河北省石家莊市鹿泉一中2025屆物理高二第一學期期中達標檢測模擬試題含解析

河北省石家莊市鹿泉一中2025屆物理高二第一學期期中達標檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在豎直平面內，AB⊥CD且A、B、C、D位于同一半徑為r的圓上，在C點有一固定點電荷，電荷量為﹣Q．現從A點將一質量為m、電荷量為﹣q的點電荷由靜止釋放，該點電荷沿光滑絕緣軌道ADB運動到D點時的速度大小為4．已知重力加速度為g．規(guī)定電場中B點的電勢為零，則在﹣Q形成的電場中，下列說法不正確的是（）A．A點的電勢低于D點的電勢B．D點的電場強度大小是A點的倍C．D點的電勢為D．點電荷﹣q在D點具有的電勢能為-7mgr2、有個電流計，內阻Rg=300，滿偏電流Ig=1mA，要把它改裝成一個量程為3V的電壓表，需要給它（）A．并聯一個0.1的電阻 B．串聯一個0.1的電阻C．并聯一個2.7K的電阻 D．串聯一個2.7K的電阻3、一電場的電場線分布如圖所示，電場中有A、B、C三點，且AB=BC，則下列關系中正確的是()A．電場強度大小關系為EA=EC>EBB．電勢C．將一帶負電粒子由A經B移至C點過程中，電場力先做負功再做正功D．將一帶正電粒子由A經B移至C點過程中，電勢能先增大再減小4、下列事例中屬于靜電應用的有（）A．油罐車拖一條鐵鏈B．靜電復印C．織地毯時夾一些不銹鋼絲D．飛機機輪用導電橡膠制成5、一平行板電容器充電后，把電源斷開，再用絕緣工具將兩板距離拉開一些，則()A．電容器的帶電荷量增加B．電容增大C．電容器電壓不變D．兩板間電場強度不變6、如圖所示，一條絕緣細線，上端固定，下端拴一個電荷量為q的帶電小球，將它置于一勻強電場中，電場強度大小為E，方向水平向右．當細線離開豎直位置的偏角為時，小球處于平衡狀態(tài)，則小球的質量為（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一水平放置的光滑絕緣直槽軌連接一豎直放置的半徑為R的絕緣半圓形光滑槽軌．槽軌處在垂直紙面向外的勻強磁場中，磁感應強度為B．有一個質量為m，帶電量為+q的小球在水平軌道上以一定初速度向右運動．若小球恰好能通過最高點，則下列說法正確的是（）A．小球在最高點只受到洛侖茲力和重力的作用B．由于無摩擦力，且洛侖茲力不做功，所以小球到達最高點時與小球在水平軌道上的機械能相等C．如果設小球到達最高點的線速度是v，小球在最高點時式子mg+qvB=mvD．小球從最高點脫離軌道后將做平拋運動8、下列運動中，加速度不變的是()A．平拋運動B．斜拋運動C．自由落體運動D．勻速圓周運動9、圖甲為某一電阻R的I－U特性曲線，圖乙為某一電源的路端電壓U與電流I的關系圖線，用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，由圖象可知()A．電源的電動勢為3V，內阻為B．電阻R的阻值為C．電源的輸出功率為4WD．電源的效率為10、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r，R1、R2為定值電阻，阻值均大于r，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表。在滑動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中A．電壓表示數變大B．電流表示數變小C．電容器C所帶電荷量增多D．電源的輸出功率變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測定金屬的電阻率的實驗中，測得待測金屬導線的長度為L，直徑為D，兩端電壓為U，流過待測金屬導線的電流為I，則待測金屬導線的電阻的表達式為R=_____，電阻率的表達式為ρ=______。12．（12分）(1)用游標為20分度的卡尺測量物體的長度如圖所示，由圖可知其長度為_________mm；(2)用螺旋測微器測量物體直徑如圖，由圖可知其直徑為_________mm；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，板間距為d、板長為4d的水平金屬板A和B上下正對放置，并接在電源上。現有一電荷量為q、質量為m帶電的質點沿兩板中心線以某一速度水平射入，兩板間加上某一恒定電壓，如果A接負時，該質點就沿兩板中心線射出；如果A接正時，該質點就射到B板距左端為d的C處。取重力加速度為g，不計空氣阻力。（1）求該恒定電壓U0大小；（2）求質點射入兩板時的速度v0；14．（16分）如圖所示，一帶電微粒質量、電荷量，從靜止開始經電壓為的電場加速后，以的速率水平進入平行金屬板并做勻速直線運動，該平行金屬板的寬度，電壓，上極板帶正電，板間充滿大小為的勻強磁場（圖中未畫出），微粒射出電場后進入一個方向垂直紙面向里足夠大的勻強磁場區(qū)域，該磁場的左邊界與豎直方向夾角為（忽略微粒重力及平行金屬板產生電場的邊界效應）．求：（，）（1）加速電場電壓的大?。唬?）勻強磁場的大小和方向；（3）帶電微粒在勻強磁場中運動的時間和進出磁場位置的間距．15．（12分）如圖所示勻強電場的電場強度為2.0×104N/C，沿電場線方向有A、B兩點，A、B兩點間的距離為0.10m。將電荷量2.0×10-8C的正點電荷從A點移至B點，求(1)求A、B兩點間的電勢差；(2)電荷從A點移至B點的過程中電場力所做的功。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A、由題意可知，沿著電場線的方向，電勢降低，而電場線會聚于負電荷，則A點的電勢低于D點電勢，故A錯誤；B、D點的電場強度大小，A點的電場強度大小，D點的電場強度大小是A點的一半，故B錯誤；CD、-q電荷從A到D運動，根據動能定理，則有解得規(guī)定電場中B點的電勢為零，則有A點的電勢為零，因由A到D點電場力做正功，則電勢能減小，因此D點的電勢能為，根據公式，故C正確，D錯誤；故選C．2、D【解析】改裝成電壓表要串聯電阻分壓，串阻值為：則A、B、C錯誤，D正確．故選D．3、D【解析】由電場線分布可知EA=EC<EB，A錯誤；根據等勢面與電場線垂直，以及電場的對稱性作出等勢面，可知A、C在同一等勢面上，B點電勢高于A、C點電勢，

B正確；故，，將一帶負電粒子由A經B移至C點過程中，電場力先做正功再做負功，C錯誤；將一帶正電粒子由A經B移至C點過程中，電場力先做負功再做正功，電勢能先增大再減小，D正確．故選D.4、B【解析】

A．油罐車拖一條鐵鏈是防止靜電，選項A錯誤；B．靜電復印是利用靜電，選項B正確；C．織地毯時夾一些不銹鋼絲是為了防止靜電，選項C錯誤；D．飛機機輪用導電橡膠制成是為了防止靜電，選項D錯誤。5、D【解析】

平行板電容器充電后，把電源斷開，其電量不變．根據電容的決定式C=εS4πkd，分析電容的變化，再由電容的定義式C=QU【詳解】A項：平行板電容器充電后，把電源斷開，其電量不變，故A錯誤；B項：根據電容的決定式，分析可知，電容與板間距離成反比，當把兩金屬板拉開一些距離，電容減小，故B錯誤；C項：Q不變，C減小，由電容的定義式C=QU分析可知電容器電壓增加，故D項：由電容的決定式C=εS4πkd，電容的定義式C=QU，E=Ud結合得：，則知故應選：D?！军c睛】本題要抓住電容的決定式，明確電容與板間距離的關系．還可以進一步研究板間電壓、電場強度等物理量的變化情況．要熟練推導出板間場強公式E=4πkQεS，知道E與d6、A【解析】

小球的受力如圖，運用合成法得：所以A.與分析相符，故A正確。B.與分析不符，故B錯誤。C.與分析不符，故C錯誤。D.與分析不符，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A、據題知，小球恰好通過最高點時，軌道對球無作用力，小球在最高點時只受到重力和洛倫茲力兩個力作用，故A正確；B、由于洛倫茲力和軌道的彈力不做功，只有重力做功，小球運動過程中機械能是守恒的，則有小球到達最高點與小球在水平軌道上的機械能相等，故B正確；C、D、如果設小球到最高點的線速度是v，小球在最高點時，由左手定則判斷可知，小球受到的洛倫茲力方向豎直向上，根據牛頓第二定律得：mg-qvB=mv2D．小球離開軌道后仍然受到重力以及與速度方向垂直的洛倫茲力的作用，所以不能做平拋運動．故D錯誤．故選：AB點睛：小球恰好通過最高點時，軌道對球無作用力，小球在最高點時受到重力和洛倫茲力，向心力等于重力和洛倫茲力的合力；由于洛倫茲力和軌道的彈力不做功，只有重力做功，小球運動過程中機械能是守恒的，根據牛頓第二定律可得知在最高點時小球的速度與半徑的關系式．8、ABD【解析】平拋運動，斜拋，自由落體運動，三種運動過程中都只受重力作用，加速度恒定不變，ABD正確；勻速圓周運動過程中，加速度時刻指向圓心，加速度大小不變，但方向在變，D錯誤．9、AD【解析】試題分析：由乙圖可知縱軸截距讀出電源的電動勢E=3V，其斜率大小等于電源的內阻，故A正確；由甲圖可知，電阻，故B錯誤；用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，電流，則電流原輸出功率為，故C錯誤；電源的效率為，故D正確.故選AD.【點睛】根據圖乙縱軸截距表示電源的電動勢，斜率大小表示電源的內阻．圖甲的斜率大小等于電阻R的倒數．用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，根據閉合電路歐姆定律求出電源的輸出功率和電源的效率．10、AD【解析】

在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器在路電阻減小，外電阻減小，根據歐姆定律分析干路電流如何變化和電阻R1兩端電壓的變化，即可知道電壓表讀數的變化．電容器C的電壓等于電阻R2兩端的電壓，分析并聯部分電壓的變化，即知道電容器的電壓如何變化，根據Q=CU可知所帶電荷量的變化；根據干路電流與通過R2的電流變化情況，分析電流表的變化．a點的電勢等于R2兩端的電壓．根據外電路電阻與內阻的關系，判斷電源的輸出功率的變化。【詳解】A.在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，并聯電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大，則電壓表示數變大，故A正確；B.根據閉合電路歐姆定律，內電壓增大，R1兩端電壓增大，可知并聯部分電壓減小，流過R2的電流減小。由于干路電流I增大，所以流過R3的電流增大，電流表示數增大，故B錯誤；C.電容器與電阻R2并聯，電壓相等，根據Q=CU，電容器C所帶電荷量減小，故C錯誤；D.當外電路電阻等于內阻時，電源的輸出功率最大，外電路電阻越接近內阻，電源的輸出功率越大。由于R1、R2阻值均大于r，外電路電阻大于內阻，現外電路總電阻減小，電源的輸出功率增大，故D正確。故選：AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解析】待測金屬導線的電阻的表達式為，由于，電阻率的表達式為12、49.101.772【解析】

(1)20分度的游標卡尺，精確度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數為49mm，游標尺上第2個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為2×0.05mm=0.10mm，所以最終讀數為：49mm+0.10mm=49.10mm.(2)螺旋測微器的固定刻度為1.5mm，可動刻度為27.2×0.01mm=0.272mm，所以最終讀數為1.5mm+0.272mm=1.772mm(1.771~1.775).四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】試題分析：當A板接負極時，液滴做勻速直線運動，由平衡條件列方程；當A接正極時，液滴在板間做類平拋運動，根據類平拋運動規(guī)律列方程，然后解方程組，求出液滴的速度。(1)當兩板加上U0電壓且A板為負時，有：，解得；(2)A板為正時，設帶電質點射入兩極板時的速度為v0，向下運動的加速度為a，經時間t射到C點，有：，又水平方向有，豎直方向有，由以上三式解得：。點晴：帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，可以分解為水平方向作勻速直線