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2024年高考數(shù)學(xué)終極押題疥想
1高分的秘密武器:終極密押+羽題預(yù)測(cè))
押題猜想一復(fù)數(shù)..............................................................1
押題猜想二函數(shù)模型的應(yīng)用....................................................4
押題猜想三三角函數(shù)中的參數(shù)問(wèn)題.............................................7
押題猜想四概率..............................................................13
押題猜想五平面向量..........................................................17
押題猜想六數(shù)列..............................................................21
押題猜想七函數(shù)的圖像........................................................25
押題猜想八圓錐曲線及其性質(zhì)..................................................29
押題猜想九抽象函數(shù)問(wèn)題......................................................35
押題猜想十球................................................................41
押題猜想十一新定義問(wèn)題......................................................50
押題猜想十二線性規(guī)劃........................................................54
押題猜想十三三視圖..........................................................60
押題猜想一復(fù)數(shù)
:◎。終極密押。
已知復(fù)數(shù)Z滿足z(l+i)2=2+2gi,貝lj|z-2i|=()
A.75B.2x/3C.4D.12
【答案】B
【分析】根據(jù)復(fù)數(shù)的運(yùn)算法則,求得z=V5i,再由復(fù)數(shù)模的計(jì)算公式,即可求解.
【詳解】由復(fù)數(shù)z滿足z(l+i7=2+2石i,可得z==2+y1=癢i,
',(1+1)21
!llij|z-2i|=|V3-3i|=2V3.
故選:B.
押題解讀
本部分多以選擇題呈現(xiàn),每年?題,以考查復(fù)數(shù)的四則運(yùn)算為主,偶爾與其他知識(shí)交匯,難度較小.考查
代數(shù)運(yùn)算的同時(shí),主要涉及考查的概念有:復(fù)數(shù)的代數(shù)形式、共挽復(fù)數(shù)、復(fù)數(shù)的模、復(fù)數(shù)的幾何意義等,
本題考查復(fù)數(shù)的代數(shù)運(yùn)算、復(fù)數(shù)的模,考查考生的運(yùn)算能力,是高考的熱點(diǎn)之一.
[go押題預(yù)測(cè)?
I.已知i為虛數(shù)單位,則復(fù)數(shù)&工的共腕復(fù)數(shù)在復(fù)平面內(nèi)對(duì)應(yīng)的點(diǎn)位于()
2+i
第1頁(yè)共62頁(yè)
A.第一象限B.第二象限C.第三象限D(zhuǎn).第四象限
【答案】B
【分析】根據(jù)題意,利用復(fù)數(shù)的運(yùn)算法則,求得"止=3=-2-±"得到共挽復(fù)數(shù)為結(jié)合復(fù)
2+12+15555
數(shù)的幾何意義,即可求解.
【詳解】由復(fù)數(shù)宜業(yè)=二三=3£1。=二-&,可得共扼復(fù)數(shù)為一,士,
2+12+155555
(241
其在復(fù)平面內(nèi)對(duì)應(yīng)點(diǎn)為一-三,位于第二象限.
故選:B.
回密押裊喏
本題考查復(fù)數(shù)乘法、除法運(yùn)算、共規(guī)復(fù)數(shù)的概念以及復(fù)數(shù)的幾何意義,復(fù)數(shù)的除法運(yùn)算中,要注意利
用共挽復(fù)數(shù)的性質(zhì),通過(guò)分子,分母同乘分母的共挽復(fù)數(shù)將分母實(shí)數(shù)化.除法運(yùn)算由于相對(duì)復(fù)雜,因此考
試中最容易計(jì)算出錯(cuò),2023新課標(biāo)【第2題、全國(guó)乙理科第I題、全國(guó)甲文科第2題都考查了復(fù)數(shù)的除法
運(yùn)算.要判斷復(fù)數(shù)對(duì)應(yīng)點(diǎn)所在象限,就要學(xué)搞清楚復(fù)數(shù)、復(fù)平面內(nèi)的點(diǎn)以及向量三者之間的關(guān)系,這也是
高考命題的一個(gè)熱點(diǎn)。
2.已知復(fù)數(shù)z=a+砥a,〃eR)且/-(4+2>+4+5=()有實(shí)數(shù)根兒則歸卜()
A.2gB.12C.2石D.20
【答案】D
6-4。+4=0
【分析】根據(jù)題意可求得〃2-劭+4+(%+川=0,從而得作十小。,求解得zl+2i,從而可
求解.
【詳解】由題意知人為『一(4+2i)x+4+ai=0的實(shí)數(shù)根,
則后一(4+2i)Z?+4+ai=0,即//-4Z?+4+(a-2Z?)i=0,
從一4。+4=0b=2
則((a-2b)i=0f解得〃=4,所以z=4+2i,
所以團(tuán)=42+22=20,故D正確.
故選:D.
回密押裊格
本題考查復(fù)數(shù)相等以及復(fù)數(shù)模的概念,從定義出發(fā),把復(fù)數(shù)問(wèn)題轉(zhuǎn)化成實(shí)數(shù)問(wèn)題來(lái)處理.復(fù)數(shù)相等是
一個(gè)重要概念,它是復(fù)數(shù)問(wèn)題實(shí)數(shù)化的重要工具,通過(guò)復(fù)數(shù)的代數(shù)形式,借助兩個(gè)復(fù)數(shù)相等,可以列出方
程(組)來(lái)求未知數(shù)的值.如2023全國(guó)甲理科第2題.
第2頁(yè)共62頁(yè)
3.若更數(shù)z滿足:z+2z=3-2i,則忖為()
A.2B.V2C.V5D.5
【答案】C
【分析】利用共規(guī)復(fù)數(shù)的概念及復(fù)數(shù)相等的充要條件求出z,進(jìn)而求出目.
【詳?shù)榔洹縤Sz=a+Z?i.(a.Z?wR).則2=〃一〃i,
所以z+25=3a-hi=3-2i,即a=l,〃=2,
所以|z|=&/+b?=舊.
故選:C.
◎密押怠若
本題考查復(fù)數(shù)的定義、共枕復(fù)數(shù)的概念、復(fù)數(shù)的模,從定義出發(fā),把復(fù)數(shù)問(wèn)題轉(zhuǎn)化成實(shí)數(shù)問(wèn)題來(lái)處理
是處理復(fù)數(shù)問(wèn)題的一個(gè)基本思路,也是高考考查的一個(gè)方向.
4.已知z==為純虛數(shù),則實(shí)數(shù)。的值為()
1+21
A.2B.1C.-1D.-2
【答案】A
【分析】利用復(fù)數(shù)的四則運(yùn)算化簡(jiǎn)z,再利用復(fù)數(shù)的分類即可得解.
【詳解】囚為“瑞-2i)g-22a+\.
(l+2i)(l-2i)-_55-1
^=0
Ll/則”=2.
因?yàn)閦為純虛數(shù),所以
---工。
5
故選:A.
押題猜想二函數(shù)模型的應(yīng)用
:◎。終極密押?
某企業(yè)的廢水治理小組積極探索改良工藝,致力于使排放的廢水中含有的污染物數(shù)量逐漸減少.已知
改良工藝前排放的廢水中含有的污染物數(shù)量為2.25g/m)首次改良工藝后排放的廢水中含有的污染物數(shù)量為
2.21g/m\第〃次改良工藝后排放的廢水中含有的污染物數(shù)量「滿足函數(shù)模型1=7+&-(/£R,
第3頁(yè)共62頁(yè)
〃€Z),其中“為改良工藝前排放的廢水中含有的污染物數(shù)量,4為首次改良工藝后排放的廢水中含有的
污染物數(shù)量,〃為改良工藝的次數(shù).假設(shè)廢水中含有的污染物數(shù)量不超過(guò)0.65g/m3時(shí)符合廢水排放標(biāo)準(zhǔn),若
該企業(yè)排放的廢水符合排放標(biāo)準(zhǔn),則改良工藝的次數(shù)最少為()(參考數(shù)據(jù):坨2。0.30,電3^0.48)
A.12B.13C.14D.15
【答案】D
【分析】由題意,根據(jù)指數(shù)累和對(duì)數(shù)運(yùn)算的性質(zhì)可得[2.25-0.04x3-),由4K0.65,解不等式即可
求解.
【詳解】由題意知%=2.25g/m\4=2.21g/m\
當(dāng)〃=1時(shí),4=%+&-%)X33,故嚴(yán)“=I,解得,=-0.25,
所以乙=2.25-0.04x3°均"用.
由GK0.65,得3°25(”f之40,即0.25(〃-1)2臂,
館3
得一絲羊臀+1=14.33,又〃cN‘,
也3
所以〃215,
故若該企業(yè)排放的廢水符合排放標(biāo)準(zhǔn),則改良工藝的次數(shù)最少要15次.
故選:D
押題解讀
以生活中的問(wèn)題為背景,以指數(shù)函數(shù)、對(duì)數(shù)函數(shù)為載體,考查指數(shù)、對(duì)數(shù)的運(yùn)算及利用數(shù)學(xué)模型解決
實(shí)際問(wèn)題的能力,屬于生活實(shí)踐情境題,體現(xiàn)高考命題的應(yīng)用性和創(chuàng)新性,這也是近幾年全國(guó)卷的一
個(gè)考試熱點(diǎn).
[go押題預(yù)測(cè)。
1.中國(guó)的5G技術(shù)領(lǐng)先世界,5G技術(shù)的數(shù)學(xué)原理之一便是著名的香農(nóng)公式。=的10比(1+焉),它表示在受
噪聲干擾的信道中,最大信息傳遞速率。取決于信通帶寬卬、信道內(nèi)信號(hào)的平均功率S、信道內(nèi)部的高斯
噪聲功率N的大小,其中三叫做唁噪比.當(dāng)信噪比比較大時(shí),公式中真數(shù)中的1可以忽略不計(jì),按照香農(nóng)公
N
式,由于技術(shù)提升,帶寬w在原來(lái)的基礎(chǔ)上增加20%,信噪比?從1000提升至5000,則。大約增加了()
N
(附:lg2?0.3010)
A.48%B.37%C.28%D.15%
第4頁(yè)共62頁(yè)
【答案】A
【分析】利用對(duì)數(shù)的運(yùn)算性質(zhì),由香農(nóng)公式分別計(jì)算信噪比為1000和50()0時(shí)C的比值即可求解?.
【詳解】由題意可得,當(dāng)三=1000時(shí),C.=VVlog,1000,
N
當(dāng)工=5000時(shí),C=1.2Wlog,5(>:)(),
N
C2_1.2W^log25000_61og25000_61g5000_6(lglOOO+lg5)
所"G=Wlog21(X)0=5logJ000=51gl000=15
_2(3+l-lg2)_8-2lg28-2x0.3010
=-------------------=-------------ah]9
555
所以C的增長(zhǎng)率約為48%.
故選:A
◎密押裊曲
本題屬于新定義型問(wèn)題,這類問(wèn)題只需要運(yùn)用給定的數(shù)學(xué)模型直接運(yùn)算即可,新定義題容易造成一定
的閱讀壓力,解題的關(guān)鍵是聚焦關(guān)鍵信息,從數(shù)學(xué)的角度對(duì)生活中的問(wèn)題進(jìn)行抽象.
2.假設(shè)甲和乙剛開(kāi)始的“日能力值”相同,之后甲通過(guò)學(xué)習(xí),“日能力值”都在前一天的基礎(chǔ)上進(jìn)步2%,而乙
疏于學(xué)習(xí),“日能力值”都在前一天的基礎(chǔ)上退步1%.那么,大約需要經(jīng)過(guò)()天,甲的“日能力值”是乙的
20倍(參考數(shù)據(jù):也102々2.0086,Ig99?1.9956,lg2?0.3010)
A.23B.100C.150D.232
【答案】B
【分析】根據(jù)給定信息,列出方程,再利用指數(shù)式與對(duì)?數(shù)式的互化關(guān)系求解即可.
【詳解】令甲和乙剛開(kāi)始的“日能力值''為I,〃天后,甲、乙的“日能力值”分別(1+2%『,(1-1%)\
依題意,尹黑二20,即(學(xué))”二20,兩邊取對(duì)數(shù)得〃愴學(xué)=也20,
(1-1%)9999
1+愴21+0.3010
因此〃=?100,
lg!02-lg992.0086-1.9956
所以大約需要經(jīng)過(guò)100天,甲的“日能力值”是乙的20倍.
故選:B
3.研究表明,地震時(shí)釋放的能量E(單位:焦耳)與地震里氏震級(jí)仞之間的關(guān)系為lgE=4.8+1.5M.2O23
年12月18日在甘肅積石山縣發(fā)生了里氏6.2級(jí)地震,2024年1月4日在斐濟(jì)群島發(fā)生了里氏5.7級(jí)地震,
若前后這兩個(gè)地震釋放的能量之比是〃,貝門(mén)的整數(shù)部分為()
A.3B.4C.5D.6
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【答案】C
【分析】
根據(jù)題意結(jié)合指、對(duì)數(shù)運(yùn)算求解.
【詳解】
設(shè)前后兩次地震釋放的能量分別為E1,E?,
由已知得l碌g£;==44..884+-1⑶.5x65..27'兩式相減得,氣E."5,x=0八.5==。八..75,
則〃=且=10075=10;=V1000,
因?yàn)?4<1000<64,則5〈彌防<6,即〃=折?而?5,6),
所以〃的整數(shù)部分為5.
故選:C.
◎密押危格
通過(guò)文本閱讀考查學(xué)生的數(shù)學(xué)閱讀技能和邏輯思維能力,通過(guò)數(shù)據(jù)處理考查學(xué)生的運(yùn)算求解能力,主
要涉及到對(duì)數(shù)的運(yùn)算性質(zhì).
4.“綠水青山就是金山銀山”的理念已經(jīng)提出18年,我國(guó)城鄉(xiāng)深化河道生態(tài)環(huán)境治理.,科學(xué)治污.現(xiàn)有某鄉(xiāng)
村一條污染河道的蓄水量為y立方米,每天的進(jìn)出水量為女立方米,已知污染源以每天「?jìng)€(gè)單位污染河水,
某一時(shí)段/(單位:天)河水污染質(zhì)量指數(shù)"?)(每立方米河水所含的污染物)滿足機(jī)(/)=(+(〃]。-(卜々
(網(wǎng))為初始質(zhì)量指數(shù)),經(jīng)測(cè)算,河道蓄水最是每天進(jìn)出水展的50倍.若從現(xiàn)在開(kāi)始停止污染源,要使河水
的污染水平下降到初始時(shí)的,,需要的時(shí)間大約是(參考數(shù)據(jù):h15=1.61,ln6=1.79)()
6
A.1個(gè)月B.3個(gè)月C.半年D.I年
【答案】B
【分析】
由題意可知,〃?(r)=/利用指數(shù)與對(duì)數(shù)的運(yùn)算性質(zhì)進(jìn)行化簡(jiǎn)求解,即可得到答案.
6
【詳解】
由題意可知,r=0,y=50,故"[(/)=座前'=!惆,
k6
貝Ije!'=Lg|J-t=-In6=>t=501n6?50x1.79=89.5,
650
第6頁(yè)共62頁(yè)
所以年90,則要使河水的污染水平下降到初始時(shí)的三,需要的時(shí)間大約是90天,即三個(gè)月.
故選:B.
◎密押裊有
本題以生活現(xiàn)實(shí)為背景考查函數(shù)在生活中的運(yùn)用,求解過(guò)程需要運(yùn)用指數(shù)與對(duì)數(shù)的性質(zhì)進(jìn)行化簡(jiǎn)求解.
押題猜想三三角函數(shù)中參數(shù)問(wèn)題
:再?終極密押。
已知函數(shù)/(x)=sin(5+g(O>0)在區(qū)間停兀內(nèi)不存在最值,且在區(qū)間日,5上,滿足?。?把恒成
\/1,45J2
立,則。的取值范圍是()
【分析】根據(jù)題目中的限制條件列出關(guān)于口的不等式組,進(jìn)而求得答案.
【蟀法一】由工嗚,九
n瓦、,7T
一①+一之幺兀+一
2737-7217
;,則”+黃0義+:,kwZ,分別取A=0,&=-1,結(jié)合口>()可得則或
,兀”,3兀366
Tt(f)+—<kit+——
由工£P(guān)7,則s+ge[/+結(jié)合o的范圍可知(上"+g,攵乃+3[(。,2不)
4恒成立
69X+—
ir7C冗、71兀712九八,
故一3十一N—且rl一3+—4—=>0<69<1,
433333
0<69<—1:
63
(]1「1
所以。的取值范圍是J-J
I6」|_3
故選:D
第7頁(yè)共62頁(yè)
【解法二】當(dāng)xw/九J時(shí),5+梟務(wù)+,函數(shù)/(*)=$也(5+款口>0)在區(qū)間(,,兀)內(nèi)不
存在最值,故工=工之乃一工二2,所以0<口<2,則+歲,結(jié)合正弦函數(shù)的圖像,根據(jù)
2co2223133」
717171
—<y+—>—,
函數(shù)不存在最值可知修口+?,乃。+々efv*V或佟0+去,汝+外£233T
或
71/71
7rm+—<—
32
717171
—C0+—>—,
23/2解得I或1;WoW:7,
71,3兀636
乃①+—?——
32
n,a、
由xeP7,則但+ge嚀/+彳3切+芻,結(jié)合0的范圍可知收■+?.+—q(0,2不)
一f?!笵qDDDV乙乙)
又sin[的+]>亭恒成立,
—69+—>—fL—67+—<—=>0<69<1,
433333
0<69<—?5-<69<1;
63
(Il「1-
所以3的取值范圍是0,-J-,1.
I6」|_3」
押題解讀
根據(jù)函數(shù)./U)=As力(”+9)滿足的一些條件,求實(shí)數(shù)co的取值范圍是三角函數(shù)中比較典型的一類問(wèn)題,
此類問(wèn)題在各地高考試題中頻頻出現(xiàn),三角函數(shù)中的參數(shù)問(wèn)題已經(jīng)成為近幾年的高考熱點(diǎn)內(nèi)容,這類題目
考察形式以選擇題、填空題為主,這類問(wèn)題由于涉及到參數(shù)問(wèn)題,題目大多比較靈活,難度較大,考
生得分較低,本題通過(guò)最值的存在情況和不等式的恒成立限制參數(shù)范圍,綜合考查三角函數(shù)的
圖像與性質(zhì),符合高考命題方向,值得考生在復(fù)習(xí)中關(guān)注.
[g。押題預(yù)測(cè)?
1.已知函數(shù)/(x)=gsins--亭cosox(/>0),xeR,若〃燈在區(qū)間(兀,2兀)內(nèi)沒(méi)有零點(diǎn),則。的取值范圍是
()
第8頁(yè)共62頁(yè)
Ac.
[解析--】/(A)=—sincox-—cos=sinI,<y>0,因?yàn)?(%)在區(qū)間xe(小2兀)內(nèi)無(wú)零點(diǎn),
22\3?
T71
所以一二一22萬(wàn)一不,所以O(shè)voKl;
2CJD
兀(兀27r-
當(dāng)xe(兀,2九)時(shí),(ox--E(coTt--.Icon--),此時(shí)3乃---£,—,^t=cox~—,函數(shù)y=sinf的
3333133」3
圖像:
因?yàn)?(X)在區(qū)間XC
()<6y<l071>0,
3
故;71或’解得0c[0彳u!1,從而選D.
2(071——<03,3
、32("〃—~<71
3
.n
【解析二】/(x)=—sincox--coscox=sincox——6y>0,AG(7t,27C)時(shí),(OX---€(697C---.2,(011---),
22I3J333
(o^k+-
,,713
kit<ant——
3火eZ,解得.
要想/。)在區(qū)間xw(兀,2兀)內(nèi)無(wú)零點(diǎn),則要滿足,<y<—+—,^eZ,
_it,23
2a)1t——<0+71
3ct>>0
LIk2
k+-<—+—
323,&cZ,42
要想不等式組有解,則要解得一§<女<§,女wz,故%=-1或o,
k2c
23
第9頁(yè)共62頁(yè)
co>-—
,]217
當(dāng)上=_]時(shí),《解得/4(),工,當(dāng)攵=0時(shí),<y<-,解得,則。的取值范圍是
6
69>0<y>0
/1「一
O.!UI,;.故選D
6」|_33J
◎雷押裊嘯
根據(jù)三角函數(shù)在給定區(qū)間上根的分布求參數(shù)的范圍,是這類問(wèn)題的一個(gè)命題方向,如2023年新高考卷
和2022年全國(guó)卷都在這個(gè)角度設(shè)計(jì)了問(wèn)題,其中涉及到的“卡根法''是處理這類問(wèn)題的基本方法。
n1伍。>0)在(0,"上單調(diào)遞增,在nit
1.已知函數(shù)f(x)=sincox+上單調(diào)遞減,則。的取值范圍是()
473f2
97797979
A.B.D.
4,222C.4,44,2
【答案】A
【解析】當(dāng)可唱時(shí),兀71兀兀
COX——€一,一co—上單調(diào)遞增,所以觸-:與解得
4464J
97TnnTt971n
0<0"一.當(dāng)xw時(shí),(ox-^e三口-寧,3。一?|,因?yàn)?<“工?,所以8一寧目一亍,2兀
213441234424J24144)
因?yàn)椤υ冢ㄙY)上單調(diào)遞減,所以守一彳吟且:①一;帶,解得"0《乂。所以"的
-97'
取信范圍是齊彳.故選A
42_
◎密押怠暗
本題考查根據(jù)三角函數(shù)在給定區(qū)間上的單調(diào)性求參數(shù)范圍,這類題目求解過(guò)程中,要注意所給單調(diào)區(qū)
間的長(zhǎng)度對(duì)周期的限制作用.
不單調(diào),則①的取值
.n
7t令0:+方=桁+5(攵eZ),解得,二叱十7,伏)
【解析】己知/(%)=sin/X+—⑥>0),cZ
3
(D
第10頁(yè)共62頁(yè)
,71
則函數(shù)/(X)對(duì)稱軸方程為一E+7函數(shù)十)在區(qū)間5J不單調(diào),■:kjt+一
.n<——^〈色,伏eZ)'
X-,(A£A)
06co4
?9
解得44+§</<6&+1,&62,又由丁>2兀,且。>0,得0</<1,故僅當(dāng)&=0時(shí),§</<1滿足題意.
故選c.
3.已知函數(shù)〃X)=COS13K-虎>若將y=/(x)的圖象向左平移力(〃〉0)個(gè)單位長(zhǎng)度后所得的圖象關(guān)于坐標(biāo)
原點(diǎn)對(duì)稱,則川的最小值為()
71n87r
A.—D.——
10*15
【答案】B
7T
【解析】/(A-)=cos3工-布的圖象向左平移”個(gè)單位長(zhǎng)度后,得到的圖象對(duì)應(yīng)函數(shù)g(x)=cos
x1U,
f
3(x+w)--=cooso3x+3/it〃--,-因?yàn)槭琯(x)的圖象關(guān)于坐標(biāo)原點(diǎn)對(duì)稱,所以3m哈=跣+和eZ),
'710I10
即加=^+?&cZ),因?yàn)椤?gt;0,故當(dāng)k二0時(shí),/〃取得最小值(故選B.
JJJ
回密押怠畸
三角函數(shù)圖像的變換也是高考的熱點(diǎn),本題將函數(shù)圖像的變換、函數(shù)圖像的對(duì)稱性相結(jié)合綜合考查三
角函數(shù)的性質(zhì),注意“整體思想”的應(yīng)用.
4已知函數(shù)f(x)=2cOS(i)X+—[0>0),若在區(qū)間P兀)內(nèi)有且僅有3個(gè)零點(diǎn)和3條對(duì)稱軸,則”的
6
取值范圍是()
171017231710710
A.B.~6,~6C.D.3'T
【答案】A
7C7iCtitn?
【解析】函數(shù)/(x)=2cosCOX+-(^>0).當(dāng)XW[(),71)時(shí),令1=COX+-,則ZE—,(D1t+—L
66oo)
若/")在[0,勸有且僅有3個(gè)零點(diǎn)和3條對(duì)稱軸,則y=2cosf在re7有且僅有3個(gè)零點(diǎn)和3條對(duì)?
0
V3W號(hào).故選A.
第II頁(yè)共62頁(yè)
5.函數(shù)/")=sing(0>O)在區(qū)間[-弓幣上為單調(diào)函數(shù),圖象關(guān)于直線a,對(duì)稱,下列判斷錯(cuò)誤的是()
3
A.CD--
4
B.將函數(shù)/(幻的圖象向右平移,個(gè)單位長(zhǎng)度,所得圖象關(guān)于y軸對(duì)稱
C.若函數(shù)"X)在區(qū)間3,皆)上沒(méi)有最小值,則實(shí)數(shù)〃的取值范圍是(一卷,?)
147r-47r
D.若函數(shù)/(外在區(qū)間3方)上有且僅有2個(gè)零點(diǎn),則實(shí)數(shù)a的取值范圍是[-彳,0)
【答案】C
【分析】根據(jù)單調(diào)性及對(duì)稱軸求田解析式,即可以判斷選項(xiàng)A,由函數(shù)的平移變換可以判斷選項(xiàng)B,根據(jù)函
數(shù)圖象的零點(diǎn)和最值即可判斷C,D.
【詳解】選項(xiàng)A:根據(jù)題意函數(shù)/*)=sin5(0>O)在區(qū)間[-5創(chuàng)上為單調(diào)函數(shù),可以判斷為單調(diào)遞增函
數(shù),則一1《一53,1ovg,
2222
解得OvoKl
又因?yàn)閳D象關(guān)于直線*=與,則斗。=畀也,kwZ,
解得口=:+冷,kwZ
3
當(dāng)上=0時(shí),0=:符合條件.則A正確;
4
選項(xiàng)B:由A可知/(x)=sin:x向右平移多個(gè)單位長(zhǎng)度后,解圻式變成g(x)=sin(0-"=-cos。,則
432)4
圖象關(guān)于)'軸對(duì)稱.B正確;
14兀
選項(xiàng)C:函數(shù)/。)在區(qū)間3f)沒(méi)有最小值,
則令f=空),則
4946
當(dāng)-即-?時(shí),沒(méi)有最小值.C錯(cuò)誤;
24639
147t
選項(xiàng)D:函數(shù)/(處在區(qū)間上有且僅有2個(gè)零點(diǎn),
因?yàn)椋?兀時(shí),為函數(shù)的零點(diǎn),所以另一個(gè)端點(diǎn)只能讓函數(shù)再有一個(gè)零點(diǎn)即可.
34兀
目〒以一?!匆?。<0,即---<?<0,D正確.
43
故選:C.
第12頁(yè)共62頁(yè)
押題猜想四概率
:9?終極密押。
一個(gè)箱子中裝有6個(gè)紅球和4個(gè)白球,從中隨機(jī)取出三個(gè)球,則取出的三個(gè)球中至少有一個(gè)紅球的概
率()
29nl3〃I、3
A.—B.—C.-D.-
301565
【答案】A
【分析】首先判斷這是古典概型,因所求事件正面情況多,故考慮先求其對(duì)立事件概率,再運(yùn)用對(duì)立
事件概率公式即可求得.
【詳解】因是隨機(jī)取球,每個(gè)球被取到的可能性相同,故這是占典概型.從中隨機(jī)取出三個(gè)球的方法總
數(shù)為10x9x8=720種,
而“取出的三個(gè)球中至少有一個(gè)紅球”的對(duì)立事件是“取出的三個(gè)球中全是白球、',其取法有4x3x2=24
種,
7429
故”取出的三個(gè)球中至少有一個(gè)紅球''的概率為?-三二三.
72030
故選:A.
押題解讀
概率是全國(guó)卷中每年必考的一個(gè)知識(shí)點(diǎn),考查形式一般是選擇題,難度較低,主要考查古典概型、
幾何概型、相互獨(dú)立事件和條件概率,如2023年全國(guó)(甲卷)理科考查條件概率,2023年全國(guó)乙卷文
科考查幾何概型,2022年(乙卷)理科考查相互獨(dú)立事件,2022年(甲卷)文科考查古典概型等,這
都體現(xiàn)了概率這部分內(nèi)容在高考中的重要地位.
押題預(yù)測(cè),
1.某校甲、乙、丙、丁4個(gè)小組到A,B,C這3個(gè)勞動(dòng)實(shí)踐基地參加實(shí)踐活動(dòng),每個(gè)小組選擇一個(gè)基地,
則每個(gè)基地至少有1個(gè)小組的概率為()
A.:B.-C.-D.-
9399
【答案】C
【分析】根據(jù)分組分配以及分步乘法技術(shù)原理即可求解個(gè)數(shù),由古典概型概率公式求解即可.
【詳解】每個(gè)小組選擇一個(gè)基地,所有的選擇情況有34=81種,
每個(gè)基地至少有1個(gè)小組的情況有C;C;A;=36.
第13頁(yè)共62頁(yè)
故概率為3工6=?4,
o19
故選:C
回密押裊喏
本題考查古典概型的知識(shí),在求解過(guò)程中應(yīng)用數(shù)學(xué)閱讀技能確定此概率問(wèn)題為古典概型,再調(diào)用計(jì)數(shù)
原理和排列組合的知識(shí)確定樣本空間樣本點(diǎn)的個(gè)數(shù)及事件包含的樣本點(diǎn)的個(gè)數(shù).
2.現(xiàn)有隨機(jī)事件件A,B,其中P(A)=4,P(4)=;P(A3)=!,則下列說(shuō)法不正確的是()
536
A.事件A,8不相互獨(dú)立B.P(A|B)=1
C.P(8|A)可能等于P(5)D.P(A+8)=共
【答案】C
【詳解】易知。(A).P(3)=gx;fP(A3),所以事件4,8不相互獨(dú)立,即A正確;
由條件概率公式可知P(4|8)=磊號(hào)弓,P(B|小磊=畀|,
35
故B正確,C錯(cuò)誤;
由和事件的概率公式可知P(A+8)=P(A)+P(B)-P(A8)=!+!T=以,
5363。
故D正確:
故選:C
◎密押怠畸
本題綜合考查獨(dú)立事件的乘法公式、條件概率公式、和事件的概率公式,是概率部分的一個(gè)綜合題,
雖然難度不大,但涉及的知識(shí)點(diǎn)較多,體現(xiàn)知識(shí)的覆蓋性,值得關(guān)注.
x+j<6
3.已知點(diǎn)〃(人,九)為可行域,?-),>0內(nèi)任意一點(diǎn),則%-%>。的概率為()
I242
A.§B.-C.-D.-
【答案】C
【分析】列出滿足可行域的點(diǎn)的坐標(biāo),再由古典概型的概率公式計(jì)算可得.
第14頁(yè)共62頁(yè)
x+y<6
【詳解】可行域,4x—y>0內(nèi)的點(diǎn)有(1,1),(1,2),(1,3),(2J),(2,2),(2,3),(3,1),(3,2),(4,1)共9個(gè),
x,yeN"
其中滿足工。一%>。的有(21),(3,1),(3,2),(4,1)共4個(gè),
4
所以所求的概率尸=§.
故選:C
4.在區(qū)間(0,外隨機(jī)取1個(gè)數(shù)x,貝”使得sinx+cosx>包的概率為()
12」2
1123
-c
A.6-B.33-D.4-
【答案】C
【分析】根據(jù)sinx+cosx>逅得出X的區(qū)間長(zhǎng)度,再求出總區(qū)間長(zhǎng)度,利用幾何概型公式求得答案.
2
【詳解】0^jsinx+cosx=>/2sinfx+-jl,Xsinx+cosx>—.
所以g+升冬Q^O尋F信
即有x+時(shí),sinx+皆〉”成立,
,兀5兀)
571兀
在區(qū)間(0,弓上隨機(jī)取一個(gè)數(shù)X,則X使得sinx+cosx>"的概率為
12」2四3
2
故選:C.
回雷押裊由
本題考查三角函數(shù)的圖像與性質(zhì)、幾何概型的求解,對(duì)于與曲線有關(guān)的幾何概型問(wèn)題還要注意做圖技
第15頁(yè)共62頁(yè)
能的培養(yǎng),幾何概型是全國(guó)卷中的一個(gè)熱點(diǎn)內(nèi)容,在復(fù)習(xí)中不容輕視.
5.A紙箱內(nèi)有除顏色外完全相同的4個(gè)白球、3個(gè)綠球,3紙箱內(nèi)有除顏色外完全相同的3個(gè)白球、3個(gè)綠
球,先從A紙箱中隨機(jī)摸出一個(gè)球放入8紙箱中,然后從3紙箱中隨機(jī)摸出一個(gè)球.事件“從A紙箱中隨機(jī)摸
出一個(gè)綠球”記為M,事件“從8紙箱中隨機(jī)摸出一個(gè)綠球”記為N,則P(N|M)=()
3?43
A.-B.-C.-D.—
7274
【答案】C
【分析】根據(jù)題意,由條件概率的計(jì)算公式代入計(jì)算,即可得到結(jié)果.
【詳解】因?yàn)锳紙箱內(nèi)有4個(gè)白球、3個(gè)綠球,所以
若從A紙箱中摸出的綠球放入8紙箱中,此時(shí)6紙箱中有3個(gè)白球、4個(gè)綠球,
3412
12
一4
P(MN)49
一-
所以P(N|M)37-
)
P(M一
7
故選:C.
押題猜想五平面向量
建。終極密抨。
已知向量a=(l,T),0=(2,A)M_LAc=a-/〃.若,貝打的值為()
A.2B.—2C.;D.—
22
【答案】D
【分析】根據(jù)平面向量的坐標(biāo)運(yùn)算以及夾角公式即可求解.
【詳解】〃=(1,T),O=(2,A)/J_〃,則2—々=0,解得2=2,故人=(2,2).
c=a-tb>則一2/),cw0.
竹,8),則cos(a,c)=cos(b,c),
acbc1-2/+1+2/2-4/-2-4/_.i
即麗二廂二F^'‘解得'=”.
第16頁(yè)共62頁(yè)
故選:D
押題解讀
縱觀歷年考題,平面向量問(wèn)題以基礎(chǔ)性為主,穩(wěn)定中凸顯變化,變化中追求創(chuàng)新,突出向量的線性運(yùn)
算和坐標(biāo)運(yùn)算,特別是線性運(yùn)算、夾角計(jì)算、數(shù)量積的考查較多,模的計(jì)算、向量的垂直與平行也經(jīng)常出
現(xiàn),本題的求解涉及到平面向量的坐標(biāo)運(yùn)算,數(shù)量積以及夾角,很好的體現(xiàn)這種命題特點(diǎn).
寓?押題預(yù)測(cè)?
1.已知向量a=(l,2)/=(3,1),向量c滿足cJLa,a//(c+Z?),則。=()
A.(-2,-1)B.(2,-1)C.(—2,1)D.(2,1)
【答案】C
【分析】設(shè)出c=(x,y),根據(jù)題意利用向量的坐標(biāo)運(yùn)算列式運(yùn)算求解.
【詳解】設(shè)c=(x,y),則c+〃=(x+3,y+l),
由c_L〃,得x+2y=0,
又4//(c;+/“,得y+l—2(x+3)=(),即),=2x+5,
x+2y=0,x=-2
聯(lián)立-'解得
J=1
/.c=(-2,l).
故選:C.
回雷押裊格
本題考查平面向量的平行與垂直,以及平面向量的坐標(biāo)運(yùn)算,體現(xiàn)了試題的基礎(chǔ)性,考查考生的運(yùn)算
求解能力,屬于高考中應(yīng)知應(yīng)會(huì)的基礎(chǔ)題目.
2.在y中,角A為角A的平分線4。交8C于點(diǎn)。,已知AO=2&,且=
則AB?4O=()
A.IB.-C.9D.氈
22
【答案】C
【分析】利用共線定理的推理求得a=g,然后以A為原點(diǎn),以48為x軸建立平面宜角坐標(biāo)系,根據(jù)坐標(biāo)
第17頁(yè)共62頁(yè)
運(yùn)算求得8(3,0),然后由數(shù)量
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