甘肅省張掖市2022屆高三上學(xué)期理綜物理期末檢測(cè)試卷

甘肅省張掖市2022屆高三上學(xué)期理綜物理期末檢測(cè)試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題1．下列說(shuō)法中正確的是（）A．太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的核聚變反應(yīng)B．天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)，揭示了原子核是由質(zhì)子和中子組成的C．放射性元素的半衰期隨溫度的升高而變短D．氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，原子總能量減少2．磁吸式手機(jī)架是一種通過(guò)磁力固定住手機(jī)的支架，它的優(yōu)點(diǎn)是體型小巧，不擠占空間，可以隨意粘貼固定在任何個(gè)地方，調(diào)整角度也非常靈活，圖為靜止在水平面上的磁吸式手機(jī)架和手機(jī)。關(guān)于此情景下列說(shuō)法正確的是（）A．若手機(jī)質(zhì)量為m，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，手機(jī)平面與水平面夾角為θ，則手機(jī)架對(duì)手機(jī)的支持力為mgcosθB．若僅將該手機(jī)改為豎屏放置（不改變吸盤(pán)角度且手機(jī)不接觸水平面）則手機(jī)架的支持力變小，導(dǎo)致手機(jī)容易滑落C．手機(jī)架對(duì)手機(jī)的作用力豎直向上D．只有當(dāng)手機(jī)架的吸盤(pán)水平放置時(shí)，手機(jī)架和水平面才沒(méi)有摩擦力3．2020年7月22日，中國(guó)火星探測(cè)工程正式對(duì)外發(fā)布“中國(guó)首次火星探測(cè)任務(wù)宇宙飛船‘天問(wèn)一號(hào)’著陸平臺(tái)和火星車(chē)”。飛船“天問(wèn)一號(hào)”從地球上發(fā)射到與火星會(huì)合，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線橢圓所示。飛向火星過(guò)程中，太陽(yáng)對(duì)“天問(wèn)一號(hào)”的引力遠(yuǎn)大于地球和火星對(duì)它的吸引力。下列說(shuō)法正確的是（）A．與火星會(huì)合前，“天問(wèn)一號(hào)”的加速度小于火星公轉(zhuǎn)的向心加速度B．“天問(wèn)一號(hào)”在無(wú)動(dòng)力飛向火星的過(guò)程中，引力勢(shì)能增大，動(dòng)能減少，機(jī)械能守恒C．“天問(wèn)一號(hào)”橢圓運(yùn)動(dòng)的周期小于地球公轉(zhuǎn)的周期D．“天問(wèn)一號(hào)”在地球上的發(fā)射速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之間4．理想變壓器原線圈兩端輸入的交變電流電壓如圖所示，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為5：1，如圖乙所示，定值電阻R0=10Ω，R為滑動(dòng)變阻器，則下列說(shuō)法正確的是（）A．電壓表的示數(shù)為44B．變壓器輸出電壓頻率為10HzC．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向下移動(dòng)時(shí)，變壓器的輸入功率增大D．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向下移動(dòng)時(shí)，電流表的示數(shù)減小5．如圖甲所示，足夠長(zhǎng)的木板B靜置于光滑水平面上，其上放置小滑塊A。木板B受到隨時(shí)間t變化的水平拉力F作用時(shí)，木板B的加速度a與拉力F的關(guān)系圖象如圖乙所示，則小滑塊A的質(zhì)量為（）A．4kg B．3kg C．2kg D．1kg二、多選題6．一帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下從A點(diǎn)開(kāi)始以初速度為-v0做直線運(yùn)動(dòng)，其v-t圖像如圖所示。粒子在t時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，3t時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，以下判斷正確的是（）A．A，B，C三點(diǎn)中B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最大B．A，B，C三點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系一定為φC．粒子從A點(diǎn)經(jīng)B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功D．粒子從A點(diǎn)經(jīng)B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電勢(shì)能先增加后減少7．如圖所示，內(nèi)壁光滑的玻璃管豎直固定在水平地面上，管內(nèi)底部豎直放置處于自然長(zhǎng)度的輕質(zhì)彈簧。用輕桿連接的兩小球的質(zhì)量分別為m和2m（球的直徑比管的內(nèi)徑略?。?，現(xiàn)從彈簧的正上方釋放兩球，則A球與彈簧接觸起到運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．桿對(duì)A球做的功大于桿對(duì)B球做的功B．A球克服彈簧彈力做的功是桿對(duì)A球做功的32C．彈簧和桿對(duì)A球做功的總和等于A球機(jī)械能的增量D．A球到最低點(diǎn)時(shí)桿對(duì)B球的作用力等于4mg8．如圖，空間某區(qū)域內(nèi)存在沿水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一正方形閉合金屬線框自磁場(chǎng)上方某處自由釋放后穿過(guò)磁場(chǎng)，整個(gè)過(guò)程線框平面始終豎直．線框邊長(zhǎng)小于磁場(chǎng)區(qū)域上下寬度。若不計(jì)空氣阻力，以線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，下列描述線框所受安培力F隨時(shí)間t變化的圖像中，可能正確的是（）A． B．C． D．9．下列說(shuō)法正確的是（）A．蔗糖受潮后會(huì)粘在一起形成糖塊，看起來(lái)沒(méi)有確定的幾何形狀，此時(shí)的蔗糖為非晶體。B．液體與大氣相接觸時(shí)，表面層內(nèi)分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互排斥C．熵是物體內(nèi)分子運(yùn)動(dòng)無(wú)序程度的量度，氣體向真空膨脹時(shí)雖然不對(duì)外做功，但系統(tǒng)的熵是增加的。D．制冷設(shè)備可實(shí)現(xiàn)從低溫?zé)嵩刺幬鼰?，并在高溫?zé)嵩刺幏艧?。E．第一類(lèi)永動(dòng)機(jī)不可能制成，是因?yàn)樗`背了能量守恒定律。10．如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時(shí)刻的波形為圖中實(shí)線，t=1s時(shí)刻的波形為圖中虛線，已知該波的周期大于1s。則下列說(shuō)法正確的是（）A．該波的波速為5m/sB．該波的周期為1.6sC．t=0時(shí)刻，x=10m處的b點(diǎn)正在向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)D．t=1s時(shí)刻，x=4m處的a點(diǎn)相對(duì)平衡點(diǎn)的位移為3E．從t=0到t=1s，x=4m處的a點(diǎn)移動(dòng)的距離為3m三、實(shí)驗(yàn)題11．某同學(xué)用如圖甲所示的裝置測(cè)量滑塊與水平桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量出固定于滑塊上的遮光條的寬度d，如圖乙所示，d=mm。在桌面上合適位置固定好彈簧和光電門(mén)，將光電門(mén)與數(shù)字計(jì)時(shí)器（圖中未畫(huà)出）連接。（2）用滑塊把彈簧壓縮到某一位置，測(cè)量出滑塊到光電門(mén)的距離x。釋放滑塊，測(cè)出滑塊上的遮光條通過(guò)光電門(mén)所用的時(shí)間t，則此時(shí)滑塊的速度v=（用題中所給字母表示）。（3）通過(guò)在滑塊上增減砝碼來(lái)改變滑塊的質(zhì)量m，仍用滑塊將彈簧壓縮到（2）中的位置，重復(fù)（2）的操作，得出一系列滑塊質(zhì)量m與它通過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度v的值。根據(jù)這些數(shù)值，作出v2-m-1圖像如圖丙所示。已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。由圖像可知，滑塊與水平桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=。12．已知電流計(jì)G的量程約為幾毫安，內(nèi)阻很小，現(xiàn)要將其量程擴(kuò)大為原來(lái)的3倍，某同學(xué)設(shè)計(jì)如圖所示的電路圖，實(shí)驗(yàn)提供了以下器材∶A．電源（E1=3V）；B．電源（E2=15V）；C．滑動(dòng)變阻器R1（阻值為0~1kΩ）；D．滑動(dòng)變阻器R2（阻值為0~15kΩ）；E．電阻箱；F.開(kāi)關(guān)，導(dǎo)線。（1）電源應(yīng)選，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（填器材前所對(duì)應(yīng)的字母）（2）改裝步驟如下，請(qǐng)將步驟補(bǔ)充完整∶①按電路圖連接各器材，把滑動(dòng)變阻器調(diào)至最（選填“左”或“右”）；②將開(kāi)關(guān)S2斷開(kāi)，S閉合；③調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使電流計(jì)G滿偏；④保持不變，再閉合開(kāi)關(guān)S2，把電阻箱調(diào)到適當(dāng)值，使電流計(jì)；⑤不再改變電阻箱的阻值，保持電流計(jì)G和電阻箱并聯(lián)，撤去其他電路，即可將電流計(jì)G的量程擴(kuò)大為原來(lái)的3倍。四、解答題13．如圖所示，真空中有一以O(shè)點(diǎn)為圓心的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，半徑為R=0.5m，磁場(chǎng)垂直紙面向里。在y>R區(qū)域存在沿?y方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E=1.0×105V/m。在M點(diǎn)有一帶正電的粒子以速率v=1.0×106（1）求圓形磁場(chǎng)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。唬?）求沿+x方向射入磁場(chǎng)的粒子，從進(jìn)入磁場(chǎng)到再次穿出磁場(chǎng)所走過(guò)的路程。14．如圖所示，在高h(yuǎn)1=30m的光滑水平平臺(tái)上，物塊A以初速度v0水平向右運(yùn)動(dòng)，與靜止在水平平臺(tái)上的物塊B發(fā)生碰撞，mB=2mA，碰撞后物塊A靜止，物塊B以一定的水平速度向右滑離平臺(tái)，并恰好沿光滑圓弧形軌道BC的B點(diǎn)的切線方向進(jìn)入圓弧形軌道，B點(diǎn)的高度h2=15m，圓弧軌道的圓心O與平臺(tái)等高，軌道最低點(diǎn)C的切線水平，并與地面上長(zhǎng)為L(zhǎng)=70m的水平粗糙軌道CD平滑連接，物塊B沿軌道BCD運(yùn)動(dòng)與右邊墻壁發(fā)生碰撞。g取10m/s2。求：（1）物塊B由A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間；（2）物塊A初速度v0的大??；（3）若物塊B與墻壁只發(fā)生一次碰撞，碰后速度等大反向，反向運(yùn)動(dòng)過(guò)程中沒(méi)有沖出B點(diǎn)，最后停在軌道CD上的某點(diǎn)p（p點(diǎn)未畫(huà)出）。設(shè)物塊B與軌道CD之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，求μ的取值范圍.15．如圖所示，兩個(gè)壁厚可忽略的圓柱形金屬筒A和B套在一起，底部到頂部的高度為18cm，兩者橫截面積相等，光滑接觸且不漏氣．將A用繩系于天花板上，用一塊絕熱板托住B，使它們內(nèi)部密封的氣體壓強(qiáng)與外界大氣壓相同，均為1.0×105Pa，然后緩慢松開(kāi)絕熱板，讓B下沉，當(dāng)B下沉了2cm時(shí)，停止下沉并處于靜止?fàn)顟B(tài)．求：（1）此時(shí)金屬筒內(nèi)氣體的壓強(qiáng)．（2）若當(dāng)時(shí)的溫度為27℃，欲使下沉后的套筒恢復(fù)到原來(lái)位置，應(yīng)將氣體的溫度變?yōu)槎嗌佟妫?6．如圖，一般帆船靜止在湖面上，帆船的豎直桅桿頂端高出水面3m．距水面4m的湖底P點(diǎn)發(fā)出的激光束，從水面出射后恰好照射到桅桿頂端，該出射光束與豎直方向的夾角為53°（取sin53°=0.8）．已知水的折射率為4（1）求桅桿到P點(diǎn)的水平距離；（2）船向左行駛一段距離后停止，調(diào)整由P點(diǎn)發(fā)出的激光束方向，當(dāng)其與豎直方向夾角為45°時(shí)，從水面射出后仍然照射在桅桿頂端，求船行駛的距離．

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A．太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的核聚變反應(yīng)，A符合題意；B．天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)，說(shuō)明原子核有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)，但不能證明原子核是由質(zhì)子和中子組成的，B不符合題意；C．放射性元素的半衰期由自身性質(zhì)決定，與外界環(huán)境無(wú)關(guān)，C不符合題意；D．氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電場(chǎng)力對(duì)電子做負(fù)功，電子的動(dòng)能變小，電勢(shì)能變大（動(dòng)能轉(zhuǎn)為電勢(shì)能）；由于發(fā)生躍遷時(shí)要吸收光子，故原子的總能量增加，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的核聚變，天然放射現(xiàn)象說(shuō)明原子核有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)，半衰期由自身性質(zhì)決定。2．【答案】C【解析】【解答】A．手機(jī)受到四個(gè)力的作用，在垂直吸盤(pán)方向上，垂直吸盤(pán)向上的支持力與垂直吸盤(pán)向下的磁力和重力的分力之和相等，故支持力大于mgcosB．不論橫屏還是豎屏，吸盤(pán)角度不變，支持力不變，B不符合題意；C．由平衡條件可知，手機(jī)架對(duì)手機(jī)的作用力豎直向上，C符合題意；D．由整體法可知不論吸盤(pán)的角度如何，手機(jī)架和水平面都沒(méi)有摩擦力，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】分別對(duì)手機(jī)和整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡進(jìn)行分析判斷。3．【答案】B【解析】【解答】A．由牛頓第二定律可得G解得a=G與火星會(huì)合前，“天問(wèn)一號(hào)”到太陽(yáng)的距離小于火星到太陽(yáng)的距離，故“天問(wèn)一號(hào)”的加速度較大，A不符合題意；B．“天問(wèn)一號(hào)”在無(wú)動(dòng)力飛向火星的過(guò)程中，引力做負(fù)功，引力勢(shì)能增大，動(dòng)能減少，機(jī)械能守恒，B符合題意；C．“天問(wèn)一號(hào)”橢圓運(yùn)動(dòng)的半長(zhǎng)軸大于地球公轉(zhuǎn)的半徑，由開(kāi)普勒第三定律可知，“天問(wèn)一號(hào)”橢圓運(yùn)動(dòng)的周期大于地球公轉(zhuǎn)的周期，C不符合題意；D．“天問(wèn)一號(hào)”發(fā)射后需擺脫地球的引力束縛但仍在太陽(yáng)系內(nèi)運(yùn)動(dòng)，故在地球上的發(fā)射速度應(yīng)介于第二宇宙速度和第三宇宙速度之間，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用引力提供向心力結(jié)合軌道半徑的大小可以比較加速度的大小；利用距離的變化可以判別引力做功的情況，利用引力做功可以判別動(dòng)能和引力勢(shì)能及機(jī)械能的變化；利用開(kāi)普勒第三定律可以比較周期的大小；天問(wèn)一號(hào)脫離地球所以其發(fā)射速度大于第二宇宙速度。4．【答案】C【解析】【解答】A．原線圈電壓有效值為220V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知電壓表示數(shù)為44V，A不符合題意；B．由甲圖知周期0.02s，則f=變壓器不改變交變電流的頻率，B不符合題意；CD．滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)，電阻變小，輸入電壓和匝數(shù)不變，則副線圈電壓不變，電流增加，輸出功率增大，故輸入功率等于輸出功率增加，輸入電壓不變，則原線圈電流增大，故電流表示數(shù)變大，C符合題意D不符合題意。故答案為：C。

【分析】根據(jù)理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比和電壓比的關(guān)系得出電壓表的示數(shù)，結(jié)合周期和頻率的關(guān)系得出該交流電的頻率，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片移動(dòng)時(shí)根據(jù)閉合電路歐姆定律得出電流表示數(shù)的變化情況。5．【答案】B【解析】【解答】由圖知，當(dāng)F=8N時(shí)，加速度為a=2m/對(duì)整體分析，由牛頓第二定律有F=(代入數(shù)據(jù)解得m當(dāng)F大于8N時(shí)，A、B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得，對(duì)B有a=由圖示圖象可知，圖線的斜率k=解得m滑塊A的質(zhì)量為m故答案為：B。

【分析】當(dāng)F=8N時(shí)，對(duì)整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得出AB質(zhì)量之和，8N，對(duì)B利用牛頓第二定律以及圖像得出B的質(zhì)量。6．【答案】A,D【解析】【解答】A．由速度圖像可知，加速度先增大后減小，B點(diǎn)的加速度最大，所以B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最大，A符合題意；B．因?yàn)椴恢缼щ娏Ｗ拥碾娦?，所以無(wú)法判斷電勢(shì)的關(guān)系，B不符合題意；C．因?yàn)殡妱?shì)能先增大后減小，所以電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，C不符合題意；D．由圖像可知：動(dòng)能先減小后增大，根據(jù)能量守恒可知：電勢(shì)能先增后減小，D符合題意。故答案為：AD。

【分析】利用其圖像斜率可以判別加速度的大小變化；由于未知粒子的電性不能判別電勢(shì)的關(guān)系；利用其電勢(shì)能的變化可以判別電場(chǎng)力做功；利用能量守恒定律可以判別電勢(shì)能的變化。7．【答案】B,C【解析】【解答】A．桿對(duì)A球的作用力與桿對(duì)B球的作用力大小相等，兩球的位移相同，所以桿對(duì)A球做的功與桿對(duì)B球做的功數(shù)值相等，A不符合題意；B．設(shè)A球克服彈簧彈力做的功為W1，桿對(duì)A球做功為W2。則桿對(duì)B球做功為－W2，A下降的高度為h；由動(dòng)能定理得對(duì)A球有mgh?對(duì)B球有2mgh?聯(lián)立計(jì)算得出W即A球克服彈簧彈力做的功是桿對(duì)A球做功的32C．根據(jù)功能原理知，彈簧和桿對(duì)A球做功的總和等于A球機(jī)械能的增量，C符合題意；D．若A球從彈簧原長(zhǎng)處釋放，剛釋放時(shí)AB整體的加速度大小為g，方向豎直向下。根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性知，A球到最低點(diǎn)時(shí)整體的加速度大小為g，方向豎直向上?，F(xiàn)A球從彈簧正上方向下落，A球到最低點(diǎn)時(shí)彈簧壓縮量增大，彈力增大，整體的合力增大，加速度將大于g，所以A球到最低點(diǎn)時(shí)整體的加速度大小大于g，方向豎直向上。在最低點(diǎn)，對(duì)B球，由牛頓第二定律得F－2mg=2ma＞2mg則得A球到最低點(diǎn)時(shí)桿對(duì)B球的作用力F＞4mg，D不符合題意；故答案為：BC。

【分析】根據(jù)恒力做功得出桿對(duì)A球做的功和桿對(duì)B球做的功的大小關(guān)系，對(duì)AB球利用動(dòng)能定理得出A球克服彈簧彈力做的功，結(jié)合功能關(guān)系得出彈簧和桿對(duì)A球做功的總和和A球機(jī)械能的增量的關(guān)系。8．【答案】B,C,D【解析】【解答】A．進(jìn)入磁場(chǎng)前，線框受重力作用加速下落，進(jìn)入與離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)都受到向上的安培力作用．若進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)安培力大于重力，線框做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，安培力隨速度減小而減小，某時(shí)刻安培力等于重力，線框做勻速運(yùn)動(dòng)，由平衡可得mg=此時(shí)速度達(dá)到v完全進(jìn)入后只受重力，線框加速，剛要離開(kāi)時(shí)的速度大于完全進(jìn)入時(shí)的速度，故安培力大于重力，做減速運(yùn)動(dòng)，速度減小，安培力也減小，A不符合題意；B．若線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)安培力恰好等于重力，進(jìn)入過(guò)程中安培力不變，完全進(jìn)入后只受重力，線框加速，離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)安培力大于重力，速度減小，安培力也減小，B符合題意；C．若進(jìn)入時(shí)安培力大于重力，由B可知，線框做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，安培力隨速度的減小而減小，完全進(jìn)入后只受重力，線框加速，離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)安培力大于重力，速度減小，進(jìn)入過(guò)程與離開(kāi)過(guò)程安培力變化情況可能完全相同，C符合題意；D．若進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)安培力小于重力，由mg?可知線框做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入過(guò)程安培力不斷增大，完全進(jìn)入后線框加速運(yùn)動(dòng)，若離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)安培力大于重力，線框做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，安培力隨速度的減小而減小，D符合題意。故答案為：BCD。

【分析】進(jìn)入磁場(chǎng)前后對(duì)線框進(jìn)行受力分析，根據(jù)受力平衡以及牛頓第二定律分析判斷線框的運(yùn)動(dòng)情況。9．【答案】C,D,E【解析】【解答】A．蔗糖受潮后會(huì)粘在一起形成糖塊，看起來(lái)沒(méi)有確定的幾何形狀，此時(shí)的蔗糖為多晶體，仍然屬于晶體。A不符合題意；B．液體與大氣相接觸時(shí)，表面層內(nèi)分子間距較大，所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互吸引。B不符合題意；C．熵是物體內(nèi)分子運(yùn)動(dòng)無(wú)序程度的量度，氣體向真空膨脹時(shí)雖然不對(duì)外做功，但分子運(yùn)動(dòng)的無(wú)序程度增加了，所以系統(tǒng)的熵是增加的。C符合題意；D．制冷設(shè)備實(shí)現(xiàn)從低溫?zé)嵩刺幬鼰?，并在高溫?zé)嵩刺幏艧岬耐瑫r(shí)引起了其他的變化，沒(méi)有違背違背熱力學(xué)第二定律。D符合題意；E．第一類(lèi)永動(dòng)機(jī)不可能制成，是因?yàn)樗`背了能量守恒定律。E符合題意。故答案為：CDE

【分析】粘在一起的蔗糖為多晶體，熵是物體內(nèi)分子運(yùn)動(dòng)無(wú)序程度的量度，結(jié)合熱力學(xué)第二定律和熱力學(xué)第一定律進(jìn)行分析判斷。10．【答案】A,B,D【解析】【解答】AB．由題圖可知，該波的波長(zhǎng)為λ=8m周期為58T+nT=1s（T=88n+5s又T>1s所以n取0，則周期為T(mén)=1那么，該波的波速為v=所以AB符合題意；C．利用同側(cè)法可知，t=0時(shí)刻，x=10m處的b點(diǎn)正在向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，所以C不符合題意；D．設(shè)該波中某點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=3則由圖象可得，當(dāng)t=時(shí)y=t=1s時(shí)刻，x=4m處的a點(diǎn)相對(duì)平衡點(diǎn)的位移與該時(shí)刻該質(zhì)點(diǎn)的位移相同，也是32E．在波傳播的過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)不會(huì)隨波沿x軸移動(dòng)，只會(huì)在平衡位置附近上下振動(dòng)，分析可得，該質(zhì)點(diǎn)在t=0到t=1s這段時(shí)間內(nèi)沿著y軸正方向移動(dòng)的距離為s=(故答案為：ABD。

【分析】結(jié)合圖像得出該波的波長(zhǎng)，結(jié)合波長(zhǎng)和周期的關(guān)系得出該波的波速，結(jié)合該波的周期和傳播時(shí)間之間的關(guān)系得出該波的周期。11．【答案】（1）5.70（2）d（3）b【解析】【解答】（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)，可知d=5mm+14×0.05mm=5.70mm（2）滑塊通過(guò)光電門(mén)的速度為v=（3）根據(jù)動(dòng)能定理，有?μmgx=聯(lián)立方程，整理得v由圖象可知2μgx=b解得μ=

【分析】（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)原理得出遮光條的寬度；

（2）利用短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度得出通過(guò)光電門(mén)的速度；

（3）根據(jù)動(dòng)能定理以及圖像得出動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式。12．【答案】（1）B；D（2）右；滑動(dòng)變阻器滑片的位置；讀數(shù)為滿偏電流的三分之一【解析】【解答】（1）這個(gè)實(shí)驗(yàn)要求在閉合開(kāi)關(guān)S2后，干路電流幾乎不變，所以滑動(dòng)變阻器接入電阻越大越好，所以在電流計(jì)滿偏時(shí)，電池的電動(dòng)勢(shì)越大，滑動(dòng)變阻器接入電阻才越大，所以電池應(yīng)選B，電流計(jì)G滿偏電流約為幾毫安，所以干路總電阻約為幾千歐姆，所以滑動(dòng)變阻器的最大阻值選15kΩ的合適，故答案為：D；（2）①為了保證電流表的安全，則把滑動(dòng)變阻器調(diào)至最右，使得接入電路的阻值最大，電流最??；④要想保持干路電流不變，要求滑動(dòng)變阻器的阻值不能再改變；使電流計(jì)讀數(shù)為滿偏電流的三分之一，此時(shí)電阻箱的分流為三分之二的干路電流，其阻值為電流計(jì)的二分之一，改裝后的總電阻為之前的三分之一，則量程變?yōu)樵瓉?lái)的3倍。

【分析】（1）根據(jù)電表的改裝以及實(shí)驗(yàn)原理選擇電源以及滑動(dòng)變阻器；

（2）為保障安全，實(shí)驗(yàn)開(kāi)始時(shí)滑動(dòng)變阻器應(yīng)調(diào)到最大值，保持電流不變時(shí)，從結(jié)合電路的分析進(jìn)行調(diào)節(jié)。13．【答案】（1）解：沿＋x方向射入磁場(chǎng)的粒子進(jìn)入電場(chǎng)后，速度減小到0，粒子一定是從如圖1的P點(diǎn)射出磁場(chǎng)，逆著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，所以粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r=R=0.5m根據(jù)Bqv=mv2r，得r=（2）解：粒子返回磁場(chǎng)后，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從N點(diǎn)射出磁場(chǎng)，MN為直徑，粒子在磁場(chǎng)中的路程為二分之一圓周長(zhǎng)s設(shè)在電場(chǎng)中的路程為s2，根據(jù)動(dòng)能定理得Eqs2總路程s=πR+mv【解析】【分析】帶電粒子在組合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，首先要運(yùn)用動(dòng)力學(xué)方法分析清楚粒子的運(yùn)動(dòng)情況，再選擇合適方法處理．對(duì)于勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，常常運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法，將其分解為兩個(gè)直線的合成，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合求解；對(duì)于磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)，要正確畫(huà)出軌跡，由幾何知識(shí)求解半徑14．【答案】（1）解：物塊B從A到B做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間為t，則h解得t=（2）解：由幾何關(guān)系，可知R=h1，Rcosθ=h1﹣h2解得θ=60°小物塊平拋的水平速度是v1，有g(shù)t解得v1=10m/sA與B發(fā)生碰撞的過(guò)程