2025屆廣東省實驗中學順德學校物理高二上期中質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2025屆廣東省實驗中學順德學校物理高二上期中質量跟蹤監(jiān)視試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、2019年女排世界杯比賽中，中國隊再奪世界杯冠軍。如圖，當排球上升至最高點時，隊員朱婷將球水平擊出。不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A．擊球瞬間，排球發(fā)生彈性形變使得排球受到彈力的作用B．擊球瞬間，人對排球的力大于排球對人的作用力，排球飛出C．水平擊出后，在相同時間間隔內，排球的速度變化量始終不變D．水平擊出后，在相同時間間隔內，排球的動能變化量相同2、關于點電荷、元電荷、檢驗電荷，下列說法正確的是()A．點電荷所帶電荷量一定是元電荷電荷量的整數(shù)倍B．點電荷所帶電荷量一定很小C．元電荷實際上是指電子和質子本身D．點電荷、元電荷、檢驗電荷是同一種物理模型3、以的水平初速度拋出的物體，飛行一段時間后，打在傾角為的斜面上，此時速度方向與斜面夾角為，如圖所示，則物體在空中飛行的時間為不計空氣阻力，g取)（）A．B．C．D．4、如圖所示是某款理發(fā)用的電吹風的電路圖，它主要由電動機M和電熱絲R構成．當閉合開關S1、S2后，電動機驅動風葉旋轉，將空氣從進風口吸入，經電熱絲加熱，形成熱風后從出風口吹出．已知電吹風的額定電壓為220V，吹冷風時的功率為120W，吹熱風時的功率為1000W．關于該電吹風，下列說法正確的是()A．電熱絲的電阻為55ΩB．電動機的電阻為ΩC．當電吹風吹冷風時，電熱絲每秒鐘消耗的電能為120JD．當電吹風吹熱風時，電動機每秒鐘消耗的電能為880J5、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為9V、13.5V、5.5V。下列說法正確的是()A．電場強度的大小為2.5V/cmB．坐標原點處的電勢為2VC．電子在a點的電勢能比在b點的低4.5eVD．電子從b點運動到c點，電場力做功為6、關于磁場下列說法中正確的是A．磁感線可以用鐵屑來顯示，因而是真實存在的B．電流元IL在磁場中受力為F，則B一定等于C．磁場中磁感應強度大的地方，磁通量不一定很大D．磁體與通電導體之間的相互作用是通過電場與磁場共同產生的二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一平行板電容器的A、B兩極板與一電壓恒定的電源相連，極板水平放置，極板間距為d，兩極板間有一個質量為m的帶電粒子靜止于P點．下列說法正確的是A．帶電粒子帶負電B．若僅將A板稍微向上移動一定距離，則帶電粒子仍將保持靜止C．若僅將兩極板各繞其中點快速順時針轉過一定小角度后，則粒子將向左做直線運動D．若斷開電源并將B板稍向右移動一定距離，則帶電粒子將向上做直線運動8、蓄電池的電動勢為2V,干電池的電動勢為1.5V，這表明()A．在相同的時間內蓄電池比干電池轉化更多的化學能B．在相同的電量通過電池時，蓄電池比干電池轉化更多的化學能C．在相同的電流通過電池時，蓄電池比干電池轉化更多的化學能D．蓄電池轉化化學能的本領比干電池大9、如圖所示，回旋加速器是用來加速帶電粒子使它獲得很大動能的裝置．其核心部分是兩個D型金屬盒，置于勻強磁場中，兩盒分別與高頻電源相連．則下列說法正確的是（）A．高頻交變電流的周期與粒子運動周期一定相同B．粒子從磁場中獲得能量C．帶電粒子加速所獲得的最大動能與加速電壓的大小有關D．帶電粒子加速所獲得的最大動能與金屬盒的半徑有關10、對于常溫下一根阻值為R的金屬電阻絲，下列說法正確的是()A．常溫下，若將電阻絲均勻拉長為原來的10倍，則電阻變?yōu)?0RB．常溫下，若將電阻絲從中點對折，電阻變?yōu)镽/4C．加在電阻絲上的電壓從0逐漸加大到U，則在任意狀態(tài)下的U/I的值不變D．若把溫度降到絕對零度附近，電阻絲的電阻突然變?yōu)榱?，這種現(xiàn)象稱為超導現(xiàn)象三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某學生設計一實驗來粗略驗證向心力的表達式，如圖所示．細線下面懸掛一個鋼球，細線上端固定在鐵架臺上．將畫著一個圓的白紙置于水平桌面上，使鋼球靜止時正好位于圓心，如果小球的向心力和合力相等，則說明向心力的表達式正確．a.用手帶動鋼球，設法使它沿紙上的圓懸空做勻速圓周運動，用秒表記錄鋼球運動n圈所用時間t，用直尺測出紙上的圓的半徑為r，如果向心力的表達式正確，并假設鋼球質量為m，則由向心力表達式求出來的向心力_______（用題中所給字母表示）b.然后，測出線的長度為L，假設鋼球可看做質點，從力的角度計算鋼球的合力_______（用題中所給字母表示）c.在本實驗中小球的質量_________（“需要”或“不需要”）測出；12．（12分）用如圖所示電路測量電源的電動勢和內阻．實驗器材：待測電源(電動勢約3V，內阻約2Ω)，保護電阻R1(阻值10Ω)和R2(阻值5Ω)，滑動變阻器R，電流表A，電壓表V，開關S，導線若干．實驗主要步驟：(i)將滑動變阻器接入電路的阻值調到最大，閉合開關；(ii)逐漸減小滑動變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數(shù)U和相應電流表的示數(shù)I；(iii)以U為縱坐標，I為橫坐標，作U-I圖線(U、I都用國際單位)；(iv)求出U-I圖線斜率的絕對值k和在橫軸上的截距a.回答下列問題：(1)電流表最好選用________．A．電壓表(0～3V，內阻約15kΩ)B．電壓表(0～3V，內阻約3kΩ)C．電流表(0～200mA，內阻約2Ω)D．電流表(0～30mA，內阻約2Ω)(2)選用k、a、R1和R2表示待測電源的電動勢E和內阻r的表達式E＝________，r＝________，代入數(shù)值可得E和r的測量值．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一質量為m=2kg的滑塊從半徑為R=0.2m的光滑四分之一圓弧軌道的頂端A處由靜止滑下，A點和圓弧對應的圓心O點等高，圓弧的底端B與水平傳送帶平滑相接．已知傳送帶勻速運行的速度為v0=4m/s，B點到傳送帶右端C點的距離為L=2m．當滑塊滑到傳送帶的右端C時，其速度恰好與傳送帶的速度相同．（g=10m/s2），求：（1）滑塊到達底端B時對軌道的壓力；（2）滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ；（3）此過程中，由于滑塊與傳送帶之間的摩擦而產生的熱量Q．14．（16分）如圖所示，一條長為l的細線，上端固定，下端拴一個質量為m的帶電小球。將它置于一勻強電場中，電場強度大小為E，方向水平向右。已知當細線離開豎直位置的偏角為ɑ時，小球處于平衡狀態(tài)。試問：(1)小球帶何種電荷？(2)小球所帶電荷量是多少？15．（12分）如圖所示為電動機提升重物的裝置，電動機線圈電阻r=1Ω，電動機兩端電壓為8V，電路中的電流為2A，重物A重20N.不計摩擦力，求（1）電動機的輸入功率和輸出功率各是多少；（2）20s內，可以把重物A勻速提升多高；（3）這臺電動機的機械效率是多少.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．擊球瞬間，運動員的手發(fā)生形變使得排球受到彈力的作用，故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第三定律，力的作用是相互的，故擊球瞬間手對排球的作用力等于排球對手的作用力，故B錯誤；C．水平擊出后，球做平拋運動，加速度不變，由公式可知，在相同時間間隔內，排球的速度變化量始終不變，故C正確；D．根據(jù)動能定理可知，排球的動能變化量等于重力所做的功，由于豎直方向上球做自由落體運動，相等時間內運動的位移不同，則重力做功不同，所以球的動能變化量不同，故D錯誤。故選C。2、A【解析】A、元電荷是指一個電子所帶的電荷量，電子電荷量的大小是最小的，任何帶電體所帶電荷量都是元電荷電荷量的整數(shù)倍，故A正確；B、在條件滿足情況下點電荷可以代替任何帶電體，點電荷是一種理想化的物理模型，其帶電荷量并不一定是很小的，故B錯誤；C、元電荷是指一個電子所帶的電荷量，并不是指電子或質子本身，故C錯誤；D、點電荷是一種理想化的物理模型，元電荷又稱“基本電量”，在各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，任何帶電體所帶電荷都是e的整數(shù)倍，檢驗電荷是用來檢驗電場是否存在的點電荷，所以點電荷、元電荷、檢驗電荷不是同一種物理模型，故D錯誤；故選A。【點睛】點電荷是一種理想化的物理模型，元電荷指的是最小的電量單位，數(shù)值上等于一個電子或一個質子所帶的電量，任何帶電體所帶的電荷量只能是元電荷的整數(shù)倍，檢驗電荷是用來檢驗電場是否存在的點電荷。3、B【解析】小球打在傾角θ為30°的斜面上，速度方向與斜面夾角α為60°，有幾何關系可知，速度與水平方向的夾角為30°，將該速度分解：，又有：，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：，故B正確，ACD錯誤．4、A【解析】

A．電吹風吹熱風時電熱絲消耗的功率為P=1000W－120W=880W，對電熱絲，由P=可得電熱絲的電阻為Ω=55Ω，選項A正確；B．由于不知道電動機線圈的發(fā)熱功率，所以電動機線圈的電阻無法計算，選項B錯誤；C．當電吹風吹冷風時，電熱絲沒有工作，選項C錯誤；D．當電吹風吹熱風時，電動機每秒鐘消耗的電能為W=Pt=1000J，選項D錯誤．5、A【解析】

B.由于，平行，則有：可得坐標原點處的電勢為：故B錯誤；A.設場強方向與軸夾角為，則有：聯(lián)立解得：故A正確；C.點電勢比點低，則電子在點的電勢能比在點的高，故C錯誤；D.電子從點運動到點，電勢能增加，則電場力做功，故D錯誤。6、C【解析】A、磁感線可以用鐵屑來顯示，但不是真實存在的，故A錯誤；B、根據(jù)公式:若通電直導線的方向與磁場的方向垂直時,通電直導線受到的安培力為F,磁感應強度為.若電流元與磁場不垂直,則電流元IL在磁場中受力為F,則磁感應強度B可能大于故B錯誤,C、磁通量，所以磁場中磁感應強度大的地方，磁通量不一定很大，故C正確；

D、磁體與通電導體之間的相互作用是通過磁場產生的，故D錯誤；綜上所述本題答案是：C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

帶電微粒P在水平放置的A、B金屬板間的電場內處于靜止狀態(tài)，說明處于平衡狀態(tài)，豎直向上的電場力大小等于重力的大小，即可判定粒子的電性；當兩平行金屬板A、B分別以繞其中點為軸在豎直平面內快速順時針轉過相同的較小角度α，此時分析P受到重力、電場力，從而判定運動性質；根據(jù)接通電源與斷開電源兩種情況下，前者是電壓U不變，后者是電量Q不變，結合，及，即可一一求解.【詳解】A．帶電微粒P在水平放置的A、B金屬板間的電場內處于靜止狀態(tài)，電場力豎直向上，且電場強度方向向下，因此粒子帶負電，故A正確；B．若僅將A板稍微向上移動一定距離，因電壓U不變，根據(jù)，則有電場強度減小，那么電場力減小，因此粒子將向下運動，故B錯誤；C．設初狀態(tài)極板間距是d，順時針旋轉α角度后，極板間距變?yōu)閐cosα，所以電場強度，而且電場強度的方向也旋轉了α，由受力分析可知，豎直方向仍然平衡，水平方向有電場力的分力，所以微粒水平向右做勻加速直線運動，故C錯誤；D．若斷開電源并將B板稍向右移動一定距離，因電容器所帶電量Q不變，根據(jù)，及得，則知電場強度E增大，則帶電粒子將向上做直線運動，故D正確；故選AD.【點睛】考查了已知受力求運動，正確受力分析，有牛頓第二定律判斷運動情況，解決本題的關鍵是確定新場強與原來場強在大小、方向上的關系，注意電壓U與電量Q的不變兩種情況下，影響電場強度大小的影響也是解題的關鍵.8、BD【解析】試題分析：根據(jù)W=UIt=Uq,因為蓄電池的電動勢大于干電池，所以在相同的電量通過電池時，蓄電池比干電池轉化更多的化學能，蓄電池轉化化學能的本領比干電池大，選項BD正確?？键c：電源的電動勢。9、AD【解析】

A.為保證粒子每次進入電場中都被加速，所以交變電場的周期一定要與帶電粒子運動的周期相同，故A正確；B.質子在磁場中所受的洛倫茲力對質子不做功，不能改變質子的動能，所以質子不能從磁場中獲得能量，故B錯誤。CD.設D形盒的半徑為R，當離子圓周運動的半徑等于R時，獲得的動能最大，由洛倫茲力提供向心力，有：解得：則最大動能：故最大動能與加速電壓無關，與D形盒的半徑有關。故C錯誤，D正確。10、BD【解析】

A、常溫下，若將電阻絲均勻拉長為原來的10倍，則截面積變?yōu)樵瓉淼?/10，根據(jù)電阻定律，則電阻變?yōu)樵瓉淼?00倍，A錯誤；B、常溫下，若將電阻絲從中點對折，長度為原來的一半，面積為原來的2倍，則電阻變?yōu)椋珺正確；C、電阻絲隨著溫度阻值會發(fā)生變化或者在超導狀態(tài)不成立，C錯誤；D、根據(jù)超導現(xiàn)象知，D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、不需要【解析】

（1）鋼球運動n圈所用時間t，則周期為T=，這個實驗中由向心力表達式求出來的向心為：（2）對小球受力分析如圖所示，則有：F合=mgtanθ=；

（3）根據(jù)可知，質量可以約去，則不需要測出小球的質量，【點睛】通過實驗數(shù)