2025屆文昌中學高三物理第一學期期中考試模擬試題含解析

2025屆文昌中學高三物理第一學期期中考試模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在靜電場中，關于場強、電勢和電勢差的說法正確的是（）A．電勢為零的地方場強也一定為零，場強為零的地方電勢也一定為零B．電勢降落的方向必定是電場強度的方向，場強在數(shù)值上等于單位距離上的電勢差C．電勢高的地方電場強度不一定大，電場強度大的地方電勢不一定高D．沿著電場線方向，任何相同距離上的電勢降落必定相同2、一列簡諧橫波某時刻波形如圖所示，下列說法正確的是A．x=a處質(zhì)點振動的能量大于x=b處質(zhì)點的振動能量B．x=b處質(zhì)點的振動的頻率由波源決定C．x=c處質(zhì)點的振幅大于x=b處質(zhì)點的振幅D．x=c處質(zhì)點比x=a處質(zhì)點少振動一個周期的時間3、如圖甲所示，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質(zhì)量為m=0.2kg的小球，從彈簧上端某高度處自由下落，從它接觸彈簧到彈簧壓縮至最短的過程中（彈簧在彈性限度內(nèi)），其速度v和彈簧壓縮量△x之間的函數(shù)圖象如圖乙所示，其中A為曲線的最高點，小球和彈簧接觸瞬間機械能損失不計，g取10m/s2，則下列說法正確的是A．小球剛接觸彈簧時加速度最大B．該彈簧的勁度系數(shù)為20.0N/mC．從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，彈簧的彈性勢能先增大后減小D．從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，小球的機械能守恒4、物體做豎直上拋運動，若取物體拋出點為起點，則下列可表示物體路程隨時間變化的圖象是()A．B．C．D．5、如圖所示，AB和CD是彼此平行且筆直的河岸。若河水不流動，小船船頭垂直河岸由A點勻速駛向?qū)Π?，小船的運動軌跡為直線P；若河水以穩(wěn)定的速度沿平行河岸方向向右流動，且水流速度處處相等，現(xiàn)使小船船頭垂直河岸由A點勻加速駛向?qū)Π?，則小船實際運動的軌跡可能是圖中的（）A．曲線S B．直線R C．曲線Q D．直線P6、如圖所示，某段滑雪雪道傾角為30°，總質(zhì)量為m(包括雪具在內(nèi))的滑雪運動員從距底端高為h處的雪道上由靜止開始勻加速下滑，加速度為g.在他從上向下滑到底端的過程中，下列說法正確的是()A．運動員減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為動能B．運動員獲得的動能為mghC．運動員克服摩擦力做功為mghD．下滑過程中系統(tǒng)減少的機械能為mgh二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、若某種實際氣體分子的作用力表現(xiàn)為引力，則一定質(zhì)量的該氣體內(nèi)能的大小與氣體體積和溫度的關系正確的是，下列說法正確的是（）A．如果保持其體積不變，溫度升高，內(nèi)能一定增大B．如果保持其溫度不變，體積增大，內(nèi)能一定增大C．如果吸收熱量，溫度升高，體積增大，內(nèi)能不一定增大D．熱量能夠從高溫物體傳到低溫物體，但不可能從低溫物體傳到高溫物體E.任何熱機都不可能使燃料釋放的熱量完全轉(zhuǎn)化為機械能8、如圖所示，金屬環(huán)M、N用不可伸長的細線連接，分別套在水平粗糙細桿和豎直光滑細桿上，當整個裝置以豎直桿為軸以不同大小的角速度勻速轉(zhuǎn)動時，兩金屬環(huán)一直相對桿不動，下列判斷正確的是A．轉(zhuǎn)動的角速度越大，細線中的拉力不變B．轉(zhuǎn)動的角速度越大，環(huán)M與水平桿之間的彈力越大C．轉(zhuǎn)動的角速度不同，環(huán)M與水平桿之間的摩擦力大小可能相等D．轉(zhuǎn)動的角速度越大，環(huán)N與豎直桿之間的彈力越大9、一列簡諧橫波，在t=1.0s時的波形如圖甲所示，圖乙是這列波中質(zhì)點P的振動圖線，則下列說法正確的是A．該波的振動周期為4sB．該波的振動振幅為0.2cmC．該波的傳播方向向左D．該波的傳播速度為0.50m/s10、如圖，質(zhì)量為、長為的直導線用兩絕緣細線懸掛于，并處于勻強磁場中．當導線中通以沿正方向的電流，且導線保持靜止時，懸線與豎直方向夾角為．則磁感應強度方向和大小可能為A．正向， B．正向，C．負向， D．沿懸線向上，三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖為“驗證牛頓第二定律”的實驗裝置示意圖．盤和重物的總質(zhì)量為，小車和砝碼的質(zhì)量為．實驗中用盤和重物總重力的大小作為細線對小車拉力的大?。賹嶒炛校瑸榱耸辜毦€對小車的拉力等于小車所受的合外力，先調(diào)節(jié)長木板一端定滑輪的高度，使細線與長木板平行．接下來還需要進行的一項操作為__________（填寫所選選項的序號）．A．將長木板水平放置，讓小車連著已經(jīng)穿過打點計時器的紙帶，給打點計時器通電，調(diào)節(jié)的大小，使小車在盤和重物的牽引下運動，從打出的紙帶判斷小車是否做勻速運動B．將長木板的右端墊起適當?shù)母叨?，讓小車連著已經(jīng)穿過打點計時器的紙帶，撤去盤和重物，給打點計時器通電，輕推小車，從打出的紙帶判斷小車的是否做勻速運動C．將長木板的右端墊起適當?shù)母叨龋啡ゼ垘б约昂捅P和重物，輕推小車，觀察判斷小車是否做勻速運動②實驗中要進行質(zhì)量和的選取，以下最合理的一組是__________．A．，、、、、、B．，、、、、、C．，、、、、、D．，、、、、、③圖6是實驗中得到的一條紙帶，、、、、、、為個相鄰的計數(shù)點，量出相鄰的計數(shù)點之間的距離分別為、、、、、．已知相鄰的計數(shù)點之間的時間間隔為，關于小車的加速度的計算方法，產(chǎn)生誤差較小的算法是__________．A．B．C．D．④平衡摩擦力后，將個相同的砝碼都放在小車上，掛上砝碼盤，然后每次從小車上取一個砝碼添加到砝碼盤中，測量小車的加速度，小車的加速度與砝碼與桶的總重力的實驗數(shù)據(jù)如下表砝碼與桶的總重力加速度其中有一組數(shù)據(jù)沒標出來，請根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描點并作出的關系圖象．⑤根據(jù)提供的實驗數(shù)據(jù)作出的圖線不通過原點，請說明主要原因．12．（12分）某同學為探究“合力做功與物體動能改變的關系”，設計了如下實驗，他的操作步驟是:A．按如圖擺好實驗裝置;B．將質(zhì)量M=0.2kg的小車拉到打點計時器附近，并按住小車;C．在總質(zhì)量m分別為20g、30g、40g的三種鉤碼中，挑選了一個質(zhì)量為40g的鉤碼掛在拉線的掛鉤上;D．接通打點計時器的電源(電源頻率為f=50Hz)，然后釋放小車，打出一條紙帶.

①多次重復實驗，從中挑選一條點跡清晰的紙帶如圖所示.把打下的第一點記作“0”，然后依次取若干個計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間還有4個點未畫出，用毫米刻度尺測得各計數(shù)點到0點距離分別為，他把鉤碼重力(當?shù)刂亓铀俣茸鳛樾≤囁芎狭λ愠龃蛳隆?”點到打下“5”點合力做功.則合力做功W=________J，小車動能的改變量_____________J（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）

②此次實驗探究的結(jié)果，他沒能得到“合力對物體做的功等于物體動能的增量”，且誤差很大，顯然，在實驗探究過程中忽視了各種產(chǎn)生誤差的因素.請你根據(jù)該同學的實驗裝置和操作過程幫助分析一下，造成較大_________（“系統(tǒng)”或“偶然”）誤差的主要原因是___________________________________________；_____________________________________________________________________________(寫出兩條即可)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，半徑R=0.8m的光滑絕緣導軌固定于豎直平面內(nèi)，加上某一水平方向的勻強電場時，帶正電的小球沿軌道內(nèi)側(cè)做圓周運動，它的電量q=1.00×10-7C．圓心O與A點的連線與豎直成一角度θ，在A點時小球?qū)壍赖膲毫=1.2N，此時小球的動能最大.若小球的最大動能比最小動能多0.32J，且小球能夠到達軌道上的任意一點(不計空氣阻力，g取10m/s2).則：(1)小球的最小動能是多少?(2)小球受到重力和電場力的合力是多少?(3)現(xiàn)小球在動能最小的位置突然撤去軌道，并保持其他量都不變，若小球在0.4s后的動能與它在A點時的動能相等，求小球的質(zhì)量和電場強度.14．（16分）某高速列車剎車前的速度為60m/s，剎車后做勻減速直線運動，2s末速度減為50m/s，求：（1）列車剎車后的加速度大小；（2）從開始剎車到位移為200m所經(jīng)歷的時間；（3）列車剎車后第8s內(nèi)通過的位移大小。15．（12分）如圖所示，傳送帶與地面的夾角θ＝37°，AB長L＝8.8m，傳送帶以v0＝6m/s的速率沿逆時針方向轉(zhuǎn)動．在傳送帶上端A無初速度地放一個質(zhì)量m＝2kg的黑色煤塊，煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，煤塊在傳送帶上運動會留下黑色痕跡．已知g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求(1)煤塊從A點運動到B點的時間．(2)煤塊從A點運動到B點的過程中，傳送帶上形成的黑色痕跡的長度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

場強與電勢沒有直接關系．場強越大的地方電勢不一定越高，場強為零的地方電勢不一定為零．電勢為零是人為選取的．勻強電場中場強和電勢差的關系式是U=Ed，d是沿電場線方向兩點間的距離．沿著電場線方向，任何相同距離上的電勢降落U必定相等．電勢降低最快的方向一定是電場強度的方向．【詳解】A項：電勢為零是人為選取的，則電勢為零的地方場強可以不為零；同樣場強為零的地方電勢不一定為零，因為電勢為零是人為選取的，故A錯誤；B項：沿電場線方向電勢逐漸降低，電勢降低的方向，不一定是電場強度方向，在勻強電場中場強在數(shù)值上等于沿電場線方向單位距離上的電勢差，在非勻強電場中或在勻強電場中不沿電場線方向，場強在數(shù)值上不等于單位距離上的電勢差，故B錯誤；C項：沿著電場線的方向電勢逐漸降低，電場線密的地方，電場強度大，電場線疏的地方電場強度?。妱莞叩牡胤诫妶鰪姸炔灰欢ù?，電場強度大的地方，電勢不一定高，故C正確；D項：在勻強電場中，沿電場線方向任何相同距離上的電勢降落相同，如果是非勻強電場，沿電場線方向相等距離的電勢降落不一定相等，故D錯誤．故應選：C．【點睛】對于電勢與場強的大小關系：兩者沒有關系，可根據(jù)電勢高低看電場線的方向，場強大小看電場線疏密來理解．2、B【解析】

A．由題意知，該波為簡諧波，所以在傳播的過程中沒有阻尼，故質(zhì)點a振動的能量等于質(zhì)點b的振動能量，故A錯誤；B．簡諧波在傳播的過程中，質(zhì)點的振動頻率由振源決定，故B正確；C．傳播過程中無能量損失，所以各質(zhì)點的振幅都相同，故C錯誤；D．由圖知，因不知傳播的方向，故不能判斷a、c兩質(zhì)點誰先振動，故D錯誤。故選B。3、B【解析】

A．小球剛接觸彈簧時的加速度為g，不是最大，小球在速度減小到最小時加速度最大，A錯誤；B．由圖像可知，彈簧壓縮量為，此時彈簧對小球的力等于小球的重力，由胡克定律，解得該彈簧的勁度系數(shù)為20.0N/m，B正確；CD．從小球接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，剛開始彈簧對小球的力小于小球的重力，小球的速度繼續(xù)增大，小球的機械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，當彈簧對小球的力大于小球的重力時，小球的速度減小，直到減為零，此時彈簧的彈性勢能最大，所以整個過程，彈簧的彈性勢能一直在增大，由于小球的機械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，所以小球的機械能不守恒，故CD錯誤。4、A【解析】

豎直上拋的上升過程為勻減速直線運動，，則上升的過程路程隨時間不均勻的增大，函數(shù)為開口向下的拋物線；到達最高點時，下降過程為自由落體運動，，則下降過程的路程隨時間不均勻增大，為開口向上的部分拋物線；故選A.【點睛】本題掌握豎直上拋的運動規(guī)律和路程隨時間的變化圖象，建立函數(shù)表達式可以快速得到圖象的形狀.5、A【解析】

小船的實際運動是小船在靜水中垂直河岸的運動與隨河水流動的合運動，其中分運動一個是勻速直線運動（沿AB方向），另一個是勻加速直線運動（沿AC方向），則它們的合運動是勻變速曲線運動，因此小船將沿曲線運動，其軌跡將偏向合力的方向，即沿AC方向偏，所以小船實際運動軌跡為曲線S，故選A?！军c睛】討論兩個分運動的合運動的性質(zhì)，要看兩個分運動的合加速度與兩個分運動的合速度是否在一條直線上，如果在一條直線上，則合運動是直線運動，否則為曲線運動。6、D【解析】

根據(jù)下降的高度分析重力勢能的減少量．由牛頓第二定律可求得合外力，則可求得合力所做的功；則由動能定理可求得動能的變化量，分析人在運動過程中的受力及各力做功情況，求得摩擦力；由摩擦力做功可求得機械能的變化量．【詳解】A．由于人下滑的加速度a=g＜gsin30°，所以人在下滑中受重力、支持力及摩擦力的作用，由功能關系可知，運動員的重力勢能轉(zhuǎn)化為動能和內(nèi)能，則運動員減少的重力勢能大于增加的動能，故A錯誤；B．由牛頓第二定律可知，人受到的合力F=ma=mg，合力對運動員做的功W=Fs=mg?2h=mgh；由動能定理可知，運動員獲得的動能為mgh；故B錯誤；C．物體合外力F=mgsin30°-Ff=mg，故摩擦力大小Ff=mg；運動員克服摩擦力做功Wf=mg×2h=mgh；故C錯誤；D．運動員克服摩擦力做功等于機械能的減小量，故機械能減小了mgh，故D正確；故選AD．【點睛】在理解功能關系時，應抓?。褐亓ψ龉Φ扔谥亓菽艿淖兓浚枇ψ龉Φ扔跈C械能的改變量，而合力外力做功等于動能的變化量．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABE【解析】

A．分子力表現(xiàn)為引力，當體積不變時，外界對氣體做功為零，溫度升高一定從外界吸收能量，所以分子內(nèi)能增加，故A正確；B．當溫度不變時，分子平均動能不變，體積增大，分子克服引力做功，分子勢能增大，所以內(nèi)能一定增加，故B正確；C．如果氣體吸收熱量，同時體積增大，對外做功，內(nèi)能不一定增加，溫度不一定升高，故C錯誤；D．由熱力學第二定律可知，熱量可以自發(fā)的從高溫物體傳到低溫物體，但不可能自發(fā)的從低溫物體傳到高溫物體，故D錯誤；E．熱機的效率不可能達到百分之百，即有一部分熱量轉(zhuǎn)化為周圍環(huán)境的內(nèi)能，故E正確．故選：ABE8、AC【解析】

A.對N受力分析知繩子的拉力F在豎直方向的分力恒等于重力，即Fcosθ=mNg所以只要角度不變，繩子的拉力不變，故A正確；B.對M受力分析知豎直方向F′N=Fcosθ+mg與角速度無關，故B錯誤；C.對M受力分析知水平方向Fsinθ±f=mω2r角速度不同，摩擦力大小可能相同，但方向相反，故C正確。D.環(huán)N與豎直桿之問的彈力FN=Fsinθ不變，故D錯誤。9、BD【解析】

A.由乙圖振動圖象讀出周期T=2s，故A錯誤；B.由乙圖振動圖象讀出振幅為0.2cm，故B正確；C.由乙圖振動圖象上讀出P點t=1.0s的速度方向沿y軸負方向，根據(jù)甲圖波動圖象判斷波向右傳播，故C錯誤；D.由甲圖波動圖象讀出波長λ=100cm=1m，則波速v=λ/T=1/2=0.50m/s，故D正確。故選：BD10、BC【解析】試題分析：磁感應強度方向為z正方向，根據(jù)左手定則，直導線所受安培力方向沿y負方向，則導體不可能處于平衡狀態(tài)，選項A錯誤；磁感應強度方向為y正向時，根據(jù)左手定則，直導線所受安培力方向沿z正方向，此時細線的拉力為零，由平衡條件得：BIL=mg，解得：B=，選項B正確；磁感應強度方向為z負向時，根據(jù)左手定則，直導線所受安培力方向沿y正方向，由平衡條件得：BILcosθ=mgsinθ，解得：B=，選項C正確；當沿懸線向上時，由左手定則可知，安培力垂直于導線斜向左下方，導體不可能處于平衡狀態(tài)，選項D錯誤；故選BC.考點：物體的平衡；安培力；左手定則【名師點睛】此題是物體的平衡及安培力的方向判斷問題；左手定則和右手定則一定要區(qū)分開，如果是和力有關的則全依靠左手定則，即關于力的用左手，其他的（一般用于判斷感應電流方向）用右手定則；注意立體圖形和平面圖形的轉(zhuǎn)化.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCD圖略圖線不過原點的原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．【解析】（1）小車下滑時受到重力，細線的拉力，支持力和摩擦力，更使拉力等于合力，則應該用重力的下滑分量來平衡摩擦力，可以將長木板的一段墊高，撤去砂和砂桶，輕推小車，從打出的紙帶判斷小車是否做勻速運動，故B正確．（2）重物加速下滑，處于失重狀態(tài)，其對細線的拉力小于重力，設拉力為，根據(jù)牛頓第二定律，有對重物，有，對小車有，計算得出，故當時，有，故C符合求求，故C正確．（3）根據(jù)勻變速直線運動的推論公式，結(jié)合作差法得：，故D正確．（4）如圖；（5）由圖線可以知道，不等于零時，仍然為零，可以知道圖線不過原點的原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．點睛：實驗問題需要結(jié)合物理規(guī)律去解決．要清楚每一項操作存在的理由．其中平衡摩擦力的原因以及做法在實驗中應當清楚；處理圖象問題要注意圖線的斜率、交點、拐點、面積等意義，能正確理解這些量的意義則很多問題將會迎刃而解．12、0.0735；0.0572；系統(tǒng)；未平衡摩擦力；小車質(zhì)量未遠大于購碼質(zhì)量；【解析】

①將砝碼重力當作小車所受合外力，根據(jù)功的定義可以正確解答，根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度可以求出第5個點的速度大小，進一步求出其動能大??；

②實驗誤差主要來自由實驗原理不完善導致的系統(tǒng)誤差；【詳解】①從打下第一點到打下第5點拉力對小車做的功為：；根據(jù)中間時刻的瞬時速度等于這段時間的平均速度，則：小車動能的改變量：②該實驗產(chǎn)生誤差的主要原因：一是鉤碼重力大小并不等于繩子拉力的大小，設繩子上拉力為F，對小車根據(jù)牛頓第二定律有：

對鉤碼有：聯(lián)立得到：由此可知當時，鉤碼的重力等于繩子的拉力，顯然該實驗中沒有滿足這個條件；

二是該實驗要進行平衡摩擦力操作，否則也會造成較大誤差顯然，這是由于系統(tǒng)不完善而造成的系統(tǒng)誤差?！军c睛】明確實驗原理往往是解決實驗問題的關鍵，該實驗的一些操作和要求與探究力、加速度、質(zhì)量之間關系的實驗類似可以類比學習。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）小球的最小動能是0.08J；（2）小球受到重力和電場力的合力是20N；（3）小球的質(zhì)量為0.01kg．電場強度為，方向水平向左【解析】（1）（2）帶電小球沿軌道內(nèi)側(cè)做圓周運動，受到重力和電場力作用，其合力是恒力，當合力沿OA連線向下時，小球通過A點時動能最大，通過關于O點對稱的B點時動能最?。鶕?jù)動能定理研究小球從B運動到A點的過程，求出重力與電場力的合力大?。鶕?jù)牛頓第二定律和動能的計算式求出A點的動能，再求出小球的最小動能；（3）在B點撤去軌道后，小球?qū)⒆鲱惼綊佭\動，由題，小球經(jīng)0.02s時，