2024年華東師大版選修3物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年華東師大版選修3物理上冊(cè)月考試卷517考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、信用卡的磁條中有一個(gè)個(gè)連續(xù)的相反極性的磁化區(qū)；每個(gè)磁化區(qū)代表了二進(jìn)制數(shù)1或0，用以儲(chǔ)存信息．刷卡時(shí)，當(dāng)磁條以某一速度拉過(guò)信用卡閱讀器的檢測(cè)頭時(shí)，在檢測(cè)頭的線圈中會(huì)產(chǎn)生變化的電壓（如圖1所示）．當(dāng)信用卡磁條按圖2所示方向以該速度拉過(guò)閱讀檢測(cè)頭時(shí)，在線圈中產(chǎn)生的電壓隨時(shí)間的變化關(guān)系正確的是。

A.B.C.D.2、如圖所示，用電池對(duì)電容器充電，電路a、b之間接有一靈敏電流表，兩極板之間有一個(gè)電荷q處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將兩極板的間距變大；則()

A.電荷仍將靜止B.電荷將向上加速運(yùn)動(dòng)C.電流表中將有從a到b的電流D.電流表中將有從b到a的電流3、一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化如圖所示，其中AB段與t軸平行；已知在狀態(tài)A時(shí)氣體的體積為1.0L，下列說(shuō)法正確的是（）

A.由A到B的過(guò)程，氣體的體積減小B.由B到C的過(guò)程，氣體的體積增大C.由A到B的過(guò)程，氣體對(duì)外做功200JD.由B到C的過(guò)程，外界對(duì)氣體做功300J4、根據(jù)熱力學(xué)第二定律判斷，下列說(shuō)法正確的是（）A.功可以全部轉(zhuǎn)化為熱，但熱不能全部轉(zhuǎn)化為功B.熱可以從高溫物體傳到低溫物體，但不能從低溫物體傳到高溫物體C.氣體向真空的自由膨脹是不可逆的D.隨著技術(shù)的進(jìn)步，熱機(jī)的效率可以達(dá)到100%5、一束激光以入射角i=30°照射液面，其反射光在固定的水平光屏上形成光斑B，如圖所示，如果反射光斑位置向右移動(dòng)了2cm；說(shuō)明液面（）

A.上升了B.上升了C.下降了D.下降了6、如圖所示，A1、A2為電流表，V為電壓表，C為電容器，R1為滑動(dòng)變阻器，R2為定值電阻，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r．現(xiàn)將開(kāi)關(guān)S閉合，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)過(guò)程中；下列結(jié)論正確的是。

A.電壓表V示數(shù)變小B.電流表A1示數(shù)變小C.電流表A2示數(shù)變大D.電容器C上電荷量增大7、利用光子說(shuō)對(duì)光電效應(yīng)的解釋，下列說(shuō)法正確的是（）A.金屬表面的一個(gè)電子只能吸收一個(gè)光子B.電子吸收光子后一定能從金屬表面逸出，成為光電子C.金屬表面的一個(gè)電子吸收若干個(gè)光子，積累了足夠的能量后才能從金屬表面逸出D.無(wú)論光子能量大小如何，電子吸收多個(gè)光子并積累了能量后，總能逸出成為光電子8、下列四幅圖涉及到不同的物理知識(shí)；其中說(shuō)法正確的是（）

A.圖甲：盧瑟福通過(guò)分析粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子B.圖乙：用中子轟擊鈾核使其發(fā)生聚變，鏈?zhǔn)椒磻?yīng)會(huì)釋放出巨大的核能C.圖丙：玻爾理論指出氫原子能級(jí)是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率也是不連續(xù)的D.圖?。簻穼O通過(guò)電子的發(fā)現(xiàn)揭示了原子核內(nèi)還有復(fù)雜結(jié)構(gòu)評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示；AOB為一邊界為四分之一圓的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，O點(diǎn)為圓心，D點(diǎn)為邊界OB的中點(diǎn)，C點(diǎn)為邊界上一點(diǎn)，且CD//AO.現(xiàn)有兩個(gè)完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場(chǎng)（不計(jì)粒子重力）.其中粒子1從A點(diǎn)正對(duì)圖心射入，恰從B點(diǎn)射出，粒子2從C點(diǎn)沿CD射入，從某點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，則可判斷。

A.粒子2一定在B點(diǎn)射出磁場(chǎng)B.粒子1與粒子2在磁場(chǎng)中的運(yùn)行時(shí)間之比為3：2C.粒子2可能在BC之間某點(diǎn)射出磁場(chǎng)D.粒子1與粒子2的速度偏轉(zhuǎn)角度相同10、下列有關(guān)熱力學(xué)現(xiàn)象和規(guī)律的描述正確的是________。A.布朗運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性反映了液體分子運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性B.用打氣筒給自行車充氣，越打越費(fèi)勁，說(shuō)明氣體分子間表現(xiàn)為斥力C.一定質(zhì)量的理想氣體，在體積不變時(shí)，氣體分子平均每秒與器壁碰撞次數(shù)隨溫度的降低而減少E.兩分子間的分子勢(shì)能一定隨距離的增大而增大E.兩分子間的分子勢(shì)能一定隨距離的增大而增大11、把一個(gè)電容器、電流傳感器、電阻、電源、單刀雙擲開(kāi)關(guān)按圖甲所示連接，先使開(kāi)關(guān)與端相連，電源向電容器充電；然后把開(kāi)關(guān)擲向端，電容器放電，與電流傳感器相連接的計(jì)算機(jī)所記錄這一過(guò)程中電流隨時(shí)間變化的曲線如圖乙所示；下列關(guān)于這一過(guò)程的分析，正確的是（）

A.在形成電流曲線的過(guò)程中，電容器兩極板間電壓逐漸增大B.在形成電流曲線的過(guò)程中，電容器的電容逐漸減小C.曲線與橫軸所圍面積等于曲線與橫軸所圍面積D.接端，只要時(shí)間足夠長(zhǎng)，電容器兩極板間的電壓就能大于電源電動(dòng)勢(shì)12、如圖所示，在虛線所示寬度為d的范圍內(nèi)，存在豎直向下電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，某種正離子（質(zhì)量為m，電荷量為q）以初速度為垂直于左邊界射入，離開(kāi)右邊界時(shí)偏轉(zhuǎn)角度為．在同樣寬度范圍內(nèi)，若只存在方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使該離子以原來(lái)的初速度穿過(guò)該區(qū)域，偏轉(zhuǎn)角度仍為．不計(jì)離子的重力；則以下說(shuō)法正確的是。

A.離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度大小為B.離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為C.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為D.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為13、電動(dòng)自行車是一種應(yīng)用廣泛的交通工具；其速度控制是通過(guò)轉(zhuǎn)動(dòng)右把手實(shí)現(xiàn)的，這種轉(zhuǎn)動(dòng)把手稱“霍爾轉(zhuǎn)把”，屬于傳感器非接觸控制．轉(zhuǎn)把內(nèi)部有永久磁鐵和霍爾器件等，截面如圖甲．開(kāi)啟電源時(shí)，在霍爾器件的上下面之間加一定的電壓，形成電流，如圖乙．轉(zhuǎn)把轉(zhuǎn)動(dòng)永久磁鐵也跟著轉(zhuǎn)動(dòng)，霍爾器件能輸出控制車速的電勢(shì)差，已知電勢(shì)差與車速關(guān)系如圖丙，以下關(guān)于“霍爾轉(zhuǎn)把”敘述正確的是（）

A.為提高控制的靈敏度，永久磁鐵的上下端分別為N、S極B.按圖甲順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)把手，車速變快C.圖乙中從霍爾器件的左、右側(cè)面輸出控制車速的電勢(shì)差D.若霍爾器件的上下面之間所加電壓正負(fù)極性對(duì)調(diào)，不影響車速控制14、圖甲是某燃?xì)鉅t點(diǎn)火裝置的原理圖．轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為圖乙所示的正弦交變電壓，并加在一理想變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為．V為交流電壓表．當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí)；就會(huì)在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花進(jìn)而點(diǎn)燃?xì)怏w．以下判斷正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)等于5VB.電壓表的示數(shù)等于C.實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是D.實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是15、水平面上的A、B兩球沿一直線運(yùn)動(dòng)并發(fā)生正碰，如圖所示為兩球碰撞前、后的位移隨時(shí)間變化的圖象，a、b分別為A、B兩球碰前圖象，c為碰撞后兩球共同運(yùn)動(dòng)的圖象，已知A球質(zhì)量是m=2kg；則由圖象判斷下列結(jié)論正確的是（）

A.由圖象可知碰撞前A球做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，B球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.碰撞前后A球動(dòng)量變化量大小為4kg?m/sC.B球質(zhì)量為kgD.A、B兩球碰撞前的總動(dòng)量為3kg?m/s16、在粒子物理的研究中，可以讓粒子通過(guò)叫“云室”“氣泡室”的裝置，以顯示它們的徑跡，如圖所示的是在液氫氣泡室中拍攝到的帶電粒子的徑跡，氣泡室中加有勻強(qiáng)磁場(chǎng)．關(guān)于粒子的徑跡是一對(duì)緊繞的螺旋線的說(shuō)法正確的是（）

A.進(jìn)入氣泡室的是一對(duì)帶相反電荷的粒子，在同一個(gè)磁場(chǎng)中它們所受的洛倫茲力方向相反B.進(jìn)入氣泡室的粒子的比荷一定不同C.粒子的徑跡是螺旋線，是因?yàn)榱Ｗ釉谶\(yùn)動(dòng)過(guò)程中能量減少D.粒子的徑跡是螺旋線，是因?yàn)榱Ｗ拥膸щ姾闪吭絹?lái)越少評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、關(guān)于飽和汽與飽和汽壓，氣體和液體之間的動(dòng)態(tài)平衡是指汽化和液化同時(shí)進(jìn)行的過(guò)程，且進(jìn)行的速率__________，一定溫度下的飽和汽壓與體積__________．18、上午教室內(nèi)的溫度是空氣的相對(duì)濕度是60%，已知時(shí)飽和汽壓是則絕對(duì)濕度為_(kāi)__________如果教室內(nèi)絕對(duì)濕度不變，下午溫度升高到則相對(duì)濕度________________（選填“變大”或“不變”或“變小”）。19、輸入只要有“1”，輸出即為“1”的電路是___________門(mén)；輸入只要有“0”，輸出即為“0”的電路是___________門(mén)；輸入是“1”，輸出為“___________”的電路是非門(mén)。20、某物理興趣小組用實(shí)驗(yàn)探究光的色散規(guī)律，他們將半圓形玻璃磚放在豎直面內(nèi)，在其左方豎直放置一個(gè)很大的光屏P，讓一復(fù)色光束SA射向玻璃磚的圓心O后，有a和b兩束單色光射向光屏P，如圖所示．他們根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象提出了以下五個(gè)猜想，你認(rèn)為不正確的是_______

A．單色光a的波長(zhǎng)小于單色光b的波長(zhǎng)

B．在玻璃中單色光a的傳播速度大于單色光b的傳播速度

C．單色光a通過(guò)玻璃磚所需的時(shí)間大于單色光b通過(guò)玻璃磚所需的時(shí)間

D．在光束SA繞圓心O逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，在光屏P上最早消失的是a光

E．單色光a比單色光b更容易發(fā)生明顯衍射21、已知熱力學(xué)溫標(biāo)與攝氏溫標(biāo)之間的關(guān)系為：T＝t＋273.15K?；卮鹣铝袉?wèn)題：

（1）冰的熔點(diǎn)為即為_(kāi)_____K。

（2）如果物體的溫度升高那么，物體的溫度將升高_(dá)_____K。22、如圖為一定質(zhì)量理想氣體的壓強(qiáng)p與體積V關(guān)系圖像，它由狀態(tài)A經(jīng)等容過(guò)程到狀態(tài)B，再經(jīng)等壓過(guò)程到狀態(tài)C．設(shè)A、B、C狀態(tài)對(duì)應(yīng)的溫度分別為T(mén)A、TB、TC，則TA______TB，TB______TC（均選填“＞”“＜”或“＝”）。

23、在如甲圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)，L1、L2、L3為3個(gè)相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合后，燈泡L1的電阻為_(kāi)________Ω，燈泡L2消耗的電功率為_(kāi)________W．

24、如圖所示，一束激光頻率為傳播方向正對(duì)衛(wèi)星飛行方向，已知真空中光速為c，衛(wèi)星速度為u，則衛(wèi)星上觀測(cè)到激光的傳播速度是______，衛(wèi)星接收到激光的頻率______（選填“大于”“等于”或“小于”）。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共7分)28、圖甲所示是大型機(jī)械廠里用來(lái)稱重的電子吊秤；其中實(shí)現(xiàn)稱重的關(guān)鍵元件是拉力傳感器．其工作原理是：掛鉤上掛上重物，傳感器中拉力敏感電阻絲在拉力作用下發(fā)生形變，其長(zhǎng)度和橫截面積都發(fā)生變化，拉力敏感電阻絲的電阻也隨著發(fā)生變化，再經(jīng)相應(yīng)的測(cè)量電路把這一電阻變化轉(zhuǎn)換為電信號(hào)（電壓或電流），從而完成將所稱物體重量變換為電信號(hào)的過(guò)程．

（1）簡(jiǎn)述拉力敏感電阻絲的阻值隨拉力增大而增大的原因_____________．

（2）小明找到一根拉力敏感電阻絲RL，其阻值隨拉力變化的圖象如圖乙所示，再按圖丙所示電路制作了一個(gè)簡(jiǎn)易“吊秤”．電路中電源電動(dòng)勢(shì)E約15V，內(nèi)阻約靈敏毫安表量程為

內(nèi)阻約R是電阻箱，最大阻值是RL接在A；B兩接線柱之間；通過(guò)光滑絕緣滑環(huán)可將重物吊起，接通電路完成下列操作．

a．滑環(huán)下不吊重物時(shí)，調(diào)節(jié)電阻箱，當(dāng)電流表為某一合適示數(shù)I時(shí)，讀出電阻箱的讀數(shù)R1；

b．滑環(huán)下吊上待測(cè)重物，測(cè)出電阻絲與豎直方向的夾角為

c，調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表的示數(shù)仍為I，讀出此時(shí)電阻箱的讀數(shù)R2，則拉力敏感電阻絲電阻增加量為_(kāi)_______________．

（3）設(shè)圖像斜率為k，則待測(cè)重物的重力G的表達(dá)式為_(kāi)____（用以上測(cè)得的物理量表示），若測(cè)得（），R1、R2分別為和則待測(cè)重物的重力______N（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）．評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共36分)29、如圖所示，封閉有一定質(zhì)量理想氣體的汽缸開(kāi)口向下豎直固定放置，活塞的截面積為S，質(zhì)量為m0，活塞通過(guò)輕繩連接了一個(gè)質(zhì)量為m的重物。若開(kāi)始時(shí)汽缸內(nèi)理想氣體的溫度為T(mén)0，輕繩剛好伸直且對(duì)活塞無(wú)拉力作用，外界大氣壓強(qiáng)為p0，一切摩擦均不計(jì)且m0g＜p0S。

①求重物剛離地時(shí)汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；

②若緩慢降低汽缸內(nèi)氣體的溫度，最終使得汽缸內(nèi)氣體的體積減半，則最終氣體的溫度為多少？30、為了進(jìn)一步提高回旋加速器的能量；科學(xué)家建造了“扇形聚焦回旋加速器”．在扇形聚焦過(guò)程中，離子能以不變的速率在閉合平衡軌道上周期性旋轉(zhuǎn)．

扇形聚焦磁場(chǎng)分布的簡(jiǎn)化圖如圖所示；圓心為O的圓形區(qū)域等分成六個(gè)扇形區(qū)域，其中三個(gè)為峰區(qū)，三個(gè)為谷區(qū)，峰區(qū)和谷區(qū)相間分布．峰區(qū)內(nèi)存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，谷區(qū)內(nèi)沒(méi)有磁場(chǎng)．質(zhì)量為m，電荷量為q的正離子，以不變的速率v旋轉(zhuǎn)，其閉合平衡軌道如圖中虛線所示．

（1）求閉合平衡軌道在峰區(qū)內(nèi)圓弧的半徑r；并判斷離子旋轉(zhuǎn)的方向是順時(shí)針還是逆時(shí)針；

（2）求軌道在一個(gè)峰區(qū)內(nèi)圓弧的圓心角θ；及離子繞閉合平衡軌道旋轉(zhuǎn)的周期T；

（3）在谷區(qū)也施加垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B'，新的閉合平衡軌道在一個(gè)峰區(qū)內(nèi)的圓心角θ變?yōu)?0°，求B'和B的關(guān)系．已知：sin（α±β）=sinαcosβ±cosαsinβ，cosα=1-231、如圖所示，在以為圓心，內(nèi)外半徑分別為和的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)，存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一電荷量為質(zhì)量為的粒子從內(nèi)圓上的點(diǎn)進(jìn)入該區(qū)域；不計(jì)重力．

（1）如圖，已知粒子從延長(zhǎng)線與外圓的交點(diǎn)以速度射出，方向與延長(zhǎng)線成45°角；求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小及粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．

（2）在圖中，若粒子從點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，速度大小為方向不確定，要使粒子一定能夠從外圓射出，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)小于多少？32、如圖所示，在高為2L的光滑桌面上的左端固定一輕質(zhì)彈簧，在桌面右端的正上方通過(guò)一長(zhǎng)為L(zhǎng)輕繩懸掛一小球B，小球B剛好與桌面接觸．彈簧的右端與小球A接觸而不固連，彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，用一水平力推小球A，使彈簧壓縮，其彈性勢(shì)能為Ep時(shí)從靜止釋放，小球A離開(kāi)彈簧后又運(yùn)動(dòng)一段距離與小球B發(fā)生彈性碰撞，碰撞后，小球B擺動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，繩與豎直方向的夾角為600．．小球A落到水平面上時(shí)水平距離為已知小球A的質(zhì)量為m．重力加速度是g．試求彈簧的彈性勢(shì)能EP的值．

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

由圖1可知，當(dāng)“1”區(qū)經(jīng)過(guò)閱讀器的檢測(cè)頭時(shí)，產(chǎn)生正向電壓，當(dāng)“0”區(qū)經(jīng)過(guò)閱讀器的檢測(cè)頭時(shí)，產(chǎn)生負(fù)向電壓，可見(jiàn)B正確．2、D【分析】【詳解】

AB．原來(lái)電荷靜止，電荷所受重力與電場(chǎng)力平衡．電容器與電源相連，電容器的電壓不變，兩極板的間距變大，則板間場(chǎng)強(qiáng)減小，電荷所受電場(chǎng)力減小；電荷將向下加速運(yùn)動(dòng)．故AB兩項(xiàng)錯(cuò)誤．

CD．據(jù)可得，兩極板的間距變大，電容器的電容減小；電容器的電壓不變，電容的帶電量減小，電容器放電，電流表中將有從b到a的電流．故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確．3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由A到B的過(guò)程中，壓強(qiáng)不變，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，則有

所以溫度升高；體積變大，A錯(cuò)誤。

B．由B到C的過(guò)程中，先將橫軸的溫度換算成開(kāi)式溫度，則BC直線過(guò)原點(diǎn)；所以體積不變，B錯(cuò)誤。

C．由A到B的過(guò)程中，壓強(qiáng)不變，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，則有

溫度從273K變成546K，變大2倍，所以體積也變大2倍，變成2L，根據(jù)公式

C正確。

D．由B到C的過(guò)程中；體積不發(fā)生改變，不做功，D錯(cuò)誤。

故選C。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．功可以全部轉(zhuǎn)化為熱；根據(jù)熱力學(xué)第二定律的開(kāi)爾文表述，不可能從單一熱源取熱，把它全部變?yōu)楣Χ划a(chǎn)生其他任何影響，把熱全部轉(zhuǎn)換為功并不是不可能，只是需要產(chǎn)生其他影響而已，所以A錯(cuò)誤；

B．熱可以從高溫物體傳到低溫物體；根據(jù)熱力學(xué)第二定律的克勞修斯表述，不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體，而不引起其他變化，也就是說(shuō)熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體，只是需要產(chǎn)生其他影響，所以B錯(cuò)誤；

C．氣體向真空自由膨脹遵守?zé)崃W(xué)第二定律；具有方向性，所以C正確；

D．熱機(jī)的效率絕對(duì)不可能達(dá)到100%；一定會(huì)有能量損失，所以D錯(cuò)誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

若液面上升，則反射光斑應(yīng)該向左移動(dòng)，現(xiàn)在光斑右移說(shuō)明液面下降，由直角三角形的關(guān)系知下降高度h=cm，故D正確．故選D．6、A【分析】【分析】

局部電阻的變??；會(huì)引起全電路電阻的變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得到干路電流的變化情況，路端電壓的變化情況；根據(jù)串并聯(lián)電流電壓的特點(diǎn)，可以判斷各支路電表示數(shù)的變化情況．

【詳解】

ABC、將開(kāi)關(guān)S閉合，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，導(dǎo)致路端總電阻變小，根據(jù)可知，干路電流增大，即電流表A1示數(shù)變大；又因?yàn)閯t路端電壓減小，則電壓表V的示數(shù)變??；R2為定值電阻，故流過(guò)R2的電流減小，即電流表A2示數(shù)變??；故A正確；BC錯(cuò)誤；

D、因電容器跟電阻R2并聯(lián)，故電容器兩端的電壓為U，因可知，電容器上的帶電量減小，故D錯(cuò)誤．

故選A．

【點(diǎn)睛】

熟練掌握閉合電路歐姆定律及其變形表達(dá)式，清楚串并聯(lián)電路電流電壓的關(guān)系，是解決問(wèn)題的關(guān)鍵．7、A【分析】試題分析：根據(jù)光電效應(yīng)的規(guī)律；金屬表面的一個(gè)電子一次只能吸收一個(gè)光子．故A正確；每一種金屬在產(chǎn)生光電效應(yīng)時(shí)都存在一極限頻率（或稱截止頻率），即照射光的頻率不能低于某一臨界值，當(dāng)電子吸收的光子的能量大于逸出功時(shí)，電子才能能從金屬表面逸出，成為光電子，故B錯(cuò)誤；波動(dòng)性理論，如果入射光較弱，照射的時(shí)間要長(zhǎng)一些，金屬中的電子才能積累住足夠的能量，飛出金屬表面．可事實(shí)是，只要光的頻率高于金屬的極限頻率，光的亮度無(wú)論強(qiáng)弱，光子的產(chǎn)生都幾乎是瞬時(shí)的，不超過(guò)十的負(fù)九次方秒．光的頻率低于極限頻率時(shí)，無(wú)論多強(qiáng)的光，照射的時(shí)間多長(zhǎng)都無(wú)法使電子逸出，故CD錯(cuò)誤．

考點(diǎn)：考查光電效應(yīng)的規(guī)律和特點(diǎn)。

【名師點(diǎn)睛】光電效應(yīng)具有如下實(shí)驗(yàn)規(guī)律：1．每一種金屬在產(chǎn)生光電效應(yīng)時(shí)都存在一極限頻率（或稱截止頻率），即照射光的頻率不能低于某一臨界值．相應(yīng)的波長(zhǎng)被稱做極限波長(zhǎng)（或稱紅限波長(zhǎng)）．當(dāng)入射光的頻率低于極限頻率時(shí)，無(wú)論多強(qiáng)的光都無(wú)法使電子逸出．2．光電效應(yīng)中產(chǎn)生的光電子的速度與光的頻率有關(guān)，而與光強(qiáng)無(wú)關(guān)．3．光電效應(yīng)的瞬時(shí)性．實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，即幾乎在照到金屬時(shí)立即產(chǎn)生光電流．響應(yīng)時(shí)間不超過(guò)十的負(fù)九次方秒（1ns）．4．入射光的強(qiáng)度只影響光電流的強(qiáng)弱，即只影響在單位時(shí)間單位面積內(nèi)逸出的光電子數(shù)目．在光顏色不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和電流越大，即一定顏色的光，入射光越強(qiáng)，一定時(shí)間內(nèi)發(fā)射的電子數(shù)目越多8、C【分析】【詳解】

圖甲：盧瑟福通過(guò)分析α粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，得出原子的核式結(jié)構(gòu)模型．故A錯(cuò)誤．圖乙：用中子轟擊鈾核使其發(fā)生裂變，裂變反應(yīng)會(huì)釋放出巨大的核能．故B錯(cuò)誤．圖丙：玻爾理論指出氫原子能級(jí)是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率也是不連續(xù)的，故C正確；圖丁：湯姆孫通過(guò)電子的發(fā)現(xiàn)揭示了原子有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)揭示了原子核內(nèi)還有復(fù)雜結(jié)構(gòu)．故D錯(cuò)誤．故選C．二、多選題(共8題，共16分)9、A:B【分析】【詳解】

粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：

粒子1從A點(diǎn)正對(duì)圓心射入，恰從B點(diǎn)射出，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓心角為90°，粒子軌道半徑等于BO，粒子2從C點(diǎn)沿CD射入其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，設(shè)對(duì)應(yīng)的圓心為O1，運(yùn)動(dòng)軌道半徑也為BO=R，連接O1C、O1B，O1COB是平行四邊形，O1B=CO，則粒子2一定從B點(diǎn)射出磁場(chǎng)，故A正確，C錯(cuò)誤；粒子1的速度偏角，粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角θ1=90°，連接PB，可知P為O1C的中點(diǎn)，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，θ2=∠BO1P=60°，兩粒子的速度偏角不同，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期：T=兩粒子的周期相等，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=T，的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比：t1：t2=θ1：θ2=90°：60°=3：2；故B正確，D錯(cuò)誤；故選AB．

點(diǎn)睛：本題考查了粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡、應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)、周期公式即可正確解題．10、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．懸浮在液體中的固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是因?yàn)橐后w分子與懸浮顆粒的碰撞；所以布朗運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性間接表明了液體分子的運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性，選項(xiàng)A正確；

B．用打氣筒給自行車打氣；越打越費(fèi)勁是因?yàn)樽孕熊囕喬?nèi)氣體的壓強(qiáng)在逐漸增大，而不是氣體分子之間的斥力造成的，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．一定質(zhì)量的理想氣體；在體積不變時(shí)，由查理定律可知，溫度降低，壓強(qiáng)減小，氣體分子平均每秒與器壁碰撞的次數(shù)減少，選項(xiàng)C正確；

D．一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷等壓膨脹時(shí)；氣體的體積增大，由蓋－呂薩克定律可知，氣體的溫度升高，而溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，可知分子的平均動(dòng)能增大，選項(xiàng)D正確；

E．當(dāng)兩分子之間表現(xiàn)為引力時(shí)；距離增大，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，而當(dāng)兩分子間表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子間距離增大，分子力做正功，則分子勢(shì)能減小，選項(xiàng)E錯(cuò)誤。

故選ACD。11、A:C【分析】【詳解】

A．在形成電流曲線的過(guò)過(guò)程，開(kāi)關(guān)與端相連，電容器在充電，所帶電量增大，電容不變，由電容的定義式

分析可以知道極板間電壓增大；故A正確；

B．在形成電流曲線的過(guò)程中，開(kāi)關(guān)與端相連；電容器在放電，在放電的過(guò)程中，電容器的電荷量減小，但電容反映電容器本身的特性，與電壓和電量無(wú)關(guān)，保持不變，故B錯(cuò)誤；

C．圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示電荷量，因?yàn)殡娙萜鞒潆姾头烹姷碾娏肯嗟?，所以曲線與橫軸所圍面積等于曲線與橫軸所圍面積；故C正確；

D．接端，只要時(shí)間足夠長(zhǎng)，電容器充電完畢，電路中沒(méi)有電流，電源的內(nèi)電壓為零，電容器極板間的電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)故D錯(cuò)誤。

故選AC。12、C:D【分析】【詳解】

試題分析：粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)；在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律；牛頓第二定律可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。?/p>

粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度的分解可得離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度大小為A錯(cuò)誤；由于受到的洛倫茲力和速度方向垂直，所以不改變粒子運(yùn)動(dòng)速度大小，故離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度仍為B錯(cuò)誤；離子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向①，②，水平方向：③，由①②③解得C正確；當(dāng)改用勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，離子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：④，由幾何知識(shí)可知，軌道半徑⑤，由④⑤解得：D正確；13、B:D【分析】【詳解】

由于在霍爾器件的上下面之間加一定的電壓；形成電流，當(dāng)永久磁鐵的上下端分別為N；S極時(shí)，磁場(chǎng)與電子的移動(dòng)方向平行，則電子不受洛倫茲力作用，那么霍爾器件不能輸出控制車速的電勢(shì)差，故A錯(cuò)誤；當(dāng)按圖甲順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)把手，導(dǎo)致霍爾器件周圍的磁場(chǎng)增加，那么霍爾器件輸出控制車速的電勢(shì)差增大，因此車速變快，故B正確；結(jié)合圖乙的示意圖，那么永久磁鐵的N、S極可能在左、右側(cè)面，或在前、后表面，因此從霍爾器件輸出控制車速的電勢(shì)差，不一定在霍爾器件的左右側(cè)面，也可能在前后表面，故C錯(cuò)誤；當(dāng)霍爾器件的上下面之間所加電壓正負(fù)極性對(duì)調(diào)，從霍爾器件輸出控制車速的電勢(shì)差正負(fù)號(hào)相反，但由圖丙可知，不會(huì)影響車速控制，故D正確．

點(diǎn)睛：考查霍爾元件的工作原理，掌握“霍爾轉(zhuǎn)把”結(jié)構(gòu)圖，理解霍爾器件能輸出控制車速的電勢(shì)差與什么因素有關(guān)，注意圖丙中電勢(shì)差的正負(fù)，不會(huì)影響車速．14、B:C【分析】【詳解】

試題分析：根據(jù)圖乙得到原線圈電壓的最大值；根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求出電壓表的示數(shù)，當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí)，就會(huì)點(diǎn)火，根據(jù)電壓與線圈匝數(shù)比的關(guān)系即可求解．

根據(jù)圖乙得到原線圈電壓的最大值為5V，所以電壓表的示數(shù)為A錯(cuò)誤B正確；根據(jù)且得實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是故C正確D錯(cuò)誤．15、B:C【分析】【詳解】

A．由x﹣t圖象的斜率表示速度；因此碰撞前A；B兩球都是勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B．碰撞前有：vA=﹣3m/s，vB=2m/s，碰撞后有：vA′=vB′=﹣1m/s；碰撞前后A的動(dòng)量變化為：△PA=mvA′﹣mvA=2×（﹣1）﹣2×（﹣3）=4kg?m/s；故B正確；

C．根據(jù)動(dòng)量守恒定律，碰撞前后B的動(dòng)量變化為：△PB=﹣△PA=﹣4kg?m/s，又：△PB=mB（vB′﹣vB），所以解得：mB=kg；故C正確；

D．所以A與B碰撞前的總動(dòng)量為：P總=mvA+mBvB=2×（﹣3）+×2=﹣kg?m/s，故D錯(cuò)誤．16、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)粒子進(jìn)入氣泡室后沿相反的方向運(yùn)動(dòng)；說(shuō)明粒子所受的洛倫茲力方向相反，粒子帶相反電性的電荷，故A正確；

B．由知，R不同，因?yàn)樗俣葀的大小關(guān)系不確定，的大小關(guān)系也不確定，即可能相同；故B錯(cuò)誤；

CD．因?yàn)榱Ｗ釉谶\(yùn)動(dòng)過(guò)程中電荷量不變，但要受到阻力作用，能量減少，速度減小，故半徑減小，所以粒子的徑跡是螺旋線，故C正確，D錯(cuò)誤．三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】由動(dòng)態(tài)平衡的概念可知，汽化與液化的速率相等，一定溫度下飽和汽壓與體積無(wú)關(guān).【解析】相等無(wú)關(guān)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．24.11℃時(shí)飽和汽壓3.0kPa；相對(duì)濕度是60%，絕對(duì)濕度為。

P=3.0×0.6=1.8kPa[2]．因?yàn)榻^對(duì)濕度=相對(duì)濕度×飽和氣壓，則絕對(duì)濕度不變時(shí)，溫度升高，則飽和氣壓變大，相對(duì)濕度變小。【解析】1.8變小19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]根據(jù)門(mén)電路特點(diǎn)可知，輸入只要有“1”，輸出即為“1”的電路是或門(mén)；輸入只要有“0”，輸出即為“0”的電路是與門(mén)，輸入是“1”，輸出為0的電路是非門(mén)?！窘馕觥炕蚺c020、A:C:D【分析】【詳解】

A、由圖知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，則a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)；故A錯(cuò)誤；

BC、由知，b光在玻璃磚中傳播速度較??；時(shí)間較長(zhǎng)，故B正確，C錯(cuò)誤；

D、由知a光的臨界角較大，b光的臨界角較小，則當(dāng)光束SA繞圓心O逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，在光屏P上最早消失的是b光；D錯(cuò)誤；

E、a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，a光波動(dòng)性強(qiáng)，相同條件下，a光比b光容易發(fā)生衍射，故E正確；

不正確的是故選ACD．

【點(diǎn)睛】

根據(jù)光線的偏折程度，比較光的折射率大小，從而得出頻率的大小關(guān)系；由比較光在玻璃磚中傳播速度的大小，即可比較時(shí)間的長(zhǎng)短；由比較臨界角的大小，臨界角小的光最先消失；折射率越小，波長(zhǎng)越長(zhǎng)，越容易發(fā)生衍射．21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）根據(jù)。

冰的熔點(diǎn)為即為273.15K

（2）根據(jù)。

所以當(dāng)t由增加到時(shí)，T就由。

增加到。

顯然物體的溫度升高了溫度升高了1K【解析】273.15122、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]A到B為等容變化，故

由圖可知

則

B到C為等壓變化，則

由圖可知

則【解析】①.＞②.＜23、略

【分析】【詳解】

當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖2讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻燈泡L2、L3串聯(lián)，電壓U2=U3=1.5V，由圖讀出其電流I2=I3=0.20A，則I1=1.25I2，燈泡L2、L3的功率均為P=UI=1.5V×0.20A=0.30W；【解析】12Ω0.30W24、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)光速不變?cè)?，衛(wèi)星上觀測(cè)到激光的傳播速度為c；

[2]因?yàn)榧す夂托l(wèi)星是相向運(yùn)動(dòng)，依據(jù)多普勒效應(yīng)可知，衛(wèi)星接收到激光的頻率大于【解析】C大于四、作圖題(共3題，共30分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较颍瑒t電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共7分)28、略

【分析】【詳解】

解：(1)根據(jù)電阻定律有：當(dāng)拉力敏感電阻絲隨拉力被拉長(zhǎng)時(shí)，由于電阻絲的長(zhǎng)度增大，則電阻絲的橫截面積減小，所以電阻絲的電阻值將增大；

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)的電路圖可知，電路中沒(méi)有電壓表，不能使用伏安法測(cè)量電阻值的變化，但電路中的電阻箱可以控制電流的變化，若電路中的電流值不變，則電路中的總電阻值也不變，所以在步驟(c)中,可以調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表的示數(shù)仍為I，低處此時(shí)電阻箱的讀數(shù)R2，則拉力敏感電阻絲電阻增加量為