河北省石家莊市鹿泉一中等名校2025屆高二物理第一學期期末經典試題含解析

河北省石家莊市鹿泉一中等名校2025屆高二物理第一學期期末經典試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、2014年12月31日，搭載“風云二號”08星的運載火箭在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心點火發(fā)射．發(fā)射過程中“風云二號”08星的某一運行軌道為橢圓軌道，周期為T0，如圖所示．則()A.“風云二號”08星在B、D兩點運行速率不等B.“風云二號”08星A→B→C過程中，速率逐漸變大C.“風云二號”08星在A→B過程所用時間小于D.“風云二號”08星在B→C→D過程中所用時間等于2、下列關于磁感應強度大小的說法中正確的是（）A.通電導線受磁場力大的地方磁感應強度一定大B.通電導線在磁感應強度大的地方受力一定大C.放在勻強磁場中各處通電導線，受力大小和方向處處相同D.磁感應強度的大小和方向跟放在磁場中的通電導線受力的大小和方向無關3、如圖所示，一條形磁鐵放在水平桌面上，在磁鐵右上方固定一根與磁鐵垂直的長直導線．當導線中通以由外向內的電流時磁鐵仍然保持靜止，則()A.磁鐵受到向左的摩擦力，對桌面的壓力增大B.磁鐵受到向右的摩擦力，對桌面的壓力減小C.磁鐵受到向左的摩擦力，對桌面的壓力減小D.磁鐵不受摩擦力，對桌面的壓力不變4、如圖所示，先接通電鍵S使電容器充電，然后斷開S，增大兩極板間的距離時，電容器所帶電量Q，電容C，兩極板間電勢差U的變化情況是（）A.Q變小，C不變，U不變B.Q變小，C變小，U不變C.Q不變，C變小，U變大DQ不變，C變小，U變小5、下列物理量中哪些與檢驗電荷無關（）A.檢驗電荷的電勢能EB.靜電力對檢驗電荷所做的功WC.電場強度ED.檢驗電荷受到的電場力F6、帶負電的粒子在某電場中僅受電場力作用，能分別完成以下兩種運動：①在電場線上運動，②在等勢面上做勻速圓周運動。該電場可能由A.一個帶正電的點電荷形成B.一個帶負電的點電荷形成C.兩個分立的帶等量負電的點電荷形成D.一帶負電的點電荷與帶正電的無限大平板形成二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、1932年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示。這臺加速器由兩個銅質D形盒D1、D2構成，其間留有空隙。不計帶電粒子在電場中的加速時間和相對論效應，下列說法正確的是（）A.粒子由加速器的邊緣進入加速器B.粒子由加速器的中心附近進入加速器C.加速電場的周期隨粒子速度的增大而減小D.粒子從D形盒射出時的動能隨D形盒半徑的增大而增大8、如圖，兩根互相平行的長直導線垂直穿過紙面上的M、N兩點．導線中通有大小相等、方向相反的電流．a、o、b在M、N的連線上，o為MN的中點，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到o點的距離均相等．關于以上幾點處的磁場，下列說法正確的是（）A.o點處的磁感應強度為零B.a、c兩點處磁感應強度的方向相同C.c、d兩點處的磁感應強度大小相等，方向相同D.a、b兩點處的磁感應強度大小相等，方向相反9、在垂直紙面向里的勻強磁場中放置一足夠長的絕緣棒，棒與水平方向夾角為，將帶電小球套在棒上，小球質量為m，帶電量為-q，小球與棒間動摩擦因數(shù)為，小球由靜止開始下滑的過程中（）A.先加速后勻速B.先加速后減速最終勻速C.最大速度為D.最大加速度為gsin10、一質量為m的帶電粒子，以初速度v0從a點豎直向上射入勻強電場中，場強方向水平向右．粒子通過電場中的b點時，速率為2v0，方向與電場方向一致，重力加速度為g，則A.粒子受電場力大小為mg B.粒子受電場力大小為2mgC.粒子從a到b機械能增加了2mv02 D.粒子從a到b機械能增加了三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某探究小組在“電表的改裝和練習使用多用電表”的實驗中。（1）如圖甲，某同學設計的電流、電壓兩用表的電路，已知電流計G的量程是1mA，內阻是100Ω，電阻R1=1Ω，R2=99Ω，則選擇開關接到____（填“1”或“2”）時是電壓表；量程是___________V。（2）如圖乙為某種型號多用電表電阻檔內部原理示意圖，已知電流計內阻為，電池內阻為r。某同學用其電阻檔測電阻時進行如下操作：先閉合開關S，將紅、黑表筆分開時，調節(jié)可變電阻，當可變電阻接入電路的阻值為R時電流表滿偏；再將接入A、B表筆之間時電流計指針指在表盤的正中央，則待測電阻的阻值________。（用Rg、R、r表示）12．（12分）在“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關系”實驗中：(1)原線圈中接入的電源是____A．接入220V交流電B．接入學生電源12V以下直流輸出C．接入學生電源12V以下交流輸出(2)對于實驗過程，下列說法正確的是______A．為便于探究，應該采用控制變量法B．因為實驗所用電壓較低，通電時可用手接觸裸露的導線、接線柱等檢查電路C．使用多用電表測電壓時，先用中等量程擋試測，再選用恰當?shù)膿跷贿M行測量四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示是某遠距離輸電過程的電路圖，理想升壓變壓器原線圈兩端的交流電的電壓的有效值為，升壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為2∶5，理想降壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為5∶1，輸電線路總電阻，已知升壓變壓器的原線圈的輸送電功率為，在理想降壓變壓器的副線圈接入一只某未知燈泡，要求該燈泡正常發(fā)光，導線框及其余導線電阻不計，求該燈泡的額定電壓和額定功率？14．（16分）如圖所示，在勻強磁場中有一個“”形導線框可繞AB軸轉動，已知勻強磁場的磁感強度大小B=T，方向豎直向下,線框的CD邊長為20cm、CE、DF長均為10cm，轉速為50r/s，若從圖示位置開始計時:（1）寫出線框中感應電動勢隨時間變化的瞬時值表達式.（2）若線框電阻r=3,再將AB兩端接入一個“6V，12W”的小燈泡，小燈泡能否正常發(fā)光？若不能，小燈泡實際消耗功率多大？(設小燈泡的阻值不變)15．（12分）如圖線圈面積為0.05m2，共100匝，線圈總電阻為r=1Ω，外電阻R=9Ω，線圈處于B=2/πT的勻強磁場中,當線圈繞00′以轉速n=300r/min勻速轉動時，求：(1)若從線圈處于中性面開始計時，寫出電動勢的瞬時表達式(2)兩電表的示數(shù)(3)線圈轉過180°的過程中，通過電阻的電荷量(4)線圈勻速轉一圈的過程中產生的總熱量

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】衛(wèi)星沿著橢圓軌道運動，由開普勒的面積定律得到各個點的運動快慢，周期定律得到對稱性.【詳解】A、衛(wèi)星沿橢圓軌道運動，由面積定律可知B、D兩點與地球的連線相等且運動對稱，則速率相等；故A錯誤.B、衛(wèi)星從近地點A到遠地點C的過程中，萬有引力與線速度成鈍角，則衛(wèi)星做減速運動，速率逐漸減??；故B錯誤.C、衛(wèi)星運動一圈的周期為T0，運動具有對稱性和周期性，AC為一條對稱軸，則，因AB段比BC段運動快些，則，有，且，故，；故C正確.D、BD線是橢圓軌跡的對稱軸，但BAD段比BCD段離地球近些，平均速率略大，則，；故D錯誤.故選C.【點睛】本題關鍵是利用開普勒三大定律分析衛(wèi)星的運動快慢，軌跡對稱性與運動對稱性的應用.2、D【解析】ABC．放入磁場中的通電導線受到的力的大小和方向，不僅僅與放入磁場的通電導線的電流大小有關，還和磁場的磁感應強度大小以及電流與磁感應強度的夾角相關，ABC選項都未考慮通電導線和磁感應強度之間的夾角對其受到的力的影響，故A錯誤，B錯誤，C錯誤。D．磁感應強度的大小和方向由產生磁場的場源決定，與放入磁場中的通電導線無關，故D正確。故選D。3、C【解析】先判斷電流所在位置的磁場方向，然后根據(jù)左手定則判斷安培力方向；再根據(jù)牛頓第三定律得到磁體受力方向，最后對磁體受力分析，根據(jù)平衡條件判斷.【詳解】條形磁鐵外部磁場又N指向S，根據(jù)左手定則知,直導線所受的安培力的方向斜向左下方，根據(jù)牛頓第三定律知，條形磁鐵所受力的方向斜向右上方，可知條形磁鐵有向右的運動趨勢，所受的摩擦力方向向左，磁鐵對桌面的壓力減??；故C正確，A、B、D錯誤.故選C.【點睛】本題關鍵先對電流分析，得到其受力方向，再結合牛頓第三定律和平衡條件分析磁體的受力情況.4、C【解析】由于充電后，電容器的帶電量Q不變，AB錯誤；根據(jù)可知，當兩板間距離d增大時，電容C變小，根據(jù)可知，而兩板間的電勢差U增大，D錯誤；而內部電場強度，因此電場強度與兩板間距離變化無關，C正確【點睛】電容器的定義式是一個比值定義，也就是電容器的大小與Q和U都無關，只與它們的比值有關；而電容器的決定式說明電器的大小與兩板的正對面積成正比，與兩板間的距離成反比；電容器內部是勻強電場，且電場強度大小為5、C【解析】ABD．由于電勢能E=φq．靜電力對檢驗電荷所做的功W=Uq以及電場力F=Eq可知，檢驗電荷的電勢能E．靜電力對檢驗電荷所做的功W以及電場力F均與電荷有關，向下ABD錯誤；C．電場強度E=F/q從力的角度來描述電場的，均是采用比值定義法定義的，它們的大小均與電量無關，由電場本身決定的，與檢驗電荷無關，故C正確。故選C。6、A【解析】AB．負電荷在電場線上運動，說明電場線是直線；負電荷在等勢面上做勻速圓周運動，說明等勢線是圓形曲線，能滿足以上兩種情況的場源電荷可以是一個帶正電的點電荷，不可能是帶負電的點電荷，所以A正確、B錯誤；C．兩個分立的帶等量正電的點電荷可以滿足以上條件，而兩個分立的帶等量負電的點電荷不能使負電荷完成題中運動，所以C錯誤；D．題中情況的等勢線不能使負電荷做勻速圓周運動，D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】AB．要加速次數(shù)最多最終能量最大，則被加速帶電粒子只能由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器，故A錯誤，B正確；C．據(jù)回旋加速器的工作原理知，電場的周期等于粒子在磁場運動的周期，所以與帶電粒子的速度大小無關，故C錯誤；D．帶電粒子在磁場中洛倫茲力提供向心力，所以所以據(jù)表達式可知，帶電粒子獲得的最大動能取決于D形盒的半徑，所以最大動能為那么粒子從D形盒射出時的動能隨D形盒半徑的增大而增大，故D正確。故選BD。8、BC【解析】根據(jù)右手螺旋定則確定兩根導線在a、b、c、d四點磁場的方向，根據(jù)平行四邊形定則進行矢量疊加【詳解】A．根據(jù)右手螺旋定則，M處導線在o點產生的磁場方向垂直MN向下，N處導線在o點產生的磁場方向垂直MN向下，合成后磁感應強度不等于0，故A錯誤；B．由右手定則可知，M、N處導線在a點產生的磁場方向均垂直MN向下，則a點磁感應強度的方向垂直MN向下；M、N處導線在c點產生的磁場大小相等，方向分別垂直cM向下，垂直cN向下且關于直線cd對稱，由平行四邊形法則可得，c點磁感應強度的方向同樣垂直MN向下，故B正確；C、M處導線在c處產生的磁場方向垂直于cM偏下，在d出產生的磁場方向垂直dM偏下，N在c處產生的磁場方向垂直于cN偏下，在d處產生的磁場方向垂直于dN偏下，根據(jù)平行四邊形定則，知c處的磁場方向垂直MN向下，d處的磁場方向垂直MN向下，磁感應強度方向相同，且合磁感應強度大小相等，故C正確；D．M在a處產生的磁場方向垂直MN向下，在b處產生的磁場方向垂直MN向下，N在a處產生的磁場方向垂直MN向下，b處產生的磁場方向垂直MN向下，根據(jù)磁感應強度的疊加知，a、b兩點處磁感應強度大小相等，方向相同，故D錯誤【點睛】本題考查了比較磁感應強度大小由于方向關系問題，解決本題的關鍵掌握右手螺旋定則判斷電流與其周圍磁場方向的關系，會根據(jù)平行四邊形定則進行合成9、AD【解析】AB．小球下滑時受垂直斜桿向下的洛倫茲力，開始時速度較小，洛倫茲力較小，由，隨速度的增加，加速度減小，最后加速度減為零時做勻速運動，選項A正確，B錯誤；C．當加速度為零時速度最大，即解得選項C錯誤；D．開始運動時加速度最大，即v=0時，解得a=gsinθ，選項D正確；故選AD.10、BC【解析】本題考查帶電粒子在勻強電場中的運動?！驹斀狻緼B．從a到b水平和豎直方向的運動時間相同，且都做勻變速運動，水平方向為2v0，所以水平方向加速度是豎直方向的2倍，則電場力大小為2mg，故B正確，A錯誤；CD．從a到b因電場力做正功，所以機械能增加，電場力做功為故C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.2②.10③.【解析】（1）[1][2]．選擇開關接到1時為G與并聯(lián)為電流表，其量程為；選擇開關接到2時為改裝后的電流表與串聯(lián)為電壓表，根據(jù)歐姆定律，有：；（2）[3]．當未接入時，閉合開關S，將紅、黑表筆分開時，調節(jié)可變電阻，使電流表滿偏，由閉合電路歐姆定律得：當接入A、B表筆之間時，若電流表的指針指在表盤的正中央，由歐姆定律得：解得12、①.C②.A【解析】(1)[1]“探究變壓器的電壓與匝數(shù)的關系”要用低壓交流電源和交流電表，所以不需要干電池，變壓器是改變電壓，因此為了人身安全，原線圈兩端只能使用低壓交流電源，所用電壓不超過12V，故A、B錯誤，C正確；故選C；(2)[2]A．探究變壓器原副線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關系，為便于探究，應該采用控制變量法，故A正確；B．實驗通電時，可用手接觸裸露的導線、接線柱等檢查電路，這樣無形之中，將人體并聯(lián)電路中，導致所測數(shù)據(jù)不準確，故B錯誤；C．使用多用電表測電壓時，先用最高量程擋試測，再選用恰當?shù)膿跷贿M行測量，故C錯誤；故選A。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、燈泡的額定電壓為220V，額定功率1100W?！窘馕觥可龎鹤儔浩鞔渭夒妷荷龎鹤儔浩鞔渭夒娏鲃t輸電電流以及降壓變壓器的初級電流均為I線=I3=1A降壓變壓器初級電壓降壓變壓器次級電壓降壓變壓器次級電流燈泡的額定功率P燈=I4U4=1100W即燈泡的額定電壓為220V，額定功率1100W。14、（1）e=10cos100πt(V)（2）小燈泡不能正常發(fā)光，其實際功率是P=8.3(w)【解析】本題考查的是交流發(fā)電機及其產生正弦式電流的原理；交流的峰值、有效值以及它們的關系（1）根據(jù)線框中感應電動勢最大值，