浙江省金華市2023-2024學年高二上學期期末物理試題（含答案）2

浙江省金華市2023-2024學年高二上學期期末物理試題姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三四總分評分一、選擇題I（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1．下列說法正確的是（）A．麥克斯韋預言并通過實驗捕捉到了電磁波，證實了自己提出的麥克斯韋的電磁場理論B．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，使人們對電與磁內在聯(lián)系的認識更加深入C．法拉第發(fā)明了最早的發(fā)電機——圓盤發(fā)電機D．牛頓通過對黑體輻射的研究首次提出能量子的概念2．下列裝置中是利用電磁感應原理工作的是（）A．電動機B．話筒C．電磁繼電器D．揚聲器3．美國物理學家密立根（R.A.Millikan）于20世紀初進行了多次實驗，比較準確的測定了電子的電荷量，其實驗原理可以簡化為如下模型：兩個相距為d的平行金屬板A、B水平放置，兩板接有可調電源。從A板上的小孔進入兩板間的油滴因摩擦而帶有一定的電荷量，將兩板間的電勢差調節(jié)到U時，帶電油滴恰好懸浮在兩板間，然后撤去電場，油滴開始下落，由于空氣阻力，下落的油滴很快達到勻速下落狀態(tài)，通過顯微鏡觀測這個速度的大小為v，已知空氣阻力與速度的平方成正比，比例系數(shù)為k，重力加速度為g。則計算油滴帶電荷量的表達式為（）A．q=kdvU B．q=kdv2U4．為營造更為公平公正的高考環(huán)境，“反作弊”工具金屬探測儀被各考點廣為使用。某興趣小組設計了一款金屬探測儀，如圖所示，探測儀內部的線圈與電容器構成LC振蕩電路，當探測儀檢測到金屬物體時，探測儀線圈的自感系數(shù)發(fā)生變化，從而引起振蕩電路中的電流頻率發(fā)生變化，探測儀檢測到這個變化就會驅動蜂鳴器發(fā)出聲響。已知某時刻，電流的方向由b流向a，且電流強度正在增強，則（）A．該時刻電容器下極板帶正電荷B．在電流強度增強過程中，線圈的自感電動勢在減小C．若探測儀靠近金屬探測時其線圈的自感系數(shù)增大，則振蕩電流的頻率升高D．若探測儀靠近金屬探測，并保持相對靜止時，金屬中不會產(chǎn)生感應電流5．如圖所示是一對不等量異種點電荷的電場線分布，圖中P、Q兩點關于兩電荷連線對稱。由圖可知（）A．左側電荷為負電荷，右側電荷為正電荷B．M點電勢比N點電勢低C．P點和Q點電場強度相同D．若將一負電荷從M點移動到P點，該負電荷電勢能增加6．某興趣小組制做了一個可以測量電流的儀器，其主要原理如圖所示。固定在水平面上的兩平行光滑金屬導軌，間距L=1m，一金屬棒PQ垂直放在兩金屬導軌上。軌道置于豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度大小B=2T。棒中點的兩側分別固定勁度系數(shù)k=50N/m的相同輕彈簧。閉合開關S前，兩彈簧為原長，P端的指針對準刻度尺的“0”處；閉合開關S后，金屬棒PQ移動，最后靜止時指針對準刻度尺右側“A．電源N端為正極B．閉合開關S穩(wěn)定后，金屬棒PQ靜止，電路中電流為1AC．閉合開關S穩(wěn)定后，金屬棒PQ靜止，電路中電流為0D．閉合開關S后，將滑動變阻器滑片向右移動，金屬棒PQ靜止時，指針將停在刻度尺“2cm”的右側7．如圖所示，L是自感系數(shù)較大的線圈，其直流電阻可忽略不計，a、b、c是三個相同的小燈泡，下列說法正確的是（）A．開關S閉合瞬間，c燈立即亮，a、b燈逐漸亮B．開關S閉合瞬間，a、b燈一樣亮C．開關S斷開，c燈立即熄滅，a、b燈逐漸熄滅D．開關S斷開瞬間，流過a燈的電流方向與斷開前相反8．為了安全，在家庭電路中一般都會在電能表后面的電路中安裝一個漏電保護器，其內部結構如圖所示。原線圈是由進戶線的火線和零線并在一起雙線繞成的，當副線圈a、b兩端沒有電壓時，脫扣開關S能始終保持接通；當副線圈a、b兩端一旦有電壓時，脫扣開關立即斷開，切斷電路以起保護作用。下列說法正確的是（）A．用戶正常用電時，通過原線圈的磁通量與電路中的電流大小有關B．用戶正常用電時，副線圈a、b之間有電流通過C．若此裝置用于直流電路，則不能起到保護作用D．若人站在進戶線處地面上，手誤觸用電器的火線而觸電時，副線圈a、b兩端電壓不為零9．張家口市壩上地區(qū)的風力發(fā)電場是北京冬奧會綠色電能的主要供應地之一，其發(fā)電、輸電簡易模型如圖所示，已知風輪機葉片轉速為每秒z轉，通過轉速比為1：n的升速齒輪箱帶動發(fā)電機線圈高速轉動，發(fā)電機線圈面積為S，匝數(shù)為N，勻強磁場的磁感應強度為B，t=0時刻，線圈所在平面與磁場方向垂直，發(fā)電機產(chǎn)生的交變電流經(jīng)過理想變壓器升壓后，輸出電壓為U，電流為I，忽略發(fā)電機線圈電阻。下列說法正確的是（）A．t=0時刻，發(fā)電機線圈產(chǎn)生的感應電動勢最大B．發(fā)電機產(chǎn)生瞬時電動勢e=2C．變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2D．發(fā)電機線圈中的電流為210．下表是某共享電動汽車的主要參數(shù)，根據(jù)信息，下列說法正確的是（）空車質量800kg電池能量50kW?h標準承載200kg最大續(xù)航（充滿電最大行駛路程）200km所受阻力與汽車總重比值（忽略空氣阻力）0.09A．工作時，電動汽車的電動機是將機械能轉化成電池的化學能B．電池充滿電時的電荷量為1C．標準承載下，電動汽車以72km/h的速度勻速行駛10minD．若標準承載下汽車以120km/h二、選擇題II（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）11．關于生活中遇到的各種波，下列說法正確的是（）A．利用電磁波傳遞信號可以實現(xiàn)無線通信，但電磁波不能通過電纜、光纜傳輸B．變化的電場可能激發(fā)出變化的磁場，空間將可能產(chǎn)生電磁波C．人體接收適量的紫外線照射，能促進鈣吸收，但過強的紫外線會傷害眼睛和皮膚D．γ射線穿透力很強，可用于探測金屬構件內部的缺陷12．如圖所示的電路中，E為電源，R0為定值電阻，R1為光敏電阻（其電阻隨光照強度增大而減?。?，R2、RA．只逐漸增大照在R1上的光照強度，電阻RB．只將R3的滑動端PC．只將R2的滑動端PD．斷開開關S，帶電微粒將向下運動13．磁流體發(fā)電機又叫等離子體發(fā)電機，如圖所示，燃燒室在3000K的高溫下將氣體全部電離為電子和正離子，即高溫等離子體。高溫等離子體經(jīng)噴管提速后以1000m/s的速度進入矩形發(fā)電通道。發(fā)電通道有垂直于噴射速度方向的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，磁感應強度大小為6T。等離子體發(fā)生偏轉，在兩極間形成電勢差。已知發(fā)電通道長a=60cm，寬b=20cm，高d=30cm，等離子體的電阻率ρ=2Ω?m，外接電阻R不為零，電流表視為理想電表，閉合開關A．電阻R兩端的電壓為1800VB．發(fā)電通道的上極板為電源正極C．當外接電阻R的阻值為4Ω時，發(fā)電機輸出功率最大D．增加磁感應強度B，電流表讀數(shù)也會相應增大14．如圖甲所示，發(fā)光竹蜻蜓是一種常見的兒童玩具，它在飛行時能夠發(fā)光。某同學對竹蜻蜓的電路作如下簡化：如圖乙所示，半徑為L導電圓環(huán)繞垂直于圓環(huán)平面、通過圓心O的金屬軸O1O2以角速度ω逆時針勻速轉動（俯視）。圓環(huán)上接有三根電阻均為r金屬輻條OP、OQ、OR，輻條互成120°角。在圓環(huán)左半部分張角也為120°角的范圍內（兩條虛線之間）分布著方向垂直圓環(huán)平面向下磁感應強度大小為B的勻強磁場，在轉軸O1O2與圓環(huán)的邊緣之間通過電刷M、A．金屬輻條在磁場中旋轉產(chǎn)生的是正弦式交變電流B．輻條OP進入磁場中，P點電勢小于O點電勢C．輻條OP在磁場中轉動的過程中，O、P兩端電壓為BD．輻條OP在磁場中轉動的過程中，通過輻條OP的電流為B三、實驗題（本題共3小題，15題6分，16題6分，17題8分，共20分）15．在“用傳感器觀察電容器的充放電過程”實驗中，按圖甲所示連接電路，電源電動勢為8.0V，內阻可以忽略。單刀雙擲開關（1）開關S改接2后，電容器進行的是（選填“充電”或“放電”）過程。如果不改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R的阻值，則此過程I?t的曲線與坐標軸所圍成的面積將（選填“減小”或“不變”或“增大”）；（2）該電容器的電容約為μF。（結果保留兩位有效數(shù)字）16．（1）某同學在“研究電磁感應現(xiàn)象”實驗中，實物電路連接如圖1。

①上述電路中有一個元件接錯了回路，該元件的名稱是。

②在實驗過程中，除了需要查清流入電流表的電流方向與指針偏轉方向之間的關系外，還應查清線圈（選填“A”或“B”或“A和B”）中導線的繞制方向。

③正確連接電路后，如果在閉合開關時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏了一下，那么閉合開關后，將線圈A迅速插入線圈B中，靈敏電流計的指針將（選填“向左”或“向右”或“不”）偏轉。線圈A插入線圈B后，將滑動變阻器的滑片迅速向右移動時，靈敏電流計的指針將（選填“向左”或“向右”或“不”）偏轉。（2）在“探究變壓器線圈兩端的電壓和匝數(shù)的關系”實驗中，可拆變壓器如圖2所示。實驗中將電源接在原線圈的“0”和“8”兩個接線柱之間（原線圈800匝），用電表測得副線圈的“0”和“4”兩個接線柱之間（副線圈400匝）的電壓為3.A．1.5V B．6.17．小陽同學想自己設計的實驗來測量某種金屬絲的電阻率。首先他將一卷長為128m的金屬絲的兩端固定在兩個接線柱間，他選用的器材有多用電表、電流表（內阻為1Ω）、電壓表（內阻約為3000Ω）、開關、滑動變阻器、螺旋測微器、導線和學生電源等。（1）他先使用多用電表粗測金屬絲的電阻，操作過程分以下四個步驟：①調整“機械零點調節(jié)旋紐”使指針指到零刻度；②將紅、黑表筆分別插入多用電表的“+”“?”插孔，選擇電阻擋“×1”；③然后將兩表筆；調整“歐姆調零旋鈕”進行歐姆調零；④把紅、黑表筆分別與金屬絲的兩端（已刮去絕緣漆）相接，多用電表的示數(shù)如圖甲所示，該金屬絲的電阻為Ω。（2）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖乙所示，則金屬絲的直徑為mm。（3）為了更準確地測量金屬絲Rx的電阻，并獲得較大的電壓調節(jié)范圍，以下四個電路中最合理的是____。A． B．C． D．（4）按小陽同學選擇的電路測量，某次得到電流表示數(shù)為0.20A，電壓表示數(shù)為2.76V，可計算出金屬絲的電阻率約為Ω·m。（結果保留兩位有效數(shù)字）四、計算題（本題共3小題，18題9分，19題11分，20題14分，共34分）18．某科研團隊設計了一款用于收集工業(yè)生產(chǎn)中產(chǎn)生的某種固體微粒的裝置，其原理簡圖如圖所示。固體微粒通過帶電室時帶上正電且電量相等，微粒從A點無初速地進入加速區(qū)域，經(jīng)B點進入靜電分析器，沿14圓弧BC運動，再經(jīng)C點沿y軸正方向進入偏轉勻強電場區(qū)域，最終打在豎直y軸上的G點。建立如圖所示坐標系，帶電室、加速區(qū)域在第三象限，靜電分析器在第四象限，偏轉電場區(qū)域布滿第一象限。已知帶電固體微粒的比荷為2×10?3C/kg，加速區(qū)域板間電壓為U=4×103V，圓弧BC上各點的場強大小相同且為E（1）帶電固體微粒離開加速區(qū)域時的速度大小；（2）圓弧BC的半徑；（3）G點的縱坐標。19．如圖所示，兩平行金屬導軌MN、PQ固定在傾角α=30°的斜面上，相距為L，導軌間存在方向垂直于導軌平面向下的磁場，整個磁場由n個寬度皆為x0的條形勻強磁場區(qū)域1、2……n組成，從上到下依次排列磁感應強度的大小分別為B、2B、3B……nB，兩導軌左端MP間接人電阻R，一質量為m的金屬棒垂直于MN、PQ放在導軌上，與導軌的接觸點為a、b且接觸良好，金屬棒ab間的電阻為r，不計導軌的電阻。已知金屬棒與導軌的動摩擦因數(shù)為μ=（1）對金屬棒施加沿斜面向下的力，使其從圖示位置開始運動并穿過n個磁場區(qū)域，求金屬棒穿過磁場區(qū)域1的過程中通過電阻R的電量q；（2）對金屬棒施加一個沿斜面向下的恒力F0，讓它從距離磁場區(qū)域1左邊界上方x0的位置由靜止開始運動，求剛進入磁場區(qū)域1時ab兩端的電勢差（3）對金屬棒施加沿斜面向下的拉力，讓它從距離磁場區(qū)域1左邊界上方x0的位置由靜止開始勻加速直線運動，當金屬棒進入磁場區(qū)域1時開始做勻速運動，此后在不同的磁場區(qū)域施加不同的拉力，使金屬棒保持做勻速運動穿過整個磁場區(qū)域，求金屬棒在穿過整個磁場區(qū)域過程中回路產(chǎn)生的電熱Q20．某種離子收集裝置的簡化模型如圖所示，x軸下方半徑為R的圓形區(qū)域內存在著勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，磁感應強度大小B1=B，圓心所在位置坐標為（0，-R）。在x軸下方有一線性離子源，沿x軸正方向發(fā)射出N個（大量）速率均為v0的同種離子，這些離子均勻分布在離x軸距離為0.2R~1.8R的范圍內。在x軸的上方，存在方向垂直紙面向里的有界勻強磁場，該磁場上邊界與x軸平行，磁感應強度大小B2=2B。在x軸整個正半軸上放有一厚度不計的收集板，離子打在收集板上即刻被吸收。已知離子源中指向圓心O1方向射入磁場B1的離子，恰好從O點沿y軸射出。整個裝置處于真空中，不計離子重力，不考慮離子間的碰撞和相互作用。（1）求該種離子的電性和比荷qm（2）若x軸上方的磁場寬度d足夠大，發(fā)射的離子全部能被收集板收集，求這些離子在x軸上方磁場中運動最長和最短時間差?t，以及離子能打到收集板上的區(qū)域長度L；（3）若x軸上方的有界磁場寬度d可改變（只改變磁場上邊界位置，下邊界仍沿x軸），請寫出收集板表面收集到的離子數(shù)n與寬度d的關系。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A、麥克斯韋預言了電磁波的存在，赫茲發(fā)現(xiàn)了電磁波，證實了麥克斯韋電磁理論，A錯誤；

B、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，使人們對電與磁內在聯(lián)系的認識更加深入，B錯誤；

C、法拉第發(fā)明了第一臺發(fā)電機——圓盤發(fā)電機，C正確；

D、普朗克通過對黑體輻射的研究首次提出能量子的概念，D錯誤；

故答案為：C

【分析】正確認識電磁波、電流的磁效應、電磁感應現(xiàn)象、發(fā)電機、能量量子化等重大發(fā)現(xiàn)的過程和意義，以此正確判斷。2．【答案】B【解析】【解答】A、電動機應用通電導線在磁場中受到安培力的作用，A錯誤；

B、話筒利用膜片帶動線圈在磁場中運動，引起線圈中磁通量的變化產(chǎn)生感應電動勢，應用了電磁感應原理，B正確；

C、電磁繼電器應用電流的磁效應，C錯誤；

D、揚聲器應用通電線圈在磁場中受到安培力的作用，D錯誤；

故答案為：B

【分析】A、應用了通電導線受到的安培力使線框轉動；

B、應用了電磁感應原理；

C、應用了電流的磁效應；

D、應用了變化的電流的線框在磁場受到的安培力發(fā)生變化而引起紙盆的振動。3．【答案】B【解析】【解答】由題意可知，油滴恰好懸?。簃g=F=Eq=Udq；

撤去電場時，mg-kv2=ma油滴在重力和空氣阻力作用下做加速度減小的加速運動，

加速度減為零時勻速下落，mg-kv2=04．【答案】B【解析】【解答】A、電流的方向由b流向a，且電流強度正在增強，說明電容器在放電，此時電容器上極板帶正電荷，A錯誤；

B、電流的方向由b流向a，且電流強度正在增強，電場能減小，磁場能增大，線圈自感電動勢在減小，B正確；

C、探測儀靠近金屬，使得線圈相當于增加了鐵芯，線圈自感系數(shù)增大，由f=12πLC可知振蕩電流頻率減小，C錯誤；

D、電流強度正在增加，電流磁場在增強，即便相對靜止，金屬中任然有磁通量的變化，會產(chǎn)生感應電流，D錯誤；

故答案為：B

5．【答案】D【解析】【解答】A、根據(jù)電場線出發(fā)于正電荷，終止與負電荷或者無窮遠處，故左側為正電荷，右側為負電荷，A錯誤；

B、沿著電場線的方向電勢逐漸降低，φM>φP，B錯誤；

C、電場線該點的切線方向是電場強度的方向，PQ兩點的場強方向不同，電場強度不同，C錯誤；

D、由WMP=U6．【答案】B【解析】【解答】A、閉合開關S，金屬棒向右移動，PQ受到向右的安培力，由左手定則可知，電流由P到Q，故M端為電源正極，A錯誤；

BC、金屬棒PQ在右側2cm處處于平衡狀態(tài)，受力分析可得：K?x+K?x=BIL，解得：I=2K?xBL=2×50×2×10-22×17．【答案】C【解析】【解答】AB、閉合S開關瞬間，電感線圈L電流通過，產(chǎn)生自感電動勢阻礙電流通過，故c、b燈立即變亮，a燈慢慢變亮，AB錯誤；

CD、斷開S開關瞬間，電感線圈L中電流減小，產(chǎn)生自感電動勢阻礙電流減小，并與a、b燈構成閉合回路，故c燈立即熄滅，a、b燈慢慢熄滅，a燈電流方向不變，b燈電流方向相反，C正確，D錯誤；

故答案為：C

【分析】根據(jù)通斷電自感現(xiàn)象，通電瞬間自感線圈上電流增大，產(chǎn)生自感電動勢阻礙電流通過，斷開開關時，自感線圈中電流減小，產(chǎn)生自感電動勢阻礙電流減小。8．【答案】D【解析】【解答】AB、原線圈P為雙線繞制，正常工作時，導線中電流大小相等，方向相反，原線圈P中導線形成的磁場大小相等方向相反，相互抵消磁通量為零，ab線圈中磁通量也為零，故原線圈中磁通量大小與電流大小無關，副線圈ab端無感應電動勢，AB錯誤；

C、此裝置用于直流電路，只要發(fā)生觸電，就會使零火線中電流大小不同，原線圈P中有磁通量的變化，使ab端有感應電動勢，脫扣開關斷開起到保護作用，C錯誤；

D、人站在進戶線處地面上，手誤觸用電器火線觸電，使得P線圈中零火線中電流大小不同，產(chǎn)生磁通量的變化，副線圈ab端有感應電動勢，D正確；

故答案為：D

【分析】正確理解認識雙線繞制產(chǎn)生的磁場和漏電發(fā)生改變了雙線中電流的大小，從而產(chǎn)生磁通量的變化，副線圈中產(chǎn)生感應電動勢，起到漏電保護作用的原理。9．【答案】C【解析】【解答】A、t=0時刻，線圈所在平面與磁場方向垂直，線圈中磁通量最大，磁通量的變化率為零，是中性面，線圈中感應電動勢為零，A錯誤；

B、零時刻從中性面開始，線圈中產(chǎn)生的感應電動勢的瞬時值表達式為：e=NBSωsinωt又因為：ω=2πnz，解得：e=2πNBSnzsin2πnzt，B錯誤；

C、因為：U1=EM2=2πNBSnz2=10．【答案】D【解析】【解答】A、電動車工作時，是電動機把電池中的電能轉化為機械能，A錯誤；

B、根據(jù)表格參數(shù)，無法計算電池充滿電時的電荷量，而50kw·h=50×103×3.6×103w·s=1.8×108J，是電池充滿電時的能量，B錯誤；

C、72km/h勻速行駛：P=Fv=fv=kmgv=0.09×800+200×10×7211．【答案】B,C,D【解析】【解答】A、利用電磁波傳遞信號可以實現(xiàn)無線通信，電磁波也可以通過電纜、光纜傳輸，A錯誤；

B、周期性變化的電場激發(fā)出周期性變化的磁場，二者相互激發(fā)，形成電磁波，B正確；

C、人體接受適量的紫外線照射，能促進鈣的吸收，過強的紫外線會傷害眼睛和皮膚，C正確；

D、γ射線有很強的穿透能力，可用于探測金屬內部的缺陷，D正確；

故答案為：BCD

【分析】AB、根據(jù)電磁波的傳播特點和電磁波形成確定；CD、由紫外線和γ射線的特點確定。12．【答案】A,D【解析】【解答】A、只增大R1上的光照強度，其阻值減小，回路總電阻減小，總電流增大，R0上電流增大，消耗功率增大，R2上電壓增大，電容器電壓增大，電場力大于重力，帶電微粒向上運動，A正確；

B、只將R3的滑動端P3向上端移動時，R3處于斷路，其變化不影響閉合電路總電阻，電源功率不變，微粒處于平衡狀態(tài)，B錯誤；

C、只將R2的滑動端P2向下端移動時，不影響閉合回路總電阻，但電容器電壓增大，電場力大于重力，微粒向上運動，C錯誤；

D、斷開開關S，電容器與R2R313．【答案】B,D【解析】【解答】A、根據(jù)磁流體發(fā)電機原理，等離子體在洛倫茲力作用下發(fā)生偏轉分別打在上下極板，隨電荷量的增大，兩板電壓增大，兩極板間電場強度增大，等離子體最終受力平衡：Udq=Bqv，可得：U=Bdv=6×0.3×1000=1800v，由閉合電路歐姆定律可知，電阻R上的電壓應小于1800v，A錯誤；

B、根據(jù)左手定則可知，帶正電的粒子受到向上的洛倫茲力向上偏轉，上極板帶正電，B正確；

C、發(fā)電機內阻由電阻定律可得：r=ρls=2×0.30，6×0.214．【答案】B,C【解析】【解答】A、根據(jù)題意可知三根金屬條以此進入120°的磁場中切割磁感線運動產(chǎn)生大小方向不變的直流電，A錯誤；

B、根據(jù)右手定則，OP進入磁場切割磁感線運動時產(chǎn)生P-O的感應電流，在電源內部，電流由負極流向正極，P點電勢低于O點電勢，B正確；

CD、由法拉第電磁感應定律可得：E=BLV=12BL2ω，由串并聯(lián)電路特點可知，外電路為OQ、OR和LED燈構成并聯(lián)電路，外電路總電阻：R=r3，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：I=E15．【答案】（1）放電；不變（2）4.2×10【解析】【解答】（1）開關S先跟1相接，電容器處于充電狀態(tài)，等電路穩(wěn)定后電容器兩端電壓為電源電動勢E，充電結束，開關S接2時電容器開始進入放電狀態(tài)；

電容器總電荷量，由C=QU=QE可得：Q=EC，根據(jù)電流定義式：I=Qt可得：Q=It，聯(lián)立可得：Q=It=EC，

由I-t圖像可知，曲線與坐標軸所圍面積代表放電釋放的電容器所帶電荷量，減小電阻R，曲線與坐標軸所圍面積不變。

（2）估算曲線與坐標軸所圍面積數(shù)格子數(shù)計算對應電容器電荷量為：Q=40×0.2×16．【答案】（1）開關（電鍵）；A和B；向右；向右（2）C【解析】【解答】（1）①電路中的開關接錯了回路，應把開關接在含電源的回路中；

②在實驗中還需要查清楚線圈A和B中導線繞制方向，因為需要安培定則判斷磁場方向，根據(jù)磁場的變化由楞次定律判斷感應電流方向；

③閉合開關時線圈中的電流增大，磁場增強，電流表向右偏；將線圈A迅速插入線圈B中磁場增強，電流表指針將向右偏轉；將滑動變阻器滑片迅速向右移，接入線路電阻減小，回路電流增大，線圈中磁場增強，電流表指針向右偏轉。

（2）根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)關系：U1U2=n1n17．【答案】（1）短接；13（2）0.600（3）B（4）2.8×1【解析】【解答】（1）③歐姆調零時，需要將兩表筆短接；④選擇的檔位為×1，所以歐姆表讀數(shù)為13×1Ω=13Ω（2）螺旋測微器讀數(shù)為0（3）為獲得較大的電壓調節(jié)范圍，滑動變阻器采用分壓式接法，由于電流表內阻已知為1Ω電流表應采用內接法有URx=UV-IRA則可消除系統(tǒng)誤差。故答案為：B。（4）根據(jù)歐姆定律得R結合電阻定律R又S=πD2

【分析】（1）歐姆調零時，需要將兩表筆短接，此時表盤示數(shù)應為0。電阻大小等于表盤示數(shù)乘以檔位。

（2）螺旋測微器讀數(shù)要估讀到千分之一毫米，螺旋測微器也稱為千分尺。

（3）為獲得較大的電壓調節(jié)范圍，滑動變阻器采用分壓式接法，由于電流表內阻已知，采用內接法。（4）根據(jù)歐姆定律結合電阻定律代入數(shù)據(jù)求解，代入數(shù)據(jù)時，D為導線直徑。面積單位化成平方米。18．【答案】（1）解：從A到B的加速過程qU=則v=解得v=4m（2）解：從B到C的過程，固體顆粒受到的徑向電場力提供向心力q解得R=0（3）解：在C到G過程固體顆粒做類平拋運動，則x=12at解得y=0【解析】【分析】（1）在加速電場中電場力做正功，由動能定理解得離開加速電場的速度；

（2）在B-C的勻速圓周運動過程，電場力提供向心力，由牛頓第二定律解得圓周運動半徑大??；

（3）在C-G過程做類平拋運動，分解為水平勻加速，豎直勻速直線運動，求解G的縱坐標。19．【答案】（1）解：根據(jù)電磁感應定律可知E=ΔΦΔt則導體棒穿過磁場區(qū)域1的過程中通過電阻R的電量q：q=（2）解：由于μ=tanθ，F(xiàn)解得