廣東專用高考物理二輪復(fù)習(xí) 等值模擬二

等值模擬二一、單項(xiàng)選擇題(本大題共4小題，每小題4分，共16分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，選對(duì)的得4分，選錯(cuò)或不答的得0分．)13．(·北京·16)如圖1所示，傾角為α、質(zhì)量為M的斜面體靜止在水平桌面上，質(zhì)量為m的木塊靜止在斜面體上．下列結(jié)論正確的是 ()圖1A．木塊受到的摩擦力大小是mgcosαB．木塊對(duì)斜面體的壓力大小是mgsinαC．桌面對(duì)斜面體的摩擦力大小是mgsinαcosαD．桌面對(duì)斜面體的支持力大小是(M＋m)g答案D解析對(duì)木塊m受力分析如圖所示，由平衡條件可知：FN1＝mgcosα，F(xiàn)f＝mgsinα，由牛頓第三定律可知，木塊對(duì)斜面的壓力大小為FN1′＝mgcosα，故選項(xiàng)A、B均錯(cuò)誤；選M、m整體為研究對(duì)象，受力分析如圖所示，由平衡條件得： FN2＝(M＋m)g，選項(xiàng)D正確，C錯(cuò)誤．14．如圖2所示，曲線Ⅰ是一顆繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)衛(wèi)星軌道的示意圖，其半徑為R；曲線Ⅱ是一顆繞地球做橢圓運(yùn)動(dòng)衛(wèi)星軌道的示意圖，O點(diǎn)為地球球心，AB為橢圓的長(zhǎng)軸，兩軌道和地心都在同一平面內(nèi)，己知在兩軌道上運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的周期相等，萬有引力常量為G，地球質(zhì)量為M，下列說法正確的是 ()圖2A．橢圓軌道的長(zhǎng)軸長(zhǎng)度為RB．衛(wèi)星在Ⅰ軌道的速率為v0，衛(wèi)星在Ⅱ軌道B點(diǎn)的速率為vB，則v0<vBC．衛(wèi)星在Ⅰ軌道的加速度大小為a0，衛(wèi)星在Ⅱ軌道A點(diǎn)加速度大小為aA，則a0<aAD．若OA＝0.5R，則衛(wèi)星在B點(diǎn)的速率vB>eq\r(\f(2GM,3R))答案C解析利用開普勒第三定律可知橢圓的半長(zhǎng)軸長(zhǎng)度為R，所以A項(xiàng)錯(cuò)誤；設(shè)衛(wèi)星在B點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度為vB′，根據(jù)衛(wèi)星運(yùn)行的線速度與軌道半徑關(guān)系可知v0>vB′，衛(wèi)星做橢圓運(yùn)動(dòng)時(shí)，在B點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng)，則vB′>vB，所以v0>vB，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；由牛頓第二定律F萬＝ma，得a＝Geq\f(M,r2)，則a0<aA，C項(xiàng)正確；衛(wèi)星做橢圓運(yùn)動(dòng)時(shí)，在B點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng)，Geq\f(Mm,r2)>meq\f(v\o\al(2,B),r)，r＝2R－0.5R＝1.5R，可得vB<eq\r(\f(2GM,3R))，D項(xiàng)錯(cuò)誤．15．如圖3所示的電路，水平放置的平行板電容器中有一個(gè)帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)，則 ()圖3A．電容器中的電場(chǎng)強(qiáng)度將增大B．電容器的電容將減小C．電容器上的電荷量將減少D．液滴將向上運(yùn)動(dòng)答案C解析將滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)，電容器的電容不變，R2中的電流減小，電容器兩端電壓減小，電容器上的電荷量將減少，電容器中的電場(chǎng)強(qiáng)度將減小，帶電液滴所受電場(chǎng)力減小，液滴將向下運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C正確．16．(·新課標(biāo)Ⅰ·18)如圖4，半徑為R的圓是一圓柱形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的橫截面(紙面)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外，一電荷量為q(q>0)、質(zhì)量為m的粒子沿平行于直徑ab的方向射入磁場(chǎng)區(qū)域，射入點(diǎn)與ab的距離為eq\f(R,2)，已知粒子射出磁場(chǎng)與射入磁場(chǎng)時(shí)運(yùn)動(dòng)方向間的夾角為60°，則粒子的速率為(不計(jì)重力) ()圖4A.eq\f(qBR,2m) B.eq\f(qBR,m) C.eq\f(3qBR,2m) D.eq\f(2qBR,m)答案B

解析如圖所示，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心O2必在垂直于速度方向的直線EF上，由于粒子射入、射出磁場(chǎng)時(shí)運(yùn)動(dòng)方向間的夾角為60°，故圓弧ENM對(duì)應(yīng)圓心角為60°，所以△EMO2為等邊三角形．由于O1D＝eq\f(R,2)，所以∠EO1D＝60°，△O1ME為等邊三角形，所以可得到粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑EO2＝O1E＝R，由qvB＝eq\f(mv2,R)，得v＝eq\f(qBR,m)，B正確．二、雙項(xiàng)選擇題(本大題共5小題，每小題6分，共30分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，只選一個(gè)且正確的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分．)17．(·廣東·17)鈾核裂變是核電站核能的重要來源，其一種裂變反應(yīng)式是eq\o\al(235,92)U＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(144,56)Ba＋eq\o\al(89,36)Kr＋3eq\o\al(1,0)n.下列說法正確的有 ()A．上述裂變反應(yīng)中伴隨著中子放出B．鈾塊體積對(duì)鏈?zhǔn)椒磻?yīng)的發(fā)生無影響C．鈾核的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)可人工控制D．鈾核的半衰期會(huì)受到環(huán)境溫度的影響答案AC18．下列說法正確的是 ()A．液體表面張力產(chǎn)生的原因是：液體表面層分子較密集，分子間引力大于斥力B．晶體有一定的熔化溫度，非晶體沒有一定的熔化溫度C．?dāng)U散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)的劇烈程度都與溫度有關(guān)，但擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)并不是熱運(yùn)動(dòng)D．第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成是因?yàn)樗`反了能量守恒定律答案BC解析液體表面層分子較稀疏，分子間的引力大于斥力，產(chǎn)生表面張力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；第二類永動(dòng)機(jī)并不違背能量守恒定律，但違背熱力學(xué)第二定律，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．本題答案為B、C.19．了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，學(xué)會(huì)像科學(xué)家那樣觀察和思考，往往比掌握知識(shí)本身更重要．以下符合史實(shí)的是 ()A．伽利略證明了輕物和重物下落的速度不受其重力大小的影響B(tài)．開普勒通過對(duì)行星運(yùn)動(dòng)規(guī)律的研究總結(jié)出了萬有引力定律C．卡文迪許利用扭秤裝置測(cè)定了萬有引力常量G的數(shù)值D．牛頓將斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運(yùn)動(dòng)是勻變速直線運(yùn)動(dòng)答案AC解析伽利略證明了輕物和重物下落的速度不受其重力大小的影響，選項(xiàng)A正確；開普勒通過對(duì)行星運(yùn)動(dòng)規(guī)律的研究總結(jié)出了開普勒行星運(yùn)動(dòng)定律，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；卡文迪許利用扭秤裝置測(cè)定了萬有引力常量G的數(shù)值，選項(xiàng)C正確；伽利略將斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運(yùn)動(dòng)是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．20．如圖5所示，質(zhì)量m＝1kg的物塊，以速度v0＝4m/s滑上正沿逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的水平傳送帶，傳送帶上A、B兩點(diǎn)間的距離L＝6m，已知傳送帶的速度v＝2m/s，物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，重力加速度g取10m/s2.關(guān)于物塊在傳送帶上的運(yùn)動(dòng)，下列表述正確的是 ()圖5A．物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為4sB．物塊滑離傳送帶時(shí)的速率為2m/sC．傳送帶對(duì)物塊做功為6JD．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為18J答案BD解析物塊與傳送帶之間的摩擦力為μmg＝2N，加速度為a＝μg＝2m/s2，物塊減速到零時(shí)的位移為s＝eq\f(v\o\al(2,0),2a)＝4m，沒有到達(dá)B端，物塊會(huì)向左加速運(yùn)動(dòng)，加速到與傳送帶速度相同時(shí)的位移s1＝eq\f(v2,2a)＝1m，則物塊還要以2m/s的速度向左勻速運(yùn)動(dòng)4m－1m＝3m脫離傳送帶，選項(xiàng)B正確；物塊減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1＝eq\f(v0,a)＝2s，加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t2＝eq\f(v,a)＝1s，勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t3＝eq\f(3,2)s＝1.5s，總時(shí)間為2s＋1s＋1.5s＝4.5s，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理，傳送帶對(duì)物塊做的功為eq\f(1,2)mv2－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝－6J，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；整個(gè)過程中摩擦力產(chǎn)生的熱量等于摩擦力乘以相對(duì)位移，只有在物塊減速運(yùn)動(dòng)和加速運(yùn)動(dòng)時(shí)才有相對(duì)位移，在物塊減速運(yùn)動(dòng)和加速運(yùn)動(dòng)階段，傳送帶一直做勻速運(yùn)動(dòng)，相對(duì)位移為s′＝4m＋4m＋2m－1m＝9m，產(chǎn)生的熱量Q＝fs′＝18J，選項(xiàng)D正確．21．如圖6所示，一帶正電的離子P，在只受某一點(diǎn)電荷Q(Q未畫出)的電場(chǎng)力作用下，從A經(jīng)過B運(yùn)動(dòng)到C的軌跡，軌跡關(guān)于水平軸線MN對(duì)稱，B點(diǎn)是軌跡曲線的最右端．則以下說法正確的是 ()圖6A．B點(diǎn)速率可能最大B．B點(diǎn)加速度一定最大C．B到C過程電勢(shì)能可能減小D．A到B過程電勢(shì)能一定減小答案AC解析帶正電的離子P在只受某一點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)力作用下，從A經(jīng)過B運(yùn)動(dòng)到C，根據(jù)題圖的軌跡，若點(diǎn)電荷Q在左側(cè)帶負(fù)電，則帶正電的離子P經(jīng)過B點(diǎn)速率可能最大，也可能最小；若電荷Q在右側(cè)帶正電，則帶正電的離子P經(jīng)過B點(diǎn)速率可能最小，選項(xiàng)A正確．若帶正電的離子P經(jīng)過B點(diǎn)速率最大，則B點(diǎn)加速度最大；若帶正電的離子P經(jīng)過B點(diǎn)速率最小，則B點(diǎn)加速度最小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤．若點(diǎn)電荷Q在右側(cè)帶正電，則帶正電的離子由B到C過程電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，選項(xiàng)C正確．若點(diǎn)電荷Q在左側(cè)帶負(fù)電，帶正電的離子由A到B過程可能克服電場(chǎng)力做功，電勢(shì)能增加，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．三、非選擇題(本大題共3小題，共54分．按題目要求作答．解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題、答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．)34．(18分)(1)物理小組在一次探究活動(dòng)中測(cè)量滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)．實(shí)驗(yàn)裝置如圖7所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端裝有定滑輪；木板上有一滑塊，其一端與穿過電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連，另一端通過跨過定滑輪的細(xì)線與托盤連接．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電源的頻率為50Hz.開始實(shí)驗(yàn)時(shí)，在托盤中放入適量砝碼，滑塊開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，在紙帶上打出一系列點(diǎn)．圖7①圖8給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)(圖中未標(biāo)出)，計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示．根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計(jì)算的加速度a＝________m/s2(保留兩位有效數(shù)字)圖8②為了測(cè)量動(dòng)摩擦因數(shù)，下列物理量中還應(yīng)測(cè)量的是______．A．木板的長(zhǎng)度L B．木板的質(zhì)量m1C．滑塊的質(zhì)量m2 D．托盤和砝碼的總質(zhì)量m3E．滑塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t③滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝________(用被測(cè)物理量的字母表示，重力加速度為g)．(2)用伏安法測(cè)一個(gè)蓄電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r.現(xiàn)有器材：電流表(量程60mA，內(nèi)阻約為10Ω)；電壓表(量程10V，內(nèi)阻約為20kΩ)；熱敏電阻(80Ω～200Ω)；5杯溫度分別為20℃、40℃、60℃、80℃、100℃的水；開關(guān)一個(gè)；導(dǎo)線若干．①有一位同學(xué)根據(jù)現(xiàn)有器材設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路并連接了部分實(shí)物，如圖9所示，請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線把電壓表接入電路．圖9②下表為該同學(xué)用熱敏電阻插入不同溫度的水時(shí)測(cè)得的數(shù)據(jù)，他把這些數(shù)據(jù)畫出如圖10所示U－I圖線，由該圖線可得蓄電池的電動(dòng)勢(shì)E＝________V，內(nèi)電阻r＝______Ω(保留二位有效數(shù)字).t/℃20406080100I/mA26.133.340.046.252.2U/A5.485.335.205.084.96圖10③利用以上數(shù)據(jù)還可以粗略算出熱敏電阻的阻值，發(fā)現(xiàn)隨著溫度的升高，熱敏電阻的阻值將會(huì)變________(填“小”或“在”)．答案(1)①0.49(2分)②CD(2分)③eq\f(m3g－m2＋m3a,m2g)(2分)(2)①所畫電路如圖(4分)．②6.0(5.8～6.2都對(duì))(3分)，20(19～21都對(duì))(3分)③小(2分)解析(1)①根據(jù)逐差法，加速度a＝eq\f(3.88－2.40×0.01,3×0.12)m/s2＝0.49m/s2.②根據(jù)牛頓第二定律有m3g－μm2g＝(m2＋m3)a，所以需要測(cè)量滑塊的質(zhì)量m2、托盤和砝碼的總質(zhì)量m③根據(jù)上一問的式子，解得μ＝eq\f(m3g－m2＋m3a,m2g).(2)②根據(jù)數(shù)據(jù)作U－I圖線，作圖中盡量使點(diǎn)分布在直線上，或均勻分布在直線的兩側(cè)，由圖線與縱軸的截距可得電動(dòng)勢(shì)的值約為6.0V(5.8～6.2之間即可)圖線的斜率即為電池的內(nèi)阻，內(nèi)阻約為20Ω(19～21之間即可)③由數(shù)據(jù)可計(jì)算熱敏電阻在不同溫度下的電阻即R＝eq\f(U,I)，然后比較計(jì)算結(jié)果得出結(jié)論．35．(18分)如圖11所示，四分之一圓軌道OA與傳達(dá)帶相切相連．下方的水平軌道CD與他們?cè)谕回Q直面內(nèi)．圓軌道OA的半徑R＝1.25m，傳送帶長(zhǎng)s＝2.25m，圓軌道OA光滑，AB與CD間的高度差為h.一滑塊從O點(diǎn)靜止釋放，當(dāng)滑塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)(無論傳送帶是否運(yùn)動(dòng))，靜止在CD上的長(zhǎng)為L(zhǎng)＝1m的木板(此時(shí)木板的末端在B點(diǎn)的正下方)在F＝12N的水平恒力作用下啟動(dòng)，滑塊能夠落在木板上．已知滑塊與傳送帶的摩擦因數(shù)μ1＝0.2，木板的質(zhì)量M＝1kg，木板與CD間的摩擦因數(shù)為μ2＝0.4，g取10m/s2，求：圖11(1)如果傳送帶靜止，求h的取值范圍．(2)如果傳送帶可以以任意速度傳動(dòng)，取h＝20m，試判斷滑塊還能否落在木板上．答案(1)1.25m≤h≤5m(2)滑塊不能落在木板上解析(1)滑塊滑到A點(diǎn)時(shí)的速度為vA，由機(jī)械能守恒有：mgR＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,A) (1分)解得vA＝5m/s (1分)滑塊滑過靜止的傳送帶到達(dá)B點(diǎn)后，速度為vB，則由動(dòng)能定理有：－μmgs＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,A) (1分)解得vB＝4m/s (1分)木板在CD上運(yùn)動(dòng)的加速度由牛頓第二定律得a＝eq\f(F－μ2Mg,M)＝8m/s2 (1分)如果滑塊恰好落在木板左端，需耗時(shí)t1，則有：vBt1＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1) (1分)解得t1＝1s (1分)對(duì)應(yīng)的高度h1＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,1) (1分)解得h1＝5m (1分)如果滑塊恰好落在木板右端，需耗時(shí)t2，則有：vBt2＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,2)＋L (1分)解得t2＝0.5s (1分)對(duì)應(yīng)的h2＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,2) (1分)解得h2＝1.25m (1分)故h的取值范圍是1.25m≤h≤5m (1分)(2)如果h＝20m，則滑塊落在木板上的時(shí)間為t，則有：h＝eq\f(1,2)gt2 (1分)解得t＝2s (1分)如果滑塊落在木板左端，需要滑塊有速度vB1，則有：vB1t＝eq\f(1,2)at2，解得vB1＝8m/s (1分)由于傳送帶的速率足夠大，所以可以讓滑塊一直處于加速狀態(tài)，設(shè)滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速率為vB1′，由動(dòng)能定理有：μ1mgs＝eq\f(1,2)mvB1′2－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,A) (1分)解得vB1′＝eq\r(34)m/s＜8m/s，即傳送帶不足以使滑塊獲得落在木板上所需的速率，故滑塊不能落在木板上． (1分)36．(18分)如圖12所示，在xOy平面的y軸左側(cè)存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，y軸右側(cè)區(qū)域Ⅰ內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1＝eq\f(mv0,qL)、方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，區(qū)域Ⅰ、區(qū)域Ⅱ的寬度均為L(zhǎng)，高度均為3L.質(zhì)量為m、電荷量為＋q的帶電粒子從坐標(biāo)為(－2L，－eq\r(2)L)的A點(diǎn)以速度v0沿＋x方向射出，恰好經(jīng)過坐標(biāo)為[0，－(eq\r(2)－1)L]的C點(diǎn)射入?yún)^(qū)域Ⅰ.粒子重力忽略不計(jì)．圖12