河南省部分重點(diǎn)高中2025屆高考適應(yīng)性考試考前模擬卷（二）物理試題含答案

2025年高考適應(yīng)性考試考前模擬卷（二）物理（考試時(shí)間：75分鐘試卷滿分：100分）注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫(xiě)在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共7題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．2024年9月18日，蘇州大學(xué)研究團(tuán)隊(duì)在《自然》雜志上發(fā)布了輻光伏微型核電池的最新研究成果。該電池主要是利用镅243發(fā)生α衰變釋放的能量。若镅243衰變的核反應(yīng)方程是，則下列說(shuō)法正確的是（）A．X的電荷數(shù)為95 B．X的電荷數(shù)為91C．X的質(zhì)量數(shù)為241 D．X的質(zhì)量數(shù)為2392．某衛(wèi)星發(fā)射后先在圓軌道1上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)兩次變軌后在圓軌道2上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知衛(wèi)星在軌道2上的線速度比在軌道1上的線速度小，衛(wèi)星質(zhì)量不變。下列說(shuō)法正確的是（）A．軌道2的半徑比軌道1的半徑小B．衛(wèi)星在軌道2上的機(jī)械能比在軌道1上的機(jī)械能大C．衛(wèi)星兩次變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)均做負(fù)功D．衛(wèi)星第一次變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)做負(fù)功，第二次變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)做正功3．某戶家庭安裝了一臺(tái)風(fēng)力發(fā)電機(jī)，它的葉片轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)可形成半徑為的圓面，風(fēng)向與葉片轉(zhuǎn)動(dòng)的圓面垂直，假設(shè)這個(gè)風(fēng)力發(fā)電機(jī)能將此圓內(nèi)30%的空氣動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能。已知空氣的密度為，當(dāng)風(fēng)速是時(shí)，此發(fā)電機(jī)的功率約為（）A． B． C． D．4．b、c兩點(diǎn)各固定一個(gè)點(diǎn)電荷，以b、c的中點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，兩點(diǎn)的連線在x軸上，x軸上各點(diǎn)的電勢(shì)φ關(guān)于位置的分布規(guī)律如圖所示，已知圖像關(guān)于縱軸對(duì)稱，O點(diǎn)處圖像的切線平行于x軸，規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0。下列說(shuō)法正確的是（）A．坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為零B．關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的任意兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C．b、c兩點(diǎn)固定的點(diǎn)電荷均帶負(fù)電，且所帶電荷量相等D．電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在d點(diǎn)的電勢(shì)能5．一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形如圖甲所示，質(zhì)點(diǎn)P、Q在x軸上的位置為xP=1m和xQ=3m從此時(shí)開(kāi)始，P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A．該波沿x軸正向傳播B．此后P、Q兩點(diǎn)速度大小始終相等C．t=0.125s時(shí)，Q質(zhì)點(diǎn)的位移為D．若此波遇到另一列簡(jiǎn)諧橫波發(fā)生了干涉現(xiàn)象，則所遇到的波的頻率為0.5Hz6．如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為2：1，原線圈接的正弦交流電源，副線圈接有電阻和兩個(gè)小燈泡，開(kāi)關(guān)保持閉合狀態(tài)，電流表和電壓表均可視為理想電表。下列選項(xiàng)正確的是（）A．副線圈中交流電的頻率為 B．電流表的示數(shù)之比為C．電壓表的示數(shù)之比為 D．開(kāi)關(guān)斷開(kāi)后電壓表的示數(shù)增大7．如圖所示，兩塊相互靠近的平行金屬板M、N組成電容器，充電后與電源斷開(kāi)，M板帶負(fù)電，N板帶正電，且它們的電荷量保持不變。板間有一個(gè)用絕緣細(xì)線懸掛的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），小球靜止時(shí)與豎直方向的夾角為，忽略帶電小球所帶電荷量對(duì)極板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的影響，M、N板足夠大，則（）A．若只將N板水平向右平移稍許，電容器的電容將變小，夾角將變大B．若只將N板豎直向上平移稍許，電容器的電容將變小，夾角將變小C．將細(xì)線燒斷，小球的運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線D．若只將M板水平向左平移稍許，將細(xì)線燒斷，小球到達(dá)N板的時(shí)間不變二、選擇題：本題共4題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8．如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)依次經(jīng)過(guò)狀態(tài)、和后再回到狀態(tài)，則（

）A．到過(guò)程，氣體內(nèi)能減少 B．到過(guò)程，氣體對(duì)外界做正功C．到過(guò)程，氣體從外界吸收熱量 D．經(jīng)過(guò)一次循環(huán)過(guò)程，氣體從外界吸收熱量9．圖為一半圓柱體透明介質(zhì)的橫截面，O為半圓的圓心，C是半圓最高點(diǎn)，E、Q是圓弧AC上的兩點(diǎn)，一束復(fù)色光沿PO方向射向AB界面并從O點(diǎn)進(jìn)入該透明介質(zhì)，被分成a、b兩束單色光，a光從E點(diǎn)射出，b光從Q點(diǎn)射出，現(xiàn)已測(cè)得PO與AB界面夾角，，，則以下結(jié)論正確的是（

）A．a(chǎn)光的頻率小于b光的頻率B．b光的折射率為C．a(chǎn)光和b光在該透明介質(zhì)內(nèi)傳播的速率相等D．當(dāng)夾角減小到某一特定值時(shí)，將只剩下b光從AC圓弧面上射出10．如圖所示，在豎直平面直角坐標(biāo)系中，在時(shí)，質(zhì)量的小球從坐標(biāo)原點(diǎn)處，以初速度斜向右上方拋出，同時(shí)受到的作用（虛線箭頭為風(fēng)力方向與的夾角為，且與軸正方向的夾角也為），重力加速度取。下列說(shuō)法正確的是（）A．小球的加速度先增大后減小B．小球在時(shí)再次經(jīng)過(guò)軸C．小球的重力勢(shì)能一直減小D．小球的動(dòng)能一直增大11．如圖所示，甲、乙兩個(gè)完全相同的線圈，在距地面同一高度處同時(shí)由靜止開(kāi)始釋放，A、B是面積、磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向均完全相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，只是A區(qū)域比B區(qū)域離地面高，兩線圈下落時(shí)始終保持線圈平面與磁場(chǎng)垂直，則（）A．兩線圈穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量相等B．兩線圈穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中通過(guò)線圈橫截面的電荷量相等C．兩線圈落地時(shí)甲的速度較大D．乙運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短，先落地三．非選擇題：本題共5小題，共52分。12．(6分)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置可用于“探究物體所受合力做功與動(dòng)能變化的關(guān)系”，物理小組同學(xué)們采用如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行探究。實(shí)驗(yàn)要求小車受到的合外力為繩的拉力的合力。實(shí)驗(yàn)中同學(xué)們研究了砂和砂桶的運(yùn)動(dòng)過(guò)程所受合力做功是否等于其動(dòng)能增量。忽略細(xì)線與滑輪間的摩擦阻力。(1)本實(shí)驗(yàn)（填“需要”或者“不需要”）滿足m遠(yuǎn)小于M的條件。(2)實(shí)驗(yàn)前測(cè)出砂和砂桶的總質(zhì)量m，已知重力加速度為g。接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，靜止釋放砂和砂桶，帶著小車開(kāi)始做加速運(yùn)動(dòng)，讀出運(yùn)動(dòng)過(guò)程中力傳感器的讀數(shù)T，通過(guò)紙帶得出起始點(diǎn)O（初速度為零的點(diǎn)）到某點(diǎn)A的位移L，并通過(guò)紙帶算出A點(diǎn)的速度v。實(shí)驗(yàn)過(guò)程中（填“需要”或者“不需要”）平衡小車M所受的摩擦力。(3)對(duì)m研究，所需驗(yàn)證的動(dòng)能定理的表達(dá)式為_(kāi)________。A． B．C． D．(4)通過(guò)紙帶測(cè)出了起始點(diǎn)O到不同點(diǎn)A、B、C、D…的位移及A、B、C、D…的速度，并做出了圖中所示的實(shí)線。那么在保證小車質(zhì)量不變的情況下增加砂的質(zhì)量，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，將會(huì)得到如圖中虛線（填“甲”或者“乙”）所示的圖線。13．(10分)新能源汽車已經(jīng)普遍走進(jìn)了我們的生活，某校學(xué)生實(shí)驗(yàn)小組通過(guò)網(wǎng)絡(luò)查找了某種知名的電池銘牌，電池采用的是“刀片電池”技術(shù)?，F(xiàn)將一塊電芯拆解出來(lái)，然后測(cè)量其電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。所提供的器材有：A．電壓表V1（量程）B．電壓表V2（量程）C．電流表A1（量程）D．電流表A2（量程）E．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍，額定電流）F．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍，額定電流）G．保護(hù)電阻某同學(xué)采用了圖甲所示的電路圖，在進(jìn)行了正確操作后，得到了圖乙所示的圖像。(1)實(shí)驗(yàn)中，電壓表應(yīng)選，電流表應(yīng)選，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選；（填器材前的字母代號(hào)）(2)根據(jù)圖乙所示，則該電池的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻；（結(jié)果保留到小數(shù)點(diǎn)后一位）。(3)為了能準(zhǔn)確地測(cè)量一塊電芯的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，該同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)可以排除電流表A和電壓表V內(nèi)阻影響的實(shí)驗(yàn)方案，如圖丙所示，記錄了單刀雙擲開(kāi)關(guān)分別接1、2對(duì)應(yīng)的多組電壓表的示數(shù)和電流表的示數(shù)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)繪制如圖丁中所示的兩條圖線，綜合兩條圖線，此電芯的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻（用圖中表示）。14．(10分)如圖直角坐標(biāo)系xOy中，第Ⅰ象限內(nèi)存在場(chǎng)強(qiáng)為E，沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ象限內(nèi)存在垂直坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的帶電粒子，從處由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，第1次通過(guò)x軸時(shí)沿y軸負(fù)方向。不計(jì)粒子重力。（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。唬?）粒子第3次經(jīng)過(guò)y軸時(shí)的縱坐標(biāo)；

15．(12分)如圖，在豎直平面內(nèi)有一固定光滑軌道ABC，BC段是的半圓，AB段足夠長(zhǎng)，小球Q靜止于小球P的左側(cè)。質(zhì)量的小球P與輕彈簧一端連接，以速度沿水平地面向左運(yùn)動(dòng)。與小球P連接的輕彈簧從接觸小球Q到彈簧被壓縮到最短的過(guò)程中，小球Q運(yùn)動(dòng)的距離d=0.4m，經(jīng)歷的時(shí)間t=0.25s。在此后的運(yùn)動(dòng)中，Q與彈簧分離后，滑上軌道BC，恰能經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)C。小球P、Q均可視為質(zhì)點(diǎn)，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度，求：(1)小球Q在C點(diǎn)的速度大??；(2)小球Q的質(zhì)量；(3)彈簧的最大壓縮量。16．(14分)某科研小組設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)，研究油滴在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)。實(shí)驗(yàn)裝置的原理示意圖，如圖所示，兩個(gè)水平放置、相距為d的金屬極板﹐上極板中央有一小孔，兩金屬極板與恒壓源（可以提供恒定電壓U），定值電阻R，電阻箱（最大阻值為R）、開(kāi)關(guān)串聯(lián)組成的電路。用噴霧器將細(xì)小的油滴噴入密閉空間，這些油滴由于摩擦而帶了負(fù)電。油滴通過(guò)上極板的小孔進(jìn)入到觀察室中，油滴可視為半徑為r的球體，油滴的密度為，重力加速度為g，油滴受到的空氣阻力大小為，其中為空氣的粘滯系數(shù)（已知），v為油滴運(yùn)動(dòng)的速率，不計(jì)空氣浮力。（1）開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，觀察到油滴A運(yùn)動(dòng)到兩極板中心處開(kāi)始勻速下落，之后經(jīng)過(guò)時(shí)間t油滴A下落到下極板處，請(qǐng)推導(dǎo)油滴A的半徑r的表達(dá)式（用，d、t、和g表示）。（2）若將圖中密閉空間的空氣抽出，使油滴運(yùn)動(dòng)所受的空氣阻力可忽略。閉合開(kāi)關(guān)：①調(diào)整電阻箱的阻值為，觀察到半徑為的油滴B可做勻速直線運(yùn)動(dòng)，求油滴B所帶的電荷量；②調(diào)整電阻箱的阻值為R，觀察到比荷為k、處于下極板的油滴C由靜止開(kāi)始向上加速運(yùn)動(dòng)，求油滴C運(yùn)動(dòng)到上極板的時(shí)間。2025年高考適應(yīng)性考試考前模擬卷（二）物理·參考答案與評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)題號(hào)12345678910答案DBCABDDACDABBD1．D【解析】由于α粒子為，根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒，可得解得，所以X的電荷數(shù)為93，質(zhì)量數(shù)為239。故選D。2．B【解析】A．由可知故軌道2的半徑比軌道1的半徑大，故A錯(cuò)誤；B．軌道半徑越大，衛(wèi)星的機(jī)械能越大，故B正確；CD．衛(wèi)星每次變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)均做正功，使衛(wèi)星做離心運(yùn)動(dòng)，抬高軌道，故CD錯(cuò)誤。故選B。3．C【解析】在?t時(shí)間內(nèi)吹到風(fēng)葉葉片上的空氣質(zhì)量為發(fā)電機(jī)的功率帶入數(shù)據(jù)可知P=457W故選C。4．A【解析】A．根據(jù)圖像的切線斜率表示場(chǎng)強(qiáng)大小，可知坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為零，故A正確；B．根據(jù)圖像可知，關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的任意兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，故B錯(cuò)誤；C．由于圖像的電勢(shì)均為正，且離點(diǎn)電荷越近電勢(shì)越高，結(jié)合對(duì)稱性可知b、c兩點(diǎn)固定的點(diǎn)電荷均帶正電，且所帶電荷量相等，故C錯(cuò)誤；D．由題圖可知a點(diǎn)的電勢(shì)大于d點(diǎn)的電勢(shì)，根據(jù)，由于電子帶負(fù)電，所以電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在d點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。故選A。5．B【解析】A．由圖乙可知，t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P向下振動(dòng)，根據(jù)“上下坡”法由圖甲可知，該波沿x軸負(fù)向傳播，故A錯(cuò)誤；B．由于P、Q兩點(diǎn)間距離等于半個(gè)波長(zhǎng)，所以兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)步調(diào)相反，速度大小始終相等，故B正確；C．由圖乙可知，周期為0.2s，所以0.125s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)的位移為故C錯(cuò)誤；D．若此波遇到另一列簡(jiǎn)諧橫波發(fā)生了干涉現(xiàn)象，則兩列波頻率相同，則所遇到的波的頻率為故D錯(cuò)誤。故選B。6．D【解析】A．副線圈中交流電的頻率為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．電流表的示數(shù)之比為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)關(guān)系可知因電壓表V2示數(shù)小于變壓器次級(jí)電壓，可知電壓表的示數(shù)之比不等于，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．開(kāi)關(guān)斷開(kāi)后，次級(jí)電阻變大，次級(jí)電流減小，則電阻R上電壓減小，而變壓器次級(jí)電壓不變，可知電壓表的示數(shù)增大，選項(xiàng)D正確。故選D。7．D【解析】A．只將N板水平向右平移稍許，由公式可知，電容器的電容將變小，而又由可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度將不變，電場(chǎng)力不變，故夾角θ將不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．只將N板豎直向上平移稍許，由公式可知，電容器的電容將變小，而又由可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度將變大，電場(chǎng)力變大，故夾角θ將變大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．若將細(xì)線燒斷，小球受電場(chǎng)力和重力都為恒力，則小球?qū)⒀乩K的方向斜向下做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．只將M板水平向左平移稍許，由公式可知，電容器的電容將變小，而又由可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度將不變，電場(chǎng)力不變，將細(xì)線燒斷，小球與C選項(xiàng)情景中運(yùn)動(dòng)位移、加速度均不變，到達(dá)N板的時(shí)間不變，故D正確。故選D。8．ACD【解析】A．到過(guò)程為等容變化，氣體對(duì)外界不做功，由查理定律有可得則氣體內(nèi)能減少，故A正確；B．到過(guò)程，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做正功，故B錯(cuò)誤；C．到過(guò)程為等容變化，氣體對(duì)外界不做功，由查理定律有可得則氣體內(nèi)能增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體從外界吸收熱量，故正確；D．由可知，圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積代表做功，可知由到氣體對(duì)外界做的正功大于由到外界對(duì)氣體做的正功，所以一個(gè)循環(huán)過(guò)程中，氣體對(duì)外界做正功，而氣體內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體從外界吸收熱量，故D正確。故選ACD。9．AB【解析】ABC．由題意可得兩中色光的折射率因?yàn)樵诮橘|(zhì)中，所以a光的頻率小于b光的頻率。又根據(jù)公式可得，兩種色光在玻璃中的傳播速率所以兩種色光在玻璃中的傳播速率故AB正確，C錯(cuò)誤；D．由于光是從空氣進(jìn)入介質(zhì)，是從光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，在界面AB上，不能夠發(fā)生全反射，而在弧面AC上光始終沿法線入射，也不能夠發(fā)生全反射，所以當(dāng)入射光線PO與AB界面的夾角減小時(shí)，a光與b光總是能從AC圓弧面上射出。故D錯(cuò)誤。故選AB。10．BD【解析】A．由題意和幾何知識(shí)可知小球受到的合力為方向與初速度的方向垂直，小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，小球的加速度不變，故A錯(cuò)誤；B．小球再次經(jīng)過(guò)x軸時(shí)，沿初速度方向的位移和垂直初速度的位移關(guān)系為又解得故B正確；C．小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，小球的高度先增加后減小，重力勢(shì)能先增加后減小，故C錯(cuò)誤；D．小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，速度一直在增加，小球的動(dòng)能一直增大，故D正確。故選BD。11．BCD【解析】A．由，，可得由于乙進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度較大，則安培力較大，克服安培力做的功較多，即產(chǎn)生的焦耳熱較多，故A錯(cuò)誤；B．由可知通過(guò)線圈橫截面的電荷量相等，故B正確；C．由于甲、乙減少的重力勢(shì)能相同，甲穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量較少，由能量守恒定律可知，甲落地時(shí)速度較大，故C正確；D．線圈穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)受到的安培力為變力，設(shè)受到的平均安培力為，穿過(guò)磁場(chǎng)時(shí)間為，下落全過(guò)程時(shí)間為t，落地時(shí)的速度為v，則全過(guò)程由動(dòng)量定理得而，所以可見(jiàn)，下落過(guò)程中兩線圈所受安培力的沖量相等，因?yàn)?，所以，即乙運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短，先落地，故D正確。故選BCD。12．(1)不需要【1分】(2)需要【1分】(3)A【2分】(4)甲【2分】【解析】（1）實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)力傳感器的讀數(shù)可以直接求出小車受到的拉力，不需要滿足小車的質(zhì)量M遠(yuǎn)大于砂和砂桶的總質(zhì)量m這一條件。（2）盡管實(shí)驗(yàn)裝置采用了力傳感器，也需要平衡摩擦力，否則小車受到的合外力不為繩的拉力的合力。（3）對(duì)m研究，根據(jù)動(dòng)能定理整理，可得故選A。（4）對(duì)小車，根據(jù)動(dòng)能定理有聯(lián)立，解得逐漸增加砂的質(zhì)量m，圖像的斜率越大，故在讓小車質(zhì)量不變的情況下逐漸增加砂的質(zhì)量多次做實(shí)驗(yàn)，得到圖中虛線“甲”所示的圖線。13．(1)A【1分】C【1分】E【1分】(2)3.8【1分】0.6【2分】(3)EB【2分】【2分】【解析】（1）[1][2][3]由圖乙，電動(dòng)勢(shì)約為3.8V，且有電阻分壓，所以電壓表選A，最大電流不超過(guò)0.6A，電流表選C，為了調(diào)節(jié)方便，滑動(dòng)變阻器選E。（2）[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得所以圖像縱軸的截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)為E=3.8V圖像的斜率的絕對(duì)值表示電源的等效內(nèi)阻，有所以電源的內(nèi)阻為（3）[1][2]當(dāng)S2接1時(shí)，誤差在于電流表的分壓，所測(cè)內(nèi)阻等于電源內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻之和，所以內(nèi)阻測(cè)量值比真實(shí)值偏大；當(dāng)S2接2時(shí)，誤差在于電壓表的分流，所測(cè)內(nèi)阻等于電源與電壓表并聯(lián)的總電阻，所以內(nèi)阻測(cè)量值比真實(shí)值偏小。由于U-I圖線斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)阻，即S2接1時(shí)的圖線陡一些，可以判斷圖線A是利用單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接2中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描出的，內(nèi)阻測(cè)量值比真實(shí)值偏小。S2接1時(shí)，所測(cè)電動(dòng)勢(shì)為電流表與電源串聯(lián)后整體的等效電源的電動(dòng)勢(shì)，即S2接1時(shí)的電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值等于真實(shí)值，即有E=EB由于S2接2時(shí)，當(dāng)電路短路時(shí)，電壓表沒(méi)有分流，即此時(shí)的電流的測(cè)量值與真實(shí)值相等，結(jié)合上述可知，電源的真實(shí)的U-I圖線是B圖線縱軸交點(diǎn)與A圖線橫軸交點(diǎn)的連線，可知14．（1）；（2）2l【解析】（1）設(shè)粒?經(jīng)第Ⅰ象限的電場(chǎng)加速后，到達(dá)y軸時(shí)的速度為，根據(jù)動(dòng)能定理①由左?定則可以判斷，粒?向－y?向偏轉(zhuǎn)，如圖所示

由幾何關(guān)系知，粒?在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為②由?頓第二定律得③由①②③得④（2）粒?第2次經(jīng)過(guò)x軸時(shí)，速度沿＋y?向，位置坐標(biāo)為⑤粒?在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，經(jīng)歷的時(shí)間，第3次經(jīng)過(guò)y軸時(shí)⑥⑦⑧由①⑤⑥⑦⑧得⑨【評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)】第(1)問(wèn)5分，第(2)問(wèn)5分，③式2分.其余每式1分。15．【答案】(1)(2)(3)【解析】（1）小球Q沿BC運(yùn)動(dòng)時(shí)恰能經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)C，根據(jù)牛頓第二定律可得①求得②（2）設(shè)Q與彈簧分開(kāi)時(shí)P、Q的速度分別為、，小球Q從B點(diǎn)到C點(diǎn)的過(guò)程中，根據(jù)機(jī)械能守恒可得③P、Q、彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，可得④P、Q、彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，可得⑤解得⑥（3）P、Q和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，小球P連接