2024年華東師大版高二物理上冊月考試卷_第1頁
2024年華東師大版高二物理上冊月考試卷_第2頁
2024年華東師大版高二物理上冊月考試卷_第3頁
2024年華東師大版高二物理上冊月考試卷_第4頁
2024年華東師大版高二物理上冊月考試卷_第5頁
已閱讀5頁,還剩30頁未讀 繼續(xù)免費閱讀

下載本文檔

版權(quán)說明:本文檔由用戶提供并上傳,收益歸屬內(nèi)容提供方,若內(nèi)容存在侵權(quán),請進行舉報或認(rèn)領(lǐng)

文檔簡介

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁,總=sectionpages22頁第=page11頁,總=sectionpages11頁2024年華東師大版高二物理上冊月考試卷570考試試卷考試范圍:全部知識點;考試時間:120分鐘學(xué)校:______姓名:______班級:______考號:______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題,共12分)1、如圖所示,一只小鳥沿著較粗且均勻的樹枝從右向左緩慢爬行,在小鳥從A

運動到B

的過程中(

)

A.樹枝對小鳥的作用力先減小后增大B.樹枝對小鳥的摩擦力先增大后減小C.樹枝對小鳥的彈力先增大后減小D.樹枝對小鳥的彈力保持不變2、在如圖所示的豎直平面內(nèi),在水平線MN

的下方有足夠大的勻強磁場,一個等腰三角形金屬線框頂點C

與MN

重合,線框由靜止釋放,沿軸線DC

方向豎直落入磁場中.

忽略空氣阻力,從釋放到線框完全進入磁場過程中,關(guān)于線框運動的v鈭?t

圖,可能正確的是(

)

A.B.C.D.3、下列關(guān)于交流電的幾種說法正確的是()

A.電氣設(shè)備上所標(biāo)的電壓電流值是最大值。

B.交流電壓表和交流電流表測得的是瞬時值。

C.跟交流電有相同熱效應(yīng)的直流電的值是交流電的有效值。

D.跟直流電有相同熱效應(yīng)的交流電的值是交流電的有效值。

4、如圖所示,電路甲、乙中,電阻R和自感線圈L的電阻值都很小,接通S,使電路達到穩(wěn)定,燈泡D發(fā)光。則()A.在電路甲中,斷開S,D將逐漸變暗B.在電路甲中,斷開S,D將先變得更亮,然后漸漸變暗C.在電路乙中,斷開S,D將漸漸變暗D.在電路乙中,斷開S,D將變得更亮,然后漸漸變暗5、圖示電路中,電源內(nèi)阻為r,電容器的兩塊極板A、B間有一帶電油滴恰能靜止.把R1的滑動片向右滑動時,下列說法中正確的是()A.電流表讀數(shù)減小,油滴向下運動B.電流表讀數(shù)減小,油滴向上運動C.電流表讀數(shù)增大,油滴向下運動D.電流表讀數(shù)增大,油滴向上運動6、如圖所示,BCD

三點都在以點電荷十Q

為圓心的某同心圓弧上,將一試探電荷從A

點分別移到BCD

各點時,電場力做功大小比較(

)

A.WAB>WAC

B.WAD>WAB

C.WAC=WAD

D.WAB<WAC

評卷人得分二、填空題(共5題,共10分)7、把兩個異種電荷靠近,電場力做____功(選填“正”或“負(fù)”);電荷的電勢能____(選填“增大”或“減小”).8、如圖所示,帶電粒子P所帶的電荷量是粒子Q所帶電荷量的3倍,它們以相同的速度ν從同一點出發(fā),沿著與電場強度垂直的方向射入電場,分別打在下極板上的M、N點,若OM=MN,則P與Q的質(zhì)量之比是____.(不計重力)

9、現(xiàn)有一群處于n=4能級上的氫原子,已知氫原子的基態(tài)能量E1=-13.6eV,這群氫原子發(fā)光的光譜共有________條譜線,發(fā)出的光子照射某金屬能產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象,則該金屬的逸出功最大值是________eV.10、自然界中只存在兩種電荷,即正電荷和負(fù)電荷。用毛皮摩擦過的橡膠棒所帶的電荷是____,用絲綢摩擦過的玻璃棒所帶的電荷是____。11、(1)在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中;裝置如圖1所示:

(2)將測量頭的分劃板中心刻線與某條亮紋中心對齊,將該亮紋定為第1條亮紋,此時手輪上的示數(shù)如圖2所示.然后同方向轉(zhuǎn)動測量頭,使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊,記下此時圖3中手輪上的示數(shù),求得相鄰亮紋的間距△x為______mm.

(3)已知雙縫間距為2×10-4m,測得雙縫到屏的距離為0.7m,則所測紅光的波長為______m.

評卷人得分三、判斷題(共6題,共12分)12、只有沿著電場線的方向電勢才會降低,所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向.(判斷對錯)13、如圖所示,有一水平方向的勻強電場,場強大小為9000N/C,在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓,圓上取A、B兩點,AO沿E方向,BO⊥OA,另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷,則A處場強大小EA為零.________(判斷對錯)

14、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b,其所帶電荷量分別為qa和qb,其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示,且相鄰等勢面間的電勢差均相等,電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA>φB,由此可以判斷出a為正電荷,且有qa<qb.________(判斷對錯)

15、電場線與等勢面相互垂直,沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功.(判斷對錯)16、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零,導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直.(判斷對錯)17、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b,其所帶電荷量分別為qa和qb,其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示,且相鄰等勢面間的電勢差均相等,電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA>φB,由此可以判斷出a為正電荷,且有qa<qb.________(判斷對錯)

評卷人得分四、證明題(共2題,共6分)18、如圖,兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié),另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時,兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。19、如圖,兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié),另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時,兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、推斷題(共4題,共20分)20、是合成高聚酚酯的原料,其合成路線rm{(}部分反應(yīng)條件略去rm{)}如下圖所示:

rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡式為____,rm{B}分子中最多有____個原子共面。rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脵}的反應(yīng)條件____。rm{(3)}由rm{C}生成rm{D}的化學(xué)方程式為____。rm{(4)}與rm{D}互為同分異構(gòu)體且含有碳碳雙鍵和rm{-COO-}的苯的二元取代物有____種,其中核磁共振譜為rm{5}組峰,且峰面積比為rm{2:1:2:2:1}的結(jié)構(gòu)簡式為____rm{(}任寫一種rm{)}rm{(5)}寫出以rm{C_{2}H_{5}OH}為原料合成乳酸rm{(}rm{)}的路線rm{(}其他試劑任選,合成路線常用的表示方式為目標(biāo)產(chǎn)物rm{)}21、元素rm{H}rm{C}rm{N}rm{O}rm{F}都是重要的非金屬元素,rm{Fe}rm{Cu}是應(yīng)用非常廣泛的金屬.

rm{(1)Fe}元素基態(tài)原子的核外電子排布式為____.

rm{(2)C}rm{H}元素形成的化合物分子中共有rm{16}個電子,該分子中rm{婁脪}鍵與rm{婁脨}鍵的個數(shù)比為____

rm{(3)C}rm{N}rm{O}三種元素的第一電離能由大到小的順序為rm{(}用元素符號表示rm{)}____

rm{(3)}在測定rm{HF}的相對分子質(zhì)量時,實驗測得值一般高于理論值,其主要原因是____

rm{(5)C}rm{N}兩元素形成的化合物rm{C_{3}N_{4}}形成的原子晶體,結(jié)構(gòu)類似金剛石,甚至硬度超過金剛石,其原因是____

rm{(6)}如圖為石墨晶胞結(jié)構(gòu)示意圖,該晶胞中含有rm{C}原子的個數(shù)為____.22、【化學(xué)rm{-}選修r(nóng)m{5}有機化學(xué)基礎(chǔ)】有機化合物rm{A}是一種農(nóng)藥生產(chǎn)的中間體,rm{A}在一定條件下可發(fā)生如圖轉(zhuǎn)化:

請回答下列問題:

rm{(1)A}分子中官能團的名稱為____;

rm{(2)C}能發(fā)生反應(yīng)的類型有______rm{(}填字母rm{)}

rm{a}rm{.}取代反應(yīng)rmrm{.}消去反應(yīng)rm{c}rm{.}加成反應(yīng)rmr3hn6birm{.}氧化反應(yīng)。

rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式為____;

rm{(4)}寫出rm{B}到rm{C}的離子方程式____;

rm{(5)E}在一定條件下反應(yīng)能生成高分子化合物,寫出此高分子化合物所有可能的結(jié)構(gòu)簡式:____。23、某芳香酯rm{I}的合成路線如下:已知以下信息:rm{壟脵A隆蘆I}均為芳香族化合物,rm{B}苯環(huán)上只有一個取代基,且rm{B}能發(fā)生銀鏡反應(yīng);rm{D}的相對分子質(zhì)量比rm{C}大rm{4}rm{E}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰。rm{壟脷}rm{壟脹}請回答下列問題:rm{(1)A隆煤B}的反應(yīng)類型為____________,rm{G}中所含官能團的名稱有____________________,rm{E}的名稱是______________________________。rm{(2)B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為______________________________。rm{(3)I}的結(jié)構(gòu)簡式為______________________________。rm{(4)}符合下列要求rm{A}的同分異構(gòu)體還有_______________種。rm{壟脵}與rm{Na}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{H_{2}壟脷}芳香族化合物rm{(5)}據(jù)已有知識并結(jié)合相關(guān)信息,寫出以rm{CH_{3}CH_{2}OH}為原料制備rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}的合成路線流程圖rm{(}無機試劑任選rm{)}合成路線流程圖示如下:rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}

CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}評卷人得分六、綜合題(共3題,共30分)24、(1)(1)質(zhì)量為mm帶電量為qq的小球,從傾角為婁脠婁脠的光滑絕緣斜面上由靜止下滑,整個斜面置于方向水平向外的勻強磁場中,其磁感應(yīng)強度為BB如圖所示。若帶電小球下滑后某時刻對斜面的作用力恰好為零,下面說法中正確的是(())壟脵

小球帶正電壟脷

小球在斜面上運動時做勻加速直線運動壟脹

小球在斜面上運動時做加速度增大,而速度也增大的變加速直線運動壟脺

則小球在斜面上下滑過程中,當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r的速率為mgcos婁脠/Bq

(2)

如圖所示,電源電動勢E=9V

內(nèi)電阻r=0.5婁賂

電阻R1=5.0婁賂R2=3.5婁賂R3=6.0婁賂R4=3.0婁賂

電容C=2.0婁脤F.

當(dāng)電鍵K

由與a

接觸到與b

接觸通過R3

的電量是多少?25、(1)

聲波在空氣中的傳播速度為340m/s

在鋼鐵中的傳播速度為4900m/s

一平直橋由鋼鐵制成,某同學(xué)用錘子敲擊一下橋的一端發(fā)出聲音,分別經(jīng)空氣和橋傳到另一端的時間之差為1.00s

橋的長度為_______m

若該波在空氣中的波長為婁脣

則它在鋼鐵中波長為婁脣

的_______倍。(2)

如圖,鈻?ABC

是一直角三棱鏡的橫截面,鈭?A=90鈭?鈭?B=60鈭?

一細(xì)光束從BC

邊的D

點折射后,射到AC

邊的E

點,發(fā)生全反射后經(jīng)AB

邊的F

點射出。EG

垂直于AC

交BC

于GD

恰好是CG

的中點。不計多次反射。

(i)

求出射光相對于D

點的入射光的偏角;(ii)

為實現(xiàn)上述光路,棱鏡折射率的取值應(yīng)在什么范圍?26、(1)

一定量的理想氣體從狀態(tài)a

開始,經(jīng)歷三個過程abbcca

回到原狀態(tài),其p鈭?T

圖象如圖所示,下列判斷正確的是(??)

A.過程bc

中氣體既不吸熱也不放熱。

B.過程ab

中氣體一定吸熱。

C.過程ca

中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱。

D.ab

和c

三個狀態(tài)中;狀態(tài)a

分子的平均動能最小。

E.b

和c

兩個狀態(tài)中,容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同(2)

一粗細(xì)均勻的U

形管ABCD

的A

端封閉,D

端與大氣相通.

用水銀將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在U

形管的AB

一側(cè),并將兩端向下豎直放置,如圖所示,此時AB

側(cè)的氣體柱長度l1=25cm.

管中ABCD

兩側(cè)的水銀面高度差h1=5cm.

現(xiàn)將U

形管緩慢旋轉(zhuǎn)180?

使AD

兩端在上,在轉(zhuǎn)動過程中沒有水銀漏出.

已知大氣壓強p0=76cmHg.

求旋轉(zhuǎn)后,ABCD

兩側(cè)的水銀面高度差.參考答案一、選擇題(共6題,共12分)1、C【分析】解:A

樹枝對小鳥的作用力與小鳥的重力等值反向;所以樹枝對小鳥的作用力大小不變,故A錯誤.

B;小鳥所受的摩擦力f=mgsin婁脠

從A

到B

的過程中,婁脠

先減小后增大,則摩擦力先減小后增大,故B錯誤.

C;小鳥所受的彈力N=mgcos婁脠

從A

到B

的過程中,婁脠

先減小后增大,則彈力先增大后減小,故C正確、D錯誤.

故選:C

小鳥緩慢爬行;合力為零,受重力;支持力和靜摩擦力處于平衡,根據(jù)平衡得出摩擦力的變化和彈力的變化.

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析,運用共點力平衡進行求解,注意小鳥緩慢運動,可以視為平衡狀態(tài),所受的摩擦力為靜摩擦力.【解析】C

2、C【分析】解:線框進入磁場過程受到的安培力:F=BIL=BBLvRL=B2L2vR

線框進入磁場過程中,切割磁感線的有效長度L

增大,安培力增大,由牛頓第二定律得:mg鈭?F=ma

則a=g鈭?B2L2vmR

線框由靜止做加速運動;由于Lv

不斷增大,加速度a

減小,則線框進入磁場過程做加速度減小的加速運動,加速度減小,v鈭?t

圖象的斜率減小.

故ABD錯誤,C正確;

故選:C

由安培力公式F=BIL

法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律求出安培力與速度的關(guān)系式;然后由牛頓第二定律求出加速度,然后判斷速度隨時間變化關(guān)系,再答題.

本題考查了判斷線框速度隨時間變化的關(guān)系,求出安培力、應(yīng)用牛頓第二定律求出加速是正確解題的關(guān)鍵.【解析】C

3、C【分析】

A;交流電設(shè)備上標(biāo)出的電壓、電流均為有效值;故A錯誤;

B;用電表測量的電流、電壓均為交流電的有效值;故B錯誤;

C;若交流電與直流電均通過同一電阻在同一時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相同;則將直流電的值叫做交流電的有效值,故C正確;

D;若交流電與直流電均通過同一電阻在同一時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相同;則將直流電的值叫做交流電的有效值,故D錯誤.

故選:C

【解析】【答案】本題考查了有關(guān)交流電的基礎(chǔ)知識;正確理解交流電瞬時值;最大值、平均值、有效值的含義.

4、A|D【分析】【解析】試題分析:在電路甲中,斷開S,由于線圈阻礙電流變小,導(dǎo)致D將逐漸變暗.故A正確;在電路甲中,由于電阻R和自感線圈L的電阻值都很小,所以通過燈泡的電流比電阻的電流小,當(dāng)斷開S,D將不會變得更亮,但會漸漸變暗.故B錯誤;在電路乙中,由于電阻R和自感線圈L的電阻值都很小,所以通過燈泡的電流比線圈的電流小,斷開S時,由于線圈阻礙電流變小,導(dǎo)致D將變得更亮,然后逐漸變暗.故C錯誤;在電路乙中,由于電阻R和自感線圈L的電阻值都很小,所以通過燈泡的電流比線圈的電流小,斷開S時,由于線圈阻礙電流變小,導(dǎo)致D將變得更亮,然后逐漸變暗.故D正確;故選:AD考點:電容器和電感器對交變電流的導(dǎo)通和阻礙作用.【解析】【答案】AD5、B【分析】試題分析:當(dāng)R1的滑動片向右滑動時,R1增大,外電路總電阻增大,根據(jù)閉合電路歐姆定律得知,干路電流減小,則知電流表讀數(shù)減?。陕冯娏鳒p小,電源的內(nèi)電壓減小,路端電壓增大,則電容器板間電壓增大,板間電場強度增大,油滴所受的電場力增大,則油滴向上運動.故B正確.故選B考點:電路的動態(tài)變化分析【解析】【答案】B6、C【分析】解:據(jù)題知;BCD

都在以Q

為圓心的同一圓周上,而此圓周是一個等勢線,各點的電勢相等,則A

到各點的電勢差U

相等,電場力做功公式W=qU

分析電場力做功相等.

故C正確,ABD錯誤.

故選:C

B;CD

在以Q

為圓心的同一圓周上;電勢相等,電場力做功公式W=qU

分析即可.

本題一方面要知道以點電荷Q

為圓心的圓是一個等勢面;二要知道電場力做功與路徑無關(guān),只與初末位置的電勢差有關(guān).【解析】C

二、填空題(共5題,共10分)7、略

【分析】

異種電荷相互吸引;又相互靠近,電場力和運動的方向相同,所以電場力做正功,電勢能減?。?/p>

故答案為:正;減?。?/p>

【解析】【答案】判斷電勢能的高低可以根據(jù)電勢高低進行:負(fù)電荷在電勢高的地方電勢能低;正電荷則相反;也可以利用電場力做功:電場力做正功,電勢能降低,做負(fù)功,電勢能增加.電場力做功的正負(fù),可根據(jù)速度與電場力的方向夾角判斷.

8、略

【分析】

P;Q兩粒子在電場中做類平拋運動;水平方向做勻速直線運動,豎直方向做勻加速直線運動;

OM=MN,則2xP=xQ

根據(jù)t=可知,tQ=2tP

豎直方向做勻加速直線運動,根據(jù)y=可知

根據(jù)牛頓第二定律得:a=得:

又因為

所以

故答案為:3:4

【解析】【答案】帶電粒子在電場中做類平拋運動;根據(jù)水平位移的關(guān)系求出時間關(guān)系,再根據(jù)豎直方向做勻加速直線運動求出加速度的關(guān)系,最后根據(jù)牛頓第二定律求出質(zhì)量之比.

9、略

【分析】【解析】試題分析:處于n=4能級上的氫原子,發(fā)出的譜線為:.第4能級的能量為:躍遷過程中產(chǎn)的光子能量最大值為:考點:;氫原子的能級公式和躍遷【解析】【答案】6、12.7510、略

【分析】【解析】試題分析:自然界中只存在兩種電荷,用絲綢摩擦玻璃棒時,玻璃棒帶正電荷,絲綢帶負(fù)電荷,用毛皮摩擦橡膠棒時,橡膠棒帶負(fù)電荷,毛皮帶正電荷.考點:摩擦起電【解析】【答案】負(fù)電正電11、略

【分析】解:(2)圖2螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為2.0mm;可動刻度讀數(shù)為0.01×32.0mm=0.320mm,則最終讀數(shù)為2.320mm,圖3螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為13.5mm,可動刻度讀數(shù)為0.01×37.0mm=0.370mm,則最終讀數(shù)為13.870mm.

相鄰亮條紋的間距△x==mm=2.31mm.

(3)根據(jù)△x=λ得,λ===6.6×10-7m.

故答案為:(2)2.310;(3)6.6×10-7.

螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù),需估讀.根據(jù)△x=求出條紋間距.

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式求出紅光的波長.

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法,以及掌握雙縫干涉條紋的間距公式△x=λ.【解析】2.31;6.6×10-7三、判斷題(共6題,共12分)12、B【分析】【解答】解:沿著電場線方向;電勢降低,且降低最快;

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向;但電勢降低的方向不一定是電場線的方向,故錯誤;

故答案為:錯誤.

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象,借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性:電場線疏密表示電場強度的相對大小,切線方向表示電場強度的方向,電場線的方向反映電勢的高低.13、A【分析】【解答】解:點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得;則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成,A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0;所以A處場強大小為0

故答案為:正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小,判斷出場強方向,A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成,根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向.14、B【分析】【解答】解:若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較;可以得到:靠近正電荷的點電勢高,靠近負(fù)電荷的點,電勢較低.所以,a處為正電荷.

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱;無窮遠(yuǎn)處的電勢為0.該圖象的左側(cè)的等勢線比較密,無窮遠(yuǎn)處的電勢為0,所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比,與a點之間的電勢差比較大,所以a點所帶的電量就多.

故答案為:錯誤.

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較,很容易得出正確的結(jié)論.15、A【分析】【解答】解:根據(jù)電場線的特點可知;沿電場線的方向電勢降低;電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功.

故答案為:正確.

【分析】解決本題要根據(jù):電場線是人為假想的曲線,從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā),終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷,不閉合,電場線疏密描述電場強弱,電場線密的地方,電場強度大,疏的地方電場強度弱,沿電場線的方向電勢降低.16、B【分析】【解答】解:根據(jù)靜電平衡的特點;導(dǎo)體是等勢體,金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零;

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體;則表面電勢處處相等,即等勢面,那么電場線與等勢面垂直;

故答案為:錯誤.

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近,出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象,導(dǎo)致電荷重新分布.因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場,正好與點電荷的電場疊加,只有疊加后電場為零時,電荷才不會移動.此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零,電荷全部分布在表面,且為等勢面,導(dǎo)體是等勢體.17、B【分析】【解答】解:若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較;可以得到:靠近正電荷的點電勢高,靠近負(fù)電荷的點,電勢較低.所以,a處為正電荷.

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱;無窮遠(yuǎn)處的電勢為0.該圖象的左側(cè)的等勢線比較密,無窮遠(yuǎn)處的電勢為0,所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比,與a點之間的電勢差比較大,所以a點所帶的電量就多.

故答案為:錯誤.

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較,很容易得出正確的結(jié)論.四、證明題(共2題,共6分)18、略

【分析】見答案【解析】【答案】(6分)令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X,右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為,F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反,則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動19、略

【分析】見答案【解析】【答案】(6分)令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X,右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為,F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反,則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動五、推斷題(共4題,共20分)20、(1)HCHO15(2)NaOH醇溶液加熱(3)+H2O(4)6(5)【分析】【分析】本題考查有機物推斷和有機合成,為高頻考點,側(cè)重考查學(xué)生分析推斷及知識綜合應(yīng)用能力,明確有機物官能團及其性質(zhì)、有機反應(yīng)類型及反應(yīng)條件是解本題關(guān)鍵,難點是根據(jù)反應(yīng)物和生成物采用知識遷移的方法進行有機合成,題目難度中等?!窘獯稹扛鶕?jù)流程圖知,rm{壟脵}為消去反應(yīng)、rm{壟脷}為加成反應(yīng),則rm{A}為rm{HCHO}rm{B}為rm{B}發(fā)生信息rm{ii}的反應(yīng),rm{C}結(jié)構(gòu)簡式為rm{C}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{E}rm{E}結(jié)構(gòu)簡式為rm{C}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{D}rm{D}結(jié)構(gòu)簡式為rm{D}和苯酚發(fā)生酯化反應(yīng)生成

rm{(1)A}為甲醛,結(jié)構(gòu)簡式為rm{HCHO}rm{B}為與苯環(huán)直接相連的原子和苯環(huán)碳原子共面,且單鍵可以旋轉(zhuǎn),通過旋轉(zhuǎn)醛基三個原子可以旋轉(zhuǎn)到苯環(huán)平面上,所以rm{B}分子中最多有rm{15}個原子共面,故答案為:rm{HCHO}rm{15}

rm{(2)}由rm{C}生成rm{D}的反應(yīng)類型為生成rm{C}的反應(yīng)類型為是鹵代烴的消去反應(yīng),反應(yīng)條件為rm{D}醇溶液加熱,故答案為:rm{NaOH}醇溶液加熱;

rm{NaOH}在濃硫酸條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{(3)C}rm{D}結(jié)構(gòu)簡式為化學(xué)方程式為:rm{D}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}

故答案為:rm{+H_{2}O}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}rm{+H}rm{2}rm{2}滿足rm{O}的苯的二元取代物的rm{(4)}的同分異構(gòu)體有:含有含有碳碳雙鍵和rm{-COO-}的苯的二元取代物的和rm{-COO-}鄰間對rm{D}種,含有rm{-CH=CH_{2}}和rm{-COOH(}鄰間對rm{)3}種,所以共rm{-CH=CH_{2}}種,rm{-OOCH(}組峰,且峰面積比為rm{)3}的結(jié)構(gòu)簡式為:

故答案為:rm{3+3=6}其中核磁共振譜為rm{5}組峰,且峰面積比為rm{2:1:2:2:1}的結(jié)構(gòu)簡式為:被催化氧化生成rm{5}rm{2:1:2:2:1}和rm{6}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{(5)CH_{3}CH_{2}OH}該物質(zhì)發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{CH_{3}CHO}其合成路線為故答案為:rm{CH_{3}CHO}【解析】rm{(1)HCHO}rm{15}rm{(2)NaOH}醇溶液加熱rm{(3)}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{(4)6}rm{(5)}21、1s22s22p63s23p63d64s2;5:1;N>O>C;F元素電負(fù)性很大,分子之間形成氫鍵,以形成締合分子(HF)n;N原子半徑小于C原子半徑,鍵長C-N<C-C,C-N鍵能更大;4【分析】試題分析:rm{(1)Fe}是rm{26}元素,核外電子數(shù)為rm{26}根據(jù)核外電子排布規(guī)律書寫;

rm{(2)C}rm{H}元素形成的化合物分子中共有rm{16}個電子,該烴分子式為rm{C_{2}H_{4}}分子中含有rm{4}個rm{C-H}rm{1}個rm{C=C}雙鍵,雙鍵為rm{1}個rm{婁脪}鍵、rm{1婁脨}鍵;

rm{(3)}同周期自左而右元素第一電離能呈增大趨勢,但rm{N}元素原子的rm{2p}能級含有rm{3}個電子,處于半滿穩(wěn)定狀態(tài),能量較低,失去第rm{1}個電子需要的能量較大;

rm{(4)F}元素電負(fù)性很大;分子之間形成氫鍵,以形成締合分子;

rm{(5)}原子晶體中化學(xué)鍵鍵長越短;鍵能越大,化學(xué)鍵越穩(wěn)定;

rm{(6)}由石墨晶胞結(jié)構(gòu)可知,rm{隆脧bab隆盲=60^{circ}}rm{隆脧aba隆盲=120^{circ}}故頂點rm{a}相應(yīng)位置碳原子為rm{12}個晶胞共用,頂點rm相應(yīng)位置為棱上碳原子為rm{6}個晶胞共用,面上為rm{2}個晶胞共用,晶胞內(nèi)部含有rm{1}個碳原子,rm{ad}相應(yīng)棱上碳原子為rm{6}個晶胞共用,rm{bc}相應(yīng)棱上碳原子為rm{3}個晶胞共用;利用相應(yīng)物質(zhì)均攤法計算.

rm{(1)Fe}是rm{26}元素,核外電子數(shù)為rm{26}態(tài)原子的核外電子排布式為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{6}4s^{2}}

故答案為:rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{6}4s^{2}}

rm{(2)C}rm{H}元素形成的化合物分子中共有rm{16}個電子,該烴分子式為rm{C_{2}H_{4}}分子中含有rm{4}個rm{C-H}rm{1}個rm{C=C}雙鍵,雙鍵為rm{1}個rm{婁脪}鍵、rm{1婁脨}鍵,故該分子中rm{婁脪}鍵與rm{婁脨}鍵的個數(shù)比為rm{5}rm{1}

故答案為:rm{5}rm{1}

rm{(3)}同周期自左而右第一電離能呈增大趨勢,rm{N}元素原子的rm{2p}能級有rm{3}個電子,為半滿穩(wěn)定狀態(tài),能量降低,失去第一個電子需要的能量較高,第一電離能高于同周期相鄰元素,故第一電離能rm{N>O>C}

故答案為:rm{N>O>C}

rm{(4)F}元素電負(fù)性很大,分子之間形成氫鍵,以形成締合分子rm{(HF)_{n}}實驗測得rm{HF}的相對分子質(zhì)量一般高于理論值;

故答案為:rm{F}元素電負(fù)性很大,分子之間形成氫鍵,以形成締合分子rm{(HF)_{n}}

rm{(5)N}原子半徑小于rm{C}原子半徑,鍵長rm{C-N<C-C}故在rm{C_{3}N_{4}}形成的原子晶體中rm{C-N}鍵能更大;故其硬度超過金剛石;

故答案為:rm{N}原子半徑小于rm{C}原子半徑,鍵長rm{C-N<C-C}rm{C-N}鍵能更大;

rm{(6)}由石墨晶胞結(jié)構(gòu)可知,rm{隆脧bab隆盲=60^{circ}}rm{隆脧aba隆盲=120^{circ}}故頂點rm{a}相應(yīng)位置碳原子為rm{12}個晶胞共用,頂點rm相應(yīng)位置為棱上碳原子為rm{6}個晶胞共用,面上為rm{2}個晶胞共用,晶胞內(nèi)部含有rm{1}個碳原子,rm{ad}相應(yīng)棱上碳原子為rm{6}個晶胞共用,rm{bc}相應(yīng)棱上碳原子為rm{3}個晶胞共用,故晶胞中含有的rm{AC}原子數(shù)目為:

rm{4隆脕dfrac{1}{12}+4隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac{1}{2}+1+2隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac{1}{3}=4}故答案為:rm{4隆脕dfrac{1}{12}+4隆脕dfrac

{1}{6}+2隆脕dfrac{1}{2}+1+2隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac

{1}{3}=4}.rm{4}【解析】rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{6}4s^{2};5}rm{1;N>O>C;F}元素電負(fù)性很大,分子之間形成氫鍵,以形成締合分子rm{(HF)_{n};N}原子半徑小于rm{C}原子半徑,鍵長rm{C-N<C-C}rm{C-N}鍵能更大rm{;4}22、(1)氯原子、羥基、酯基(2)acd

(3)

(4)+CO2+H2O→+HCO3-

(5)【分析】【分析】本題考查有機物的推斷,難度中等,注意根據(jù)rm{A}的結(jié)構(gòu)及反應(yīng)條件進行推斷,需要學(xué)生熟練掌握官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化,難度中等?!窘獯稹縭m{A}在堿性條件下水解生成和rm{B}與二氧化碳反應(yīng)生成rm{C}而rm{C}遇氯化鐵溶液顯紫色,故B為rm{C}為則rm{D}為rm{D}酸化得到rm{E}為由rm{E}與rm{F}的分子式可知,rm{E}分子內(nèi)脫去rm{2}分子水生成rm{F}且rm{F}為五元環(huán)化合物,故E在濃硫酸作用下發(fā)生消去反應(yīng)和酯化反應(yīng),rm{F}可能為

rm{(1)}由rm{A}分子結(jié)構(gòu)可知,其不含氧官能團的名稱為:氯原子、羥基、酯基,故答案為:氯原子;羥基、酯基;

rm{(2)C}為可以發(fā)生取代反應(yīng)、加聚反應(yīng)、氧化反應(yīng),不能發(fā)生消去反應(yīng),故答案為:rm{acd}

rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式為:

故答案為:

rm{(4)B}到rm{C}的離子方程式為:rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

故答案為:rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

rm{(5)E(}rm{)}在一定條件下反應(yīng)能生成高分子化合物,其可能的結(jié)構(gòu)簡式為:

故答案為:

【解析】rm{(1)}氯原子、羥基、酯基rm{(2)acd}

rm{(3)}

rm{(4)}rm{+CO2+H2O隆煤}rm{+HCO^{3-}}

rm{(5)}23、(1)氧化反應(yīng)(酚)羥基、羧基4-氯(或?qū)β?甲苯

(2)

(3)

(4)13

(5)

【分析】【分析】本題考查有機物推斷與合成,綜合分析確定rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式,再結(jié)構(gòu)反應(yīng)條件進行推斷,需要學(xué)生熟練掌握官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化?!窘獯稹縭m{A-I}均為芳香族化合物,rm{B}苯環(huán)上只有一個取代基,則苯環(huán)上只有一個取代基,則rm{B}的苯環(huán)上只有一個取代基,根據(jù)rm{A}的分子式rm{A}可知rm{C_{8}H_{10}O}的側(cè)鏈為飽和結(jié)構(gòu),rm{A}能夠催化氧化生成rm{A}rm{B}能夠發(fā)生銀鏡反應(yīng),且能夠發(fā)生信息rm{B}中反應(yīng),則rm{壟脹}分子中側(cè)鏈rm{B}結(jié)構(gòu),故B的結(jié)構(gòu)簡式為rm{-CH_{2}CHO}為則rm{A}為rm{C}比rm{D}的相對分子質(zhì)量大rm{C}恰好為rm{4}分子氫氣的分子量,則說明一個rm{2}與rm{C}個氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{2}故D為rm{D}的核磁共振氫譜有rm{E}組峰,rm{3}能夠被酸性高錳酸鉀溶液氧化,則rm{E}分子中含有甲基,且氯原子位于甲基的對位,故E為rm{E}被酸性高錳酸鉀溶液氧化成rm{E}則rm{F}為rm{F}在濃rm{F}溶液中加熱發(fā)生水解反應(yīng)生成酚羥基和羧酸鈉,然后在酸性條件下轉(zhuǎn)化成rm{NaOH}則rm{G}為rm{G}和rm{G}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{D}則rm{I}為rm{I}為催化氧化生成該反應(yīng)為氧化反應(yīng);rm{(1)A隆煤B}為其分子中含有官能團為羥基、羧基;rm{G}為故命名為對氯甲苯或rm{E}氯甲苯rm{4-}或:對甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

故答案為:氧化反應(yīng);羥基、羧基;對氯甲苯或rm{]}氯甲苯rm{4-}或:對甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

rm{]}為rm{(2)B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為:

故答案為:

rm{B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為:由以上推斷可知rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為:,故答案為:

rm{(3)}為rm{I}與rm{(4)A}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{壟脵}與rm{Na}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{H}rm{壟脵}rm{Na}芳香族化合物,含有苯環(huán),則如果苯環(huán)上只有一個取代基,則是rm{H}rm{{,!}_{2}},說明含有羥基;rm{壟脷}芳香族化合物,含有苯環(huán),則如果苯環(huán)上只有一個取代基,則是rm{隆陋CHOHCH}和乙基或甲基和rm{壟脷}rm{隆陋CHOHCH}rm{{,!}_{3}}位置均有鄰間對三種。,兩個取代基,可以是rm{隆陋OH}和乙基或甲基和rm{隆陋CH}個取代基,則是rm{隆陋OH}個甲基和rm{隆陋CH}個酚羥基,共有rm{{,!}_{2}}種,總共是rm{OH}位置均有鄰間對三種。rm{3}個取代基,則是rm{2}個甲基和rm{1}個酚羥基,共有rm{6}種,總共是rm{13}種。種。rm{OH}rm{3}為原料制備rm{2}先將乙醇催化氧化生成乙醛,然后讓碳鏈增長,發(fā)生信息反應(yīng)rm{1}生成rm{6}與氫氣加成生成rm{13}合成路線為:

故答案為:故答案為:rm{13}【解析】rm{(1)}氧化反應(yīng)rm{(}酚rm{)}羥基、羧基rm{4-}氯rm{(}或?qū)β萺m{)}甲苯rm{(2)}rm{(3)}rm{(4)13}rm{(5)}

六、綜合題(共3題,共30分)24、(1)①②④(2)解:電路中的電流:當(dāng)開關(guān)接a時,電容器的電壓為:U1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1UU111=I電量為:R1RR111=1×5.0=5.0VQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1QQ1當(dāng)開關(guān)接1時1電容器的電壓為:=CU1UU111=2×10?610?61010電量為:?6?6?6?6×5C=1×10?510?51010?5?5?5?5Cb,且上極板帶負(fù)電,下極板帶正電。由,U2=I?R2=1×3.5V=3.5VU2=I?R2=1×3.5V=3.5VU2=I?R2=1×3.5V=3.5V可知,開關(guān)由U2=I?R2=1×3.5V=3.5V接U2=I?R2=1×3.5V=3.5V的過程中,電量變化為:U2UU222=I?R2R2RR222=1×3.5V=3.5VQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5CQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5CQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5C即通過Q2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5CQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5C的電荷量為Q2QQ222=【分析】【分析】(1)

由帶電小球下滑后某時刻對斜面的作用力恰好為零,可知電流的方向,可知電荷的電性;(2)

對重力進行分解,求合力,可知合力是否為恒力,可知小球的運動性質(zhì);(3)

小球在斜面上下滑過程中,當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r洛倫茲力等于重力沿斜面向下的分力,可得知小球?qū)π泵鎵毫榱銜r的速率。本題主要考查的是洛倫茲力的方向的判斷,主要是應(yīng)用力的分解以及牛頓第二定律可知物體的運動過程?!窘獯稹繅琶?/p>

帶電小球下滑后某時刻對斜面的作用力恰好為零,可知電流的方向沿斜面向下,故小球帶正電,故壟脵

正確;壟脷壟脹

小球在斜面上運動時加速度由重力垂直斜面向下的分力,垂直斜面向上的支持力和洛倫茲力,沿斜面向下的分力提供,故加速度為gsin婁脠

故做勻加速直線運動,故壟脷

正確,壟脹

錯誤;壟脺

小球在斜面上下滑過程中,當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r,應(yīng)有mgcos婁脠=Bqv

故速率為mgcos婁脠Bq

故壟脺

正確。故選壟脵壟脷壟脺

(2)

分析出開關(guān)分別接ab

時電路的串并聯(lián)關(guān)系,分析電容的電壓、電量便可知通過R33的電量。由圖可知,R11與R22串聯(lián),當(dāng)開關(guān)接a

時,電容器與R11并聯(lián);根據(jù)串聯(lián)電路的分壓規(guī)律求出電容器的電壓,即可求得電量。

當(dāng)開關(guān)與b

連接時,C

與R22并聯(lián)即可求得電量,當(dāng)開關(guān)與b

連接時,C

與R22并聯(lián);由C

中電量的變化可得出流過R33的電量?!窘馕觥?1)壟脵壟脷壟脺

(2)

解:電路中的電流:I=ER1+R2+r=90.5+5.0+3.5A=1A

當(dāng)開關(guān)接aa時,電容器的電壓為:UU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11UUUU111111==II電量為:RR11RRRR111111==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVQQ11==CCUU11==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕55CC==11隆脕隆脕1010??55CCQQ11==CCUU11==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕55CC==11隆脕隆脕1010??55CCQQ11==CCUU11==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕55CC==11隆脕隆脕1010??55CCQQ11==CCUU11==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕55CC==11隆脕隆脕1010??55CCQQ11==CCUU11==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕55CC==11隆脕隆脕1010??55CCQQ11QQQQ11當(dāng)開關(guān)接11時11電容器的電壓為:==CCUU11UUUU111111==22隆脕隆脕1010??661010??6610101010電量為:??66??66??66??66隆脕隆脕55CC==11隆脕隆脕1010??551010??5510101010??55??55??55??55CCbb,且上極板帶負(fù)電,下極板帶正電。由,UU22==II??RR22==11隆脕隆脕3.53.5VV==3.53.5VVUU22==II??RR22==11隆脕隆脕3.53.5VV==3.53.5VVUU22==II??RR22==11隆脕隆脕3.53.5VV==3.53.5VV可知,開關(guān)由UU22==II??RR22==11隆脕隆脕3.53.5VV==3.53.5VV接UU22==II??RR22==11隆脕隆脕3.53.5VV==3.53.5VV的過程中,電量變化為:UU22UUUU222222==II??RR22RR22RRRR222222==11隆脕隆脕3.53.5VV==3.53.5VVQQ22==CCUU22==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕3.53.5CC==0.70.7隆脕隆脕1010??55CCQQ22==CCUU22==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕3.53.5CC==0.70.7隆脕隆脕1010??55CCQQ22==CCUU22==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕3.53.5CC==0.70.7隆脕隆脕1010??55CC即通過QQ22==CCUU22==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕3.53.5CC==0.70.7隆脕隆脕1010??55CCQQ22==CCUU22==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕3.53.5CC==0.70.7隆脕隆脕1010??55CC的電荷量為QQ22QQQQ222222==25、(1)36524517

(2)

解:(壟隆)

光線在BC

面上折射,由折射定律有sin?i1=nsin?r1壟脵

式中,n

為棱鏡的折射率,i1

和r1

分別是該光線在BC

面上的入射角和折射角。

光線在AC

面上發(fā)生全反射,由反射定律有i2=r2壟脷

式中i

2和r2

分別是該光線在AC

面上的入射角和反射角。

光線在AB

面上發(fā)生折射,由折射定律有nsin?i3=sin?r3壟脹

式中i3

和r3

分別是該光線在AB

面上的入射角和折射角。

由幾何關(guān)系得i2=r2=60鈭?r1=i3=30鈭?壟脺

F

點的出射光相對于D

點的入射光的偏角為婁脛=(r1簍Ci1)+(180鈭?簍Ci2簍Cr2)+(r3簍Ci3)壟脻

由壟脵壟脷壟脹壟脺壟脻

式得婁脛=60鈭?壟脼

(壟壟)

光線在AC

面上發(fā)生全反射,光線在AB

面上不發(fā)生全反射,有nsin?i2?nsin?C>nsin?i3壟脽

式中C

是全反射臨界角,滿足nsin?C=1壟脿

由壟脺壟脽壟脿

式知,棱鏡的折射率n

的取值范圍應(yīng)為233?n<2壟謾【分析】(1)

【分析】根據(jù)勻速直線運動的規(guī)律得到橋的長度;由v=婁脣f

得到聲波在鋼鐵中的波長與空氣中波長的關(guān)

溫馨提示

  • 1. 本站所有資源如無特殊說明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請下載最新的WinRAR軟件解壓。
  • 2. 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
  • 3. 本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁內(nèi)容里面會有圖紙預(yù)覽,若沒有圖紙預(yù)覽就沒有圖紙。
  • 4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
  • 5. 人人文庫網(wǎng)僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護處理,對用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對任何下載內(nèi)容負(fù)責(zé)。
  • 6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容,請與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
  • 7. 本站不保證下載資源的準(zhǔn)確性、安全性和完整性, 同時也不承擔(dān)用戶因使用這些下載資源對自己和他人造成任何形式的傷害或損失。

最新文檔

評論

0/150

提交評論