2024年福建省泉州市高考物理質(zhì)檢試卷（三）(含詳細(xì)答案解析)

2024年福建省泉州市高考物理質(zhì)檢試卷（三）

一、單選題：本大題共4小題，共16分。

1.2023年晉江國(guó)際馬拉松賽于12月3日開跑，全程馬拉松（往返共42.195公里）賽道線路圖如圖所示。經(jīng)

過(guò)激烈角逐，中國(guó)選手徐冰潔以2小時(shí)38分16秒的成績(jī)獲得該賽事全程馬拉松的女子冠軍。下列說(shuō)法正

確的是（）

A.全程馬拉松的位移為42.195km

B.徐冰潔的平均速度大小約為16幻九/九

C.徐冰潔的平均速率約為16km"

D研究徐冰潔比賽全程的平均速率不能將其視為質(zhì)點(diǎn)

2.如圖，一個(gè)球形碗固定在水平地面上，一只甲蟲（可視為質(zhì)點(diǎn);從碗內(nèi)最低

點(diǎn)開始沿左側(cè)緩慢往上爬行，則在爬行過(guò)程中（）

A.碗對(duì)甲蟲的支持力逐漸增大B.碗對(duì)甲蟲的摩擦力逐漸增大

C.琬對(duì)甲蟲的作用力逐漸減小D.甲蟲所受的合外力逐漸減小

3.單反相機(jī)取景器的核心光學(xué)部件是一個(gè)五棱鏡，如圖所示，棱鏡的部分角度已在圖中標(biāo)出。一細(xì)束光垂

直A4面射入棱鏡，在C。面發(fā)生全反射，然后射到QE面和胡面，最終垂直4c面射出，則棱鏡對(duì)這束

光的折射率（）

E

D.一定等于2

4.如圖，在間距為d的水平固定平行金屬導(dǎo)軌上，放置質(zhì)量分別為

2人、的金屬桿M、N°N的中點(diǎn)系著一條跨過(guò)定滑輪的細(xì)繩，細(xì)繩

下端懸掛重物，滑輪左側(cè)細(xì)繩與導(dǎo)軌平行。兩導(dǎo)軌間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度

大小為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。當(dāng)重物質(zhì)量機(jī)取不同值時(shí)，系

統(tǒng)最終穩(wěn)定的狀態(tài)不同。設(shè)穩(wěn)定時(shí)M桿的加速度大小為4,回路中電動(dòng)勢(shì)為瓜電流為/、熱功率為幾己

知重力加速度大小為g,兩桿接入回路的總電阻為R,導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且電阻不計(jì)，忽略一切摩擦，兩桿始終

與導(dǎo)軌垂宜且接觸良好。則下列關(guān)系圖像合理的是（）

二、多選題：本大題共4小題，共24分。

5.氫原子能級(jí)結(jié)構(gòu)如圖所示，一群處于n=4能級(jí)的氫原子向較低能級(jí)nE/eV

OO.................................................0

躍遷，會(huì)發(fā)出不同頻率的光，下列說(shuō)法正確的是（）5-------------------------------0.54

4-------------------------------0.85

A.這群氫原子最多可以發(fā)出6種頻率的光3-------------------------------1.51

B.這群氫原子最多可以發(fā)出4種頻率的光2-------------------------------3.40

C.An=4能級(jí)躍遷到九=1能級(jí)發(fā)出的光子能量最大

D.從九=4能級(jí)躍遷到71=3能級(jí)發(fā)出的光子能量最大1-------------13.6

6.中國(guó)天眼E4ST觀測(cè)某脈沖雙星系統(tǒng)如圖所示。該雙星系統(tǒng)由兩顆相距較近的天體組成，并遠(yuǎn)離其他天

體，它們?cè)谙嗷ブg的萬(wàn)有引力俏用下，繞連線上的一點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。若較大天體質(zhì)量為M、運(yùn)動(dòng)軌

道半徑為R較小天體質(zhì)量為〃7、運(yùn)動(dòng)軌道半徑為八引力常最為G,則（）

A.兩天體質(zhì)量與半徑之間的關(guān)系式為Mr=mR

B.兩天體質(zhì)量與半徑之間的關(guān)系式為MR=mr

C.天體運(yùn)動(dòng)的角速度為J曾

D.天體運(yùn)動(dòng)的角速度為

7.空間中M、N兩點(diǎn)分別固定不等量的異種點(diǎn)電荷（電性及N點(diǎn)，’立置未標(biāo)出）.一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷夕僅在電

場(chǎng)力作用下先后經(jīng)過(guò)。、女兩點(diǎn)，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）

A.M點(diǎn)的電荷量值小于N點(diǎn)的電荷量值B.從h點(diǎn)到h點(diǎn)的過(guò)程中q的速度越來(lái)越大

C”點(diǎn)的電勢(shì)大于左點(diǎn)的電勢(shì)D.q在力點(diǎn)的加速度比k點(diǎn)加速度大

四、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共12分。

12.某同學(xué)自己在家里做單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)，由于沒有擺球，他用一塊不規(guī)則的石塊代替，用細(xì)

線將石塊系好，結(jié)點(diǎn)為A，細(xì)線上端固定于。點(diǎn)，如圖甲所示，然后用刻度尺測(cè)量細(xì)線的長(zhǎng)度L作為擺

長(zhǎng)，將石塊拉開一個(gè)小角度（約5。）并由靜止釋放，石塊擺到最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，用秒表測(cè)量完成50次全振

動(dòng)的總時(shí)間3由T二上求出周期，改變OA間細(xì)線的長(zhǎng)度，再做幾次實(shí)驗(yàn)，記下相應(yīng)的L和7?如表：

實(shí)驗(yàn)次數(shù)12345

擺線長(zhǎng)L（cm）60.370.579687.295.1

50次全振動(dòng)時(shí)間t（s）80.686.791899.9

周期7（s）1.611.731.841.99

（1）第4次實(shí)驗(yàn)時(shí)的秒表示數(shù)如圖乙所示，它的示數(shù)為s；

（2）該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的產(chǎn)一A圖像如圖丙所示，圖丙中圖像沒有通過(guò)原點(diǎn)的原因是；

（3）取/=9.87,由圖丙求出重力加速度g=m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；

（4）把細(xì)線的長(zhǎng)度作為擺長(zhǎng)，并由弱丙求出的g值_____（選填“大于”“小于”或“等于”）當(dāng)?shù)氐恼鎸?shí)

值。

13.某同學(xué)在探究實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要測(cè)量電流表4°的準(zhǔn)確內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：

待測(cè)電流表力o（量程為150mA,內(nèi)阻約為10。）

電源E（電動(dòng)勢(shì)為3匕內(nèi)阻較?。?/p>

電壓表V（量程為15V,內(nèi)阻約為15k。）

電流表4（量程為300〃認(rèn)，內(nèi)阻約為50）

定值電阻&（阻值為100

滑動(dòng)變阻器R（0?102額定電流為24）

開關(guān)、導(dǎo)線若干

在盡可能準(zhǔn)確地測(cè)量出電流表4。的內(nèi)阻為的情況下，請(qǐng)完成卜.列問(wèn)題：

&

(1)某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲電路圖，虛線方框中應(yīng)接入(選填"V”或“Ro”)：

(2)按圖甲電路，用筆畫線表示導(dǎo)線，將圖乙中實(shí)物圖連接完整；

(3)開關(guān)閉合前，圖乙中滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片。應(yīng)處于端(選填“左”或“右”)；

(4)若某次實(shí)驗(yàn)，電流表4的示數(shù)為/。，電流表A的示數(shù)為/,則電流表A。的內(nèi)阻?=。(選用/。、八

Ro或電壓表的不數(shù)U表不)

五、簡(jiǎn)答題：本大題共3小題，共40分。

14.如圖甲所示，銀行取款機(jī)房裝有單邊自動(dòng)感應(yīng)門，其中有一崩玻璃門與墻體固定，另一扇是可動(dòng)玻璃

門。當(dāng)人進(jìn)入了感應(yīng)區(qū)時(shí)，可動(dòng)玻璃門將自動(dòng)開啟，反之將自動(dòng)關(guān)閉，圖乙為感應(yīng)門的俯視圖。當(dāng)某人一

直在感應(yīng)區(qū)內(nèi)時(shí)，可動(dòng)玻璃門先勻加速運(yùn)動(dòng)了0.3m,用時(shí)0.5s,而后立即勻減速運(yùn)動(dòng)了0.6m怡好停下。求

可動(dòng)玻璃門:

(1)勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小；

(2)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度大?。?/p>

(3)開啟全程運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間。

15.如圖，左端固定在墻壁上的水平輕質(zhì)彈簧，處于自然狀態(tài)時(shí)另一端在光滑水平臺(tái)面右端；質(zhì)量為的

小車靜置于光滑的水平面上且緊靠平臺(tái)，其左側(cè)〃端與臺(tái)面等高，小車的上表面由長(zhǎng)度為R的粗糙水平面

必和半徑為R的四分之一圓弧形光滑軌道兒組成。質(zhì)量為切的小物塊P(與彈簧不栓接)在外力作用F將彈

簧壓縮至某一位置，由靜止釋放后從。端以大小為2質(zhì)(g為重力加速度大小)的速度滑上小車，恰好能到

達(dá)頂端c。

(1)求由靜止釋放時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能％;

(2)求P與ab間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃；

(3)請(qǐng)通過(guò)計(jì)算判斷夕是否會(huì)滑離小車？

16.如圖甲所示，在水平地面上方分布有相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)與勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)方向豎直向上，場(chǎng)強(qiáng)大小

為E,磁場(chǎng)方向垂直紙面向里。在離地高為人的。點(diǎn)處建立,直角坐標(biāo)系xOy,y軸豎直向上。■個(gè)帶正

電小球A從。點(diǎn)以速率為沿工軸負(fù)方向射出，恰好可以垂直打到地面。已知重力加速度大小為g,A受到

的電場(chǎng)力恰好等于重力，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中帶電最不變，忽略空氣阻力。

(1)求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B；

(2)若大量與A相同的小球仍從O點(diǎn)以速率孫在平面內(nèi)沿各個(gè)方向先后射出，小球間的相互作用均不

計(jì)，落地后均不反彈，求小球落地點(diǎn)區(qū)間的長(zhǎng)度；

(3)若撤去電場(chǎng)，小球仍從。點(diǎn)以某一速率沿)，軸正方向射出，恰好不會(huì)打到地面。

i.求小球從0點(diǎn)射出時(shí)的速率%:

ii.二知小球的速率y與時(shí)間/的關(guān)系如圖乙所示，求小球速率達(dá)到最小時(shí)兩個(gè)位置之間的距離。

答案和解析

1.【答案】C

【解析］解：A、馬拉松運(yùn)動(dòng)的軌跡是曲線，故42.196km指的是路程大小，故A錯(cuò)誤；

BC、16kzn//i是路程與時(shí)間的比值，是平均速率，故8錯(cuò)誤，C正確；

D、研究徐冰潔比賽全程的平均速率時(shí)，徐冰潔的大小和形狀不影響研究問(wèn)題，可以將其視為質(zhì)點(diǎn)，故D

錯(cuò)誤。

故選:Co

位移是初位置指向末位置的有向線段，路程是軌跡的長(zhǎng)度。平均速度等于位移與時(shí)間是比值，平均速率等

于路程與時(shí)間的比值。

該題考查對(duì)時(shí)間與時(shí)刻、路程與位移，平均速度與平均速率的理解，時(shí)刻具有瞬時(shí)性的特點(diǎn)，是變化中的

某一瞬間：時(shí)間間隔具有連續(xù)性的特點(diǎn)，與某一過(guò)程相對(duì)應(yīng)。

2.【答案】B

【解析】解：A3。、以甲蟲為對(duì)象，甲蟲緩慢移動(dòng)，可以視為平衡狀

態(tài)，所受合力為零；如圖所示，受力情況：重力〃吟，球面支持力N和摩

擦力/，根據(jù)平衡條件得：

N=mgcosO,f=mgsinO

甲蟲向左上方爬行，8增加，cos。減少，sin8增加，則碗對(duì)甲蟲的支持力

變小，摩擦力變大，故4及錯(cuò)誤，B正確：

C、甲蟲處于平衡狀態(tài)，受到地球的作用力和碗對(duì)甲蟲的作用力，由于甲蟲處于平衡狀態(tài)，故碗對(duì)甲蟲的

力的大小等于重力大小，且不變億，故C錯(cuò)誤；

故選:B。

甲蟲從碗底緩慢向上爬，代表甲蟲在移動(dòng)過(guò)程中加速度近似為零，可以視為平衡狀態(tài)，在爬行過(guò)程中，甲

蟲只受到三個(gè)力：重力、支持力和摩擦力，建立平衡方程即可；還需注意甲蟲只受到地球的作用力和碗的

作用力，是一對(duì)平衡力。

本題運(yùn)用力的平行四邊形定則研究的動(dòng)態(tài)問(wèn)題，受力分析中的面圖最為關(guān)鍵；看碗對(duì)甲蟲的作用力的時(shí)

候，就有摩擦力和支持力，直接分析時(shí)容易少分析一個(gè)力，是易錯(cuò)點(diǎn)，而從對(duì)甲蟲的施力物體來(lái)分析可以

有效避免這個(gè)錯(cuò)誤發(fā)生；而看合力，一般先從運(yùn)動(dòng)狀態(tài)分析，物體處于平衡狀態(tài)時(shí)合力為零。

3.【答案】C

【解析】解：根據(jù)幾何關(guān)系可知，光在。E面的入射角為:

e=90°-60°=30°

由于光在。。面發(fā)生全反射，則臨界角為：

C<30。

根據(jù)折射率與臨界角的關(guān)系式有

1

n=sinC

解得：n>2,故C正確，A3。錯(cuò)誤；

故選:Co

根據(jù)幾何關(guān)系得出對(duì)應(yīng)的入射角，結(jié)合折射定律得出棱鏡對(duì)光的折射率。

本題主要考查了光的折射定律，熟悉光的傳播特點(diǎn)，結(jié)合幾何關(guān)系和折射定律即可完成解答。

4.【答案】D

【解析】解：N桿受到的安培力逐漸增大，M桿受到的安培力逐漸增大，M桿的加速度逐漸增大，N桿的

加速度逐漸減小，最終兩根等長(zhǎng)雙桿的加速度會(huì)相等，根據(jù)牛頓第二定律可得：

mg=(3m0+m)a

解得：。二產(chǎn)一，因此加速度〃與機(jī)的變化關(guān)系不是線性的，故人錯(cuò)誤；

4、根據(jù)上述分析可知，最終兩根等長(zhǎng)雙桿的加速度相等，速度差恒定，則整個(gè)系統(tǒng)中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)恒

定，故B錯(cuò)誤；

C、對(duì)M根據(jù)牛頓第二定律可得：

B/d=2moa

2?n()mg

解得:故C錯(cuò)誤;

Bd(3mQ+ni)'

D、熱功率為:

f=旃")2R

圖中的曲線走向是對(duì)的，最終的穩(wěn)定值為:

p=(^2R,故。正確；

OU

故選：。。

對(duì)兩根桿進(jìn)行受力分析，結(jié)合牛頓第二定律得出桿最終的加速度：

根據(jù)兩根桿的速度差，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律得出電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式;

根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合安培力的計(jì)算公式得出電流的大?。?/p>

結(jié)合功率的計(jì)算公式得出功率的大小。

本題主要考查了電磁感應(yīng)的相關(guān)應(yīng)用，熟悉導(dǎo)體桿的受力分析，結(jié)合牛頓第二定律和功率的計(jì)算公式即可

完戌解答。

5.【答案】AC

【解析】解：/B.根據(jù)盤=6可知，這群氫原子最多能發(fā)出6種頻率不同的光，故A正確，4錯(cuò)誤：

CD從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，發(fā)出的光子能最等于這兩個(gè)能級(jí)的能量差值，所以在這群氫原子發(fā)出的光

子中，從n=4能級(jí)躍遷到九二1能級(jí)所發(fā)出光子能量最大，故C正確，加錯(cuò)誤。

故選：AC.

4B.根據(jù)公式計(jì)算最多能發(fā)出的幾種不同頻率的光；

CD根據(jù)高低能級(jí)躍遷時(shí)發(fā)出光子的能量規(guī)律進(jìn)行分析判斷。

考查能級(jí)躍遷的基本規(guī)律，會(huì)根據(jù)公式計(jì)算發(fā)出的光子頻率數(shù)，會(huì)計(jì)算發(fā)出光子的能量值。

6.【答案】B。

【解析】解：A3、雙星是同軸轉(zhuǎn)動(dòng)模型，其角速度相等，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得等=MRR2=

mrto2

解得MR=mr

故4錯(cuò)誤，B正確；

CD、根據(jù)題意可知L=R+r

解得3=/—竺丁，故。正確，C錯(cuò)誤。

、（R+r^r

故選：BD.

雙星是同軸轉(zhuǎn)動(dòng)模型，其角速度相等；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，分別對(duì)兩星球列方程，解方程組，即可

解答。

解決本題的關(guān)鍵是知道雙星靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力，具有相同的角速度，以及會(huì)用刀有引力提供

向心力進(jìn)行求解。

7【答案】AB

【解析】解：A、帶負(fù)電的電荷運(yùn)動(dòng)的軌跡幾乎是橢圓，故可知N在一個(gè)焦點(diǎn)上，可知N帶正電，M帶負(fù)

電，由于軌跡離N點(diǎn)越來(lái)越近，可知N電的電荷量大于M點(diǎn)的電荷量，故A正確；

B、由圖可知，從。點(diǎn)到左點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，則夕的速度越來(lái)越大，故8正確；

C、N點(diǎn)電荷為正電荷，2點(diǎn)靠近M則電勢(shì)較高，故。錯(cuò)誤；

。、太離N點(diǎn)比〃離N點(diǎn)更近，則在4點(diǎn)的電場(chǎng)力更大，故“在匕點(diǎn)加速度大于在九點(diǎn)的加速度，故。錯(cuò)

誤；

故選:AB.

根據(jù)電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡得出粒子的電性和電荷量的大小關(guān)系；

根據(jù)電場(chǎng)力的做功類型分析出夕的速度了變化趨勢(shì)；

沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低：

根據(jù)不同點(diǎn)到電荷的距離，結(jié)合牛頓第二定律得出在兩點(diǎn)的加速度大小關(guān)系。

本題主要考查了帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，熟悉電荷的受力分析，結(jié)合電場(chǎng)線和電勢(shì)的關(guān)系即可完成解

答。

8.【答案】AD

【解析】解：A、小球恰好靜止在斜面上，其受力平衡，對(duì)其受力分析如下圖所示。

小球受到的電場(chǎng)力方向水平向左，電場(chǎng)力qE與重力mg的合力F與斜面對(duì)小球的支持力N等大反向，則

有：

*=tan8,解得勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E=舞，故A正確；

B、由4選項(xiàng)的分析可知電場(chǎng)力gE與重力〃火的合力尸的方向垂直于斜面向下，并與圓弧形軌道的直徑

AE平行，合力尸的大小為?二9=乎。

cos04

小球沿斜面向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的速度等于%,由于半圓弧段A4是硬質(zhì)細(xì)圓管，所以小球

到達(dá)8點(diǎn)的臨界最小速度為零，>0.對(duì)小球由A到4的過(guò)程由動(dòng)能定理得：

1.1

-Fx2r=2mvB~2mvo9

解得：v0>J5gr,故B錯(cuò)誤；

C、將電場(chǎng)力gE與重力〃?g的合力廠作為等效重力，則4點(diǎn)為小球圓周運(yùn)動(dòng)的等效最高點(diǎn)，若使小球能夠

沿軌道外側(cè)做圓周運(yùn)動(dòng)到達(dá)。點(diǎn)，在8的需滿足：7n逋之尸，解得：為N雀，即小球到達(dá)B的速度滿

足此條件時(shí)，小球不會(huì)在8C段脫離軌道。若小球到達(dá)8的速度滿足：0V為〈年，小球到達(dá)8點(diǎn)時(shí)與

軌道內(nèi)側(cè)擠壓，經(jīng)過(guò)4點(diǎn)小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，而不會(huì)沿著圓弧軌道8c運(yùn)動(dòng)，故無(wú)論小球經(jīng)過(guò)5點(diǎn)時(shí)的速

度多大，小球都不可能在段某點(diǎn)脫離軌道，故C錯(cuò)誤;

。、假設(shè)小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)后做類平拋運(yùn)動(dòng)到達(dá)。點(diǎn)，可得：

由B到。沿船方向有：

r

由B到。沿0C方向有：r=vBt

解得經(jīng)過(guò)3點(diǎn)的速度為：W=底〈苧故假設(shè)成立，小球可以做類平拋運(yùn)動(dòng)到達(dá)。點(diǎn)。

小球做類平拋運(yùn)動(dòng)到達(dá)C點(diǎn)時(shí)沿8A方向的分速度為：為'xt,解得：為二倍

則到達(dá)。點(diǎn)的速度大小為：vc=.+對(duì),解得：介=笑畫，故。正確。

故選：AD.

小球恰好靜止在斜面上，其受力平衡，根據(jù)平衡條件求解勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大??；小球沿斜面向下做勻速直

線運(yùn)動(dòng)，小球到達(dá)B點(diǎn)的臨界最小速度為零，對(duì)小球由A到8的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理求解小球能到達(dá)B點(diǎn)

的條件；8點(diǎn)為小球圓周運(yùn)動(dòng)的等效最高點(diǎn)，若小球到達(dá)B的速度較大，小球不會(huì)在8C段脫離軌道。若

小球到達(dá)B的速度較小，經(jīng)過(guò)B點(diǎn)小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，而不會(huì)沿著圓弧軌道BC運(yùn)動(dòng)；假設(shè)小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)

后做類平拋運(yùn)動(dòng)到達(dá)C點(diǎn)，應(yīng)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解求解小球做類平拋運(yùn)動(dòng)到達(dá)C點(diǎn)的速度。

本題考查了帶電體在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題。在勻強(qiáng)電場(chǎng)的圓周運(yùn)動(dòng)，要掌握用“等效重力”解題的技巧，會(huì)找

”等效最高點(diǎn)或最低點(diǎn)”。

9.【答案】小于等于做正功

【解析】解：A-8過(guò)程中，理想氣體體積不變，根據(jù)查理定律可知，壓強(qiáng)增大，溫度升高，理想氣體平

均動(dòng)能增大，則氣體在狀態(tài)A的分子平均動(dòng)能小于在狀態(tài)B的分子平均動(dòng)能；

根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程可得：

PBVB_PcVc

丁一丁

根據(jù)圖中壓強(qiáng)與體積的數(shù)據(jù)可知，

TB=Tc

即在狀態(tài)B的溫度等「在狀態(tài)C的溫度。

P-U圖像中，圖像與V軸所圍兒何圖形的面積表示功，可知一個(gè)循環(huán)過(guò)程中，氣體對(duì)外界做功為

(1)X2

W=WBC+WCA+WAB=^-2xl/+0=2/,表示氣體對(duì)外界做正功。

故答案為：小于；等于；做正功。

分子的平均動(dòng)能由溫度決定，根據(jù)查理定律得出氣體在不同狀態(tài)下的溫度高低，結(jié)合圖像的物理意義完成

解答。

本題主要考查了一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程，能根據(jù)圖像得出氣體狀態(tài)參量的變化，結(jié)合圖像的物理意

義即可完成分析。

10.【答案】加強(qiáng)點(diǎn)8A

【解析】解：兩個(gè)相干波源，它們振動(dòng)同步，P點(diǎn)與Si、S2間的距離相等，所以總是兩列波的波峰與波

峰、波谷與波谷相遇，則。處質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)；

因?yàn)镻處質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，則它的振幅為24它振動(dòng)一個(gè)周期所通過(guò)的路程為：

s=4x24=84

故答案為：加強(qiáng)點(diǎn)；8A。

根據(jù)波的干涉特點(diǎn)得出〃處質(zhì)點(diǎn)的特點(diǎn)，結(jié)合簡(jiǎn)諧橫波的傳播特點(diǎn)得出質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)所通過(guò)的路程。

本題主要考查了光的干涉現(xiàn)象，熟悉光的傳播特點(diǎn)，結(jié)合波的疊加特點(diǎn)即可完成分析。

11.【答案】60.01

【解析】解：交變電壓表的示數(shù)為有效值，則該示數(shù)為

6/2

U=-j=-V=6V

正弦交變電壓u=6V_2sinl007rt(l,)

則有半=IOOTT

解得：T=0.02s

由于裝置通過(guò)變壓器獲得高壓，使放電針產(chǎn)生火花點(diǎn)燃煤氣，而在上述一個(gè)周期之內(nèi)，裝置可以獲得兩次

高壓，可知放電針點(diǎn)火一次相隔的時(shí)間為：

11

t=-^T=5x002s=0.01s

故答案為：6；0.01

理解電壓表的測(cè)量對(duì)象，結(jié)合交變電壓的表達(dá)式得出電流的周期，再利用變壓器的工作原理得出對(duì)應(yīng)的點(diǎn)

火時(shí)間間隔。

本題主?？疾榱俗儔浩鞯南嚓P(guān)應(yīng)用，理解變壓器的工作原理即可完成分析，難度不大。

12.【答案】95.9以細(xì)線長(zhǎng)當(dāng)作擺長(zhǎng)9.77等于

【解析】解：(1)根據(jù)秒表的讀數(shù)規(guī)則，小盤過(guò)半大盤的讀數(shù)要加30$,所以是1m出35.9s=95.9s；

(2)圖像不過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，代表在相司的周期，擺長(zhǎng)是偏小的，即以細(xì)線長(zhǎng)當(dāng)作擺長(zhǎng)，不是懸點(diǎn)到不規(guī)則石

塊重心的距離；

(3)由單擺周期公式T=27r可得

47r2

L=-----L

9

圖像的斜率k=—=------40-0―z7s2/m=4.04s2/m

9[95-(-4)]xlOz

解得g=9.77m/s2

(4)雖然將細(xì)線長(zhǎng)作為擺長(zhǎng)導(dǎo)致擺長(zhǎng)偏小，但不會(huì)影響圖內(nèi)的圖像斜率，所以根據(jù)圖內(nèi)斜率大小計(jì)算當(dāng)?shù)?/p>

重力加速度的值等于當(dāng)?shù)氐恼鎸?shí)值。

故答案為：(1)95.9；

(2)以細(xì)線長(zhǎng)作為擺長(zhǎng)；

(3)9.77；

(4)等于。

(1)根據(jù)秒表的讀數(shù)規(guī)則完成讀數(shù)；

(2)根據(jù)不過(guò)原點(diǎn)的可能原因進(jìn)行分析判斷；

(3)根據(jù)單擺的周期公式結(jié)合圖丙里像的斜率意義進(jìn)行計(jì)算解答；

(4)根據(jù)圖丙圖像斜率和擺長(zhǎng)計(jì)算之間是否有聯(lián)系進(jìn)行判斷。

考查單提的周期公式，會(huì)根據(jù)單推周期公式結(jié)合圖像計(jì)算當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取?/p>

13.【答案】R左"一”。

oz0

【解析】解：(1)根據(jù)題意，待測(cè)電流表的滿偏電壓％=/”0=150x10-3x101/=L5V,遠(yuǎn)低于電壓表

量程的―為5P),故虛線框中不能是電壓表，只能是電阻Ro；

(2)根據(jù)電路圖完成的實(shí)物連線如下圖所示

乙

(3)開關(guān)閉合前，為了使測(cè)量部分的電流最小，需要將圖乙中滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片P應(yīng)處于左端:

(4)根據(jù)歐姆定律

Uo(一⑹凡)

"=一^

故答案為：(1)&；(2)實(shí)物連線如上圖所示；(3)左；(4)空轡。

(1)估算待測(cè)電流表的最大電壓結(jié)合電壓表的晟程進(jìn)行比較判斷；

(2)根據(jù)電路圖完成實(shí)物連線；

(3)根據(jù)電學(xué)實(shí)驗(yàn)的注意事項(xiàng)進(jìn)行操作；

(4)根據(jù)歐姆定律列式并完成推導(dǎo)，

考查實(shí)物連線和歐姆定律，以及電學(xué)實(shí)驗(yàn)的注意事項(xiàng)等，會(huì)根據(jù)要求準(zhǔn)確完成實(shí)驗(yàn)，測(cè)量相關(guān)的物理量。

14.【答案】解：(1)依題意，可動(dòng)玻璃門加速過(guò)程中

S］二］組

解得a=2Am/s2

(2)依撅意，可動(dòng)玻璃門加速過(guò)程中，最大速度大小為

V=

解得v=1.2m/s

(3)依題意，可動(dòng)玻璃門減速過(guò)程中的時(shí)間為

.S2

f2=-T

2

仝程的總時(shí)間為

t=t1+t2

解得t=1.5s

答：(1)勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為2.4m/s2；

(2)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度大小為1.2m/s；

(3)開啟全程運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為1.5s。

【解析】(1)根據(jù)位移-時(shí)間公式求出門加速階段的加速度大?。?/p>

(2)根據(jù)速度-時(shí)間關(guān)系求出最大速度；

(3)根據(jù)位移-時(shí)間公式解得時(shí)間。

本題考杳了勻變速直線運(yùn)動(dòng)的綜合應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵是根據(jù)情景分析出各階段門的位移以及運(yùn)動(dòng)時(shí)

間。

15.【答案】解：(1)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，P的速度為先,

由系統(tǒng)能量守恒得

其中%=2yf~gR

解得：Ep=2mgR

(2升合好到達(dá)頂點(diǎn)。時(shí)，P與小車共速，設(shè)此時(shí)速度大小為1，，

由系統(tǒng)能量守恒、水平方向動(dòng)量守恒得mu。=(TH+3m)v

1.1

5WIVQ=5(巾+3mW+mgR+fimgR

聯(lián)立解得：〃=0.5

(3)設(shè)小物塊戶最終停在小車上離b的距離為s,則此時(shí)P與小車速度大小均為v,

由系統(tǒng)能量守恒得

mgR=nmgs

解得：s=2R

因s>R,故尸會(huì)滑離小車。

答：(1)由靜止釋放時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為2〃吆尺

(2)P與ab間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5；

(3)P不會(huì)滑離小車。

【脩析】(1)根據(jù)能量守恒定律得出彈簧的彈性勢(shì)能；

(2)根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律得出〃的大小；

(3)根據(jù)能量守恒定律得