上海市五愛中學2025屆物理高二上期末教學質量檢測試題含解析

上海市五愛中學2025屆物理高二上期末教學質量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、將一段導線繞成圖甲所示的閉合電路，并固定在水平面（紙面）內，回路的ab邊置于垂直紙面向里的勻強磁場Ⅰ中。回路的圓形區(qū)域內有垂直紙面的磁場Ⅱ，以向里為磁場Ⅱ的正方向，其磁感應強度B隨時間t變化的圖像如圖乙所示。用F表示ab邊受到的安培力，以水平向右為F的正方向，能正確反映F隨時間t變化的圖像是（）A. B.C. D.2、如圖所示，金屬棒ab置于水平放置的U形光滑導軌上，在ef右側存在有界勻強磁場B，磁場方向垂直導軌平面向下，在ef左側的無磁場區(qū)域cdef內有一半徑很小的金屬圓環(huán)L，圓環(huán)與導軌在同一平面內．當金屬棒ab在水平恒力F作用下從磁場左邊界ef處由靜止開始向右運動后，下列有關圓環(huán)的說法正確的是（）A.圓環(huán)內產生變大的感應電流，圓環(huán)有收縮的趨勢B.圓環(huán)內產生變小的感應電流，圓環(huán)有收縮的趨勢C.圓環(huán)內產生變大的感應電流，圓環(huán)有擴張的趨勢D.圓環(huán)內產生變小的感應電流，圓環(huán)有擴張的趨勢3、干燥的天氣里，在陽光下用塑料梳子梳理干燥的頭發(fā)，越梳頭發(fā)越蓬松，主要原因是()A.頭發(fā)散失了水分后變得堅硬B.由于摩擦起電，頭發(fā)帶了同種電荷互相排斥C.太陽照射和摩擦產生的熱使頭發(fā)膨脹D.梳子的機械分離作用使各根頭發(fā)彼此分開4、如圖甲所示，A、B是某電場中一條電場線上的兩點，若從A點釋放一初速度為零的電子，電子僅在電場力作用下向B點運動，其v-t圖象如圖乙所示，則下列說法正確的電子（）A.A、B兩點電勢B.A、B兩點電場強度C.場強方向由A指向BD.電子在A、B兩點電勢能5、在如圖所示的電路中，電壓表、電流表均為理想電表。電源電動勢為12.0V，內阻為1.0Ω，電動機線圈電阻為0.5Ω。開關閉合，電動機正常工作，電流表示數為2.0A。則（）A.電壓表的示數為12.0V B.電源的輸出功率為24.0WC.電動機消耗的總電功率為200.0W D.電動機消耗的熱功率為2.0W6、如圖所示，大人和小孩在同一豎直線上不同高度先后水平拋出圓環(huán)，都恰好套中前方同一物體，假設圓環(huán)的運動可視為平拋運動，則（）A.小孩拋出的圓環(huán)初速度較小B.兩人拋出的圓環(huán)初速度大小相等C.大人拋出的圓環(huán)運動時間較短D.小孩拋出的圓環(huán)運動時間較短二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一有界區(qū)域內，存在著磁感應強度大小均為，方向分別垂直于光滑水平桌面向下和向上的勻強磁場，磁場寬度均為。邊長為的正方形導線框的邊緊靠磁場邊緣置于桌面上，建立水平向右的軸，且坐標原點在磁場的左邊界上。時刻使線框從靜止開始沿軸正方向勻加速通過磁場區(qū)域，規(guī)定逆時針方向為電流的正方向，線框在時刻所對應的位移分別是。下列關于感應電流或導線框的電功率隨時間或位移的變化規(guī)律正確的是（）A. B.C. D.8、如圖所示，電源電動勢E和內阻r一定，R1、R2是定值電阻，R3是光敏電阻(光敏電阻阻值隨光照強度的增加而變小)．閉合開關，當照射到R3的光照強度增加時，以下判斷正確的是（）A.電流表示數一定變小 B.電壓表示數一定變小C.R2的功率一定變大 D.R1的功率一定變大9、中國宋代科學家沈括在《夢溪筆談》中最早記載了地磁偏角：“以磁石磨針鋒，則能指南，然常微偏東，不全南也?！边M一步研究表明，地球周圍地磁場的磁感線分布示意如圖。結合上述材料，下列說法正確的是（）A.地球內部也存在磁場，地磁南極在地理北極附近B.地磁場的磁感線是“有頭有尾”的，由地磁北極射出，終止于地磁南極C.地球表面任意位置的地磁場方向都與地面平行D.地磁場對射向地球赤道的帶負電宇宙射線有向西的作用力10、如圖所示，在空間有一坐標系，直線與軸正方向的夾角為，第一象限內有兩個方向都垂直紙面向外的勻強磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，直線是它們的邊界，上方區(qū)域Ⅰ中磁場的磁感應強度為.一質量為、電荷量為的質子(不計重力)以速度從點沿與成角的方向垂直磁場進入區(qū)域Ⅰ，質子先后通過磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ后，恰好垂直打在軸上的點(圖中未畫出)，則（）A.質子在區(qū)域Ⅰ中運動的時間為B.質子在區(qū)域Ⅰ中運動的時間為C.質子在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為D.質子在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有以下可供選用器材及導線若干條，要求使用個數最少的儀器盡可能精確地測量一個電流表的滿偏電流A．被測電流表A1：滿偏電流約700～800，內阻約100Ω，刻度均勻、總格數為N；B．電流表A2：量程0.6A，內阻0.1Ω；C．電壓表V：量程3V，內阻3kΩ；D．滑動變阻器R1：最大阻值200Ω；E．滑動變阻器R2：最大阻值1kΩ；F．電源E：電動勢3V、內阻1.5Ω；G．開關一個.（1）選用器材應為_____________．（填A→G字母代號）（2）在虛線框內畫出實驗電路圖，并在每個選用的儀器旁標上題目所給的字母序號（）（3）測量過程中測出多組數據，其中一組數據中待測電流表A1的指針偏轉了n格，可算出滿偏電流Ig=________，式中除N、n外，其他字母符號代表的物理量是_____________12．（12分）（1）如圖1所示為多用電表的刻度盤。若選用倍率為“”的歐姆擋測電阻時，表針指示如圖所示，為了使測量結果更精確些，則下列操作正確的是____A．將選擇開關旋轉到歐姆擋“”B．將選擇開關旋轉到歐姆擋“”C．換擋后直接接入待測電阻測量D．換擋后先將兩表筆短接調零，再接入待測電阻進行測量（2）若選用2.5V電壓擋測電壓時，表針也指于圖示位置，則所測電壓為________V。（3）若該歐姆表表頭如圖2所示，已知電流計的量程為，電池電動勢為E＝1.5V，則該歐姆表的表盤上刻度線對應的電阻值是______KΩ。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源電動勢E=8V，內阻為r=0．5Ω，“3V，3W”的燈泡L與電動機M串聯接在電源上，燈泡剛好正常發(fā)光，電動機剛好正常工作，電動機的線圈電阻R=1．5Ω．求：（1）通過電動機的電流；（2）電源的輸出功率；（3）電動機的輸出功率14．（16分）足夠長的平行光滑金屬導軌水平放置，寬度L=0.4m，一端連接的電阻R=1Ω。導軌所在空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度B=1T。導體棒MN放在導軌上，其長度恰好等于導軌間距，與導軌接觸良好，電阻r=1Ω。導軌的電阻忽略不計。在平行于導軌的拉力F作用下，導體棒沿導軌向右勻速運動，速度v=5m/s。（1）導體棒的感應電動勢E；回路中的感應電流I；導體棒兩端的電壓U；（2）拉力F的大?。辉?.1s時間內，拉力F的沖量IF的大小；（3）在0.1s時間內，拉力F做的功WF；15．（12分）如圖所示，半徑為0.5m的光滑四分之一圓弧面，質量為0.5kg的小球由靜止從A點開始下滑，經過B點后落在與水平面成45°的斜面上的C點，取g=10m/s2.求：（1）小球到達B點時速度為多大？（2）小球到達B點時小球對圓弧的壓力為多大？（3）小球的落點C與B的距離為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】在內，磁感應強度均勻變化，由法拉第電磁感應定律可得則閉合電路中產生的感應電動勢恒定不變，則感應電流恒定不變。ab邊在磁場中所受的安培力由于勻強磁場Ⅰ中磁感應強度B恒定，則，安培力為平行t軸的直線，方向向左（為負）。同理分析可得在,安培力與時間的關系為內F-t關于時間軸對稱一條的直線。故選B?！军c睛】本題要求學生能正確理解B-t圖的含義，故道B如何變化，才能準確的利用楞次定律進行判定。根據法拉第電磁感應定律分析感應電動勢的變化，由歐姆定律判斷感應電流的變化，進而可確定安培力大小的變化。2、B【解析】因為金屬棒ab在恒力F的作用下向右運動,則abcd回路中產生逆時針方向的感應電流,則在圓環(huán)處產生垂直于紙面向外的磁場,隨著金屬棒向右加速運動,圓環(huán)的磁通量將增大,根據楞次定律可以知道,圓環(huán)將有收縮的趨勢以阻礙圓環(huán)的磁通量將增大;又因為金屬棒向右運動的加速度減小,單位時間內磁通量的變化率減小,所以在圓環(huán)中產生的感應電流不斷減小,故B對；ACD錯【點睛】當導體棒變速運動時在回路中產生變化的感應電流,因此圓環(huán)內的磁場磁通量發(fā)生變化,根據磁通量的變化由楞次定律可以判斷圓環(huán)面積的變化趨勢,其感應電流的變化要根據其磁通量的變化快慢來判斷.3、B【解析】在干燥的天氣里，用塑料梳子梳干燥的頭發(fā)時，頭發(fā)與梳子摩擦而起電；由于頭發(fā)帶有同種電荷，同種電荷相互排斥，所以越梳越蓬松．故選B點睛：此題不僅考查了摩擦起電現象，并且考查了電荷間相互作用規(guī)律，要會利用所學知識來解釋日常生活中的現象4、A【解析】根據電子的運動方向確定電場力方向，判斷電場線方向，即可分析電勢的高低，從速度時間圖線得到電子做加速運動，加速度逐漸變小，根據牛頓第二定律得到電場力的變化情況，確定場強的變化；【詳解】A、電子僅在電場力作用下沿電場線從A點到B點，則電子所受的電場力方向從A指向B，所以電場線的方向是從B指向A的，由于沿電場線的方向電勢降低，所以，故A正確，C錯誤；B、從速度時間圖線得知電子做加速運動，加速度逐漸變小，故電場力不斷變小，電子在A點受到的電場力大于在B點受到的電場力，所以，故B錯誤；D、電子僅在電場力作用下沿電場線從A點到B點，電場力做正功，電勢能減小，所以電子在A點的電勢能大于在B點的電勢能，故D錯誤【點睛】本題關鍵通過速度時間圖象得到物體的速度變化情況和加速度變化情況，然后判斷場強方向和電勢大小5、D【解析】A．電流表示數為2.0A，可知內電壓：所以電壓表的示數：故A錯誤；BC．由圖可知電源輸出功率即為電動機消耗的總功率，為：故B錯誤，C錯誤；D．電動機的熱功率：故D正確。故選D。6、D【解析】AB．水平方向位移知，大人拋環(huán)的速度小，故AB錯誤；CD．設拋出的圓環(huán)做平拋運動的初速度為v，高度為h，則下落的時間為平拋運動的物體飛行時間由高度決定，小孩拋出的圓環(huán)運動時間較短，故C錯誤D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】AB．過程①為邊切割向里的磁場，電流逆時針，時間內，線框做勻加速直線運動，則切割磁場的速度電動勢電流過程②為邊和邊同向切割反向的磁場，而雙電源串聯，電流方向為順時針，時間內，電動勢（）電流（）過程③為邊切割向外的磁場，電流為逆時針，時間內，電動勢（）電流（）故A錯誤B正確；C．在內，由勻加速直線運動的速度位移關系可知則則電流關于位移不是線性函數，故C錯誤；D．在內，線框的電功率在內，線框的電功率（）在內，線框的電功率（）故D正確。故選BD。8、BC【解析】由光敏電阻的性質可知光照強度的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數的變化；同時還可得出路端電壓的變化；由串聯電路的規(guī)律可得出并聯部分電壓的變化，再由并聯電路的規(guī)律可得出通過R2的電流的變化，由功率公式即可得R3的功率的變化【詳解】當照射到R3的光照強度增加時，R3的電阻減小，根據“串反并同”知，與R3串聯的用電器的電流，電壓，電功率都與R3的變化相反，與R3并聯的用電器的電流，電壓，電功率都與R3的變化相同，所以電流表的示數增大，電壓表示數減小，R2的功率增大，R1的功率減小，故B、C正確故選BC【點睛】閉合電路的動態(tài)分析問題一般按外電路、內電路再外電路的分析思路進行；分析內電路主要根據總電流及內阻分析內壓，而外電路較為復雜，要注意靈活應用電路的性質9、AD【解析】A．地球好比條形磁鐵，外部和內部均存在磁場，地磁南極在地理北極的附近，故A正確；B．磁感線是閉合的曲線，地磁場的磁感線從地磁北極射出地面，從地磁南極射入地面，組成閉合曲線，故B錯誤；C．由圖可知，地球北半球的磁場有向下分量，不是地球表面任意位置的地磁場方向都與地面平行，故C錯誤；D．地球赤道平面處地磁場的方向向北，射向地球赤道的帶負電的宇宙射線受到洛倫茲力作用，由左手定則可知，其所受洛倫茲力方向向西，故D正確。故選AD。10、BD【解析】設質子在磁場I和II中做圓周運動的軌道半徑分別為r1和r2，區(qū)域II中磁感應強度為B′，由牛頓第二定律得：qvB＝m①；qvB′＝m②；粒子在兩區(qū)域運動的軌跡如圖所示，由帶電粒子才磁場中運動的對稱性和幾何關系可知，質子從A點出磁場I時的速度方向與OP的夾角為30°，故質子在磁場I中軌跡的圓心角為：θ＝60°，如圖所示：則△O1OA為等邊三角形，有：OA＝r1③，在區(qū)域II中，質子運動圓周，O2是粒子在區(qū)域II中做圓周運動的圓心，r2＝OAsin30°④，由①②③④解得區(qū)域II中磁感應強度為：B′＝2B⑤，質子在Ⅰ區(qū)運動軌跡對應的圓心角：φ＝60°，在Ⅱ區(qū)運動軌跡對應的圓心角為：φ′＝90°，質子在Ⅰ區(qū)的運動周期：T1，運動時間t1，故A錯誤，B正確；質子在Ⅱ區(qū)運動的周期：T2，運動時間t2，故C錯誤，D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.ACDFG②.③.④.U為電壓表讀數，RV為電壓表內阻【解析】（1）[1]．其中AFG為必選器材，為了滑動方便，應選擇最大阻值較小的滑動變阻器，以及電壓表V，題目中的電流表量程0.6安，指針偏角過小誤差較大，舍去；故選擇的器材有：ACDFG；（2）[2]．電壓表量程3V，內阻3kΩ，滿偏電流為，與待測電流表類似，可以當作電流表使用；與待測電流表串聯即可；因為要求精確，故采用滑動變阻器分壓式接法，電壓可以連續(xù)調節(jié)，電路圖如圖所示：（3）[3][4]．待測電流表總格數為N，電流等于電壓表電流，為：；電流表與電壓表串聯，電流相等，故：n：N=I：Ig故其中U為電壓表讀數，RV為電壓表內阻；12、①.AD②.2.20③.2【解析】（1）[1]．AB由表盤看出，若選用倍率為“×100”的歐姆擋測電阻時，指針偏轉較大過大，則說明倍率檔選擇過大，應改用“×100”的歐姆擋測量；選項A正確，B錯誤；CD．換擋后先將兩表筆短接調零，再接入待測電阻進行測量，選項C錯誤，D正確；