2024年北師大版選擇性必修1物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大版選擇性必修1物理上冊月考試卷91考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、根據波的反射和折射原理，以下說法正確的是（）A.聲波從空氣傳到平靜的湖面上，聲波只在水面處發(fā)生反射B.聲波從空氣傳到平靜的湖面上，聲波只在水面處發(fā)生折射C.聲波從空氣傳到平靜的湖面上時既發(fā)生反射又發(fā)生折射D.聲波從空氣傳到平靜的湖面上時既不發(fā)生反射又不發(fā)生折射2、在用單擺測量重力加速度的實驗中，用多組實驗數(shù)據做出周期（T）的平方和擺長（L）的T2-L圖線，可以求出重力加速度g。已知三位同學做出的T2-L圖線的示意圖如圖中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都過原點，圖線b對應的g值最接近當?shù)刂亓铀俣鹊闹?。則相對于圖線b；下列分析正確的是（）

A.圖線c對應的g值小于圖線b對應的g值B.出現(xiàn)圖線c的原因可能是誤將51次全振動記為50次C.出現(xiàn)圖線a的原因可能是誤將懸點到小球上端的距離記為擺長LD.出現(xiàn)圖線a的原因可能是誤將懸點到小球下端的距離記為擺長L3、如圖所示，質量為M、半徑為R的圓環(huán)，靜止在光滑水平面上，有一質量為m的滑塊從與環(huán)心O等高處開始無初速度下滑到達最低點時；關于圓環(huán)的位移，下列說法中正確的是（）

A.B.C.D.不確定，與環(huán)和滑塊之間是否存在摩擦力有關4、如圖所示，輕彈簧的一端固定在豎直墻上，質量為m的光滑弧形槽靜止放在光滑水平面上，弧形槽底端與水平面相切，一個質量也為m的小物塊從槽高h處開始自由下滑；下列說法正確的是（）

A.在下滑過程中，物塊的機械能守恒B.在下滑過程中，物塊和槽的動量守恒C.物塊被彈簧反彈后，不會追上弧形槽D.物塊被彈簧反彈后，能回到槽高h處5、如圖所示，兩塊小木塊和中間夾上輕彈簧，用細線扎在一起，放在光滑的水平臺面上，燒斷細線，彈簧將小木塊彈出；最后落到水平地面上，根據圖中的有關數(shù)據，可以判定下列說法中正確的有（彈簧原長遠小于桌面長度）（）

A.小木塊先落到地面上B.兩小木塊質量之比C.兩小木塊離開桌面時，動能之比D.兩小木塊在空中飛行時所受的沖量大小之比6、小明同學在實驗室里用插針法測平行玻璃磚折射率的實驗中，已確定好入射方向AO，插了兩枚大頭針P1和P2；如圖所示（①②③是三條直線）。在以后的操作說法中你認為正確的是（）

A.在bb′側調整觀察視線，另兩枚大頭針P3和P4可能插在①線上B.在bb′側調整觀察視線，另兩枚大頭針P3和P4可能插在③線上C.若保持O點不動，減少入射角，在bb′側調整觀察視線，另外兩枚大頭針P3和P4可能插在①線上D.若保持O點不動，增大入射角，在bb′側調整觀察視線，看不清P1和P2的像，這可能是光在bb′界面發(fā)生全反射7、如圖所示，下列說法不正確的是（）

A.圖甲中，P、Q是偏振片，M是光屏，當P固定不動，緩慢轉動Q時，光屏M上的光亮度將會變化，此現(xiàn)象表明光波是橫波B.圖乙是雙縫干涉示意圖，若只減小屏到雙縫間的距離L，兩相鄰亮條紋間距離將減小C.圖乙中用白光進行實驗，中央亮條紋是彩色的，兩側條紋也是彩色的D.利用紅外線進行遙感主要是因為紅外線的波長長，容易發(fā)生衍射評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、下列說法正確的是____A.在水中的魚斜向上看岸邊的物體時,看到的物體將比物體所處的實際位置高B.全息照相主要是利用了光的衍射現(xiàn)象C.水中的氣泡看起來特別明亮是因為光從氣泡射向水中時,一部分光在界面上發(fā)生了全反射E.沙漠蜃景和海市蜃樓主要是光的全反射現(xiàn)象E.沙漠蜃景和海市蜃樓主要是光的全反射現(xiàn)象9、兩個小球A、B在光滑水平面上相向運動，已知它們的質量分別是m1＝4kg，m2＝2kg，A的速度v1＝3m/s（設為正），B的速度v2＝－3m/s，則它們發(fā)生正碰后，其速度可能分別是（）A.均為1m/sB.＋4m/s和－5m/sC.＋2m/s和－1m/sD.－1m/s和＋5m/s10、圖甲為一列簡諧橫波在時刻的波形圖，圖乙為處質點的振動圖像。下列判斷正確的是（）

A.波沿軸負方向傳播B.傳播速度為C.時，處質點的加速度最大D.在一個周期內走過的路程為0.8m11、下列對惠更斯原理的理解，正確的是A.同一波面上的各質點振動情況完全相同B.同一振源的不同波面上的質點的振動情況一定相同C.球面波是以波源為中心的一個個球面D.無論怎樣的波，波線始終和波面垂直12、用輕桿通過鉸鏈相連的小球A、B、C、D、E處于豎直平面上，各段輕桿等長，其中小球A，B的質量均為2m，小球C、D、E的質量均為m現(xiàn)將A、B兩小球置于距地面高h處；由靜止釋放，假設所有球只在同一豎直平面內運動，不計一切摩擦，則在下落過程中（）

A.小球E組成的系統(tǒng)機械能守恒B.小球E組成的系統(tǒng)動量守恒C.小球B落地的速度大小為D.當小球A的機械能最小時，地面對小球C的支持力大小為mg13、如圖所示，在粗糙水平面上，用水平輕繩相連的兩個相同物體P、Q質量均為m，在水平恒力F作用下以速度v做勻速運動．在t0時輕繩斷開，Q在F作用下繼續(xù)前進；則下列說法正確的是。

A.t0至時間內，P、Q的總動量守恒B.t0至時間內，P、Q的總動量守恒C.時，Q的動量為mvD.時，Q的動量為mv14、如圖所示，將一質量M、半徑為R的光滑半圓形槽靜置于光滑水平面上，今讓一質量為m小球自左側槽口從A點靜止開始落下；則以下結論中正確的是（）

A.小球在半圓槽內運動的全過程中，小球與半圓槽構成的系統(tǒng)機械能守恒B.小球在半圓槽內運動的全過程中，小球與半圓槽在水平方向動量守恒C.小球到達右邊最高點時，小球通過的水平位移是D.小球到達右邊最高點時，小球通過的水平位移是評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、（1）如圖所示在光滑的水平面上一個質量為m的物體，初速度為v0在水平力F的作用下，經過一段時間t后，速度變?yōu)関t，請根據上述情境，利用牛頓第ニ定律推導動量定理_____

（2）如圖質量為m的鋼球自高處落下，以速率v1，碰地，豎直向上彈回，鋼球離開地面的速率為v2．若不計空氣阻力．

a.求鋼球與地面碰撞過程中，鋼球動量的變化量大小及方向；_____

b.求鋼球與地面碰撞過程中損失的機械能_____

（3）如圖所示；一個質量為m的鋼球，以速度v斜射到堅硬的大理石板上，入射時與豎直方向的夾角是θ，碰撞后被斜著彈出，彈出時也與豎直方向的夾角是θ，速度大小仍為v．(不計空氣阻力)請你用作圖的方法求出鋼球動量變化的大小和方向．

()

16、如圖所示是通過游標卡尺兩測腳間的狹縫觀察白熾燈光源時所拍下的四張照片，這四張照片表明了光通過狹縫后形成的圖樣。從照片甲到丁的圖樣分析可知，游標卡尺兩測腳間的寬度由___________變___________（均選填“大”或“小”），照片丁中央條紋的顏色應是___________色。

17、一聲波在空氣中的波長是0.25m，傳播速度是340m/s，當它進入另一介質時，波長變成了0.37m，它在該介質中傳播速度為_____________。18、質量為m的單擺，拉開一個較小的角度后由靜止釋放，擺線的拉力大小F隨時間t變化的圖像如圖所示，重力加速度為g，則該單擺的周期為____________；擺球在平衡位置的加速度為____________。（結果用題或圖中所給的符號表示）

19、如圖所示，一列簡諧波沿x軸正方向傳播，波速v＝15m/s，A質點坐標xA＝1.5m。若以圖示波形圖為計時起點，則0.4秒內質點A通過的路程是______m；t＝___________s時A質點正經過平衡位置。

20、如圖是在發(fā)波水槽中觀察兩波源S1、S2在水槽中形成的水面波形，其中實線表示波峰，虛線表示波谷。從圖中可以判斷，波源______形成的水面波波長較大；為觀察到穩(wěn)定的干涉圖樣，可將圖中波源______的頻率調小。（均選填“S1”或“S2”）

評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)21、細繩的一端在外力作用下從時刻開始做簡諧運動，激發(fā)出一列簡諧橫波，在細繩上選取15個點，圖為時刻各點所處的位置，圖為時刻的波形圖（T為波的周期）.請在圖中畫出時刻的波形圖________

22、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標出振子位于A點時加速度的方向。

23、圖中的橫波正在沿軸的正方向傳播，波速為分別畫出經過和時刻的兩個波形圖。

24、某同學利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補全光路圖及標出入射角i和折射角r。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共9分)25、用氣墊導軌做“驗證動量守恒定律”實驗；裝置如圖所示。

（1）實驗前要調節(jié)氣墊導軌水平，具體調節(jié)如下：開動氣泵，向氣墊導軌通入壓縮空氣；調節(jié)氣墊導軌的調節(jié)旋鈕，直至滑塊放在氣墊導軌上的不同位置均能處于______狀態(tài)；表明氣墊導軌水平。

（2）在滑塊1、2上分別固定有遮光片，用游標卡尺測出滑塊1上遮光片的寬度，示數(shù)如圖乙所示，則此遮光片的寬度為______cm；同樣測出滑塊2上遮光片的寬度

（3）將質量為（包括遮光片）的滑塊1放在光電門1的左側氣墊導軌上，質量為（包括遮光片）的滑塊2放在兩光電門間的氣墊導軌上（位置如圖甲所示），用滑塊1擠壓導軌左端彈射架上的橡皮繩，然后由靜止釋放滑塊1，兩滑塊通過光電門后分別被制動，與光電門連接的光電計時器記錄滑塊1通過光電門1、2的遮光時間分別為滑塊2通過光電門2的時間為如果表達式____________成立，則兩滑塊在碰撞過程中動量守恒。26、滑板運動場地有一種常見的圓弧形軌道，其截面如圖，某同學用一輛滑板車和手機估測軌道半徑R（滑板車的長度遠小于軌道半徑）。

主要實驗過程如下：

①用手機查得當?shù)氐闹亓铀俣萭；

②找出軌道的最低點O，把滑板車從O點移開一小段距離至P點，由靜止釋放，用手機測出它完成n次全振動的時間t，算出滑板車做往復運動的周期T=___________；

③將滑板車的運動視為簡諧運動，則可將以上測量結果代入公式R=___________（用T、g表示）計算出軌道半徑。27、在“測玻璃的折射率”實驗中：

（1）如圖所示，用插針法測定玻璃磚折射率的實驗中，下列說法中正確的是_______；

A.若P1、P2的距離較大時，通過玻璃磚會看不到P1、P2的像。

B.為減少測量誤差，P1、P2的連線與法線NN'的夾角應盡量小些。

C.為了減小作圖誤差，P3和P4的距離應適當取大些。

D.若P1、P2的連線與法線NN'夾角較大時有可能在bb'面發(fā)生全反射，所以在bb'一側就看不到P1、P2的像。

（2）如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應選用寬度_______。（填“大”或“小”）的玻璃磚來測量。

（3）在該實驗中，光線是由空氣射入玻璃磚，根據測得的入射角和折射角的正弦值畫出的圖線如圖所示，從圖線可知玻璃磚的折射率是_______。

（4）該實驗小組選取了操作正確的實驗記錄，在白紙上畫出光線的徑跡，以入射點O為圓心作圓，與入射光線P1O、折射光線OO'的延長線分別交于A、B點，再過A、B點作法線NN'的垂線，垂足分別為C、D點，如圖甲所示，則玻璃的折射率n＝_______（用圖中線段的字母表示）；進一步測得所需數(shù)據分別為1.68cm和1.12cm，則該玻璃磚的折射率數(shù)值為_______。

（5）在用針插法測定玻璃磚折射率的實驗中，甲、乙二位同學在紙上畫出的界面aa'、bb'與玻璃磚位置的關系分別如圖乙中①、②所示，其中甲同學用的是矩形玻璃磚，乙同學用的是梯形玻璃磚。他們的其它操作均正確，且均以aa'、bb'為界面畫光路圖。則甲同學測得的折射率與真實值相比_______（填“偏大”、“偏小”或“不變”）：乙同學測得的折射率與真實值相比_______（填“偏大”、“偏小”或“不變”）。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

根據波的反射和折射原理；聲波從空氣傳到平靜的湖面上時既發(fā)生反射又發(fā)生折射，故C正確，ABD錯誤。

故選C。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由單擺周期公式

整理得

圖線的斜率

圖線c的斜率比圖線b的斜率小，故圖線c對應的g值大于圖線b對應的g值；A錯誤；

B．若誤將51次全振動記為50次；導致周期偏大，測得重力加速度偏小，B錯誤；

CD．圖線a與圖線b對比可知，相同的周期，擺長整體偏小相同的量，故原因可能是誤將懸點到小球上端的距離記為擺長L；漏加小球的半徑，C正確，D錯誤。

故選C。3、B【分析】【詳解】

如圖所示，設當滑塊下滑到達最低點時圓環(huán)的位移為x，則滑塊的位移為R-x，由水平方向上平均動量守恒得m（R-x)=Mx

解得x=

不管環(huán)和滑塊之間有無摩擦；系統(tǒng)水平方向上動量守恒且為零，因此圓環(huán)；滑塊的位移與環(huán)和滑塊之間是否存在摩擦力無關。

故選B。

4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．在下滑的過程中；物塊與弧形槽組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)的機械能守恒。對于物塊，除了重力做功外，弧形槽的支持力對物塊要做功，則物塊的機械能不守恒，A錯誤；

B．物塊在下滑過程中；物體有豎直向下的分加速度，系統(tǒng)的合力不為零，則系統(tǒng)的動量不守恒，B錯誤；

C．物塊下滑過程系統(tǒng)在水平方向上不受外力，所以系統(tǒng)在水平方向動量守恒；由于物塊與弧形槽的質量相等，根據水平動量守恒，知物塊離開槽時，物塊與弧形槽的速度大小相等，方向相反，物塊被彈簧反彈后，與槽的速度相同，做勻速直線運動，所以物塊追不上槽，不能回到槽高h處；D錯誤C正確。

故選C。5、D【分析】【詳解】

A．兩木塊被彈簧彈開后離開桌面做平拋運動，下落的高度相同，則下落時運動的時間相同，物塊B平拋的位移較大，則拋出時B的速度較大，物塊B在桌面上運動的時間較短，則小木塊B先落到地面上；A錯誤；

B．物塊B做平拋的水平射程等于A的2倍，則

根據動量守恒定律

兩小木塊質量之比

B錯誤；

C．兩小木塊離開桌面時，動能之比

C錯誤；

D．兩小木塊在空中飛行時所受的沖量大小IG=mgt

在空中運動的時間相等，則所受的沖量之比

D正確。

故選D。6、C【分析】【詳解】

A．光線通過平行玻璃磚后，根據折射定律得知，出射光線與入射光線平行，故在bb′側調整觀察視線，另兩枚大頭針P3和P4不可能插在①線上；故A錯誤；

B．由折射定律得知，光線通過平行玻璃磚后光線向一側發(fā)生側移，因為光線在上表面折射時，折射角小于入射角，則出射光線向②一側偏移，另兩枚大頭針P3和P4不可能插在③線上；故B錯誤；

C．若保持O點不動，減小入射角，出射光線折射角也減小，另外兩枚大頭針P3和P4可能插在①線上；故C正確；

D．若保持O點不動，增大入射角，反射光增強，折射光線減弱，在bb′側調整觀察視線，看不清P1和P2的像，根據光路可逆性原理得知，光線不可能在bb′界面發(fā)生全反射；故D錯誤。

故選C。7、C【分析】【分析】

【詳解】

A．圖甲是光的偏振現(xiàn)象；此現(xiàn)象表明光波是橫波，故A正確，不符合題意；

B．圖乙是雙縫干涉示意圖，根據

若只減小屏到雙縫間的距離L；兩相鄰亮條紋間距離將減小，故B正確，不符合題意；

C．圖乙中用白光進行實驗；中央條紋各種頻率的光都是加強的，復合后的中央亮條紋是白色的，故C錯誤，符合題意；

D．利用紅外線進行遙感主要是因為紅外線的波長長；容易發(fā)生衍射，故D正確，不符合題意。

故選C。二、多選題(共7題，共14分)8、A:D:E【分析】岸邊物體的光斜射到水面上，會發(fā)生折射現(xiàn)象，當光進入水中后靠近法線，射入魚的眼睛，而魚眼由于錯覺，認為光始終沿直線傳播，逆著光的方向看上去而形成的虛像，所以比實際位置高，故A正確．全息照相利用光的干涉現(xiàn)象，選項B錯誤；水中的氣泡，看起來特別明亮，是因為光線從水射入氣泡發(fā)生全發(fā)射的緣故，故C錯誤；發(fā)生全反射的條件是光從光密介質進入光疏介質，則光纖的內芯折射率大于外殼的折射率，故D正確；海市蜃樓、沙漠蜃景都是由于光的折射和全反射而產生的，故E正確．故選ADE.9、A:D【分析】【詳解】

以A的初速度方向為正方向，碰前系統(tǒng)總動量為p=m1v1+m2v2=4×3+2×（-3）=6kg?m/s

碰前總動能為

A．如果碰撞后兩球速度v1′=v2′=+1m/s

碰撞后系統(tǒng)動量為p′=m1v1′+m2v2′=（4×1+2×1）kg?m/s=6kg?m/s

系統(tǒng)動量守恒；碰撞后系統(tǒng)總動能為

動能減少；是可能的，故A正確；

B．如果v1′=+4m/sv2′=-5m/s

碰撞后兩球相向運動；能發(fā)生第二次碰撞，不可能，故B錯誤；

C．如果v1′=2m/sv2′=-1m/s

根據碰撞的特點可知；相向運動的兩個物體在碰撞后至少有一個物體運動的方向要發(fā)生變化或靜止，碰后兩球速度方向都不發(fā)生改變是不可能的，故C錯誤；

D．如果v1′=-1m/sv2′=5m/s

碰后總動量為p′=m1v1′+m2v2′=（4×-1+2×5）kg?m/s=6kg?m/s

系統(tǒng)動量守恒；碰撞后系統(tǒng)總動能為

動能不變；是可能的，故D正確。

故選AD。10、B:D【分析】【詳解】

A．由圖乙，時刻，平衡位置在處質點向軸負方向運動，結合圖甲，用同側法可判斷波沿軸正方向傳播；A錯誤；

B．由圖甲，波長周期波速

B正確；

C．由圖乙，時，平衡位置在處的質點在平衡位置，位移為零，由牛頓第二定律

加速度為零；C錯誤；

D．處的質點在一個周期內走過的路程為

D正確。

故選BD。11、A:C:D【分析】【詳解】

根據惠更斯原理，介質中任一波面上的各點，都可以看做發(fā)射子波的波源，其后任意時刻，這些子波在波前進方向的包絡面就是新的波面，同一波面上各質點的振動情況完全相同，選項A正確；不同波面上質點的振動情況可能相同，選項B錯誤；波線始終與波面垂直，選項D正確；球面波是以波源為中心的一個個球面，選項C正確．故選ACD.12、A:C:D【分析】【詳解】

AB．小球A；B、C、D、E組成的系統(tǒng)機械能守恒但動量不守恒；故A正確，B錯誤；

C．由于D球受力平衡，所以D球在整個過程中不會動，所以輕桿DB對B不做功，而輕桿BE對B先做負功后做正功，所以小球B的機械能先減小后增加；當B落地時小球E的速度等于零，根據功能關系

可知小球B的速度為故C正確；

D．當小球A的機械能最小時；輕桿AC沒有力，小球C豎直方向上的力平衡，所以支持力等于重力，故D正確；

故選ACD。13、A:D【分析】【詳解】

設P、Q所受的滑動摩擦力大小均為f，系統(tǒng)勻速運動時，有F=2f，得f=F/2；輕繩斷開后，對P，取向右為正方向，由動量定理得-ft=0-mv，聯(lián)立得即時P停止運動．在P停止運動前，即在t=0至時間內，P、Q系統(tǒng)的合外力為零，總動量守恒．故A正確．至時間內，P停止運動，Q勻加速運動，系統(tǒng)的合外力不為零，則系統(tǒng)的總動量不守恒，故B錯誤．時，取向右為正方向，對Q，由動量定理得(F-f)t=pQ-mv，解得Q的動量pQ=mv；故D錯誤，C錯誤．故選AD．

【點睛】

本題是脫鉤問題，要抓住脫鉤前系統(tǒng)的動量守恒，脫鉤后在兩者都在運動時系統(tǒng)的動量也守恒．在涉及力在時間上的積累效應時，運用動量定理求動量或速度是常用的方法．14、A:B:C【分析】【詳解】

A．小球在半圓槽內運動的全過程中；地面和圓弧面光滑，只有小球的機械能與半圓槽的機械能之間相互轉化，球與半圓槽構成的系統(tǒng)機械能守恒，A正確；

B．小球在半圓槽內運動的全過程中；地面光滑，小球與半圓槽組成的系統(tǒng)在水平方向所受的合外力為零，小球與半圓槽在水平方向動量守恒，B正確；

CD．小球到達右邊最高點時，小球和圓槽通過的水平位移大小分別為如圖所示。

小球和圓槽組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，在運動過程中小球和圓槽在任意時刻的水平速度滿足

則有

根據位移關系可得

解得

小球到達右邊最高點時，小球通過的水平位移是C正確，D錯誤。

故選ABC。三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

（1）根據牛頓第二定律F=ma

加速度定義

解得即動量定理。

（2）a.規(guī)定向上為正方向?p＝mv2﹣(﹣mv1）=mv2+mv1方向向向上

b.根據能量守恒可得：

（3）設豎直向上為正方向；由題意，小球入射時的在水平方向上的動量與反射時在水平方向上的動量大??；方向都相同；

在X方向：?Px:mvsinθ-mvsinθ=0方向豎直向上。

在Y方向:取向上為正?Py=mvcosθ-(-mvcosθ)=2mvcosθ

或者做圖：

小球入射時的在豎直方向上的動量大小為P1=mvcosθ如圖；反射時在豎直方向上的動量大小也為P2=mvcosθ；但方向相反；所以碰撞過程中小球的動量變化大?。害=2mvcosθ，方向豎直向上；

或者如圖所示：

【解析】（1）證明見解析（2）a.mv2+mv1方向向上b.（3）16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]光在直線傳播情況下，縫寬變窄，光屏上亮條紋變窄，從照片甲到照片乙就是這種情況；照片丙中已發(fā)生了明顯的行射現(xiàn)象，說明從照片乙到照片丙，窄縫進一步變窄；從照片丙到照片丁可見行射條紋變多，中央亮條紋變寬，說明窄縫更窄。因此，從照片甲到照片丁，游標卡尺兩測腳間的寬度由大變小。由于入射光是白光，所以衍射條紋的中央亮條紋是白色的，其兩側是彩色的條紋。【解析】①.大②.?、?白17、略

【分析】【詳解】

由題可知，該聲波的頻率

解得

進入另一種介質，頻率不變，即

解得【解析】503.2m/s18、略

【分析】【詳解】

[1]由圖像可知，擺球擺動的周期為

[2]在平衡位置時，小球的速度最大，繩的拉力最大，根據牛頓第二定律

解得擺球在平衡位置的加速度為【解析】19、略

【分析】【詳解】

[1]由圖知，該波的波長為λ=4m，則周期為

因為

所以0.4秒內質點A通過的路程是：S=6A=12cm=0.12m

[2]簡諧波沿x軸正方向傳播，根據波形的平移法可知，當圖中x=0處質點的振動狀態(tài)傳到A點時，A質點第一經過平衡位置時波所傳播的距離x=xA=1.5m，用時：

結合波的周期性可得：（k=0，1，2，3）?！窘馕觥?.12（k=0，1，2，3）20、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，波源S2形成的水面波波長較大；

[2]在同一介質中不同的機械波的波速相等，根據

由圖知，波源S1的波長小，故波源S1的頻率較大，所以為觀察到穩(wěn)定的干涉圖樣，可將圖中波源S1的頻率調小?！窘馕觥縎2S1四、作圖題(共4題，共8分)21、略

【分析】【詳解】

[1]設方格的邊長為由圖可知，波的波長應為波的振幅應為在內波傳播了則再過半個周期波應再傳播故9點開始向上振動，此時0點應到達負向最大位移處；6點達正向最大位移處；故波形如圖所示：

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)23、略

【分析】【詳解】

ls內波向前傳播的距