湖北省武漢市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期末考試物理試題（含答案）

湖北省武漢市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期末考試物理試題姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二總分評分一、選擇題：本大題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求；第8~11題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1．有一個LC接收電路，原來接收較低頻率的電磁波，現(xiàn)在要想接收較高頻率的電磁波，下列調(diào)節(jié)正確的是（）A．增加電源電壓B．使用調(diào)頻的調(diào)制方式C．把可動電容器的動片適當(dāng)旋出一些D．在線圈中插入鐵芯2．2020年爆發(fā)了新冠肺炎，該病毒傳播能力非常強，因此研究新冠肺炎病毒株的實驗室必須是全程都在高度無接觸物理防護性條件下操作。武漢病毒研究所是我國防護等級最高的P4實驗室，在該實驗室中有一種污水流量計，其原理可以簡化為如右圖所示模型：廢液內(nèi)含有大量正、負(fù)離子，從直徑為d的圓柱形容器右側(cè)流入，左側(cè)流出。流量值Q等于單位時間通過橫截面的液體的體積。空間有垂直紙面向里的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，下列說法正確的是（）A．帶電粒子所受洛倫茲力方向是水平向左B．正、負(fù)粒子所受洛倫茲力方向是相同的C．污水流量計也可以用于測量不帶電的液體的流速D．只需要測量MN兩點電壓就能夠推算廢液的流量3．某遠(yuǎn)距離高壓輸電線路中，升壓、降壓變壓器均視為理想變壓器，輸電線的電阻一定，輸送功率一定。若其他情況不變，輸送電壓升高到原來的n倍，則下列說法正確的是（）A．輸送電流變?yōu)樵瓉淼膎倍B．輸電線上的電壓損失變?yōu)樵瓉淼膎倍C．輸電線上的功率損失變?yōu)樵瓉淼腄．用戶得到的功率變?yōu)樵瓉淼?．如圖所示導(dǎo)體電路放置在水平面內(nèi)，處于豎直向下、范圍足夠大的勻強磁場中，平行光滑且足夠長的金屬導(dǎo)軌上放置導(dǎo)體棒MN，水平導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌垂直且電接觸良好，t＝0時刻單刀雙擲開關(guān)S撥到1位置，電源給電容C充電，t1時刻又將S撥到2位置，電容C通過MN連接的回路放電，以下關(guān)于電容器充放電電流ic、電容器兩極電壓Uc、棒MN的速度v及棒MN兩端電壓UMN隨時間t變化圖象正確的是（）A． B．C． D．5．正電子是電子的反粒子，與電子質(zhì)量相同、帶等量正電荷。在云室中有垂直于紙面的勻強磁場，從P點發(fā)出兩個電子和一個正電子，三個粒子運動軌跡如圖中1、2、3所示。下列說法正確的是（）A．磁場方向垂直于紙面向外B．軌跡1對應(yīng)的粒子運動速度越來越大C．軌跡3對應(yīng)的粒子是正電子D．軌跡2對應(yīng)的粒子初速度比軌跡3的小6．電容對交變電流影響的下列說法中，錯誤的是（）A．交變電流能通過電容器B．電容器具有通交流、阻直流的作用C．電容器電容較小，它具有通高頻、阻低頻的作用D．電容器的電容越大，交變電流的頻率越高，電容器對交變電流的阻礙作用就越大7．如圖所示在空間直角坐標(biāo)系O﹣xyx中有一直角三角形金屬線框PQO，其中一條直角邊OQ與z軸重合，另一條直角邊OP在xOy平面內(nèi)，角PQO為30°。直角邊OP長為1m，金屬線框材料、粗細(xì)均相同，單位長度阻值為2Ω/m。整個裝置處于沿y軸正方向的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為2T，當(dāng)線框在外力作用下繞著z軸以角速度0.5rad/s逆時針（俯視）勻速轉(zhuǎn)動時，線框上的P點先后經(jīng)過x軸和y軸，則下列判斷正確的是（）A．當(dāng)線框上的P點經(jīng)過y軸時，電流方向發(fā)生變化B．當(dāng)線框上的P點經(jīng)過y軸時，P、Q兩點間的電壓為0.5VC．線框上的P點由x軸位置轉(zhuǎn)到y(tǒng)軸位置的過程中，線框產(chǎn)生的熱量為D．線框上的P點由x軸位置轉(zhuǎn)到y(tǒng)軸位置的過程中，通過線框截面的電荷量8．如圖甲所示為一自耦變壓器（可視為理想變壓器）的結(jié)構(gòu)示意圖，線圈均勻繞在圓環(huán)形鐵芯上，滑動觸頭C在某一位置，在BC間接一個交流電壓表和一個變阻器R，若AB間輸入圖乙所示的交變電壓，則（）A．當(dāng)t＝2×10﹣2s時，電壓表的示數(shù)為零B．AB間輸入電壓的瞬時值C．滑動觸頭C向上移動時，AB間輸入功率增大D．變阻器滑片P向上移動時，R兩端的電壓增大9．如圖所示，銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，圓盤處于方向豎直向上的勻強磁場中。電路通過電刷與圓盤的邊緣和銅軸接觸良好，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，定值電阻為R．先將開關(guān)閉合，待圓盤轉(zhuǎn)速穩(wěn)定后再斷開開關(guān)，不計一切摩擦，下列說法中正確的是（）A．閉合開關(guān)時，從上往下看圓盤逆時針轉(zhuǎn)動B．閉合開關(guān)轉(zhuǎn)速穩(wěn)定時，流過圓盤的電流為零C．?dāng)嚅_開關(guān)時，a點電勢低于b點電勢D．?dāng)嚅_開關(guān)后，流過電阻R上的電流方向與原電流方向相反10．如圖所示，兩根水平放置的相互平行的金屬導(dǎo)軌ab、cd表面光滑，處在豎直向上的勻強磁場中，金屬棒PQ垂直于導(dǎo)軌放在上面，以速度v向右勻速運動，欲使棒PQ停下來，下面的措施可行的是，導(dǎo)軌足夠長，棒PQ有電阻（）A．將光滑導(dǎo)軌換成與PQ有摩擦的導(dǎo)軌B．將導(dǎo)軌傾斜一定的角度C．將導(dǎo)軌的a、c兩端用導(dǎo)線連接起來D．在導(dǎo)軌的a、c兩端用導(dǎo)線連接一個電容器11．如圖所示，M、N、P、Q四條光滑的足夠長的金屬導(dǎo)軌平行放置，導(dǎo)軌間距分別為2L和L，兩組導(dǎo)軌間由導(dǎo)線相連，裝置置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌間存在豎直向下的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，兩根質(zhì)量均為m，接入電路的電阻均為R的導(dǎo)體棒C、D分別垂直于導(dǎo)軌放置，且均處于靜止?fàn)顟B(tài)，不計導(dǎo)體棒外其余部分電阻。t＝0時使導(dǎo)體棒C獲得瞬時速度v0向右運動，兩導(dǎo)體棒在運動過程中始終與導(dǎo)軌垂直并與導(dǎo)軌接觸良好。且達(dá)到穩(wěn)定運動時導(dǎo)體棒C未到兩組導(dǎo)軌連接處。則下列說法正確的是（）A．t＝0時，導(dǎo)體棒D的加速度大小為aB．達(dá)到穩(wěn)定運動時，C、D兩棒速度之比1：1C．從t＝0時至達(dá)到穩(wěn)定運動的過程中，回路產(chǎn)生的內(nèi)能為D．從t＝0時到達(dá)到穩(wěn)定運動的過程中，通過導(dǎo)體棒的電荷量為二、實驗題（共5小題，滿分56分）12．（1）為了探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象，如圖所示為“探究產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件的實驗裝置”。下列操作中，電流表的指針不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)的是____A．將條形磁鐵插入線圈B．將條形磁鐵從線圈中拔出C．將條形磁鐵放在線圈中不動D．將條形磁鐵從圖示位置向左移動（2）某實驗小組將電池、線圈A、線圈B、滑動變阻器、靈敏電流計、開關(guān)按照如圖所示的方式連接。當(dāng)閉合開關(guān)時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針右偏。由此可知：（a）當(dāng)滑動變阻器的滑片P向右移動時，靈敏電流計的指針（填“左偏”、“不動”、“右偏”）；（b）將線圈A拔出時，靈敏電流計的指針（填“左偏”、“不動”、“右偏”），此時線圈A與線圈B中電流的繞行方向（填“相同”或“相反”）。13．某同學(xué)設(shè)計的可調(diào)電源電路如圖（a）所示，R0為保護電阻，P為滑動變阻器的滑片，閉合電鍵S。①用電壓表測量A，B兩端的電壓：將電壓表調(diào)零，選擇0～3V擋，示數(shù)如圖（b），電壓值為V。②在接通外電路之前，為了保證外電路的安全，滑片P應(yīng)先置于端。③要使輸出電壓U變大，滑片P應(yīng)向端滑動。④若電源電路中不接入R0，則在使用過程中，存在的風(fēng)險（填“斷路”或“短路”）。14．如圖所示，一個小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機，其矩形線圈的長度為l1，寬度為l2，共有n匝，總電阻為r，與線圈兩端相接觸的集流環(huán)上接有一個阻值為R的定值電阻，線圈以角速度ω在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中繞與磁場方向垂直的對稱軸OO′勻速運動，沿轉(zhuǎn)軸OO′方向看去，線圈轉(zhuǎn)動沿逆時針方向，t＝0時刻線圈平面與磁感線垂直。（1）寫出線圈轉(zhuǎn)動過程中感應(yīng)電動勢的瞬時值表達(dá)式；（2）求線圈從t＝0位置開始到轉(zhuǎn)過60°時的瞬時電流。15．如圖所示，足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在豎直面內(nèi)，導(dǎo)軌上端連接阻值為R的電阻，導(dǎo)軌范圍內(nèi)存在垂直導(dǎo)軌平面向里磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場。質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，導(dǎo)軌間距為L，導(dǎo)軌的電阻不計。金屬棒在豎直向下的恒力F作用下從靜止開始運動，經(jīng)過一段時間后開始做勻速運動，此過程通過電阻R的電荷量為q，金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，重力加速度為g。求：（1）金屬棒勻速運動時流經(jīng)電阻R的電流大小和方向；（2）金屬棒勻速運動時速度v的大小；（3）從靜止出發(fā)到開始做勻速運動所用的時間t。16．如圖甲所示，水平放置的平行金屬板P和Q，間距為d，長度為2d，兩板間存在垂直紙面向里的勻強磁場。t＝0時刻，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子（不計重力），以初速度v0由P板左端靠近板面的位置，沿平行于板面的方向射入兩板之間。（1）若粒子恰好從Q板右側(cè)射出磁場，求磁感應(yīng)強度B；（2）若極板間僅存在如圖乙所示的交變磁場，t＝0時刻磁場垂直紙面向里，且。粒子經(jīng)一段時間恰能垂直打在Q板上（不考慮粒子反彈），求交變磁場的周期T。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】增要想接收較高頻率的電磁波，則需調(diào)高LC接收電路的頻率，由公式f=可知，應(yīng)減小電容或電感。由C=可知，可動電容器的動片適當(dāng)旋出一些，正對面積減小，C減小，可增大LC接收電路的頻率；在線圈中插入鐵芯，增大了電感，則減小LC接收電路的頻率；增加電源電壓和使用調(diào)頻的調(diào)制方式，對改變LC接收電路的頻率沒有影響，ABD不符合題意，C符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)LC振蕩電路的頻率公式f=12．【答案】D【解析】【解答】A．根據(jù)左手定則，正電荷受到豎直向下的洛倫茲力，負(fù)電荷受到豎直向上的洛倫茲力，AB不符合題意；C.不帶電液體在磁場中流動時，由于沒有自由電荷，不能形成電場，MN兩點沒有電勢差，因此無法測出流速，C不符合題意；D．計算液體的流速，根據(jù)qvB=可得流速v=流量Q=Sv=D符合題意。故答案為：D。

【分析】電流是描述電荷流量的物理量，電流越大，單位時間內(nèi)流過的電荷量就越多，電流的微觀表達(dá)式結(jié)合電子的密度和流速求解即可。3．【答案】C【解析】【解答】A.輸送功率P=UI當(dāng)輸送功率一定，輸送電壓變?yōu)樵瓉淼膎倍時，輸送電流I變?yōu)樵瓉淼?n，A不符合題意；

B.輸送電流I變?yōu)樵瓉淼?U變?yōu)樵瓉淼?n，B不符合題意；

C.輸送電流I變?yōu)樵瓉淼?P變?yōu)樵瓉淼?n2，C符合題意；

D.輸送功率一定，輸電線上的功率變?yōu)樵瓉淼腜不是變?yōu)樵瓉淼?n，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】由電功率公式P=UI4．【答案】C【解析】【解答】t=0時刻單刀雙擲開關(guān)S撥到1位置，電容器充電，開始電源與電容器之間的電壓等于電源電動勢，電容器充電電流最大，隨著電容器極板電量逐漸增加，極板電壓逐漸增大，電源與電容器之間的電壓逐漸減小，電流逐漸減小，電容器充電完畢，電源與電容器之間的電壓等于零，電流為零；將S撥到2位置，電容器放電開始時極板間電勢差最大，放電電流最大，通過MN的電流最大，開始時通過MN棒的電流最大，然后逐漸減小到零，在安培力作用下棒MN運動，因為電流逐漸減小，所以棒MN受到的安培力逐漸減小，加速度逐漸減小，而棒MN運動過程中，由于切割磁感線也將產(chǎn)生電動勢，該電動勢方向和電容器電壓相反，當(dāng)棒MN的感應(yīng)電動勢和電容器電壓相等時，棒MN棒勻速運動，故棒MN先做加速度逐漸減小的加速運動，最后做勻速運動，電容器兩端的電壓與棒MN兩端的感應(yīng)電動勢相等后，電容器兩端的電壓和棒MN兩端的感應(yīng)電動勢不再變化，ABD不符合題意，C符合題意；

故答案為：C。

【分析】根據(jù)電容器充，放電時電流變化情況結(jié)合導(dǎo)體棒運動后切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，分析電流和電壓的變化，在電容器兩端的電壓與棒MN兩端的感應(yīng)電動勢相等后，MN棒開始勻速運動，回路中各處的電壓和電流開始穩(wěn)定，不再變化；將S撥到2位置，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度大小變化情況，由此分析速度圖象的斜率。5．【答案】D【解析】【解答】AC.根由圖可知，1和3粒子偏轉(zhuǎn)方向一致，可知1和3粒子電性相同，所以1和3粒子為電子，2為正電子，根據(jù)左手定則可知磁場方向垂直紙面向里，AC不符合題意；

B.由圖可知，軌跡1的半徑越來越小，由qvB=m可得r=可知軌跡1中的電子速度越來越小，B不符合題意；

D.由圖可知，開始時，軌跡3的半徑比軌跡2的半徑大，由r=mvqB可知，軌跡2對應(yīng)的粒子初速度比軌跡3的小，D符合題意。

故答案為：D。6．【答案】D【解析】【解答】AB.電容器通交隔直，故交變電流能通過電容器，AB不符合題意；

C.由容抗公式X可知，電容器電容較小時，對高頻的阻礙作用較小，對低頻的阻礙作用大，C不符合題意；

D.容抗公式X可知，電容器的電容越大，交變電流的頻率越高，電容器對交變電流的阻礙作用就越小，D符合題意。

故答案為：D。

【分析】電容器通交隔直，通高頻阻低頻，由容抗公式XC7．【答案】B【解析】【解答】A.線框在外力作用下繞著z軸轉(zhuǎn)動時，線框中產(chǎn)生正弦式交流電，當(dāng)線框上的P點經(jīng)過y軸時，線框平面與磁場平行，是垂直中性面位置，電流方向發(fā)生不改變，A不符合題意；

B.當(dāng)線框上的P點經(jīng)過軸時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大，為E設(shè)單位長度電阻為R0U=B符合題意；

C.線框轉(zhuǎn)動過程中產(chǎn)生交流電的電動勢有效值為E=則線框上的P點由x軸位置轉(zhuǎn)到軸位置的過程中，產(chǎn)生的熱量為Q=C不符合題意；

D.線框上的P點由x軸位置轉(zhuǎn)到軸位置的過程中，通過線框截面的電荷量為q=I?t=D不符合題意。

故答案為：B。

【分析】交流發(fā)電中，線框通過中性面，電流方向發(fā)生改變；求出當(dāng)線框上的P點經(jīng)過y軸時，線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，再由金屬框各邊的電阻關(guān)系，求出P、Q兩點間的電壓；先求出線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的有效值，再求解線框上的P點由x軸位置轉(zhuǎn)到y(tǒng)軸位置的過程中，線框產(chǎn)生的熱量；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和電流的定義，式推導(dǎo)線框上的P點由x軸位置轉(zhuǎn)到y(tǒng)軸位置的過程中，通過線框截面的電荷量。8．【答案】B,C【解析】【解答】A.圖中電壓表顯示的是副線圈輸出電壓的有效值，所以t=2×10-2sT=2×故ω=則AB間輸入電壓的瞬時值為u=B符合題意；

C.根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系可得U當(dāng)滑動觸頭C向上移動時，n2P變大，而理想變壓器輸入功率與輸出功率相等，故AB間輸入功率增大，C符合題意；

D.變阻器滑片P向上移動時，n2U可得，R兩端的電壓不變，D不符合題意。

故答案為：BC。

【分析】交流電壓表顯示交流電的有效值；根據(jù)交流電瞬時值表達(dá)式，寫出AB間輸入電壓的瞬時值；根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系，推導(dǎo)副線圈輸出電壓的變化，再由電功率公式求出輸出端電功率的變化，根據(jù)理想變壓器輸入功率與輸出功率相等的特點，得到AB間輸入功率的變化；變壓器匝數(shù)不變的情況下，變壓器副線圈電壓由原線圈電壓決定。9．【答案】B,C【解析】【解答】A.由圖可知，閉合開關(guān)時，圓盤中電流方向沿半徑向外，根據(jù)左手定則可知，從上往下看圓盤順時針轉(zhuǎn)動，A不符合題意；

B.閉合開關(guān)轉(zhuǎn)速穩(wěn)定時，圓盤做勻速轉(zhuǎn)動，所以圓盤不受安培力作用，由F=BIL可知，流過圓盤的電流為零，B符合題意；

C.斷開開關(guān)時，轉(zhuǎn)動的圓盤產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，與電阻構(gòu)成新的回路，轉(zhuǎn)盤作為回路電源，從上往下看，圓盤順時針轉(zhuǎn)動，由右手定則知，圓盤中感應(yīng)電流方向沿半徑向里，所以a點電勢低于b點電勢，C符合題意；

D.結(jié)合以上分析可知，斷開開關(guān)前后，流過電阻R的電流方向均由b向a，D不符合題意。

故答案為：BC。

【分析】根據(jù)左手定則判斷圓盤的轉(zhuǎn)動方向；圓盤不受安培力作用后，轉(zhuǎn)速穩(wěn)定下來，根據(jù)安培力公式分析此時流過圓盤的電流；由右手定則判斷圓盤切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向，得出a、b兩點的電勢關(guān)系。10．【答案】A,C【解析】【解答】A.將光滑導(dǎo)軌換成與PQ有摩擦的導(dǎo)軌，使金屬棒PQ在水平方向受到摩擦阻力作用，做減速運動，最后速度減為零，A符合題意；

B.將導(dǎo)軌傾斜一定的角度，若軌道左端抬高，金屬棒做加速運動，不會停下來，若導(dǎo)軌右端抬高，金屬棒向右會做減速運動，速度減到零后，由于不受摩擦力作用，金屬棒會反向加速滑回，因此金屬棒不會停下來，B不符合題意；

C.將導(dǎo)軌的a、c兩端用導(dǎo)線連接起來，回路中就有感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律可知，棒PQ會受到向左的安培力作用，PQ向右運動過程中，要克服安培力做功，使棒產(chǎn)生焦耳熱，當(dāng)棒的動能全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱后棒PQ停下來，C符合題意；

D.在導(dǎo)軌的a、c兩端用導(dǎo)線連接一個電容器時，開始金屬棒的速度會有所減小，金屬棒的動能轉(zhuǎn)化為電容器的電磁能，當(dāng)電容器充滿電后，其兩端的電勢差與金屬棒兩端的電勢差相等時，金屬棒的速度就不再變化，因此金屬棒不會停下來，D不符合題意。

故答案為：AC。

【分析】分析各項措施中，棒PQ的受力，結(jié)合受力和運動過程中的能量轉(zhuǎn)化，確定棒PQ能否停下來。11．【答案】A,C,D【解析】【解答】A.t=0時刻，導(dǎo)體棒中的感應(yīng)電動勢E=2BL電路中感應(yīng)電流I=導(dǎo)體棒D所受安培力F=BIL，導(dǎo)體棒D的加速度a=聯(lián)立解得a=A符合題意；

B.穩(wěn)定運動時，兩導(dǎo)體棒做勻速運動，電路中電流為零，設(shè)此時C、D棒的速度分別為v1，v2BL可得C：D兩棒速度之比1：2，B不符合題意；

C.從t=0時至達(dá)到穩(wěn)定運動的過程中，取向右為正方向，根據(jù)動量定理得，對C棒，有-B對D棒，有-B聯(lián)立可得vC=根據(jù)能量守恒可知回路產(chǎn)生的內(nèi)能為Q=解得Q=C符合題意；

D.由動量定理得，對C棒-B可得2BLq=m(解得q=D符合題意。

故答案為：ACD。

【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律和牛頓第二定律，綜合推導(dǎo)t=0時刻，導(dǎo)體棒D的加速度大小；兩導(dǎo)體棒的運動達(dá)到穩(wěn)定時，兩棒均做勻速運動，電路中電流為零，根據(jù)兩棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢相等的關(guān)系，求出兩棒的速度比；分別對C、D兩棒應(yīng)用動量定理，求出兩棒最后的速度，再由能量守恒定律求出回路產(chǎn)生的內(nèi)能；根據(jù)動量定理的表達(dá)式，推導(dǎo)從t＝0時到達(dá)到穩(wěn)定運動的過程中，通過導(dǎo)體棒的電荷量。12．【答案】（1）C（2）右偏；左偏；相同【解析】【解答】（1）A.將條形磁鐵插入線圈，線圈內(nèi)磁通量發(fā)生變化，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，電流表的指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，A不符合題意；

B.將條形磁鐵從線圈中拔出，線圈內(nèi)磁通量發(fā)生變化，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，電流表的指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，B不符合題意；

C.將條形磁鐵放在線圈中不動，線圈內(nèi)磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，電流表的指針不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，C符合題意；

D.將條形磁鐵從圖示位置向左移動，線圈內(nèi)磁感應(yīng)強度變小，磁通量減小，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，電流表的指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，D不符合題意。

故答案為：C。

（2）閉合開關(guān)時靈敏電流計的指針右偏，說明線圈內(nèi)磁通量增加時，靈敏電流計的指針右偏?；瑒幼冏杵鞯幕琍向右移動時，阻值變小，回路中電流變大，A線圈產(chǎn)生的磁場增大，故線圈B內(nèi)的磁通量增加，所以靈敏電流計的指針右偏；將線圈A拔出時，線圈內(nèi)磁通量減小，靈敏電流計的指針左偏，由楞次定律可知線圈B中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向與線圈A產(chǎn)生的磁場方向相同，故有此時線圈A與線圈B中電流的繞行方向相同。

【分析】（1）根據(jù)感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件分析；（2）根據(jù)磁通量的變化，通過楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，從而確定電流計指針的偏轉(zhuǎn)方向。13．【答案】1.30；A；B；短路【解析】【解答】①電壓表選擇0-3V擋，最小分度值為0.1V，讀數(shù)應(yīng)該為1.30V。

②為保證接通電路后，電路在電流不會過大，電壓表的示數(shù)不會超過量程，應(yīng)將滑動變阻器的滑片P置于A端。

③輸出電壓U測量的是AP兩點間的電壓，由U=IRAP可知，要使輸出電壓U變大，需要使滑片P滑向B端。

④如果電路中不接入保護電阻R0，在使用中，當(dāng)滑片P滑至B端時，會存在短路可能。

【分析】①根據(jù)電壓表的讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)；②從保護電路的角度分析在接通外電路之前，滑片P應(yīng)放置的位置；③根據(jù)歐姆定律