2025屆山西省大學(xué)附屬中學(xué)校物理高一第一學(xué)期期末預(yù)測(cè)試題含解析

2025屆山西省大學(xué)附屬中學(xué)校物理高一第一學(xué)期期末預(yù)測(cè)試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、小球從空中自由下落，與水平地面相碰后彈到空中某一高度，其v-t圖像如圖所示，則由圖可知下列判斷錯(cuò)誤的是（）A.小球能彈起的最大高度為1.25mB.小球能彈起的最大高度為0.45mC.小球第一次反彈后瞬間速度的大小為3m/sD.小球下落的最大速度為5m/s2、一質(zhì)量為m的滑塊在粗糙水平面上滑行，通過(guò)頻閃照片分析得知，滑塊在最開始2s內(nèi)的位移是最后2s內(nèi)位移的兩倍，且已知滑塊最開始1s內(nèi)的位移為2.5m，由此可求得（）A.滑塊的加速度為5m/s2B.滑塊的初速度為5m/sC.滑塊運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為3.5sD.滑塊運(yùn)動(dòng)的總位移為4.5m3、如圖所示，作用于O點(diǎn)的三個(gè)力F1、F2、F3合力為零．F1沿y軸負(fù)方向，大小已知；F2與x軸正方向夾角為θ(θ＜90°)，大小未知．下列說(shuō)法正確的是（）A.F3不可能指向第三象限B.F3可能指向第一象限C.F3與F2夾角越小，則F3與F2的合力越大D.F1和F2的合力大小可能的最小值為F1cosθ4、已知兩個(gè)共點(diǎn)力的合力大小為，分力的方向與合力F的方向成角，分力的大小為，則（）A.的大小是唯一的 B.的方向是唯一的C.有兩個(gè)可能的方向 D.可取任意方向5、某質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的位移x=10t+t2(各物理量均采用國(guó)際單位制)，則該質(zhì)點(diǎn)（）A.第1s內(nèi)的位移10m B.前2s內(nèi)的平均速度為12m/sC.任意相鄰1s內(nèi)的位移差都是1m D.任意1s內(nèi)的速度增加量都是1m/s6、渡河時(shí)船頭始終沿垂直河岸的方向．已知船在靜水中航行的速度大小不變，水流的速度與船離最近的岸邊的距離成正比，且比例系數(shù)為定值，河的兩岸平行．在水平面內(nèi)，以出發(fā)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿著河岸的方向?yàn)檩S，垂直河岸方向?yàn)檩S，四位同學(xué)畫出此過(guò)程中小船運(yùn)動(dòng)的軌跡，其中符合實(shí)際情況的是（）A. B.C. D.7、如圖所示，圓柱形的倉(cāng)庫(kù)內(nèi)有三塊長(zhǎng)度不同的滑板aO、bO、cO，其下端都固定于底部圓心O，而上端則擱在倉(cāng)庫(kù)側(cè)壁上，三塊滑板與水平面的夾角依次是30°、45°、60°．若有三個(gè)小孩同時(shí)從a、b、c處開始下滑（忽略阻力），則A.a處小孩最后到O點(diǎn)Bb處小孩最先到O點(diǎn)C.c處小孩最先到O點(diǎn)D.a、c處小孩同時(shí)到O點(diǎn)8、如圖，直線a和曲線b分別是在平直公路上行駛的汽車a和b的位置一時(shí)間（x一t）圖線，由圖可知A.在時(shí)刻t1，a車追上b車B.在時(shí)刻t2，a、b兩車運(yùn)動(dòng)方向相反C.在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車的速率先減少后增加D.在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車的速率一直比a車大9、一質(zhì)點(diǎn)，從t=0開始從原點(diǎn)以初速度為0出發(fā)，沿X軸運(yùn)動(dòng)，其v-t圖如圖所示，則以下說(shuō)法正確的是（）A.t=0.5s時(shí)離原點(diǎn)最遠(yuǎn) B.t=1s時(shí)離原點(diǎn)最遠(yuǎn)C.t=1s時(shí)回到原點(diǎn) D.t=2s時(shí)回到原點(diǎn)10、為了節(jié)省能量，某商場(chǎng)安裝了智能化的電動(dòng)扶梯．無(wú)人乘行時(shí)，扶梯運(yùn)轉(zhuǎn)得很慢；有人站上扶梯時(shí)，它會(huì)先慢慢加速，再勻速運(yùn)轉(zhuǎn)．一顧客乘扶梯上樓，恰好經(jīng)歷了這兩個(gè)過(guò)程，如圖所示，那么下列說(shuō)法中正確的是（）A.加速時(shí)顧客所受重力與支持力的合力方向是豎直向上B.扶梯對(duì)顧客的支持力方向始終是豎直向上C.扶梯對(duì)顧客的摩擦力方向始終指向右上方D.扶梯對(duì)顧客的作用力的方向先指向右上方，再豎直向上11、關(guān)于速度、速度變化量和加速度的關(guān)系，下列說(shuō)法中正確的是（）A.速度變化量越大，加速度就一定越大B.加速度的方向與速度變化量的方向相同C.加速度增大，速度一定增大D.速度與加速度方向相同，即使加速度的大小在減小，速度也會(huì)增大12、2018年10月24日，安徽省第十四屆運(yùn)動(dòng)會(huì)在蚌埠體育中心閉幕．運(yùn)動(dòng)員在下列運(yùn)動(dòng)過(guò)程中均不考慮空氣阻力，其說(shuō)法正確的是（）A.跳高運(yùn)動(dòng)員在越桿時(shí)處于平衡狀態(tài)B.蹦床運(yùn)動(dòng)員在空中上升到最高點(diǎn)時(shí)處于完全失重狀態(tài)C.舉重運(yùn)動(dòng)員在舉鈴過(guò)頭停在最高點(diǎn)時(shí)鈴處于平衡狀態(tài)D.跳遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)員助跑是為了增加自己的慣性，以便跳得更遠(yuǎn)二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說(shuō)明（本題共36分）15、（12分）質(zhì)量為2kg的木箱在水平恒力F的作用下，沿水平地面由靜止開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，4s末速度達(dá)到4m/s，此時(shí)撤去外力，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后木箱在距出發(fā)點(diǎn)18m的地方停下來(lái)，求(1)木箱與水平地面間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)力F的大小。16、（12分）如圖所示，輕繩AD跨過(guò)固定在水平橫梁BC右端的定滑輪掛住一個(gè)質(zhì)量為20kg的物體，∠ACB＝30°，g取10m/s2，求：(1)輕繩AC段的張力FAC的大?。?2)橫梁BC對(duì)C端的支持力的大小及方向.17、（12分）據(jù)報(bào)道,一兒童玩耍時(shí)不慎從45m高的陽(yáng)臺(tái)上無(wú)初速度掉下,在他剛掉下時(shí)恰被樓下一社區(qū)管理人員發(fā)現(xiàn),該人員迅速由靜止沖向兒童下落處的正下方樓底,準(zhǔn)備接住兒童.已知管理人員到樓底的距離為15m,為確保能穩(wěn)妥安全接住兒童,管理人員將盡力節(jié)約時(shí)間,但又必須保證接住兒童時(shí)沒(méi)有水平方向的沖擊.不計(jì)空氣阻力,將兒童和管理人員都看作質(zhì)點(diǎn),設(shè)管理人員奔跑過(guò)程中只做勻速或勻變速運(yùn)動(dòng),g取10m/s2.（1）管理人員至少用多大平均速度跑到樓底?（2）若管理人員在奔跑過(guò)程中做勻加速或勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小相等,且最大速度不超過(guò)9m/s,求管理人員奔跑時(shí)加速度的大小需滿足什么條件?

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、A【解析】AB．小球能彈起的最大高度等于圖線在0.5s-0.8s時(shí)間內(nèi)的“面積”大小，即有；A錯(cuò)誤應(yīng)選C．由圖讀出，小球在t=0.5s時(shí)刻第一次反彈，此時(shí)速度大小為3m/s；正確不選D．由圖讀出，t=0.5s時(shí)刻小球下落的速度最大為5m/s；正確不選故選A2、D【解析】AC．設(shè)物體運(yùn)動(dòng)的加速度為a，運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為t，把物體運(yùn)動(dòng)看成反向的初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有：最后2s內(nèi)位移為：最初2s內(nèi)位移為：又因：s2：s1＝2：1則有：2at﹣2a＝4a解得總時(shí)間：t＝3s第一秒的位移為：解得：a＝1m/s2，故AC錯(cuò)誤；B．滑塊的初速度：v0＝at＝1×3m/s＝3m/s故B錯(cuò)誤；D．則總位移：故D正確。故選D。3、D【解析】三力平衡時(shí)，三個(gè)力中任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等值、反向、共線；題中第三個(gè)力F3與已知的兩個(gè)力的合力相平衡【詳解】A、B項(xiàng)：三力平衡時(shí)，三個(gè)力中任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等值、反向、共線通過(guò)作圖可知，當(dāng)F1、F2的合力F可以在F1與F2之間的任意方向，而三力平衡時(shí)，三個(gè)力中任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等值、反向、共線，故力F3只能在F1與F2之間的某個(gè)方向的反方向上，可以在第二象限，也可以在第三象限，當(dāng)F1、F2的合力F在第一象限時(shí)，力F3在第三象限，故A、B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：由于三力平衡，F(xiàn)2與F3的合力始終等于F1，保持不變，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：通過(guò)作圖可以知道，當(dāng)F1、F2的合力F與F2垂直時(shí)合力F最小，等于F1cosθ，故D正確故選D【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵抓住三力平衡時(shí)，三個(gè)力中任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等值、反向、共線，然后通過(guò)作圖分析4、C【解析】如圖所示，以F的“箭頭”為圓心，以的大小為半徑畫一個(gè)圓弧，與所在直線有兩個(gè)交點(diǎn)，因此有兩個(gè)可能的方向，的大小有兩個(gè)可能的值，C正確。故選C。5、B【解析】將位移x與時(shí)間t關(guān)系式x=10t+t2，與勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式x=v0t+at2對(duì)比，得到質(zhì)點(diǎn)的初速度為v0=10m/s，加速度a=2m/s2．第1s內(nèi)的位移x1=10×1+12m=11m，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；前2s內(nèi)的位移是：x2=10t+t2=10×2+22=24（m），平均速度為：，故B正確．質(zhì)點(diǎn)做勻減速運(yùn)動(dòng)，任意相鄰的1s內(nèi)位移差相等，都是：△x=aT2=2×1m=2m，故C錯(cuò)誤．任意1

s內(nèi)速度變化量為△v=at=2×1=2m/s，故D錯(cuò)誤．故選B6、D【解析】船在靜水中航行的速度大小不變，設(shè)為，則有：水流的速度與船離最近的岸邊的距離成正比，或者，A．水流的速度與船離最近的岸邊的距離成正比，說(shuō)明y方向運(yùn)動(dòng)軌跡不可能為直線，A錯(cuò)誤；BCD．在船渡河的過(guò)程中，y軸方向上的速度不變，x軸方向的速度從岸邊到河中心增大，從河中心到對(duì)岸的速度減小，故加速度產(chǎn)生在x軸方向上，先沿x軸正向，后沿x軸負(fù)向；根據(jù)物體做曲線運(yùn)動(dòng)，合外力指向凹的一側(cè)可知，運(yùn)動(dòng)軌跡向x軸正方向彎曲，然后向x軸負(fù)方向彎曲，D正確，BC錯(cuò)誤。故選D。7、BD【解析】小孩在斜面上的加速度為：，斜面的長(zhǎng)度為：根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有：，把加速度和斜面的長(zhǎng)度代入可得：，化簡(jiǎn)可得：，所以a、b、c處的三個(gè)小孩的下滑時(shí)間為分別為：，，，分析可得：，故BD正確，AC錯(cuò)誤8、BC【解析】由x—t圖象可知，在0-t1時(shí)間內(nèi)，b追a，t1時(shí)刻相遇，所以A錯(cuò)誤；在時(shí)刻t2，b的斜率為負(fù)，則b的速度與x方向相反，所以B正確；b圖象在最高點(diǎn)的斜率為零，所以速度為零，故b的速度先減小為零，再反向增大，所以C正確，D錯(cuò)誤9、BD【解析】由圖象可知物體在各時(shí)刻的速度，根據(jù)速度變化可知物體的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，由圖象和時(shí)間軸圍成的面積可知物體通過(guò)的位移?！驹斀狻坑蓤D可知，物體開始時(shí)沿反向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，0.5s時(shí)物體勻減速，1s時(shí)開始正向勻加速，1.5s后開始減速運(yùn)動(dòng)；ABC．0至1s時(shí)一直沿反向運(yùn)動(dòng)，故離原點(diǎn)的距離一直增大，1s時(shí)物體距原點(diǎn)最遠(yuǎn)，故AC錯(cuò)誤，B正確；D．1s至2s時(shí)，物體從最遠(yuǎn)處向原點(diǎn)靠近，由圖形面積可知，2s時(shí)物體返回原點(diǎn)，故D正確；故選BD。【點(diǎn)睛】在v-t圖象中圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示物體通過(guò)的位移，面積在第四象限表示物體的位移為負(fù)，面積在第一象限表示物體的位移為正。10、ABD【解析】分加速和勻速兩個(gè)過(guò)程對(duì)顧客進(jìn)行運(yùn)動(dòng)分析和受力分析，加速過(guò)程合力斜向右上方，故支持力大于重力，靜摩擦力向右；勻速過(guò)程重力和支持力二力平衡【詳解】在慢慢加速的過(guò)程中，受力如圖，因顧客加速度有豎直向上的分量，則顧客所受重力與支持力的合力方向是豎直向上，選項(xiàng)A正確；無(wú)論是加速還是勻速階段，扶梯對(duì)顧客的支持力方向始終是豎直向上的，選項(xiàng)B正確；加速階段，因加速度有水平向右的分量，則顧客受到的摩擦力與接觸面平行水平向右，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)顧客水平方向不受摩擦力的作用，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；加速階段，扶梯對(duì)其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，即扶梯對(duì)顧客的作用力的方向先指向右上方；在勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，顧客處于平衡狀態(tài)，只受重力和支持力，顧客與電梯間的摩擦力等于零，扶梯對(duì)顧客的作用僅剩下支持力，方向沿豎直向上，選項(xiàng)D正確；故選ABD【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要分兩個(gè)過(guò)程研究，加速過(guò)程可以先找出加速度方向，然后得出合力方向，結(jié)合物體的受力情況，可以得出各個(gè)力的大小情況；勻速過(guò)程二力平衡，與運(yùn)動(dòng)方向無(wú)關(guān).11、BD【解析】A．速度變化量大，即△v大，由加速度公式，時(shí)間不確定，則加速度不一定大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)加速度的定義可知，加速度的方向與速度變化量的方向相同，故B正確；C．物體加速度變大，但如果加速度和速度方向相反，則速度在減小，故C錯(cuò)誤；D．速度與加速度方向相同，即使加速度的大小在減小，速度也會(huì)增大，故D正確。故選BD12、BC【解析】明確超重和失重的性質(zhì)分析是否失重；知道加速度向上時(shí)為超重，加速度向下時(shí)為失重；知道慣性大小只與質(zhì)量有關(guān)【詳解】跳高運(yùn)動(dòng)員在越桿時(shí)受到重力作用，處于非平衡狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；蹦床運(yùn)動(dòng)員在空中上升到最高點(diǎn)時(shí)速度為零，加速度為g，方向豎直向下，故處于完全失重狀態(tài)，故B正確；舉重運(yùn)動(dòng)員在舉鈴過(guò)頭停在最高點(diǎn)時(shí)，鈴處于靜止?fàn)顟B(tài)，即平衡狀態(tài)，故C正確；質(zhì)量是慣性的唯一量度，助跑是為了跳出時(shí)速度大，跳得更遠(yuǎn)，故D錯(cuò)誤．所以BC正確，AD錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題考查超重失重現(xiàn)象以及慣性的性質(zhì)，要注意明確物體超重失重只與加速度有關(guān)，加速度向下即為失重，加速度向上即為超重二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說(shuō)明（本題共36分）15、(1)0.08(2)3.6N【解析】(1)木箱勻加速過(guò)程的位移為由題意可知，勻減速的位移為由速度位移公式得由牛頓第二定律得得(2)物體做勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得撤去外力后由勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律得，聯(lián)立解得。16、(1)200N；(2)200N，方向與水平方向成30°角斜向右上方【解析】(1)物體M處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件可判斷，與物體相連的細(xì)繩拉力大小等于物體的重力FAC=FCD=Mg=20×10N=200N(2)橫梁BC對(duì)C端的支持力與AC、CD對(duì)C端的合力等大反向，由幾何關(guān)系得：FC=FAC=Mg=200N方向和水平方向成30°角斜向右上方。17、（1）5m/s（2）a≧5.06m/s2【解析】（1）根據(jù)位移時(shí)間公式求出兒童自由落體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合位移和時(shí)間求出管理人員的最小平均速度（2）根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式判斷出管理人員先加速、后勻速、再減速過(guò)程，抓住總位移和總時(shí)間，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出管理人員奔跑時(shí)的加速