2025屆浙江省金麗衢十二校物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題含解析

2025屆浙江省金麗衢十二校物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫(xiě)在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類(lèi)型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫(xiě)在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來(lái)的答案，然后再寫(xiě)上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無(wú)效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、質(zhì)量為m1、m2的小球分別帶同種電荷q1和q2，它們用等長(zhǎng)的細(xì)線吊在同一點(diǎn)O，由于靜電斥力的作用，使m1球靠在豎直光滑墻上，m1球的拉線l1呈豎直方向，使m2球的拉線l2與豎直方向成θ角，m1、m2均處于靜止，如圖所示．由于某種原因，m2球的帶電量q2逐漸減少，于是兩球拉線之間夾角θ也逐漸小直到零．在θ角逐漸減小的過(guò)程中，關(guān)于l1、l2中的張力FT1、FT2的變化是()A．FT1不變，F(xiàn)T2不變B．FT1不變，F(xiàn)T2變小C．FT1變小，F(xiàn)T2變小D．FT1變小，F(xiàn)T2不變2、如圖所示，在地面上方的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球，系在一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣細(xì)線一端，可以在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，AB為圓周的水平直徑，CD為豎直直徑，已知重力加速度為g，電場(chǎng)強(qiáng)度，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是

A．若小球在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)恰好做完整圓周運(yùn)動(dòng)，則它運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最小速度B．若小球在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，則小球運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)機(jī)械能最大C．若將小球在A點(diǎn)由靜止開(kāi)始釋放，它將在ACBD圓弧上往復(fù)運(yùn)動(dòng)D．若剪斷細(xì)線將小球在A點(diǎn)以大小為的速度豎直向上拋出，它將能夠到達(dá)B點(diǎn)3、如圖所示，在水平力F作用下，物體B沿粗糙程度相同的水平地面向右運(yùn)動(dòng)，使物體A恰好勻速上升，那么以下說(shuō)法正確的是()A．斜繩與水平方向成

45°時(shí)，vA：B．物體

B

正向右做加速運(yùn)動(dòng)C．物體

B

正向右做減速運(yùn)動(dòng)D．地面對(duì)

B

的摩擦力減小4、如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)E豎直向下，勻強(qiáng)磁場(chǎng)B垂直紙面向里．現(xiàn)有三個(gè)帶有等量同種電荷的油滴M、N、P，若將它們分別置入該區(qū)域內(nèi)，油滴M保持靜止，油滴N能水平向左勻速運(yùn)動(dòng)，油滴P能水平向右勻速運(yùn)動(dòng)，不考慮空氣阻力，不考慮電荷間的相互作用，則三個(gè)油滴重力的大小關(guān)系是()A．B．C．D．5、關(guān)于電動(dòng)勢(shì)，下列說(shuō)法正確的是A．所有電池的電動(dòng)勢(shì)都是B．體積越大的電源，其電動(dòng)勢(shì)一定越大C．電動(dòng)勢(shì)數(shù)值上就等于電源正負(fù)極之間的電壓D．電動(dòng)勢(shì)表示電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)6、實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻．根據(jù)實(shí)驗(yàn)中記錄下的數(shù)據(jù)做出圖象如圖所示，可知電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻是（）A．，B．，C．，D．，二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，在真空中有兩個(gè)等量的正電荷q1和q2，分別固定在A、B兩點(diǎn)，DCE為AB連線的中垂線，現(xiàn)將一個(gè)正電荷q由c點(diǎn)沿CD移到無(wú)窮遠(yuǎn)，則在此過(guò)程中（）A．電勢(shì)能逐漸減小B．電勢(shì)能逐漸增大C．q受到的電場(chǎng)力逐漸減小D．q受到的電場(chǎng)力先逐漸增大后逐漸減小8、在場(chǎng)強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，質(zhì)量為m、帶電量為+q的物體以某一初速沿電場(chǎng)反方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度大小為，物體運(yùn)動(dòng)s距離時(shí)速度變?yōu)榱?。則下列說(shuō)法正確的是（）A．物體克服電場(chǎng)力做功qEs B．物體的電勢(shì)能減少了0.2qEsC．物體的電勢(shì)能減少了qEs D．物體的動(dòng)能減少了0.2qEs9、關(guān)于電場(chǎng)和磁場(chǎng)，下列說(shuō)法正確的是()A．我們雖然不能用手觸摸到電場(chǎng)的存在，卻可以用試探電荷去探測(cè)它的存在和強(qiáng)弱B．電場(chǎng)線和磁感線是可以形象描述電、磁場(chǎng)強(qiáng)弱和方向的客觀存在的曲線C．磁感線和電場(chǎng)線一樣都是閉合的曲線D．電流之間的相互作用是通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生的，磁場(chǎng)和電場(chǎng)一樣，都是客觀存在的物質(zhì)10、如圖甲的電路中，L1、L2和L3為三個(gè)完全相同的小燈泡，他們的伏安特性曲線如圖乙所示.當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后，電路中的總電流為0.2A，則此時(shí)（）A．通過(guò)L1的電流為L(zhǎng)2電流的2倍B．L1消耗的電功率為0.3WC．此時(shí)L1、L2和L3的電阻均為7.5ΩD．L1消耗的電功率為L(zhǎng)2電功率的4倍三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）現(xiàn)有一合金制成的圓柱體，用螺旋測(cè)微器測(cè)量該圓柱體的直徑，用游標(biāo)卡尺測(cè)量該圓柱體的長(zhǎng)度．螺旋測(cè)微器和游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖（a）和圖（b）所示．（1）由圖（a）讀得圓柱體的直徑為_(kāi)_______mm（2）由圖（b）讀得圓柱體的長(zhǎng)度為_(kāi)_______mm12．（12分）在“探究小車(chē)的速度隨著時(shí)間變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中，打出的紙帶如圖所示。已知交流電源的頻率為50Hz，A、B、C為計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出，則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔T為_(kāi)___________s；打下B點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度為_(kāi)_________m/s

（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長(zhǎng)L=8cm，兩板間距離d=8cm，A板比B板電勢(shì)高300V，即．一帶正電的粒子電量，質(zhì)量，從R點(diǎn)沿電場(chǎng)中心線垂直電場(chǎng)線飛入電場(chǎng)，初速度，粒子飛出平行板電場(chǎng)后經(jīng)過(guò)界面MN、PS間的無(wú)電場(chǎng)區(qū)域后，進(jìn)入固定在中心線上的O點(diǎn)的點(diǎn)電荷Q形成的電場(chǎng)區(qū)域（設(shè)界面PS右邊點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布不受界面的影響）.已知兩界面MN、PS相距為L(zhǎng)=12cm，粒子穿過(guò)界面PS后被點(diǎn)電荷Q施加的電場(chǎng)力俘獲從而以O(shè)點(diǎn)為圓心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，最后垂直打在放置于中心線上的熒光屏EF上.（靜電力常數(shù),不計(jì)粒子重力,,)，求：（1）粒子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中飛出時(shí)的偏轉(zhuǎn)位移和速度；（2）粒子穿過(guò)界面PS時(shí)偏離中心線RO的距離多遠(yuǎn)；（3）點(diǎn)電荷的電量(該小題結(jié)果保留一位有效數(shù)字)．14．（16分）在如圖所示的豎直平面內(nèi)，物體A和帶正電的物體B用跨過(guò)定滑輪的絕緣輕繩連接，分別靜止于傾角θ＝37°的光滑斜面上的M點(diǎn)和粗糙絕緣水平面上，輕繩與對(duì)應(yīng)平面平行．勁度系數(shù)k＝5N/m的輕彈簧一端固定在O點(diǎn)，一端用另一輕繩穿過(guò)固定的光滑小環(huán)D與A相連，彈簧處于原長(zhǎng)，輕繩恰好拉直，DM垂直于斜面．水平面處于場(chǎng)強(qiáng)E＝5×104N/C、方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中．已知A、B的質(zhì)量分別為mA＝0.1kg和mB＝0.2kg，B所帶電荷量q＝＋4×10－6C．設(shè)兩物體均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)滑輪質(zhì)量和摩擦，繩不可伸長(zhǎng)，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，B電荷量不變．取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.(1)求B所受靜摩擦力的大?。?2)現(xiàn)對(duì)A施加沿斜面向下的拉力F，使A以加速度a＝0.6m/s2開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．A從M到N的過(guò)程中，B的電勢(shì)能增加了ΔEp＝0.06J．已知DN沿豎直方向，B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.4.求A到達(dá)N點(diǎn)時(shí)拉力F的瞬時(shí)功率．15．（12分）如圖甲所示的平行板電容器，板間距為d，兩板所加電壓隨時(shí)間變化圖線如圖乙所示，t＝0時(shí)刻，質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子以平行于極板的速度v0射入電容器，t＝3T時(shí)刻恰好從下極板邊緣射出電容器，帶電粒子的重力不計(jì)．求：(1)平行板電容器板長(zhǎng)L；(2)粒子射出電容器時(shí)偏轉(zhuǎn)的角度φ的正切值；(3)粒子射出電容器時(shí)豎直偏轉(zhuǎn)的位移y.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

小球B的受力情況如圖所示，重力m2g、懸線張力FT、庫(kù)侖斥力F，這三個(gè)力的合力為1．因此這三個(gè)力構(gòu)成封閉的力的三角形，且正好與幾何三角形OAB相似，有：因?yàn)镺A＝OB，所以FT2＝m2g．即FT2與θ無(wú)關(guān)，由于庫(kù)侖力的減小，導(dǎo)致B球受到A球的庫(kù)侖力大小減小，且方向趨于水平，則有FT1變?。虼薉正確，ABC錯(cuò)誤．故選D．【點(diǎn)睛】本題從小球的受力分析出發(fā)尋求正確的答案，采用三角形相似法處理，比較簡(jiǎn)單，也可以運(yùn)用函數(shù)法研究．2、D【解析】

A.由于電場(chǎng)強(qiáng)度，則有：可知等效最高點(diǎn)在弧的中點(diǎn)，在等效最高點(diǎn)，則有：運(yùn)動(dòng)的最小速度：故A錯(cuò)誤；B.除重力和彈力外其它力做功等于機(jī)械能的增加值，若小球在豎直平面內(nèi)繞點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，則小球運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做功最多，故到點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能最大，故B錯(cuò)誤；C.小球受合力方向與電場(chǎng)方向夾角斜向下，故若將小球在點(diǎn)由靜止開(kāi)始釋放，它將沿合力方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D.若剪斷細(xì)線，將小球在點(diǎn)以大小為的速度豎直向上拋出，小球?qū)⒉粫?huì)沿圓周運(yùn)動(dòng)，因此小球在豎直方向做豎直上拋，水平方向做勻加速，當(dāng)豎直方向的速度為0時(shí)，則有：當(dāng)豎直方向的位移為0時(shí)，水平方向位移為：可得：所以小球剛好運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，故D正確。3、C【解析】

將B的運(yùn)動(dòng)分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向上的分速度等于A的速度，如圖所示：

根據(jù)平行四邊形定則有：vBcosα=vA，因斜繩與水平成45°時(shí)，vA：vB=1：2，故A錯(cuò)誤；根據(jù)vBcosα=vA，所以vB=vAcosα，α減小，所以B4、C【解析】由靜止或勻速運(yùn)動(dòng)的條件ΣF=0可知，三個(gè)油滴均帶負(fù)電，且由左手定則分析油滴受到的洛倫茲力，由平衡條件分別列式得：三者相比較，,故C正確；綜上所述本題答案是：C點(diǎn)睛：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題較為復(fù)雜，在受力分析時(shí)除重力、彈力、摩擦力外，還應(yīng)該注意電場(chǎng)力和洛倫茲力的分析，之后通過(guò)確定粒子的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，由物理規(guī)律進(jìn)行求解．5、D【解析】

各種干電池的電動(dòng)勢(shì)都是1.5V，鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)是2V，故A錯(cuò)誤；電動(dòng)勢(shì)是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，與電源的體積無(wú)關(guān)，如各種體積干電池的電動(dòng)勢(shì)都是1.5V，故B錯(cuò)誤；電源正負(fù)極之間的電壓是路端電壓，電源的電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和，電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動(dòng)勢(shì)，故C錯(cuò)誤；電動(dòng)勢(shì)表示電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，故D正確；故選D．【點(diǎn)睛】本題考查對(duì)于電源的電動(dòng)勢(shì)的理解能力；電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動(dòng)勢(shì)．電動(dòng)勢(shì)的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無(wú)關(guān)．電源的電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和．6、D【解析】

根據(jù)閉合電路歐姆定律有：，由圖示電源圖象可以知道，圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是1.45，則電源電動(dòng)勢(shì)：，電源內(nèi)阻，D正確，ABC錯(cuò)誤．故選D．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】解：AB，由題，q1、q2是兩個(gè)等量的正電荷，作出中垂線CD上電場(chǎng)線如圖，根據(jù)順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，可知正電荷q由C點(diǎn)沿CD移至無(wú)窮遠(yuǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)不斷降低，電場(chǎng)力做正功，其電勢(shì)能不斷減?。蔄正確，B錯(cuò)誤．CD、根據(jù)電場(chǎng)的疊加可知，C點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，而無(wú)窮遠(yuǎn)處場(chǎng)強(qiáng)也為零，所以由C點(diǎn)沿CD移至無(wú)窮遠(yuǎn)的過(guò)程中，場(chǎng)強(qiáng)先增大，后減小，q受到的電場(chǎng)力先逐漸增大，后逐漸減?。蔆錯(cuò)誤，D正確．故選AD．【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于等量同種和等量異種電荷電場(chǎng)線、等勢(shì)面的分布情況要掌握，這是考試的熱點(diǎn)．特別是抓住電荷連線的中垂線電場(chǎng)線與等勢(shì)面的特點(diǎn)．8、AD【解析】

ABC．帶電粒子電場(chǎng)力為Eq，且沿著電場(chǎng)線反方向運(yùn)動(dòng)，即電場(chǎng)力做負(fù)功，即W=-Eqs所以物體克服電場(chǎng)力做功qEs，同時(shí)說(shuō)明電勢(shì)能增加了Eqs，選項(xiàng)A正確，BC錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)能定理，動(dòng)能變化量等于合外力做功，即D正確。故選AD。9、AD【解析】解：A、我們雖然不能用手觸摸到電場(chǎng)的存在，卻可以用試探電荷去探測(cè)它的存在和強(qiáng)弱．故A正確；B、電場(chǎng)線和磁感線都是虛擬的，現(xiàn)實(shí)并不存在．故B錯(cuò)誤；C、磁感線是閉合的曲線，電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)，到負(fù)電荷終止，不是閉合曲線．故C錯(cuò)誤；D、磁體之間的相互作用是通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生的，磁場(chǎng)和電場(chǎng)一樣，都是客觀存在的物質(zhì)．故D正確．故選AD【點(diǎn)評(píng)】首先要明白電場(chǎng)和磁場(chǎng)的物質(zhì)屬性；其次要知道磁感線是閉合的曲線，電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)，到負(fù)電荷終止，不是閉合曲線．10、AB【解析】

A.根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)，通過(guò)L1的電流等于通過(guò)L2電流與通過(guò)L3電流之和，L2與L3并聯(lián)，電壓相等，電流相等，通過(guò)L1的電流為L(zhǎng)2電流的2倍，故A正確；B.據(jù)乙圖可知通過(guò)L1的電流為U1=0.2A時(shí)，兩端電壓為I1=1.5V，L1消耗的電功率為P1=U1I1=0.2×1.5W=0.3W，故B正確；C.L1的電阻R1=U1I1=1.50.2Ω=7.5Ω；由乙圖知，L2電流為I2=0.1A時(shí)，電壓為U2D.L2消耗的電功率為P2=U2I2=0.1×0.4W=0.04W，P1:P2=0.3:0.04=7.5，故D錯(cuò)誤。故選：AB三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、1.847±0.00242.40【解析】

（1）由圖（a）讀得圓柱體的直徑為：1.5mm+0.01mm×34.7=1.847mm；（2）由圖（b）讀得圓柱體的長(zhǎng)度為：4.2cm+0.05mm×8=42.40mm.12、0.10.50【解析】

交流電的頻率為50Hz，則每打兩個(gè)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為0.02s，則每相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出，故相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間0.10s．

打B點(diǎn)時(shí)小車(chē)的速度為：v【點(diǎn)睛】本題比較簡(jiǎn)單，屬于簡(jiǎn)單基礎(chǔ)題目，考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律在實(shí)驗(yàn)中的簡(jiǎn)單應(yīng)用，注意實(shí)際打點(diǎn)與計(jì)數(shù)點(diǎn)的區(qū)別．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)0.03m,,方向與成角;(2)0.12m;(3).【解析】試題分析：（1）粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以求出粒子的偏移量．由牛頓第二定律求出加速度，由速度公式求出粒子的豎直分速度，然后求出粒子的速度．（2）粒子離開(kāi)電場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用幾何知識(shí)可以求出偏移量．（3）由庫(kù)侖力提供粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，由牛頓第二定律可以求出電荷的電荷量．（1）設(shè)粒子從電場(chǎng)中飛出時(shí)的側(cè)向位移為h，粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上：在豎直方向上：由牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：h=0.03m設(shè)粒子從電場(chǎng)中飛出時(shí)沿電場(chǎng)方向的速度為則有：代入數(shù)據(jù)解得：所以粒子從電場(chǎng)中飛出時(shí)的速度為：代入數(shù)據(jù)解得：設(shè)粒子從電場(chǎng)中飛出時(shí)的速度方向與水平方向的夾角為則有：（2）設(shè)穿過(guò)界面PS時(shí)偏離中心線RO的距離為Y，帶電粒子在離開(kāi)電場(chǎng)后將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由相似三角形知識(shí)得：代入數(shù)據(jù)解得：Y=0.12m（3）粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：由幾何關(guān)系得：粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑聯(lián)立解得：14、（1）f=1.4N（2）2.1336W【解析】試題分析：（1）根據(jù)題意，靜止時(shí)，對(duì)兩物體受力分析如圖所示：由平衡條件所得：對(duì)A有：mAgsinθ＝FT①對(duì)B有：qE＋f1＝FT②代入數(shù)據(jù)得f1＝1．4N③（2）根據(jù)題意，A到N點(diǎn)時(shí)，對(duì)兩物體受力分析如圖所示：由牛頓第二定律得：對(duì)A有：F＋mAgsi