàn)橡皮筋對小物塊做功成整數(shù)倍變化，這樣做有什么不好？答：_____________________________（3）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)做出的圖象如圖乙所示，圖線不通過原點的原因是__________________12、（10分）在“探究求合力的方法”實驗中，（1）下列操作對減小實驗誤差有利的是____A．彈簧測力計的量程盡量大一些B．細(xì)繩套的長度適當(dāng)長一些C．確定力的方向時，描點間的距離適當(dāng)近一些D．兩個分力的夾角盡量接近90°（2）在某次實驗中，彈簧測力計的指針位置如圖所示，可讀出力的大小是___N.

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】

①勻速直線運(yùn)動的速度不變，即速度大小和方向都不變，根據(jù)“速矢端跡”的定義，作出其速矢端跡應(yīng)為點，不是線段．故①錯誤；②勻加速直線運(yùn)動的加速度保持不變，速度隨時間均勻增大，畫出其“速矢端跡”為射線．故②正確；③勻速圓周運(yùn)動的速度保持不變，速度方向繞圓心勻速旋轉(zhuǎn)，其“速矢端跡”為圓．故③正確；④平拋運(yùn)動的水平速度不變，豎直速度均勻增大，速矢端跡是豎直的射線.故④錯誤．故選B2、D【解析】根據(jù)v1t＝gt2得，t=，豎直分速度vy=gt=2v1．根據(jù)平行四邊形定則知，瞬時速率．故選D.點睛：解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式靈活求解．3、D【解析】

A、既然是曲線運(yùn)動，它的速度的方向必定是改變的，一定是變速運(yùn)動，所以A正確；B錯誤．C、物體受到變力的作用，如果力的方向和速度在同一條直線上時，物體做的仍是直線運(yùn)動，只不過是物體的加速度的大小在變化，所以C錯誤．D、做曲線運(yùn)動的物體受到的合外力可能是恒力，如平拋運(yùn)動，受恒力作用，做曲線運(yùn)動，所以D正確．4、C【解析】

AB、物體a在沿固定斜面勻速下滑和沿粗糙的圓弧面加速下滑過程中都受到摩擦力作用，有內(nèi)能的產(chǎn)生，物體a的機(jī)械能不守恒，故AB錯誤。C、擺球a由靜止釋放，自由擺動過程中只有重力做功，物體a的動能和重力勢能相互轉(zhuǎn)化，機(jī)械能守恒，故C正確。D、小球a由靜止釋放至運(yùn)動到最低點的過程中，小球a和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球a的機(jī)械能不守恒，故D錯誤。5、B【解析】試題分析：斜面對小球做的功等于小球增加的動能與增加的勢能之和，故A錯誤；上述過程中斜面前進(jìn)的距離為L，推力做功為FL，故B正確；推力做的功等于小球增加的機(jī)械能與斜面增加的動能之和，故C錯誤；細(xì)繩與斜面平行時，繩對小球的拉力T滿足關(guān)系：T-mgsin45°=m，故D錯誤．考點：功能關(guān)系【名師點睛】本題考查的是力是否做功，要抓住分析中判斷的兩個要點來做判斷．知道重力做功量度重力勢能的變化．知道除了重力之外的力做功量度機(jī)械能的變化．本題要抓住做功的兩個必要因素：（1）作用在物體上的力；（2）物體必須是在力的方向上移動一段距離，機(jī)械能包括動能和勢能，可以分析動能和勢能的變化判斷機(jī)械能的變化.6、AD【解析】

A.電梯在t=0時由靜止開始上升，加速度向上，電梯處于超重狀態(tài)，此時加速度a>0。t=4.5s時，a>0，電梯也處于超重狀態(tài)，故A正確；B.t在5s~55s時間內(nèi)，a=0，電梯處于平衡狀態(tài)，繩索拉力等于電梯的重力，應(yīng)大于電梯失重時繩索的拉力，所以這段時間內(nèi)繩索拉力不是最?。蔅錯誤；C.t=59.5s時，a<0，加速度方向向下，電梯處于失重狀態(tài)，故C錯誤．D.根據(jù)a-t圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積表示速度的變化量，由幾何知識可知，60s內(nèi)a-t圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積為0，所以速度的變化量為0，而電梯的初速度為0，所以t=60s時，電梯速度恰好為0。故D正確．7、BD【解析】試題分析：調(diào)整前，牽引力，功率，當(dāng)功率調(diào)整后，若功率調(diào)大，由于速度不會瞬間變化，所以會導(dǎo)致牽引力瞬間變?yōu)橐粋€較大的值，使得，汽車做加速運(yùn)動，使得速度增大，而隨著速度的增大，功率不再變化，牽引力逐漸減小，加速度逐漸減小，直到牽引力再次減小到，開始新的勻速直線運(yùn)動，即為加速度逐漸減小的加速運(yùn)動最后勻速，圖像如B。若功率調(diào)小，同樣由于速度不會瞬間變化，所以會導(dǎo)致牽引力瞬間變?yōu)橐粋€較小的值，使得，汽車做減速運(yùn)動，使得速度減小，而隨著速度的減小，功率不再變化，牽引力逐漸增大，加速度逐漸減小，直到牽引力再次減小到，開始新的勻速直線運(yùn)動，即為加速度逐漸減小的減速運(yùn)動最后勻速，圖像如D?？键c：機(jī)動車的兩種啟動方式8、BD【解析】

A．當(dāng)汽車在拱橋頂端時，根據(jù)牛頓第二定律則有可得根據(jù)牛頓第三定律可得汽車通過拱橋的最高點處汽車對橋頂?shù)膲毫π∮谥亓?，處于失重狀態(tài)，故A錯誤；B．球受到重力和繩的拉力作用，二者合力提供向心力，向心力大小為小球做圓周運(yùn)動的半徑為由牛頓第二定律得聯(lián)立可得角速度知保持圓錐擺的高度不變，則角速度不變，故B正確；C．設(shè)支持力與豎直方向的夾角為，則支持力的大小則有由牛頓第二定律得可得角速度由于，所以可得故C錯誤；D．火車拐彎時超過規(guī)定速度行駛時，由于支持力和重力的合力不夠提供向心力，會對外軌產(chǎn)生擠壓，即外軌對輪緣會有擠壓作用，故D正確；故選BD。9、ABC【解析】

AB、點電荷?q在從P到O的過程中，所受的電場力方向豎直向下，做加速運(yùn)動，所以速度越來越大。因為從O向上到無窮遠(yuǎn)，電場強(qiáng)度先增大后減小，所以P到O的過程中，電場強(qiáng)度大小是變化的，加速度可能越來越小，也可能先變大后變小，故A正確，B正確；CD.點電荷運(yùn)動到O點時，所受的電場力為零，加速度為零。根據(jù)電場線的對稱性可知，越過O點后，向下做減速運(yùn)動，運(yùn)動到與P對稱的位置速度為零，所以加速度可能越來越大，也可能先變大后變小，故C正確，D錯誤。故選：ABC10、BC【解析】

首先搞清電路的結(jié)構(gòu)：電流穩(wěn)定時，變阻器與R2串聯(lián)，R1上無電流，無電壓，電容器的電壓等于變阻器的電壓，電壓表測量變阻器的電壓，電流表測量干路電流；當(dāng)滑片P向a端移動一些后，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)歐姆定律分析電路的總電阻變化和干路電流的變化，再分析電表讀數(shù)的變化和電容器電量的變化．【詳解】解：當(dāng)滑動變阻器P的滑動觸頭從圖示位置向a端移動時，其接入電路的電阻值增大，外電路總電阻增大，由閉合電路的歐姆定律可知，干路的電流I減?。蛔冏杵鲀啥说碾妷?，由I減小，可知U增大，即電容器C兩端的電壓增大，再據(jù)Q=CU，可判斷出電容器的電荷量Q增大，故BC正確，AD錯誤。故選BC。【點睛】本題是含有電容器的動態(tài)變化分析問題，要綜合考慮局部與整體的關(guān)系，對于電容器明確兩端的電壓，再利用電容器的定義式判斷電量的變化情況．二、實驗題11、DE橡皮筋的伸長量不同，會造成每一次小物體克服摩擦力做的功不同，不利于比較它們的關(guān)系物體在桌面上運(yùn)動時需要克服摩擦力做功【解析】

第一空.物塊離開桌面后做平拋運(yùn)動，豎直方向：h=gt2，水平方向：L=vt，解得：，要測物被彈出時的速度，需要測量：桌面到地面的高度h，小物塊拋出點到落地點的水平距離L，故選DE；第二空.橡皮筋的伸長量不同，會造成每一次小物體克服摩擦力做的功不同，不利