2025屆云南省昆明市官渡一中高三物理第一學期期中質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2025屆云南省昆明市官渡一中高三物理第一學期期中質量跟蹤監(jiān)視試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在平直公路上行駛的a車和b車，其位移時間圖像分別為圖中直線a和曲線b．t=3s時，直線a和曲線b剛好相切，下列說法正確的是（

）A．t=3s時，兩車具有共同的加速度B．在運動過程中，b車始終沒有超過a車C．a車做勻速運動，b車做加速運動D．在0-3s的時間內，a車的平均速度比b車的大2、用比值法定義物理量是物理學中一種重要的思想方法，下列物理量的表達式不屬于用比值法定義的是（）A．加速度 B．功率 C．速度 D．電阻3、如圖所示，ABC為豎直放置的光滑半圓環(huán)，O為圓心，B為最低點．AB為固定在環(huán)上的光滑直桿．在AB直桿上和半圓環(huán)的BC部分分別套著兩個相同的小環(huán)P、Q，現讓半圓環(huán)繞對稱軸OB勻速轉動．當角速度為時，小環(huán)P在A、B之間的中間位置與直桿保持相對靜止；當角速度為時，小環(huán)Q在B、C之間的中間位置與半圓環(huán)保持相對靜止．則1與2之比為A．：1 B．1：1 C．： D．1：4、如圖所示，在動摩擦因數μ＝0.2的水平面上有一個質量m＝1kg的小球，小球分別與水平輕彈簧及與豎直方向成θ＝45°角的不可伸長的輕繩一端相連，此時小球處于靜止狀態(tài)，且水平面對小球的彈力恰好為零．在剪斷輕繩的瞬間(g取10m/s2，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力)，下列說法中正確的是A．小球受到地面的彈力仍然為零B．小球立即向左運動，且a＝8m/s2C．小球立即向左運動，且a＝10m/s2D．小球仍然靜止5、在如圖（a）所示的電路中，L1、L2為規(guī)格相同的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖（b）所示，C是電容為的電容器，R是阻值為8Ω的定值電阻，電源E的內阻為。電路穩(wěn)定后，通過L1的電流為0.15A，下列結果正確的是()A．L1的電功率為0.32WB．L2的電阻約為5C．電源的效率約為60%D．電容器的帶電量為1.2×104C6、如圖所示，甲、乙兩個小球的質量均為m，兩球間用細線2連接，甲球用細線1懸掛在天花板上．現分別用大小相等的力F水平向左、向右拉兩球，平衡時細線都被拉緊．則平衡時兩球的可能位置是下列選項中的()A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，一物塊在時刻，以初速度從足夠長的粗糙斜面底端向上滑行，物塊速度隨時間變化的圖象如圖乙所示，時刻物塊到達最高點，時刻物塊又返回底端．由此可以確定（）A．物體沖上斜面的最大位移B．物塊返回底端時的速度C．物塊所受摩擦力大小D．斜面傾角8、關于固體、液體和物態(tài)變化，下列說法正確的是A．當人們感到潮濕時，空氣的絕對濕度一定較大B．當分子間距離增大時，分子間的引力減少、斥力增大C．一定量的理想氣體，在壓強不變時，氣體分子每秒對器壁單位面積平均碰撞次數隨著溫度升高而減少D．水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大E.葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用9、“天舟一號”貨運飛船于2017年4月20日在文昌航天發(fā)射中心成功發(fā)射升空，與“天宮二號”空間實驗室對接前，“天舟一號”在距離地面約380km的圓軌道上飛行，已知地球同步衛(wèi)星距地面的高度約為36000km．關于“天舟一號”，下列說法正確的是（）A．線速度小于地球同步衛(wèi)星的線速度 B．線速度小于第一宇宙速度C．周期小于地球自轉周期 D．向心加速度小于地球同步衛(wèi)星加速度10、懸掛在豎直方向上的彈簧振子，從最低點位置向上運動時開始計時，在一個周期內的振動圖像如圖所示，關于這個圖像，下列說法正確的是（）A．彈簧振子的周期T=2.0B．彈簧振子的周期T=1.0C．彈簧振子的整幅A=5.0D．t=1.0s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在研究平拋運動的實驗中，某同學記錄了小球運動過程經過的A、B、C、D、E、F、G點的位置，相鄰兩點的時間間隔均為△t=0.05s．取A點為坐標原點，以+x方向表示水平初速度方向、+y方向表示豎直向下方向，實驗記錄如下：（結果保留兩位小數）（1）作出的x-t圖像如圖a所示，小球平拋的水平初速度大小是_______________m/s（2）以t為橫坐標，為縱坐標，作出圖像如圖b所示，圖像b所對應的函數解析式為①重力加速度的測量值是___________m/s2②t=0.10s時，小球的豎直分速度大小是_______________m/s12．（12分）如圖甲所示是某同學設計的“探究加速度a與物體所受合力F及質量m間關系”的實驗裝置簡圖，A為小車，B為打點計時器，C為裝有砂的砂桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板，實驗中認為細繩對小車拉力F等于砂和砂桶的總重力，小車運動加速度a可由紙帶求得．（1）圖乙所示是某同學通過實驗得到的一條紙帶，他在紙帶上取A、B、C、D、E、F、G等7個計數點（每相鄰兩個計數點之間還有4個點沒有畫出）．已知打點計時器所使用電源的頻率為50Hz，用刻度尺測得：AB=0.60cm，AC=1.60cm，AD=3.00cm，AE=4.80cm，AF=7.00cm，AG=9.60cm，則打E點時小車的速度為_______m/s，小車的加速度為_______m/s1．（結果均保留兩位有效數字）（1）另一同學保持小車質量不變，改變砂和砂桶質量，該同學根據實驗數據作出了加速度a與合力F圖線如圖丙，該圖線不通過原點，其主要原因是__________________．（3）若實驗中將小車換成滑塊，將木板水平放置可測出滑塊與木板間的動摩擦因數μ．要測出動摩擦因數μ，需要測量的物理量有_______________________________；實驗測得的動摩擦因數μ比真實值____________（選填“大”或“小”）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，質量為m=2kg的物體置于傾角為θ=37°的足夠長的固定斜面上，t=0時刻對物體施以平行于斜面向上的拉力F，t1=0.5s時撤去該拉力，整個過程中物體運動的速度與時間的部分圖象如圖乙所示，不計空氣阻力，g=10m／s2，sin37°=0.6，cos37°=0.1．求：(1)物體與斜面間的動摩擦因數μ(2)拉力F的大小(3)物體沿斜面向上滑行的最大距離s．14．（16分）質量為的飛機模型，在水平跑道上由靜止勻加速起飛，假定起飛過程中受到的平均阻力恒為飛機所受重力的倍，發(fā)動機牽引力恒為，離開地面起飛時的速度為，重力加速度為．求：（1）飛機模型的起飛距離（離開地面前的運動距離）以及起飛過程中平均阻力的沖量．（2）若飛機起飛利用電磁彈射技術，將大大縮短起飛距離．圖甲為電磁彈射裝置的原理簡化示意圖，與飛機連接的金屬塊（圖中未畫出）可以澡兩根相互靠近且平行的導軌無摩擦滑動．使用前先給電容為的大容量電容器充電，彈射飛機時，電容器釋放儲存電能所產生的強大電流從一根導軌流入，經過金屬塊，再從另一根導軌流出；導軌中的強大電流形成的磁場使金屬塊受磁場力而加速，從而推動飛機起飛．①在圖乙中畫出電源向電容器充電過程中電容器兩極板間電壓與極板上所帶電荷量的圖象，在此基礎上求電容器充電電壓為時儲存的電能．②當電容器充電電壓為時彈射上述飛機模型，在電磁彈射裝置與飛機發(fā)動機同時工作的情況下，可使起飛距離縮短為．若金屬塊推動飛機所做的功與電容器釋放電能的比值為，飛機發(fā)動的牽引力及受到的平均阻力不變．求完成此次彈射后電容器剩余的電能．15．（12分）一定質量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的變化過程可用如圖所示的p－V圖線描述，其中D→A為等溫線，氣體在狀態(tài)A時溫度為TA＝300K，試求：①氣體在狀態(tài)C時的溫度TC；②若氣體在A→B過程中吸熱1000J，則在A→B過程中氣體內能如何變化？變化了多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A.因為位移時間圖像的斜率代表物體的速度，在t=3s時，直線a和曲線b剛好相切，斜率相同，所以兩車具有相同的速度，而不是加速度，A錯誤B.位移時間圖像，縱坐標表示距原點的距離，通過圖像可知，b車始終沒有超過a車，B正確C.通過圖像可知，b車斜率在減小，速度在減小，所以b車做減速運動，C錯誤D.縱軸的變化量代表位移，所以在0-3s的時間內，a的位移小于b的位移，所以a的平均速度小，D錯誤2、A【解析】加速度中，a隨著F和m的變化而變化，不是采用比值定義法定義的，故A符合題意；功率P與W和時間無關，可知功率用的是比值定義法，故B不符合題意；速度是比值定義法，故C不符合題意；電阻R由本身的性質決定，與U和I無關，電阻采用的是比值定義法，故D不符合題意．所以選A．3、A【解析】

P點的小球受到重力和桿的支持力，在水平面內做勻速圓周運動，合力的方向沿水平方向，則有，解得；同理，Q點的小球受到重力和桿的支持力，在水平面內做勻速圓周運動，合力的方向沿水平方向，OQ與豎直方向之間的夾角為，則有，解得，所以，故A正確，B、C、D錯誤；故選A．【點睛】分別對P點和Q點的小球進行受力分析，根據合外力提供向心力的條件，由牛頓第二定律即可求出結果．4、B【解析】

A.在細線剪斷的瞬時，小球向左運動，豎直方向受力平衡，與地面有相互的擠壓，壓力不為零，故A錯誤；B.對小球受力分析，如圖所示，根據共點力平衡得，彈簧的彈力F=mg=10N，剪斷輕繩的瞬間，彈簧彈力不變，根據牛頓第二定律得，a=F-μmgm=10-0.2×101m/s故選：B.【點睛】水平面對小球彈力為零，小球受重力、彈力和拉力處于平衡，根據共點力平衡求出彈簧彈力的大?。魯噍p繩的瞬間，彈力大小不變，根據牛頓第二定律求出小球的加速度大小和方向．5、B【解析】

A．電路穩(wěn)定后，通過L1的電流為I1=0.15A，由圖讀出其電壓U1=0.6V，則燈泡L1的電功率P1=U1I1=0.15×0.6=0.09W故A錯誤；B．并聯部分的電壓U2=U1+I1R=0.6+0.15×8=1.8V由圖讀出其電流為I2=0.36A，根據歐姆定律得故B正確；C．電源電動勢E=U2+（I1+I2）r=1.8+0.51×1=2.31V電源的效率為故C錯誤；D．電容器的電壓U=I1R=1.2V則電容器的帶電量為Q=UC=1.2×100×10-6=1.2×10-4C故D錯誤。6、A【解析】

以整體為研究對象，受到向左和向右的拉力、重力和繩子1的拉力而靜止，向左和向右的拉力等大反向，合力為零，重力和繩子1的拉力合力也為零，所以繩子的拉力應豎直向上；再隔離乙球分析，受向下的重力、水平向右的拉力和繩子2的拉力而平衡，所以繩子2的拉力應斜向左上方，故A正確、BCD錯誤．故選A．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】

根據圖線的“面積”可以求出物體沖上斜面的最大位移為，故A正確由于下滑與上滑的位移大小相等，根據數學知識可以求出物塊返回底端時的速度．設物塊返回底端時的速度大小為v，則，得到，故B正確；根據動量定理得：上滑過程：-（mgsinθ+μmgcosθ）?t0=0-mv0

①，下滑過程：（mgsinθ-μmgcosθ）?2t0=m

②，由①②解得：，由于質量m未知，則無法求出f．得到，可以求出斜面傾角θ故C錯誤，D正確．故選ABD【點睛】本題抓住速度圖象的“面積”等于位移分析位移和物體返回斜面底端的速度大?。部梢愿鶕ｎD第二定律和運動學結合求解f和sinθ．8、CDE【解析】

A．在一定氣溫條件下，大氣中相對濕度越大，水氣蒸發(fā)也就越慢，人就感受到越潮濕，故當人們感到潮濕時，空氣的相對濕度一定較大，但絕對濕度不一定大，故A錯誤；B．分子間距離增大時，分子間的引力和斥力均減小，故B錯誤；C．溫度升高，分子對器壁的平均撞擊力增大，要保證壓強不變，分子單位時間對器壁單位面積平均碰撞次數必減少，故C正確；D．飽和汽壓與液體種類和溫度有關，水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，故D正確；E．葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用，故E正確。故選CDE．【點睛】絕對濕度是指一定空間中水蒸氣的絕對含量，可用空氣中水的蒸氣壓來表示；相對濕度為某一被測蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分數；相對濕度較大，但是絕對濕度不一定大；水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大；分子間距離增大時，分子間的引力和斥力均減小，根據壓強的微觀解釋分析分子每秒對器壁單位面積平均碰撞次數變化；葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用．9、BC【解析】

A、根據衛(wèi)星的速度公式，將“天舟一號”與地球同步衛(wèi)星比較，由于“天舟一號”的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以“天舟一號”的線速度大于地球同步衛(wèi)星的線速度，故A錯誤；

B、第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動最大的運行速度，知其線速度小于第一宇宙速度，故B正確；

C、根據周期，由于“天舟一號”的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以“天舟一號”的周期小于地球同步衛(wèi)星的周期，即“天舟一號”的周期小于地球自轉周期，故C正確；D、根據，將“天舟一號”與地球同步衛(wèi)星比較，由于“天舟一號”的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以“天舟一號”的向心加速度大于地球同步衛(wèi)星加速度，故D錯誤。

【點睛】10、ACD【解析】依據x-t圖象可知，周期T=2.0s，故A正確，B錯誤；由圖可知，振幅為A=5cm，故C正確；當t=1.0s時，位移達到正向最大，即最高點，故三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解析】小球做平拋運動，水平方向有，水平初速度大小等于x-t圖像的斜率，豎直方向有，化為，與函數解析式相對應，，12、0.100.40實驗前未平衡摩擦力（或平衡摩擦力不足或平衡摩擦力時木板傾角過?。┥昂蜕巴暗目傎|量、木塊的質量以及對應的加速度大【解析】

由題中“如圖甲所示是某同學設計的“探究加速度a與物體所受合力F及質量m間關系”可知，本題考查牛頓第二定律實驗，根據實驗原理、數據處理和誤差分析可解答本題?！驹斀狻浚?）[1]根據打點計時器瞬時速度公式可得解得[1]根據加速度公式解得（1）[3]由圖可知，當有力的時候沒有加速度，原因是實驗前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足或平衡摩擦力時木板傾角過?。唬?）[4]如果要測出滑塊與木板間的動摩擦因數μ，則根據牛頓第二定律可得因此需要測量砂和砂桶的總質量、木塊的質量以及對應的加速度。[5]因為在公式中沒有考慮繩的摩擦，因此求出的動摩擦因數μ比真實值偏大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)μ=0.5(2)F=15N(3)s=7.5m【解析】

由速度的斜率求出加速度，根據牛頓第二定律分別對拉力撤去前、后過程列式，可拉力和物塊與斜面的動摩擦因數為μ．根據v-t圖象面積求解位移