山東省泰安市泰山國際學(xué)校2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期期中檢測物理試卷

泰山國際學(xué)校2024-2025學(xué)年期中學(xué)情檢測高二物理試題（考試時間：90分鐘試卷滿分：100分）注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。回答非選擇題時，將答案寫在答卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單選題1．北京時間2023年10月3日，據(jù)諾貝爾獎官方網(wǎng)站公布，2023年諾貝爾物理學(xué)獎頒發(fā)給Pierre等三位物理學(xué)家，以表彰他們“為研究物質(zhì)中的電子動力學(xué)而產(chǎn)生阿秒光脈沖的實驗方法”。阿秒（as）這種時間尺度，適合用來描述電子在原子內(nèi)部運動的情況，，例如電子繞氫原子核一周大約是。已知電子所帶電荷量為，氫原子核外電子繞原子核做勻速圓周運動。根據(jù)以上信息估算氫原子核外電子繞核運動的等效電流大約為()A. B. C. D.2．如圖所示，在粗糙絕緣的水平面上有一物體A帶正電，另一帶正電的物體B沿著以A為圓心的圓弧由P到Q緩慢地從A的上方經(jīng)過，若此過程中A始終保持靜止，兩物體可視為質(zhì)點，則下列說法錯誤的是()A.物體A受到地面的支持力先增大后減小B.物體A受到地面的摩擦力先減小后增大C.物體A受到地面的支持力保持不變D.物體A受到地面的摩擦力先向左后向右3．某種不導(dǎo)電溶液的相對介電常數(shù)與濃度的關(guān)系曲線如圖（a）所示，將平行板電容器的兩極板全部插入該溶液中，并與恒壓電源，電流表等構(gòu)成如圖（b）所示的電路，閉合開關(guān)S后，若降低溶液濃度，則()A.電容器的電容減小 B.電容器所帶的電荷量增大C.電容器兩極板之間的電勢差增大 D.溶液濃度降低過程中電流方向為4．真空中兩個相同的帶等量異種電荷的金屬小球A和B（均可看作點電荷），分別固定在兩處，兩球間靜電力大小為F。現(xiàn)用一個不帶電的同樣的金屬小球C先與A接觸，再與B接觸，然后移開C，再將間距離增大為原來的2倍，則間的靜電力大小為()A. B. C. D.5．如圖所示，邊長為的正方形ABCD處在勻強(qiáng)電場中，且正方形平面與電場線平行。已知，，，O是對角線AC、BD的交點，下列說法正確的是()A.D點的電勢 B.C.電場強(qiáng)度的方向由A指向C D.電場強(qiáng)度大小為6．關(guān)于靜電場，以下說法正確的是()A.在點電荷產(chǎn)生的電場中，以點電荷為球心的同一球面上各點的電場強(qiáng)度都相同B.根據(jù)公式，可知電場強(qiáng)度與靜電力成正比C.根據(jù)公式，可知電容器所帶電荷量越多，其電容就越大D.電勢差的大小由電場的性質(zhì)決定，與零電勢點的選取無關(guān)7．硒鼓是激光打印機(jī)的核心部件，主要由感光鼓、充電輥、顯影裝置、粉倉和清潔裝置構(gòu)成，工作中充電輥表面的導(dǎo)電橡膠給感光鼓表面均勻分布上一層負(fù)電荷。我們可以用下面的模型模擬上述過程：電荷量均為的點電荷，對稱均勻地分布在半徑為R的圓周上，若某時刻圓周上P點的一個點電荷的電量突變成，則圓心O點處的電場強(qiáng)度為()A.，方向沿半徑指向P點 B.，方向沿半徑背離P點C.，方向沿半徑指向P點 D.，方向沿半徑背離P點8．地面上方某區(qū)域存在水平向左的勻強(qiáng)電場，帶負(fù)電的小球自電場中某點水平向左射出。小球所受的重力是電場力的2倍。則射出后，小球水平方向分速度、動能、機(jī)械能E及電場力瞬時功率隨時間t變化圖像可能正確的是()A. B. C. D.二、多選題9．如圖所示，一子彈以水平速度射入放置在光滑水平面上原來靜止的木塊，并留在木塊當(dāng)中，在此過程中子彈鉆入木塊的深度為d，木塊的位移為l，木塊與子彈間的摩擦力大小為F，則()A.F對木塊做功為Fl B.F對木塊做功為C.F對子彈做功為-Fd D.F對子彈做功為10．如圖所示，在地面上方的水平勻強(qiáng)電場中，一個質(zhì)量為m、電荷量為的小球，系在一根長為d的絕緣細(xì)線一端，可以在豎直平面內(nèi)繞O點做圓周運動。AB為圓周的水平直徑，CD為豎直直徑。已知重力加速度為g，電場強(qiáng)度，下列說法正確的是()A.若小球恰能在豎直平面內(nèi)繞O點做圓周運動，則它運動的最小速度為B.若小球在豎直平面內(nèi)繞O點做圓周運動，則小球運動到B點時的機(jī)械能最大C.若將細(xì)線剪斷，再將小球在A點以大小為的速度豎直向上拋出，小球?qū)⒉荒艿竭_(dá)B點D.若將小球在A點由靜止開始釋放，則小球沿AC圓弧到達(dá)C點的速度為11．如圖所示某電場等勢面分布關(guān)于圖中虛線上下對稱，F(xiàn)點在虛線上。下列說法正確的是()A.在A、B兩點放置電荷量相等的試探電荷，它們受靜電力B.一帶正電的粒子在B點電勢能大于在A點電勢能C.把電子從c等勢面移動到e等勢面，靜電力做功為10eVD.從A點靜止釋放一個電子，將沿曲線e運動到B點12．如圖所示，小車A靜止于光滑水平面上，A上有一圓弧PQ，圓弧位于同一豎直平面內(nèi)，小球B由靜止起沿圓弧下滑，這一過程中()A.若圓弧光滑，則小球的動量守恒，機(jī)械能守恒B.若圓弧光滑，則系統(tǒng)的動量不守恒，機(jī)械能守恒C.若圓弧不光滑，則系統(tǒng)的動量守恒，機(jī)械能不守恒D.若圓弧不光滑，則系統(tǒng)的動量不守恒，機(jī)械能也不守恒三、實驗題13．某物理興趣小組為了探究帶電體附近的電場強(qiáng)度的大小。如圖，把質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電小球A用絕緣細(xì)繩懸掛，若將另一帶正電的小球B靠近A，當(dāng)兩個帶電小球在同一高度且相距一定距離時，繩與豎直方向成α角，則（帶電小球均可視為點電荷，重力加速度為g）（1）帶電小球B在帶負(fù)電小球A處激發(fā)的電場的電場強(qiáng)度大小為_______。（2）若保持帶電小球B不動，帶負(fù)電小球A向右移動，兩個帶電小球仍可視為在同一高度，觀察到α角減小，說明帶電小球B在帶負(fù)電的小球A移動后所在位置的電場強(qiáng)度相對小球A移動前_______（填“增大”“減小”或“不變”）。14．電導(dǎo)率是電阻率的倒數(shù)，25℃時合格純凈水的電導(dǎo)率小于，某小組為測量一水廠純凈水的電導(dǎo)率，用絕緣性能良好的塑料圓柱形容器裝滿采集的水樣，然后用金屬圓片電極將容器兩端密封.實驗室還提供了下列器材：A.游標(biāo)卡尺B.電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約）C.靈敏電流計G（量程，內(nèi)阻約）D.滑動變阻器R（阻值0~20Ω，額定電流1A）E.電源（，內(nèi)阻很?。〧.開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）圖甲為游標(biāo)卡尺的結(jié)構(gòu)示意圖、實驗前需測量圓柱形容器的內(nèi)徑，應(yīng)使用游標(biāo)卡尺的________（選填“A”、“B”或“C”）進(jìn)行測量，游標(biāo)卡尺示數(shù)為________cm；（2）請用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖乙測量純凈水樣品電阻的實物電路連接完整；（3）測量數(shù)據(jù)如下表所示，請在圖丙中作出圖像，根據(jù)圖像求出該樣本電阻的阻值（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字），進(jìn)而可以求出電導(dǎo)率；0.521.201.802.362.782.04.46.88.810.4（4）若裝入的純凈水樣品未完全充滿塑料圓柱形容器，這將會使測得的電導(dǎo)率_________（選填“偏大”、“偏小”或“不變”），理由是_________.四、計算題15．如圖甲所示，一對平行金屬板長為L，相距為d，為中軸線。當(dāng)兩板間加電壓時，兩板間為勻強(qiáng)電場，忽略兩極板外的電場。某種帶負(fù)電的粒子從點以速度沿方向射入電場，粒子恰好打在上極板M的中點，粒子重力忽略不計。（1）求帶電粒子的比荷；（2）求帶電粒子運動到上極板中點時速度大小v；（3）若M、N間加如圖乙所示的交變電壓，其周期，大量的上述粒子仍然以速度沿方向持續(xù)射入電場，最終所有粒子剛好能全部離開電場而不打在極板上，求U的值（用表示）；（4）第（3）問中，求所有粒子在運動過程中偏離中軸線的最遠(yuǎn)距離的最小值。16．如圖所示，平行金屬板間存在勻強(qiáng)電場（不考慮邊界效應(yīng)），AB板帶正電，CD板帶負(fù)電，極板間距，板長.某時刻從下極板左邊緣C處射入一個初速度方向與水平方向夾角，速度大小的帶正電微粒，已知微粒的電荷量，質(zhì)量，板間電場強(qiáng)度，直線AE與CD的夾角，重力加速度取，，，求：（1）微粒到達(dá)直線AE時的速度大??；（2）微粒離AB板的最小距離；（3）微粒在兩板間運動的時間.17．電子技術(shù)中通常利用勻強(qiáng)電場中的偏轉(zhuǎn)實現(xiàn)帶電粒子的平行側(cè)移。如圖所示，兩偏轉(zhuǎn)電場Ⅰ、Ⅱ?qū)挾染鶠長，場強(qiáng)大小均為E、方向相反（均沿豎直方向）。一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電粒子，由靜止開始經(jīng)過電壓為U的電場加速后，從A點垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場Ⅰ，最后從偏轉(zhuǎn)電場Ⅱ中的B點射出，已知兩電場相距L，不計帶電粒子的重力，求：（1）帶電粒子從加速電場射出時速度的大小；（2）帶電粒子從偏轉(zhuǎn)電場I離開時豎直方向偏移的距離y；（3）A、B之間沿電場線方向的距離h。18．如圖所示，足夠大的勻強(qiáng)電場水平向右，用一根長度為L的不可伸長絕緣細(xì)繩把一可視為質(zhì)點且?guī)д姷男∏驊覓煸贠點，小球的質(zhì)量為m、電荷量為q，小球可在B點保持靜止，此時細(xì)繩與豎直方向的夾角為。現(xiàn)將小球拉至位置A使細(xì)線水平后由靜止釋放，重力加速度大小為g（，），規(guī)定O點為電勢能零點。求：（1）電場強(qiáng)度E的大??；（2）求小球在A點的電勢能；（3）小球在運動過程中所受細(xì)線拉力的最大值。19．如圖所示，水平向左的勻強(qiáng)電場中有a、b、c三點，ab與場強(qiáng)方向平行，bc與場強(qiáng)方向成60°，，?，F(xiàn)將一個電量為的正電荷從a移動到b，靜電力做功。求：（1）求電場強(qiáng)度E的大??；（2）bc間的電勢差；（3）若b點的電勢為2.5V，則c點電勢。

參考答案1．答案：A解析：根據(jù)電流的定義式，故選A。2．答案：C解析：當(dāng)質(zhì)點B由P點運動到最高點的過程中，對物體A受力分析，如圖受重力G、地面的支持力N、摩擦力f以及靜電力F，將靜電力正交分解，由共點力平衡條件得到，，解得，，其中G與F不變，θ逐漸減小為零，因而支持力N逐漸變大，f逐漸變小。當(dāng)質(zhì)點B由最高點運動到Q點的過程中，再次對物體A受力分析，如圖受重力G、地面的支持力N、摩擦力f以及靜電力F，將靜電力正交分解，由共點力平衡條件得到，，解得，，其中G與F不變，θ由零逐漸增大，因而支持力N逐漸變小，f逐漸變大。物體A受到地面的摩擦力先向左后向右。故ABD正確，C錯誤。本題選說法錯誤的，故選C。3．答案：B解析：A.降低溶液濃度，不導(dǎo)電溶液的相對介電常數(shù)增大，根據(jù)電容器的決定式可知電容器的電容增大，故A錯誤；BC.溶液不導(dǎo)電沒有形成閉合回路，電容器兩端的電壓不變，根據(jù)結(jié)合A選項分析可知電容器所帶的電荷量增大，故B正確，C錯誤；D.根據(jù)B選項分析可知電容器所帶的電荷量增大，則給電容器充電，結(jié)合題圖可知電路中電流方向為，故D錯誤。故選B。4．答案：B解析：設(shè)原來所帶電荷量分別為、，則間靜電力大小為，將不帶電的同樣的金屬球C先與A接觸，再與B接觸后，A所帶電荷量變?yōu)?，B所帶電荷量變?yōu)?，再將間距離增大為原來的2倍，則間靜電力大小為，故選B。5．答案：D解析：A.由于A點電勢為2V，C點電勢為6V，O是AC中點，由勻強(qiáng)電場特點知，O點電勢為4V，故對角線BD為等勢線，則，故A錯誤；B.由題知，代入得，故B錯誤；C.電場強(qiáng)度由高電勢指向低電勢，故電場強(qiáng)度的方向由C指向A，故C錯誤；D.電場強(qiáng)度大小為，代入得，故D正確。故選D。6．答案：D解析：A.在點電荷產(chǎn)生的電場中，以點電荷為球心的同一球面上各點的電場強(qiáng)度大小相等，方向不同，則場強(qiáng)不相同，故A錯誤；B.公式為電場強(qiáng)度的比值定義式，可知電場強(qiáng)度與靜電力、試探電荷的電量均無關(guān)，故B錯誤；C.公式為電容的比值定義式，電容與電容器所帶電荷量多少無關(guān)，故C錯誤；D.電勢差的大小由電場的性質(zhì)決定，與零電勢點的選取無關(guān)，故D正確。故選D。7．答案：D解析：當(dāng)P點的電荷量為時，根據(jù)電場的對稱性，可得在O點的電場強(qiáng)度為0，當(dāng)P點的電荷為時，可看作[]，故可以看做兩個電場的疊加,故O點的電場強(qiáng)度為,方向沿半徑背離P點。故選D。8．答案：B解析：根據(jù)題意，由于小球所受的重力是電場力的2倍，則有小球所受合力為方向與水平方向夾角指向右下。A.根據(jù)題意可知，小球在水平方向上，由于電場力的作用，向左做勻減速直線運動，則有則則圖像為向下傾斜的一次函數(shù)，故A錯誤；B.小球水平向左射出，則小球在垂直合力方向上做勻速，沿合力方向上做勻減速，則沿合力方向上的位移為由動能定理有解得可知，圖像為開口向上的拋物線，故B正確；C.結(jié)合A分析可得，小球在水平方向上的位移為由功能關(guān)系有解得可知，圖像為開口向上的拋物線，故C錯誤；D.電場力瞬時功率為可知，圖像為向下傾斜的一次函數(shù)，故D錯誤。故選B。9．答案：AD解析：AB.木塊的位移為l，由可得F對木塊做功為Fl。故A正確;B錯誤；CD.子彈的位移為，木塊對子彈的摩擦力的方向與位移方向相反，故木塊對子彈的摩擦力做負(fù)功，即故C錯誤；D正確。故選AD。10．答案：BC解析：A.小球受到水平向右的電場力合力為方向斜向右下方，與豎直方向夾角為60°，設(shè)小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，最小速度為v，有聯(lián)立解得故A錯誤；B.由功能關(guān)系知，小球機(jī)械能的變化等于除重力或彈力之外的力所做的功，小球在豎直平面內(nèi)繞O點做圓周運動，運動到B點時，靜電力做功最多，故運動到B點時小球的機(jī)械能最大，故B正確；C.小球?qū)⒃谪Q直方向上做豎直上拋運動，水平方向做勻加速直線運動，當(dāng)豎直方向位移為0時，有水平位移有由牛頓第二定律解得所以小球?qū)⒉荒艿竭_(dá)B點，故C正確；D.設(shè)合力方向與電場線方向夾角為θ，有得所以將小球靜止釋放，小球?qū)⒀睾狭Ψ较蜃鰟蚣铀僦本€運動，故D錯誤。故選BC。11．答案：AC解析：A.等差等勢面越密集（稀疏），電場線越密集（稀疏），由圖可知，A點的等差等勢面更密集，則A點場強(qiáng)較大，故在A點的試探電荷受到的靜電力較大，故A正確；B.由圖可知，A、B兩點在同一等勢線上，故兩點的電勢相等，則帶正電的粒子在兩點的電勢能相等，故B錯誤；C.把電子從c等勢面移動到e等勢面，靜電力做功為，故C正確；D.電場力方向與等勢面垂直，從A點靜止釋放一個電子，電子不會沿曲線e運動到B點，故D錯誤。故選AC。12．答案：BD解析：不論圓弧是否光滑，小車與小球組成的系統(tǒng)在小球下滑過程中系統(tǒng)所受合外力都不為零，則系統(tǒng)動量都不守恒;但系統(tǒng)水平方向不受外力，所以系統(tǒng)水平方向的動量守恒;若圓弧光滑，只有重力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒;若圓弧不光滑，系統(tǒng)要克服摩擦力做功，機(jī)械能減少。故選BD。13．答案：（1）（2）減小解析：（1）由題意可知，小球B在帶負(fù)電小球A處激發(fā)的電場場強(qiáng)向右，A所受庫侖力向左。球A靜止則受力平衡，根據(jù)受力分析可得：豎直方向水平方向又根據(jù)解得（2）根據(jù)（1）中結(jié)果可知，觀察到α角減小時，減小，則題干中及q不變時，E減小。14．答案：（1）A；3.110（2）（3）；（4）偏??；電流方向上，樣品的橫截面積減小，所測電阻增大解析：（1）由圖可知，要測量圓柱形容器的內(nèi)徑，應(yīng)使用游標(biāo)卡尺的A進(jìn)行測量，游標(biāo)卡尺的分度值為0.02mm，游標(biāo)卡尺示數(shù)為；（2）為了使得電壓變化范圍較大，滑動變阻器采用分壓式接法;由題可知，靈敏電流計電流變化范圍很小，電流表的分壓較小，為了減小誤差，靈敏電流計采用內(nèi)接法，實物圖如圖所示:（3）將表中數(shù)據(jù)描于坐標(biāo)紙上，用一條直線盡可能地穿過更多的點，不在直線上的點盡量均勻地分布在直線兩側(cè)，誤差較大的點舍去，畫出的圖像如圖所示:根據(jù)圖像求得該樣本電阻的阻值為:。（4）若裝入的純凈水樣品未完全充滿塑料圓柱形容器，這將會使測得的電導(dǎo)率偏小，理由是電流方向上，樣品的橫截面積減小，所測電阻增大。15．答案：（1）（2）（3）（4）解析：（1）設(shè)粒子經(jīng)過時間打在M板中點，沿極板方向有垂直極板方向有聯(lián)立解得，帶電粒子的比荷為（2）帶電粒子運動到上極板中點時，豎直分速度大小為合速度大小為聯(lián)立解得（3）粒子通過兩板時間為從時刻開始，粒子在兩板間運動時每個電壓變化周期的前三分之一時間內(nèi)的加速度大小為方向垂直極板向上；在每個電壓變化周期的后三分之二時間內(nèi)加速度大小為方向垂直極板向下。不同時刻從點