云南省麗江市2025屆高三復(fù)習(xí)統(tǒng)一檢測(cè)物理答案

物理參考答案·第4頁（共6頁）麗江市2025屆高中畢業(yè)生復(fù)習(xí)統(tǒng)一檢測(cè)物理參考答案一、選擇題（43分，1-7題每題4分，8-10題每題5分，選對(duì)不全得3分）題號(hào)12345678910答案ABCDDDCABBDBD1．A【詳解】A．是核裂變反應(yīng)，故A正確；B．在原子核中，比結(jié)合能越大表示原子核中的核子結(jié)合得越牢固，故B錯(cuò)誤；C．半衰期是對(duì)大量的原子核衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)少量的原子核不適用，所以無法判斷16個(gè)氡原子核，經(jīng)過7.6天后剩下多少氡原子核，故C錯(cuò)誤；D．α射線比γ射線電離能力強(qiáng)，但穿透能力弱，故D錯(cuò)誤。故選A。2．B【詳解】AB．由開普勒第二定律可知，鵲橋二號(hào)在近月點(diǎn)A速度最大，在遠(yuǎn)月點(diǎn)C速度最小，可知從A到C的過程中，速度逐漸減小，鵲橋二號(hào)由A第一次運(yùn)動(dòng)到B的弧長(zhǎng)等于由B第一次運(yùn)動(dòng)到C的弧長(zhǎng)，因此可知鵲橋二號(hào)由A第一次運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間小于由B第一次運(yùn)動(dòng)到C的時(shí)間，即；由鵲橋二號(hào)與月球連線在相等的時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等可知，對(duì)應(yīng)的兩個(gè)階段鵲橋二號(hào)與月球連線掃過的面積則有，A錯(cuò)誤，B正確；C．因此鵲橋二號(hào)在近月點(diǎn)A附近，在相等時(shí)間內(nèi)通過的弧長(zhǎng)較長(zhǎng)，即運(yùn)動(dòng)的速度較大，在B點(diǎn)附近，在相等時(shí)間內(nèi)通過的弧長(zhǎng)較小，即運(yùn)動(dòng)速度較小，因此有在A點(diǎn)的速度大于在B點(diǎn)的速度，即，C錯(cuò)誤；D．設(shè)月球質(zhì)量為M，鵲橋二號(hào)質(zhì)量為m，由牛頓第二定律可得可知，則有，D錯(cuò)誤。故選B。3．C【詳解】A．機(jī)械能E與位移x的關(guān)系圖像切線的斜率表示拉力F的大小，由圖可知，x1處圖像切線的斜率最大，則說明此時(shí)拉力最大，在0~x1過程中物體所受拉力逐漸增大，x1~x2過程中，拉力減小，x2處所受拉力為零，故A錯(cuò)誤；B．x1~x2過程中，拉力減小，x2處所受拉力為零，則在這一過程中物體應(yīng)先加速后減速，則說明最大速度一定不在x1處，故B錯(cuò)誤；C．x1~x2過程中，物體先加速后減速，故動(dòng)能先增大后減??；x2~x3的過程機(jī)械能不變，拉力為零，物體在重力作用下做減速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能繼續(xù)減小，故在x1~x3過程中，物體的動(dòng)能先增大后減小，故C正確；D．由圖像可知，0~x2過程中，拉力先增大后減小，直到變?yōu)榱?，則物體受到的合力應(yīng)先增大，后減小，減小到零后，再反向增大，即加速度應(yīng)先增大，后減小，再反向增大，故D錯(cuò)誤。故選C。4．D【詳解】根據(jù)交流電的有效值的定義可知5．D【詳解】A．電梯具有豎直向上的加速度a，由于速度方向未知，則電梯可能加速上升或減速下降，故A錯(cuò)誤；B．對(duì)小球受力分析，如圖水平方向由平衡條件豎直方向由牛頓第二定律所以斜面對(duì)小球的彈力大小為故B錯(cuò)誤；CD．若增大加速度a，根據(jù)可知斜面對(duì)小球的彈力增大，根據(jù)可知擋板對(duì)小球的彈力一定增大，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6．D【詳解】A．球垂直撞在斜面上，則速度關(guān)系為解得當(dāng)B球拋出點(diǎn)與落點(diǎn)的連線垂直于斜面時(shí)，位移最短，則解得則有故選D。7．C【詳解】A．由題意可知，帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，粒子射出磁場(chǎng)時(shí)離S最遠(yuǎn)的位置是x軸上的P點(diǎn)，可以畫出其軌跡1，如圖所示，可知SP為直徑，由幾何關(guān)系則有得由洛侖茲力提供向心力可得得A錯(cuò)誤；B．粒子的運(yùn)動(dòng)周期得從O點(diǎn)射出的粒子如軌跡3，由幾何知識(shí)可得軌跡3所對(duì)應(yīng)的圓心角為60°，在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間故B錯(cuò)誤；C．從x軸上射出磁場(chǎng)的粒子中，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子為運(yùn)動(dòng)軌跡與x軸相切的粒子（軌跡2），對(duì)應(yīng)的圓心角為270°，得所以故C正確；D．沿平行x軸正方向射入的粒子，圓心在原點(diǎn)處，運(yùn)動(dòng)軌跡為四分之一圓，離開磁場(chǎng)時(shí)的位置到O點(diǎn)的距離為d，故D錯(cuò)誤。故選C。8．AB【詳解】A．由圖像可知，運(yùn)動(dòng)員在前20m運(yùn)動(dòng)的任何時(shí)刻的瞬時(shí)速度都比在最后20m運(yùn)動(dòng)的任何時(shí)刻的瞬時(shí)速度小，則在前20m的平均速度一定小于在最后20m的平均速度，位移相同，平均速度小的時(shí)間更長(zhǎng)。故A正確；BC．由圖像可知，運(yùn)動(dòng)員在最后20m的瞬時(shí)速度與在30m~80m的瞬時(shí)速度相差不大，則平均速度也相差不大。故B正確；C錯(cuò)誤；D．不論搶跑與否，運(yùn)動(dòng)員的起始位置與結(jié)束位置都不變，圖像不會(huì)向左或向右移動(dòng)。故D錯(cuò)誤。故選AB。9．BD【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)N從時(shí)刻開始振動(dòng)，由振動(dòng)圖像可知此時(shí)質(zhì)點(diǎn)N向上振動(dòng)；由圖可知波長(zhǎng)為4m，周期為0.2s，波速為20m/s故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)M、N的位置關(guān)系可知，s時(shí)刻，M質(zhì)點(diǎn)在x軸下方向平衡位置運(yùn)動(dòng)，速度逐漸增大，從到經(jīng)歷了0.15s，即，則質(zhì)點(diǎn)M通過的路程s>3A=15cm，故B正確；C．根據(jù)振動(dòng)圖像可知時(shí)，質(zhì)點(diǎn)N在最大位移處，故C錯(cuò)誤；D．由圖丙可知位于x=10m、8m、6m、4m、2m的點(diǎn)兩列波的運(yùn)動(dòng)方向一致，為加強(qiáng)點(diǎn)，故D正確；故選BD。10．BD【詳解】C．兩極板間距離未知，電子能否到達(dá)P板無法判斷，C錯(cuò)誤；B．電子在0~t時(shí)間內(nèi)做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度的大小位移依題意得解得所以，當(dāng)兩板間距離時(shí)，電子到達(dá)P板的速度最大，B正確；D．在t~2t時(shí)間內(nèi)，電子先向上勻減速運(yùn)動(dòng)，后向下勻加速運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)，速度零時(shí)位移最大，加速度的大小為初速度的大小v1=a1t向上勻減速運(yùn)動(dòng)階段的位移x2=當(dāng)d=x1+x2時(shí)解得當(dāng)兩板間距離時(shí)，電子恰好好到達(dá)P板，也是2t時(shí)間內(nèi)電子向上運(yùn)動(dòng)的最大位移，所以當(dāng)兩板間距離d>時(shí)，2t時(shí)間內(nèi)電子不會(huì)達(dá)到P板，D正確；A．3t，5t，…，（2n-1）t這些時(shí)刻，不是電子向上運(yùn)動(dòng)最大位移的時(shí)刻，無論兩板間的距離多大，電子不可能這些時(shí)刻到達(dá)P板，A錯(cuò)誤。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題（16分）11．（每空2分）（1）AC（2）4.945（4.942～4.947之間均給分）（之間均給分）【詳解】（1）[1]A．相鄰兩亮條紋間距，藍(lán)光波長(zhǎng)小于紅光波長(zhǎng)，將藍(lán)色濾光片換成紅色濾光片，則相鄰干涉條紋間距變寬，A正確；B．條紋間距與單縫和雙縫間的距離無關(guān)，B錯(cuò)誤；C．相鄰兩亮條紋間距，雙縫間距變大，條紋間距變小，C正確；D．光源發(fā)出的光如果不是單色光，去掉濾光片，仍能發(fā)生干涉現(xiàn)象，是復(fù)色光的干涉，D錯(cuò)誤；故選AC。（2）[2]4.5mm+44.50.01mm=4.945mm[3]由題圖可知，條紋間距，雙縫與屏之間的距離為m，雙縫間的距離mm，由，得代入數(shù)據(jù)得m12．（每空2分）（1）串聯(lián)59800（2）

（3）（4）0.27/0.28/0.29/0.30/0.31【詳解】（1）[1][2]若想靈敏電流計(jì)G改裝成量程為6V的電壓表，需要串聯(lián)一個(gè)定值電阻R2，該定值電阻的阻值（2）[3]電路如圖，其中R1為保護(hù)電阻；

（3）[4]由電路圖可得因已知電源中的電流遠(yuǎn)大于電流計(jì)G中的電流，則可寫成即則解得（4）[5]由電路可知即U=6-20I將此關(guān)系圖像畫在燈泡的U-I圖像中，如圖；

則交點(diǎn)為電路的工作點(diǎn)，則I=0.24A，U=1.2V，則每只燈泡消耗的功率P=IU=0.29W四、解答題（要求寫出必要文字說明和解答過程，只寫結(jié)果不給分）13．（1）（2）【詳解】（1）設(shè)穩(wěn)定時(shí)汽缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p，根據(jù)玻意耳定律（2分）解得（2分）（2）由熱力學(xué)第一定律知（2分）又（2分）解得（2分）14．（1）（2）【詳解】（1）正方形線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)（2分）閉合開關(guān)S后，導(dǎo)體棒a加速運(yùn)動(dòng)，隨著速度的增加，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也逐漸增大，回路電流逐漸減小，當(dāng)達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，回路電流為零，導(dǎo)體棒a產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與正方形線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小相等（1分）可得最大速度（1分）（2）兩導(dǎo)體棒發(fā)生彈性碰撞，滿足（1分）（1分）解得，（1分）導(dǎo)體棒b進(jìn)入B2后，切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，與導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒a形成閉合回路，形成電流，受到向后的安培力，做減速運(yùn)動(dòng)，最終停止運(yùn)動(dòng)，該過程中（1分）（1分）根據(jù)動(dòng)量定理（1分）而（1分）整理可得區(qū)域III的長(zhǎng)度至少為（1分）區(qū)域III的面積至少為（1分）15．（1）（2），（3）【詳解】（1）對(duì)A進(jìn)行受力分析可得（2分）代入題中數(shù)據(jù)解得（1分）（2）假設(shè)長(zhǎng)木板、物體B、C一起加速，加速度為，則有因?yàn)榧僭O(shè)成立。所以（1分）設(shè)物體A與物體B碰前所需時(shí)間為t，則（1分）解得（1分）設(shè)物體A、B碰前速度為、，則，解得，（1分）物體A、B碰后速度為、，則根據(jù)動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律可得（1分）（1分）解得，（1分）（3）對(duì)A有（0.5分）得（0.5分）輕質(zhì)薄木板與B、C相對(duì)靜止，有相同的加速度（0.5分）設(shè)物體A與物體B碰前所需時(shí)間為，物體