2025屆河南省周口中英文學校物理高二第一學期期末統(tǒng)考模擬試題含解析

2025屆河南省周口中英文學校物理高二第一學期期末統(tǒng)考模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某小型水電站的電能輸送示意圖如圖所示，發(fā)電機通過升壓變壓器T1和降壓變壓器T2向R0＝11Ω的純電阻用電器供電．已知輸電線的總電阻R＝10Ω，T2的原、副線圈匝數(shù)比為4∶1，用電器兩端的電壓為u＝220sin100πt(V)，將T1、T2均視為理想變壓器．下列說法正確的是A.輸電線消耗的功率為500WB.升壓變壓器中電流的頻率為100HzC.降壓變壓器的輸入功率為4400WD.當用電器的電阻減小時，輸電線消耗的功率減小2、如圖所示，小木塊a、b和c（可視為質點）放在水平圓盤上，a、b兩個質量均為m，c的質量為，a與轉軸OO'的距離為l。b、c與轉軸OO'的距離為2l且均處于水平圓盤的邊緣。木塊與圓盤間的最大靜摩擦力為木塊所受重力的k倍，重力加速度大小為g。若圓盤從靜止開始繞轉軸緩慢地加速轉動，下列說法中正確的是（）A.b、c所受的摩擦力始終相等，故同時從水平圓盤上滑落B.當a、b和c均未滑落時，a、c所受摩擦力的大小相等C.b和c均未滑落時線速度一定相等D.b開始滑動時的轉速是3、關于電場，下列說法正確的是（）A.由知，若q減半，則該處電場強度為原來的2倍B.由知，E與Q成正比，而與成反比C.由知，在以Q為球心，以r為半徑的球面上，各處場強均相同D.電場中某點場強方向就是該點所放電荷受到的靜電力的方向4、如圖所示，閉合金屬圓環(huán)用絕緣細線掛于O點，將圓環(huán)拉離平衡位置并釋放，圓環(huán)擺動過程經(jīng)過水平勻強磁場區(qū)域，虛線為該磁場的豎直邊界，已知磁場區(qū)域的寬度大于圓環(huán)的直徑若不計空氣阻力，則A.圓環(huán)在擺動過程中始終產(chǎn)生感應電流B.圓環(huán)在擺動過程中，機械能始終守恒C.圓環(huán)在磁場區(qū)域中擺動時，機械能守恒D.圓環(huán)最終將靜止在豎直方向上5、如圖所示，有兩根和水平方向成角的光滑平行的金屬軌道，上端接有可變電阻，下端足夠長，空間有垂直于軌道平面的勻強磁場，磁感應強度為。一根質量為的金屬桿從軌道上由靜止滑下。經(jīng)過足夠長的時間后，金屬桿的速度會趨近于一個最大速度，不計金屬桿的電阻，則A.如果只增大將變小 B.如果只增大將變大C.如果只減小將變小 D.如果只減小將變大6、在國際單位制中，電荷量的單位是A.安培 B.庫侖C.伏特 D.特斯拉二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖為氫原子能級的示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n＝4的激發(fā)態(tài)，當向低能級躍遷時輻射出若干不同頻率的光。關于這些光下列說法正確的是（）A.由n＝4能級躍到n＝1能級產(chǎn)生的光子能量最大B.由n＝2能級躍遷到n＝1能級產(chǎn)生的光子頻率最小C.這些氫原子總共可輻射出3種不同頻率的光D.由n＝4能級躍到n＝3能級產(chǎn)生的光子波長最長8、如圖所示，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，電流表、電壓表均為理想電表，當開關閉合后，三個小燈泡均能正常發(fā)光，當滑動變阻器的觸頭P向右移動時，關于燈泡的亮度和電表示數(shù)變化情況，下列說法正確的是（小燈泡不會燒壞）（）A.L1變亮，L2變暗，L3變暗B.L1變暗，L2變暗，L3變亮C.電流表A的示數(shù)變大，電壓表V的示數(shù)變小D.電流表A的示數(shù)變小，電壓表V的示數(shù)變大9、某靜電場的方向平行于x軸，其電勢φ隨x的分布如圖所示．一質量m=2.0×10－14kg，電荷量q=－2.0×10－11C的帶電粒子從(2，0)點由靜止開始，僅在電場力作用下在x軸上運動．則A.沿x軸方向，從－1cm到2cm電場強度先增大后減小B.x軸原點左側電場強度E1和右側電場強度E2的大小之比C.該粒子在x軸上做周期性運動，且運動的周期T=3.0×10－4sD.該粒子在運動過程中最大速度的大小為200m/s10、如圖所示，兩塊水平放置的平行正對的金屬板a、b分別與電池兩極相連，開始時開關S閉合，發(fā)現(xiàn)在距兩板距離相等的P點有一個帶電液滴處于靜止狀態(tài)，然后斷開開關，并將b板向下平移一小段距離，穩(wěn)定后，下列說法中正確的是A.液滴將加速向下運動B.液滴將保持不動C.P點電勢升高，液滴在P點時電勢能減少D.P點電勢升高，液滴在P點時電勢能增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，某同學用插針法測定一半圓形玻璃磚的折射率．先在平鋪的白紙上放半圓形玻璃磚，用鉛筆畫出直徑所在的位置MN、圓心O以及玻璃磚圓弧線（圖中半圓實線）；再垂直紙面插大頭針P1、P2確定入射光線，并讓入射光線過圓心O；最后在玻璃磚圓弧線一側垂直紙面插大頭針P3，使P3擋住P1、P2的像．移走玻璃磚，作出與圓弧線對稱的半圓虛線，過O點作垂直于MN的直線作為法線；連接OP2P1，交半圓虛線于B點，過B點作法線的垂線交法線于A點；連接OP3，交半圓實線于C點，過C點作法線的垂線交法線于D點（1）測得AB的長度為l1，AO的長度為l2，CD的長度為l3，DO的長度為l4．計算玻璃磚折射率n的公式是n=__________（選用l1、l2、l3或l4表示）（2）該同學在插大頭針P3前，不小心將玻璃磚以O為軸順時針轉過一個小角度，該同學測得的玻璃磚折射率將__________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，可供選擇的器材有：A．小燈泡：規(guī)格為“3.8V、0.3A”B．電流表：量程0～0.6A，內(nèi)阻約為0.5ΩC．電流表：量程0～3A，內(nèi)阻約為0.1ΩD．電壓表：量程0～5V，內(nèi)阻約為5kΩE.電壓表:量程0～15V，內(nèi)阻約為50kΩF.滑動變阻器：阻值范圍0～10Ω，額定電流2AG.滑動變阻器:阻值范圍0～100Ω，額定電流50mAH．電池組：電動勢6V，內(nèi)阻約為1ΩI．開關一只，導線若干（1）為了使測量盡可能地準確，電流表應選______，電壓表應選_____,滑動變阻器應選_______．(填器材代號)需要使小燈泡兩端電壓從0逐漸增大到3.8V且能方便地進行調節(jié)，滑動變阻器應采用_________的連接方式（2）請在虛線框內(nèi)設計一個電路圖______四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強電場中有一直角三角形ABC，∠ACB=90°，∠ABC=30°，BC=20cm，已知電場線的方向平行于ABC所在平面，將電荷量的正電荷從A移到B點電場力做功為零，從B移到C點克服電場力做功，試求：(1)該電場的電場強度大小和方向；(2)若將C點的電勢規(guī)定為零時，B點的電勢14．（16分）某興趣小組設計了一種發(fā)電裝置,如圖所示.在磁極和圓柱狀鐵芯之間形成的兩磁場區(qū)域的圓心角均為,磁場均沿半徑方向.匝數(shù)為N的矩形線圈abcd的邊長ab=cd=、bc=ad=2.線圈以角速度ω繞中心軸勻速轉動,bc和ad邊同時進入磁場.在磁場中,兩條邊所經(jīng)過處的磁感應強度大小均為B、方向始終與兩邊的運動方向垂直.線圈的總電阻為r,外接電阻為R.求:(1)線圈切割磁感線時,感應電動勢的大小Em;(2)線圈切割磁感線時,bc邊所受安培力的大小F;(3)外接電阻上電流的有效值I.15．（12分）有一個電熱器，其電阻恒為44Ω、所接交流電壓瞬時表達式為u=311sin(100πt)，式中各物理量均為國際單位．求：（1）該交流電電壓的最大值Um；（2）該交流電的周期T；（3）該電熱器正常工作時的功率P

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】對于單相變壓器，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，可以求得降壓變壓器的電流和輸電線上的電流的大小，從而可以求得輸電線和用電器消耗的功率的大小【詳解】A．用電器的電流為：根據(jù)：解得輸電線上的電流為：，輸電線消耗的功率為故A錯誤；B．變壓器只改變電壓，不改變頻率，故頻率：故B錯誤；C．用電器消耗的功率為：根據(jù)能量守恒得降壓變壓器的輸入功率為，故C正確；D．當用電器的電阻減小時，由于電壓不變，電流增大，輸電線消耗的功率增大，故D錯誤【點睛】本題主要是考查了遠距離輸電，關鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比和升壓變壓器的輸出功率、功率損失和降壓變壓器的輸入功率之間的關系2、B【解析】A．木塊隨圓盤一起轉動，水平方向只受靜摩擦力，由靜摩擦力提供向心力，木塊沒有滑動時對b有對c有則木塊沒有滑動時兩木塊的摩擦力不同，當摩擦力達到最大靜摩擦力時，木塊開始滑動，對b有得對c有得則bc同時從水平圓盤上滑落，故A錯誤；B．當a、b和c均未滑落時，木塊所受的靜摩擦力提供向心力，則ω相等，f∝mr，所以ac所受的靜摩擦力相等，都小于b的靜摩擦力，故B正確；C．b和c均未滑落時線速度v=Rω，半徑相等，則大小一定相等，方向不同，故C錯誤；D．以b為研究對象，由牛頓第二定律得得轉速故D錯誤。故選B。3、B【解析】A．電場中某點的電場強度是由電場本身決定的，與試探電荷的電量無關，選項A錯誤；B．由知，E與Q成正比，而與成反比，選項B正確；C．由知，在以Q為球心，以r為半徑的球面上，各處場強大小均相同，但是方向不同，選項C錯誤；D．電場中某點場強方向就是該點所放正電荷受到的靜電力的方向，選項D錯誤。故選B4、C【解析】A．只有當圓環(huán)進入或離開磁場區(qū)域時磁通量發(fā)生變化，會產(chǎn)生電流。故A錯誤。B．當圓環(huán)進入或離開磁場區(qū)域時磁通量發(fā)生變化，會產(chǎn)生電流，機械能向電能轉化，所以機械能不守恒。故B錯誤。C．整個圓環(huán)進入磁場后，磁通量不發(fā)生變化，不產(chǎn)生感應電流，機械能守恒。故C正確。D．在圓環(huán)不斷經(jīng)過磁場，機械能不斷損耗過程中圓環(huán)越擺越低，最后整個圓環(huán)只會在磁場區(qū)域來回擺動，因為在此區(qū)域內(nèi)沒有磁通量的變化一直是最大值，所以機械能守恒，即圓環(huán)最后的運動狀態(tài)為在磁場區(qū)域來回擺動，而不是靜止在平衡位置。故D錯誤。故選C。5、C【解析】金屬桿下滑過程中，受重力、導軌的支持力和安培力，開始時重力沿斜面的分力大于安培力，金屬桿做加速運動。隨著速度的增加，安培力在增大，所以金屬桿加速度逐漸減小，當加速度減小到零，速度最大。當加速度為零時，金屬桿做勻速運動，速度最大，則有聯(lián)立得：由上式分析得知：A、如果增大，vm將變大，故A錯誤；B、如果B增大，vm將變小，故B錯誤；C、如果R減小，vm將變小，故C正確；D、如果m減小，vm將變小，故D錯誤。故選C。6、B【解析】電學中各個物理量都有自己的國際單位；電荷量的國際單位是庫侖，簡稱庫，符號為C【詳解】電荷量的國際單位是庫侖，簡稱庫，符號為C．故B正確，ACD錯誤；故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A．n=4和n=1間的能級差最大，躍遷時輻射的光子能量最大，故A正確；B．從n=4躍遷到n=3，能級差最小，則輻射的光子頻率最小，故B錯誤；C．根據(jù)=6知，這些氫原子總共可輻射出6種不同頻率的光子，故C錯誤；D．由n=4躍遷到n=3，能級差最小，輻射光子頻率最小，波長最長，故D正確；故選AD。8、BD【解析】CD．滑動變阻器滑片P向右移動，阻值增大，總阻值增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流減小，路端電壓增大，故電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大，故C錯誤，D正確；AB．干路電流減小，則燈泡L1兩端電壓減小，變暗；路端電壓增大，則并聯(lián)電路電壓增大，燈泡L3兩端電壓增大，變亮；流過燈泡L2的電流減小，變暗，故A錯誤，B正確。故選BD。9、BD【解析】根據(jù)U=Ed結合φ-x圖像可求解兩邊場強的大?。辉摿Ｗ訉⒃?1cm到0之間電場力做正功，動能增加；該粒子將在0-2cm間克服電場力做功，動能減少，所以該粒子將在-1cm到2cm間作周期性運動；根據(jù)牛頓第二定律結合運動公式可求解最大速度和周期.【詳解】根據(jù)U=Ed結合圖像可知：左側電場強度：；右側電場強度：；所以x軸左側電場強度和右側電場強度的大小之比，沿x軸方向，從－1cm到2cm電場強度在O點兩側都是勻強電場，故A錯誤，B正確；該粒子將在-1cm到0之間電場力做正功，動能增加；該粒子將在0-2cm間克服電場力做功，動能減少，所以該粒子將在-1cm到2cm間作周期性運動，在-1cm-0之間的加速度，到達O點的速度最大，大小為，用時間；同理從O點到2cm位置的時間，則振動的周期為，故C錯誤；D正確；故選BD10、BC【解析】A、B、液滴受力平衡，故電場力向上，可知液滴帶負電；電容器因斷開開關后電量保持不變，b板下移時，兩板間的距離增大，則由可知，場強E不變；則粒子受到的電場力不變，故液滴繼續(xù)保持靜止，故A錯誤、B正確.C、D、下極板接地，則P點的電勢等于P與b之間的電勢差，因E不變，d增大，故液滴處的電勢增大；因液滴帶負電，故其電勢能將減小，故C正確、D錯誤．故選BC【點睛】對于電容器的動態(tài)分析問題，關鍵在于明確電容器是斷開電源還是與電源相連；然后再由電容的定義式有決定式進行分析求解三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）l1/l3②.（2）偏大【解析】用插針法測定半圓形玻璃磚折射率的原理是折射定律，利用幾何知識得到入射角的正弦和折射角的正弦，推導出折射率的表達式，即可知道所要測量的量【詳解】（1）設圓的半徑為R，由幾何知識得入射角的正弦為：sini=sin∠AOB=；折射角的正弦為：sinr=sin∠DOC=根據(jù)折射定律（2）該同學在插大頭針P3前不小心將玻璃磚以O為圓心順時針轉過一小角度，折射光線將順時針轉動，而作圖時其邊界和法線不變，則入射角（玻璃磚中的角）不變，折射角（空氣中的角）減小，由折射率公式可知，測得玻璃磚的折射率將偏大【點睛】本題采用單位圓法測量玻璃磚的折射率，是數(shù)學知識在物理實驗中的運用，簡單方便，分析誤差關鍵分析入射角和折射角產(chǎn)生的誤差，明確實驗原理即可得出答案12、①.B②.D③.E④.分壓式⑤.【解析】（1）[1][2][3][4]．小燈泡的額定電壓為3.8V，則電壓表應選擇D；燈泡的額定電流為0.3A，為了減小測量的誤差，使得測量更精確，電流表量程選擇0～0.6A的B．需要使小燈泡兩端電壓從0逐漸增大到3.8V且能方便地進行調節(jié)，滑動變阻器要采用分壓電路，故選用阻值較小的E；（2）[5][6]．小燈泡電阻約為13Ω，則有故燈泡電阻屬于小電阻，電流表采用外接法．電壓和電流需從0開始測起，所以滑動變阻器需采用分壓式接法．電路圖如右圖點睛：本題考查燈泡伏安特性曲線的實驗；解決本題的關鍵掌握器材選取的原則，以及知道滑動變阻器分壓式接法和限流式接