黑龍江省哈爾濱三中2025屆高二物理第一學期期中聯考試題含解析

黑龍江省哈爾濱三中2025屆高二物理第一學期期中聯考試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab＝Ubc，實線為一帶負電的質點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點，R同時在等勢面b上，據此可知（）A．三個等勢面中，c的電勢最低B．帶電質點在P點的電勢能比在Q點的小C．帶電質點在P點的動能與電勢能之和比在Q點的小D．帶電質點在R點的加速度方向垂直于等勢面b2、兩個分別帶有電荷量和+的相同金屬小球（均可視為點電荷），固定在相距為的兩處，它們間庫侖力的大小為．兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)?，則兩球間庫侖力的大小為A． B． C． D．3、下列關于電場的敘述中正確的是（）A．點電荷產生的電場中，以點電荷為圓心，為半徑的球面上，各點的場強都相同B．沿著電場線的方向，場強越來越小C．取走電場中某點的試探電荷后，該點的場強為零D．電荷在電場中某點所受電場力的方向與該點場強的方向不一定相同4、在點電荷Q產生的電場中有a，b兩點，相距為d，已知a點的場強大小為E，方向與ab連線成30°角，b點的場強方向與ab連線成120°角，如圖所示，則點電荷Q的電性和b點的場強大小為A．正電、E/3 B．負電、E/3 C．正電、3E D．負電、3E5、一平行板電容器兩極板間距離為d，極板正對面積為S，對此電容器充電后再與電源斷開．當只增加兩板間距離d時，電容器兩極板間的（）A．電場強度減小，電勢差變大B．電場強度減小，電勢差減小C．電場強度不變，電勢差變大D．電場強度不變，電勢差不變6、電場線分布如圖昕示，電場中a，b兩點的電場強度大小分別為已知和，電勢分別為和，則A．， B．，C．， D．，二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、虛線a、b和c是某靜電場中的三個等勢而，它們的電勢分別為φa、φb和φc，φc＜φb＜φa．一帶正電的粒子射入電場中，其運動軌跡如實線KLMN所示，可知（）A．粒子從K到L的過程中，電場力做負功B．粒子從L到M的過程中，電場力做負功C．粒子從K到L的過程中，電勢能減少D．粒子從L到M的過程中，動能增加8、如圖所示電路中,電源電動勢E恒定,內阻r=1Ω,定值電阻R3=5Ω.開關S斷開時與閉合時相比,ab段電路消耗的電功率相等。以下說法中正確的是A．電阻R1、R2可能分別為4Ω、5ΩB．電阻R1、R2可能分別為3Ω、6ΩC．開關S斷開時理想電壓表的示數一定小于S閉合時的示數D．開關S斷開時與閉合時相比,理想電壓表的示數變化量大小與理想電流表的示數變化量大小之比一定等于6Ω9、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內阻為1.0，電路中的電阻R0為1.5，小型直流電動機M的內阻為0.5，電流表內阻不計．閉合開關S后，電動機轉動，電流表的示數為2.0A．則以下判斷中正確的是

()A．電動機兩端的電壓為1.0VB．電動機兩端的電壓為7.0VC．電動機輸出的機械功率為12WD．電動機的發(fā)熱功率為2.0W10、有A、B兩個電阻，它們的伏安特性曲線如圖所示，從圖線可以判斷()A．電阻A的阻值大于電阻BB．電阻A的阻值小于電阻BC．兩電阻串聯時，電阻A消耗的功率較小D．兩電阻并聯時，流過電阻B的電流強度較大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定電源的電動勢和內阻”的實驗中，已連接好部分實驗電路。（1）按如圖甲所示的實驗電路，把圖乙中剩余的電路連接起來。（_____）（2）在圖乙的電路中，為避免燒壞電表，閉合開關前，滑動變阻器的滑片應置于________端（填“A”或“B”）。（3）如圖是根據實驗數據作出的U－I圖象，由圖可知，電源的電動勢E＝________V，內阻r＝________Ω。所得內阻的測量值與真實值相比________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）12．（12分）分別使用游標卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的長度和直徑，某次測量的示數如圖（a）和圖（b）所示，長度為____cm，直徑為____mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）某種巨型娛樂器械可以使人體驗超重和失重．一個可乘10多個人的環(huán)形座艙套在豎直柱子上由升降機送上幾十米的高處然后讓座艙自由落下，落到一定位置，制動系統(tǒng)啟動，到地面時剛好停下，取重力加速度g=10．（1）上升過程，若升降機以1的加速度向上加速運動，質量為50kg的游客坐在豎直運動的座艙上，求此時該游客對座艙中水平座椅的壓力大??；（2）下落過程，座艙從70m高處開始自由下落，當下落到距地面25m高處時開始制動，座艙做勻減速運動，到地面時剛好停下．求座艙減速過程中的加速度大?。?4．（16分）如圖所示，光滑絕緣細桿豎直放置，它與以正電荷Q為圓心的某圓交于B、C兩點，質量為m、帶電荷量為－q的有孔小球從桿上A點無初速度下滑，已知q?Q，AB＝h，小球滑到B點時的速度大小為．求：（1）小球由A到B的過程中靜電力做的功；（2）A、C兩點間的電勢差．15．（12分）如圖所示，矩形導線框ABCD用細線懸掛，水平邊AB長L=0.1m，線框的下部分處在有界的勻強磁場中，磁感應強度B=1T，方向垂直線框平面向里．線框中通過的電流大小為I=5A、方向如圖所示，此時細線對線框的拉力恰好為零．取重力加速度g=10m／s1．求：①AB邊所受安培力F的大小和方向；②線框的質量m．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A.帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內側，電場線與等勢面垂直，且由于帶電粒子帶負電，因此電場線指向右上方，根據沿電場線電勢降低，可知a等勢線的電勢最低，c等勢線的電勢最高，故A錯誤；B.根據帶電粒子受力情況可知，若粒子從P到Q過程，電場力做正功，動能增大，電勢能減小，故帶電粒子在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大，故B錯誤；C.只有電場力做功，所以帶電粒子在P點的動能與電勢能之和與在Q點的動能與電勢能之和相等，故C錯誤；D.電場的方向總是與等勢面垂直，所以R點的電場線的方向與該處的等勢面垂直，而帶電粒子受到的電場力的方向與電場線的方向同向，加速度的方向又與受力的方向相同，所以帶電粒子在R點的加速度方向垂直于等勢面b.故D正確．點睛：帶電粒子只受電場力作用，根據運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內側即斜向右下方，由于粒子帶正電，因此電場線方向也指向右下方；電勢能變化可以通過電場力做功情況判斷；電場線和等勢線垂直，且等勢線密的地方電場線密，電場強度大；加速度的方向與電場線的方向相同，與等勢面垂直．2、C【解析】

本題考查庫侖定律及帶電體電量的轉移問題．接觸前兩個點電荷之間的庫侖力大小為，兩個相同的金屬球各自帶電，接觸后再分開，其所帶電量先中和后均分，所以兩球分開后各自帶點為+Q，距離又變?yōu)樵瓉淼?，庫侖力為，所以兩球間庫侖力的大小為，C項正確．3、D【解析】

A.點電荷產生的電場中，以點電荷為圓心，r為半徑的球面上，各點的場強大小都相等，方向不同，所以場強不同，故A錯誤。B.沿著電場線的方向，電勢越來越小，而電場強度根據疏密才能確定。故B錯誤；C.電場中某點的場強與該點有無試探電荷無關，與場源電荷有關，故C錯誤。D.電荷在電場中某點所受電場力的方向與該點場強的方向不一定相同，比如負電荷受力與場強方向相反，故D正確。4、D【解析】

將場強、延長，交點即為點電荷所在位置，如圖所示，由于電場強度方向指向點電荷Q，則知該點電荷帶負電。

如圖，根據幾何知識分析解得，a點到Q點的距離，b點到Q點的距離，a、b兩點到點電荷Q的距離之比為：

由公式，得：a、b兩點場強大小的比值為：，則，故ABC錯誤，D正確。5、C【解析】

電容器充電后再與電源斷開，所帶電量不變．當只增加兩板間距離d時，根據推論可知板間電場強度不變，電勢差增大?！驹斀狻侩娙萜鞒潆姾笤倥c電源斷開，所帶電量不變。根據板間電場強度E=Ud，C=QU和C=εS4πkd得到E=4πkQεS，由題Q、故應選：C?！军c睛】本題是電容器的動態(tài)分析問題，推論E=4πkQεS6、C【解析】電場線的疏密表示電場的強弱，沿電場線方向電勢逐漸降低，C正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】試題分析：根據三個等勢面的電勢關系a>b>c，可知此電場是正的點電荷形成，故根據粒子的運動軌跡可知，粒子帶正電，選項A錯誤；粒子從K到M的過程中，電勢先升高后降低，電勢能先變大后減小，電場力先做負功后做正功，選項B錯誤；粒子從K到L的過程中，電勢升高，則電勢能增加，選項C正確；粒子從L到M的過程中，電勢降低，電勢能減小，則動能增加，選項D正確；故選CD.考點：帶電粒子在電場中的運動8、AD【解析】

由題中“電源電動勢E恒定”可知，本題考查閉合電路歐姆定律和動態(tài)電路，根據閉合電路歐姆定律公式和動態(tài)電路變化可分析本題?！驹斀狻緼B．取有當S斷開前后有時將代入方程成立，而將代入方程不成立，故A錯誤B正確；C．將R3和電源內阻看作一整體，則此時電壓表測量路端電壓，開關斷開時等效外電路總電阻大于開關閉合時的，所以開關斷開時電壓表示數大，故C錯誤；D．根據閉合電路歐姆定律得則電壓表的示數變化量大小與電流表的示數變化量大小之比為故D正確。9、BCD【解析】

由題意可知，電路中的電流為2.0A，則電動機兩端的電壓為U=E-I（r+R0）=12-2（1.5+1）=7.0V；故A錯誤，B正確；電動機的熱功率P熱=I2r0=4×0.5=2.0W；故D正確；電動機輸出的機械功率P出=UI-P熱=7×2-2.0=12W，故C正確；故選BCD．【點睛】對于電功率的計算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計算公式是不一樣的．10、BC【解析】

伏安特性曲線中直線的斜率表示的是電阻的倒數，根據斜率的大小可以判斷AB電阻的大??；根據電阻的大小，再由歐姆定律可以判斷流過電阻的電流的大??；【詳解】A、I-U圖線的斜率表示電阻的倒數，A圖線的斜率大，則A的電阻小，故A錯誤，B正確；C、當兩電阻串聯時，電阻的電流相同，由P=I2R可得，電阻小的電阻的功率小，所以電阻AD、兩電阻并聯時，即電壓相同的時，由于A的電阻小，流過電阻A的電流強度較大，則流過電阻B的電流強度較小，所以D錯誤?！军c睛】本題就是考查學生對于伏安特性曲線的理解，在做題時一定要區(qū)分開U-I圖象和I-U圖象，不同的圖象中的直線的斜率的含義不同。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B端1.5V1.0Ω偏小【解析】

（1）[1]．電路連接如圖；（2）[2]．在圖乙的電路中，為避免燒壞電表，閉合開關前，滑動變阻器的滑片應置于B端。（3）[3][4]．由圖示電源U-I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值為1.5，則電源電動勢E=1.5V，

電源內阻：[5]．由圖示電路圖可知，由于電壓表的分流作用，電流表所測電流小于干路電流，電源內阻的測量值小于真實值。12、5.01cm5.312mm;【解析】

游標卡尺的讀法，先確定分度數，從而確定精確度，先讀固定部分再讀可動部分，從而得出最終讀數；螺旋測微器的讀法要用主尺的整刻度加可動刻度數乘以精確度，注意在讀轉動部分時要估讀【詳解】由圖可知，游標卡尺是10分度的，其精確度為0.1mm則圖示讀數為：50+1×0.1=50.1mm=5.01cm螺旋測微器的不動刻度為5，可動刻度為31.2×0.01mm則讀數為5+31.2×0.01=5.312mm故答案為：5.01

5.312四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】

(1)以游客為研究對象受力分析，受到重力、升降機水平底板的支持力根據牛頓第二定律，有代入數據：根據牛頓第三定律：物體對升降機水平底板的壓力(2)座艙開始制動前，做自由落體運動，故解得：v=30m/s座艙勻減速運動的位移x=25m，故根據位移—速度公式可得：解得座艙減速過程中的加速度大小a=18m/s2【點睛】本題主要考查牛頓運動定律和運動學公式的應用，關鍵是選擇研究對象，分析受力情況和運動情況.14、（1）（2）【解析】

(1)因為桿是光滑的，所以小球從A到B的過程中只有兩個力做功：靜電力做的功WAB和重力做的功mgh，由動能定理得：WAB＋mgh＝代入已知條件vB＝得：WAB＝mgh．(2)因為B、C在同一等勢面上，所以φB＝φC，即：UAC＝UAB＝＝－答：（1）小球由A到B的過程中靜電力做的功mgh；（