2019年高考物理試題分類匯編

2019年高考物理試題

分類匯編解析

第一章直線運(yùn)動(dòng)

第二章相互作用

第三章力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系

第四章曲線運(yùn)動(dòng)

第五章萬(wàn)有引力

第六章機(jī)械能

第七章動(dòng)量

第八章機(jī)械振動(dòng)與機(jī)械波

第九章電場(chǎng)

第十章電路與恒定電流

第十一章磁場(chǎng)

第十二章電磁感應(yīng)

第十三章交流電

第?卜四章電磁波

第十五章光學(xué)

第十六章分子動(dòng)理論

第十七章氣體固體與液體

第十八章波粒二象性

第十九章原子結(jié)構(gòu)

第二十章原子核

第一章直線運(yùn)動(dòng)

1、（2019?全國(guó)I?18）.如圖，籃球架下的運(yùn)動(dòng)員原地垂直起跳扣籃，離地后重心上升的最大高

度為伍上升第一個(gè)與所用的時(shí)間為第四個(gè)與所用的時(shí)間為人不計(jì)空氣阻力，則占滿足

444

t2t2t2t2

A.1<-<2B.2<-<3C,3v=<4D,4<=v5

f\%44

【答案】C

【解析】

【詳解】運(yùn)動(dòng)員起跳到達(dá)最高點(diǎn)的瞬間速度為零，又不計(jì)空氣阻力，故可逆向處理為自由落體運(yùn)

動(dòng)。則根據(jù)初速度為零勻加速運(yùn)動(dòng)，相等相鄰位移時(shí)間關(guān)系

1:：（V3—\/2j:（2—:（"7^-2>..,可知：=~~=2+6,即3v;v4,故本題選Co

2、（2019?全國(guó)I?22）.某小組利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器對(duì)物塊沿傾斜的長(zhǎng)木板加速下滑時(shí)的運(yùn)動(dòng)進(jìn)行研

究。物塊拖動(dòng)紙帶下滑，打出的紙帶一部分如圖。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電的頻率為50Hz,紙

帶上標(biāo)出的每?jī)蓚€(gè)相鄰點(diǎn)之間還有4人打出的點(diǎn)未畫出。在A3CQE五個(gè)點(diǎn)中，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器最先打

出是點(diǎn)，在打出C點(diǎn)時(shí)物塊的速度大小為m/s（保留3位有效數(shù)字）；物塊下滑的加

速度大小為m/s2（保留2位有效數(shù)字）。

02~~3~~~~567~~8~~9~~

卜川||川II.IIIHLII川ill,川liJi-hi」［iliqiLilii而iihiiibwhi而|il川il5

\iAK11S

【答案】A0.2330.75

【解析】

【詳解】分析可知，物塊沿傾斜長(zhǎng)木板最勻加速直線運(yùn)動(dòng)，紙帶上的點(diǎn)跡，從A到E,間隔越來(lái)越

大，可知，物塊跟紙帶的左端相連，級(jí)帶上最先打出的是A點(diǎn)；在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打C點(diǎn)瞬間，物塊

的速度匕=退=4.65)9233；根據(jù)逐差法可知，物塊下滑的加速度

c2T3<0.1

心-4?一(6.15-3.15)x10-2

0.75m/s2o

4T24x0.12

故本題正確答案為:A；0.233；0.75。

3、(2019?全國(guó)III-22).甲乙兩位同學(xué)設(shè)計(jì)了利用數(shù)碼相機(jī)的連拍功能測(cè)重力加速度的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)中，甲

同學(xué)負(fù)責(zé)釋放金屬小球，乙同學(xué)負(fù)責(zé)在小球自由下落的時(shí)候拍照。已知相機(jī)每間隔0.1s拍1幅照片。

(1)若要從拍得的照片中獲取必要的信息，在此實(shí)驗(yàn)中還必須使用的器材是o(填正確答案標(biāo)號(hào))

A.米尺B.秒表C.光電門D.天平

(2)簡(jiǎn)述你選擇的器材在本實(shí)驗(yàn)中的使用方法。

答：__________________________________________________

(3)實(shí)驗(yàn)中兩同學(xué)由連續(xù)3幅照片上小球的位置a、b和c得至l」ab=24.5cm、ac=58.7cm,則該地的重力加速

度大小為8=—m/s2o(保留2位有效數(shù)字)

【答案】(1).A(2).將米尺豎直放置，使小球下落時(shí)盡量靠近米尺。(3).9.7

【解析】

【詳解】此實(shí)驗(yàn)用數(shù)碼相機(jī)替代打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，故實(shí)驗(yàn)原理是相同的,仍然需要米尺來(lái)測(cè)量點(diǎn)與點(diǎn)之間的距離;

就本實(shí)驗(yàn)而言，因?yàn)槭遣煌掌?，所以是測(cè)量連續(xù)幾張照片上小球位置之間的距離;加速度求解仍然用逐差法

計(jì)算,注意是be與ab之間的距離差.

4、

5、

6、

第一章直線運(yùn)動(dòng)

第二章相互作用

1、（2019?全國(guó)1?19）.如圖，一粗糙斜面固定在地面上，斜面頂端裝有一光滑定滑輪。一細(xì)繩

跨過(guò)滑輪，其一端懸掛物塊N。另一端與斜面上的物塊M相連，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用水平向

左的拉力緩慢拉動(dòng)M直至懸掛N的細(xì)繩與豎直方向成45。。已知M始終保持靜止，則在此過(guò)程

中

A.水平拉力的大小可能保持不變

B.M所受細(xì)繩的拉力大小一定一直增加

C.M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加

D.M所受斜面的摩擦力大小可能先減小后增加

【答案】BD

【解析】

【詳解】如圖所示，以物塊N為研究對(duì)象，它在水平向左拉力F作用下，緩慢向左移動(dòng)直至細(xì)繩

與豎直方向夾角為45°的過(guò)程中，水平拉力F逐漸增大，繩子拉力T逐漸增大；

對(duì)M受力分析可知，若起初M受到的摩擦力f沿斜面向下，則隨著繩子拉力T的增加，則摩擦力f

也逐漸增大；若起初M受到的摩擦力f沿斜面向上，則隨著繩子拉力T的增加，摩擦力f可能先

減小后增加。故本題選BD。

2、（2019?全國(guó)II?16）.物塊在輕繩的拉動(dòng)下沿傾角為30。的固定斜面向上勻速運(yùn)動(dòng)，輕繩與斜面平行。

已知物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為且，重力加速度取10m/s2。若輕繩能承受的最大張力為1500N,則

3

物塊的質(zhì)量最大為

A.150kgB.1(X)V3kgC.200kgD.2006kg

【答案】A

【解析】

【詳解】

7于mgsin仇戶"MN=加gcosO,帶入數(shù)據(jù)解得：m=150kg,故A選項(xiàng)符合題意

3、（2D19?全國(guó)IH?16）.用卡車運(yùn)輸質(zhì)量為〃，的勻質(zhì)圓筒狀工件，為使工件保持固定，將其置于兩光滑斜

面之間，如圖所示。兩斜面I、II固定在車上，傾角分別為30。和60。。重力加速度為g。當(dāng)卡車沿平直公路

勻速行駛時(shí)，圓筒對(duì)斜面I、H壓力的大小分別為Q、F2,則

A戶6口6

A.=F2=-mg

cF.mg,F2=—mg

【答案】D

【解析】

【詳解】對(duì)圓筒進(jìn)行受力分析知圓筒處于三力平衡狀態(tài),由幾何關(guān)系容易找出兩斜面對(duì)圓筒支持力與重力

的關(guān)系，由牛頓第三定律知斜面對(duì)圓筒的支持力與圓筒對(duì)斜面的壓力大小相同。

4、（2019?天津-2）.2018年10月23日，港珠澳跨海大橋正式通車。為保持以往船行習(xí)慣，在航道處建

造了單面索（所有鋼索均處在同一豎直面內(nèi)）斜拉橋，其索塔與鋼索如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）

A.增加鋼索的數(shù)量可減小索塔受到的向下的壓力

B.為了減小鋼索承受拉力，可以適當(dāng)降低索塔的高度

C.索塔兩側(cè)鋼索對(duì)稱且拉力大小相同時(shí)，鋼索對(duì)索塔的合力豎直向下

D.為了使索塔受到鋼索的合力豎直向下，索塔兩側(cè)的鋼索必須對(duì)稱分布

【答案】C

【解析】

【詳解】A、以橋身為研究對(duì)象，鋼索對(duì)橋身的拉力的合力與橋身的重力等大反向，則鋼索對(duì)索塔的向下的

壓力數(shù)值上等于橋身的重力，增加鋼索的數(shù)量鋼索對(duì)索塔的向下的壓力數(shù)值大變，故A錯(cuò)誤；

B、由圖甲可知27cosa=Mg,當(dāng)索塔高度降低后，。變大，cosa變小，故丁變大，故B錯(cuò)誤

C、由B的分析可知，當(dāng)鋼索對(duì)稱分布時(shí)，2Tcosa=MSt鋼索對(duì)索塔的合力豎直向下，故C正確

FF

D、受力分析如圖乙,由正弦定理可知‘只要猛"幼,鋼索AC、AS的拉力心c、Em進(jìn)行合成‘合

力豎直向下，鋼索不一定要對(duì)稱分布，故D錯(cuò)誤；綜上分析：答案為C

甲

5、（2019?江蘇-2）.如圖所示，一只氣球在風(fēng)中處于靜止?fàn)顟B(tài)，風(fēng)對(duì)氣球的作用力水平向右.細(xì)繩與豎直

方向的夾角為如繩的拉力為。則風(fēng)對(duì)氣球作用力的大小為

&T

A.-：—B.—C.TsinaD.Tcosa

sir.acosa

【答案】C

【解析】

【詳解】對(duì)氣球受力分析，由水平方向平衡條件可得：4=Tsina,故C正確。

6、

第二章相互作用

第三章力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系

1、（2019?全國(guó)H?22）.如圖（a）,某同學(xué)設(shè)計(jì)了測(cè)量鐵塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)。所用器材有:

鐵架臺(tái)、長(zhǎng)木板、鐵塊、米尺、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、頻率50Hz的交流電源，紙帶等?；卮鹣铝袉?wèn)題：

（1）鐵塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)4=（用木板與水平面的夾角仇重力加速度g和鐵塊下滑的加速度。

表示）

（2）某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，調(diào)整木板與水平面的夾角便30。。接通電源。開啟打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，釋放鐵塊，鐵塊從靜止

開始沿木板滑下。多次重復(fù)后選擇點(diǎn)跡清晰的一條紙帶，如圖（b）所示。圖中的點(diǎn)為計(jì)數(shù)點(diǎn)（每?jī)蓚€(gè)相鄰

的計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出）。重力加速度為9.8m/s2.可以計(jì)算出鐵塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

（結(jié)果保留2位小數(shù)）。

?Ts.oo!

tf，■單位：cm*/

11

r<~~?!111111.

111111

Ll'l.9611111

11111

1111

20.90111

11111

131.83J111

44.70111

1

i59.5711

76.39J

------------

gsin。一a

【答案】（，）-▼丁（2）-035

【解析】

,gsing-Q

【詳解】（1）ttjmgsinO-ftnigcosO=ma,解得：u=-----------........①

gCOS夕

（2）由逐差法方得：5n=(76.39-31.83)xlO^m,T=0.15s,5i=(31.83-5.00)xlO^m,故聽(tīng)

9T2

9.8x--1.97

44.56x1O-2-26.83xIQ-2

m/s2=1.97ITV,S2,代入①式,得：產(chǎn)/T—=0.35

2

9x109.8x農(nóng)

2

2、（2019?全國(guó)HI?20）.如圖（a）,物塊和木板疊放在實(shí)驗(yàn)臺(tái)上，物塊用一不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩與固定在實(shí)驗(yàn)

臺(tái)上的力傳感器相連，細(xì)繩水平。仁0時(shí)，木板開始受到水平外力產(chǎn)的作用，在r=4s時(shí)撤去外力。細(xì)繩對(duì)物

塊的拉力/隨時(shí)間/變化的關(guān)系如圖（b）所示，木板的速度丫與時(shí)間，的關(guān)系如圖（c）所示。木板與實(shí)驗(yàn)

臺(tái)之間的摩擦可以忽略。重力加速度取g=10m/s2。由題給數(shù)據(jù)可以得出

A,木板的質(zhì)量為1kg

B.2s~4s內(nèi)，力尸的大小為0.4N

C.0~2s內(nèi)，力尸的大小保持不變

D.物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2

【答案】AB

【解析】

【詳解】結(jié)合兩圖像可判斷出0-2s物塊和木板還未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，它們之間的摩擦力為靜摩擦力，此過(guò)程

力廠等于故尸在此過(guò)程中是變力，即C錯(cuò)誤；2-5s內(nèi)木板與物塊發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，摩擦力轉(zhuǎn)變?yōu)榛瑒?dòng)摩擦

力，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律，對(duì)2-4s和4-5s列運(yùn)動(dòng)學(xué)方程，可解出質(zhì)量加為1kg,24s內(nèi)的力產(chǎn)為0.4N,故A、

B正確：由于不知道物塊的質(zhì)量，所以無(wú)法計(jì)算它們之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃，故D錯(cuò)誤.

3、（2。19?北京?8）,國(guó)際單位制（縮寫SI）定義了米（m）、秒（s）等7個(gè)基本單位，其他單位均可由物

理關(guān)系導(dǎo)出。例如，由m和s可以導(dǎo)出速度單位m?s」。歷史上，曾用“米原器”定義米，用平均太陽(yáng)日定義

秒。但是，以實(shí)物或其運(yùn)動(dòng)來(lái)定義基本單位會(huì)受到環(huán)境和測(cè)量方式等因素的影響，而采用物理常量來(lái)定義

則可避免這種困擾。1967年用鈉-133原子基態(tài)的兩個(gè)超精細(xì)能級(jí)間躍遷輻射的頻率Av=9192631770Hz定

義s；1983年用真空中的光速6-299792458!!）07定義01。2018年第26屆國(guó)際計(jì)量大會(huì)決定，7個(gè)基本單

位全部用基本物理常量來(lái)定義（對(duì)應(yīng)關(guān)系如圖，例如I,s對(duì)應(yīng)△也m對(duì)應(yīng)c）。新SI自2019年5月20日（國(guó)

際計(jì)量日）正式實(shí)施，這將對(duì)科學(xué)和技術(shù)發(fā)展產(chǎn)生深遠(yuǎn)影響。下列選項(xiàng)不正確的是

A.7個(gè)基本單位全部用物理常量定義，保證了基本單位的穩(wěn)定性

B.用真空中的光速。（nvs-i）定義m,因?yàn)殚L(zhǎng)度/與速度u存在/二認(rèn)而s已定義

C.用基本電荷e（C）定義安培（A）,因?yàn)殡姾闪颗c電流/存在而s己定義

D.因?yàn)槠绽士顺Ａ苛Γ↗-s）的單位中沒(méi)有kg,所以無(wú)法用它來(lái)定義質(zhì)量單位

【答案】D

【解析】

【詳解】本題屬于信息題，由題所給信息結(jié)合/=%和/=/的物理意義解答。

由題意可知，如果以實(shí)物或其運(yùn)動(dòng)來(lái)定義基本單位會(huì)受到環(huán)境和測(cè)量方式等因素的影響，所以7個(gè)基本單

位全部用物理常量定義，保證了基本單位的穩(wěn)定性，故A正確；

用真空中的光速定義m,即光在真空中傳播299792458分之一秒的距離，且s早已定義，故B正確；

由公式/=幺可知，安培即為1s時(shí)間內(nèi)通過(guò)的電荷量，故C正確；

t

由題意可知，對(duì)應(yīng)為kg,故D錯(cuò)誤。

4、（2019?天津-9.（1?第26屆國(guó)際計(jì)量大會(huì)決定，質(zhì)量單位“千克”用普朗克常量〃定義，“國(guó)際千克原

器”于2019年5月20日正式“退役”"的數(shù)值為6.63X10-34,根據(jù)能量子定義，〃的單位是,該單位

用國(guó)際單位制中的力學(xué)基本單位表示，則為。

【答案】Jskgm2/s

【解析】

【詳解】由E=/zu,能量的單位為J,頻率的單位為S-L故h的單位為J-s,又因能量的單位換成力學(xué)基

本單位可表示為kg?m/s2-m,則h的單位為kg-m2/s

5、（2019?江蘇?22）.如圖所示，質(zhì)量相等的物塊A和B疊放在水平地面上，左邊緣對(duì)齊.4與8、B與

地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為必先敲擊44立即獲得水平向右的初速度，在B上滑動(dòng)距離L后停下。接著敲

擊8,B立即獲得水平向右的初速度，A、8都向右運(yùn)動(dòng)，左邊緣再次對(duì)齊時(shí)恰好相對(duì)靜止，此后兩者一起

運(yùn)動(dòng)至停下.最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g.求:

（1）.4被敲擊后獲得的初速度大小V4；

（2）在左邊緣再次對(duì)齊的前、后,8運(yùn)到加速度的大小劭、的'；

（3）B被敲擊后獲得的初速度大小打.

【答案】（1）VA=J24gL；（2）as=3〃g,48'=〃g;（3）vB=2,2〃gL

【解析】

【詳解】（1）由牛頓運(yùn)動(dòng)定律知，4加速度的大小

z

勻變速直線運(yùn)動(dòng)2aAL=VA

解得匕='2〃gL

（2）設(shè)A、8的質(zhì)量均為相

對(duì)齊前，B所受合外力大小?=3"〃唁

由牛頓運(yùn)動(dòng)定律F=mau,得as=3〃g

對(duì)齊后，A、B所受合外力大小尸=2〃mg

由牛頓運(yùn)動(dòng)定律F,=2）naB＞得as'="g

（3）經(jīng)過(guò)時(shí)間3A、B達(dá)到共同速度也位移分別為以、XB,A加速度的大小等于的

則v=dAttv=vn-aiit

1212口1

XA=^aAl?XB=VBt-^aBt，XB-XA=l

L乙

解得vB=2j2〃gLo

第三章力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系

第四章曲線運(yùn)動(dòng)

1、（2019?全國(guó)H?19）.如圖（a）,在跳臺(tái)滑雪比賽中，運(yùn)動(dòng)員在空中滑翔時(shí)身體的姿態(tài)會(huì)影響其下落

的速度和滑翔的距離。某運(yùn)動(dòng)員先后兩次從同一跳臺(tái)起跳，每次都從離開跳臺(tái)開始計(jì)時(shí)，用I，表示他在豎

A.第二次滑翔過(guò)程中在豎直方向上的位移比第一次的小

B.第二次滑翔過(guò)程中在水平方向上的位移比第一次的大

C.第一次滑翔過(guò)程中在豎直方向上的平均加速度比第一次的大

D.豎直方向速度大小為m時(shí)，第二次滑翔在豎直方向上所受阻力比第一次的大

【答案】BD

【解析】

【詳解】A.由wr圖面積易知第二次面積大于等于第一次面積，故第二次豎直方向下落距離大于第一次下

落距離，所以，A錯(cuò)誤；

B.由于第二次豎直方向下落距離大，由于位移方向不變，故第二次水平方向位移大，故B正確

C.由于以斜率知第一次大、第二次小，斜率越大，加速度越大，或由7=口■易知0>。2,故C錯(cuò)誤

t

D.由圖像斜率，速度為也時(shí)，第一次圖像陡峭，第二次圖像相對(duì)平緩，故0>〃2,由G-fy=maf可知，人⑼2,

故D正確

2、（2019?北京-9）.用如圖1所示裝置研究平地運(yùn)動(dòng)。將白紙和復(fù)寫紙對(duì)齊重疊并固定在豎直的硬板上。

鋼球沿斜槽軌道PQ滑下后從。點(diǎn)飛出，落在水平擋板MN上。由于擋板靠迂硬板一側(cè)較低，鋼球落在擋

板上時(shí)，鋼球側(cè)面會(huì)在白紙上擠壓出一個(gè)痕跡點(diǎn)。移動(dòng)擋板，重新釋放鋼球，如此重復(fù)，白紙上將留下一

系列痕跡點(diǎn)。

硬板白紙

（1）下列實(shí)驗(yàn)條件必須滿足的有。

A.斜槽軌道光滑

B.斜槽軌道末段水平

C.擋板高度等間距變化

D.每次從斜槽上相同的位置無(wú)初速度釋放鋼球

（2）為定量研究，建立以水平方向?yàn)閤軸、豎直方向?yàn)閥軸的坐標(biāo)系。

a.取平拋運(yùn)動(dòng)的起始點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，將鋼球靜置于。點(diǎn)，鋼球的（選填“最上端”、"最下端''或者

“球心”）對(duì)應(yīng)白紙上的位置即為原點(diǎn)；在確定軸時(shí)（選填“需要”或者“不需要軸與重錘線平行。

b.若遺漏記錄平拋軌跡的起始點(diǎn)，也可按下述方法處理數(shù)據(jù)：如圖2所示，在軌跡上取4、8、C三點(diǎn)，

AB和BC的水平間距相等且均為X,測(cè)得AB和BC的豎更間距分別是產(chǎn)和”，則士g（選填“大于”、

“等于”或者“小于可求得鋼球平拋的初速度大小為（己知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間,結(jié)果用上

述字母表示）。

（3）為了得到平拋物體的運(yùn)動(dòng)軌跡，同學(xué)們還提出了以下三種方案，其中可行的是,,

A.從細(xì)管水平噴出穩(wěn)定的細(xì)水柱，拍攝照片，即可得到平拋運(yùn)動(dòng)軌跡

B.用頻閃照相在同一底片上記錄平拋小球在不同時(shí)刻的位置，平滑連接各位置，即可得到平拋運(yùn)動(dòng)軌跡

C.將鉛筆垂直于豎直的白紙板放置，筆尖緊靠白紙板，鉛筆以一定初速度水平拋出，將會(huì)在白紙上留下筆

尖的平拋運(yùn)動(dòng)軌跡

(4)伽利略曾研究過(guò)平拋運(yùn)動(dòng)，他推斷：從同一炮臺(tái)水平發(fā)射的炮彈，如果不受空氣阻力，不論它們能射

多遠(yuǎn)，在空中飛行的時(shí)間都一樣。這實(shí)際上揭示了平拋物體。

A.在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)

B.在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)

C.在下落過(guò)程中機(jī)械能守恒

(5)牛頓設(shè)想，把物體從高山上水平拋出，速度一次比一次大，落地點(diǎn)就一次比一次遠(yuǎn)，如果速度足夠大，

物體就不再落回地面，它將繞地球運(yùn)動(dòng)，成為人造地球衛(wèi)星。

同樣是受地球引力，隨著拋出速度增大，物體會(huì)從做平拋運(yùn)動(dòng)逐漸變?yōu)樽鰣A周運(yùn)動(dòng)，請(qǐng)分析原因。

【答案】⑴.BD(2).球心需要大于8(3).B(4),B(5).利用平拋運(yùn)動(dòng)的軌

\丫2-X

跡的拋物線和圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)證明即可

【解析】

【詳解】根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律：水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)解答。

⑴本實(shí)驗(yàn)中要保證小球飛出斜槽末端時(shí)的速度為水平，即小球做平拋運(yùn)動(dòng)，且每次飛出時(shí)的速度應(yīng)相同，

所以只要每次將小球從斜槽上同一位置由靜止釋放即可，故BD正確：

(2)a.平拋運(yùn)動(dòng)的起始點(diǎn)應(yīng)為鋼球靜置于Q點(diǎn)時(shí)，鋼球的球心對(duì)應(yīng)紙上的位置.，由于平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向做

自由落體運(yùn)動(dòng)，所以在確定)，軸時(shí)需要)，軸與重錘線平行；

b.由初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律即住相等時(shí)間間隔內(nèi)所通過(guò)的位移之比為1:3:5：7：....可知，由于A

y.12

點(diǎn)不是拋出點(diǎn)，所以——＞三；設(shè)48,BC間所用的時(shí)間為T,豎直方向有：%一弘=g7，水平方向有：

x~%丁,聯(lián)立解得：%—x；

(3)A項(xiàng)：從細(xì)管水平噴出穩(wěn)定的細(xì)水柱，由于細(xì)水柱射出后受到空氣阻力的作用，所以此方案不可行；

B項(xiàng)：用頻閃照相在同一底片上記錄小球不同時(shí)刻位置即平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡上的點(diǎn)，平滑連接在一起即為

平拋運(yùn)動(dòng)軌跡，所以此方案可行；

C項(xiàng)：將鉛筆垂直于豎直的白板放軒，以一定初速度水平拋出，筆尖與白紙間有摩擦阻力的作用，所以鉛

筆作的不是平拋運(yùn)動(dòng)，故此方案不可行；

(4)由平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向運(yùn)動(dòng)可知，力=gg/，時(shí)間/=J絲，所以只要高度相同，時(shí)間相同，故B正確;

(5)由平拋運(yùn)動(dòng)可知，豎直方向：〃水平方向：x=聯(lián)立解得：，=看/，即拋出物體的軌跡

2zvo

為拋物線，當(dāng)拋出的速度越大，在拋物線上某點(diǎn)的速度足以提供該點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力時(shí)，物體的軌跡

從拋物線變?yōu)閳A。

3、(2D19?江蘇-6).如圖所示，摩天輪懸掛的座艙在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng).座艙的質(zhì)量為機(jī)，運(yùn)動(dòng)

半徑為R,角速度大小為①，重力加速度為g,則座艙

A.運(yùn)動(dòng)周期為鄴

(D

B.線速度的大小為①R

C.受摩天輪作用力的大小始終為

D.所受合力的大小始終為/wdR

【答案】BD

【解析】

【詳解】由于座艙做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由公式口=——，解得：T=—,故A錯(cuò)誤；由圓周運(yùn)動(dòng)的線速度與

Tco

角速度的關(guān)系可知，u=故B正確；由于座艙做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以座艙受到摩天輪的作用力是變力，

不可能始終為〃名，故C錯(cuò)誤；由勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合力提供向心力可得：F合=mc"R,故D正確。

4、

5、

6、

第四章曲線運(yùn)動(dòng)

第五章萬(wàn)有引力

1、（2019?全國(guó)I?21）.在星球M上將一輕彈簧豎直固定在水平桌面上，把物體P輕放在彈簧上

端，P由靜止向下運(yùn)動(dòng)，物體的加速度。與彈簧的壓縮量x間的關(guān)系如圖中實(shí)線所示。在另一星球

N上月完全相同的彈簧，改用物體。完成同樣的過(guò)程，其a-x關(guān)系如圖中虛線所示，假設(shè)兩星球

均為質(zhì)量均勻分布的球體。已知星球揚(yáng)的半徑是星球N的3倍，則

A.M與N的密度相等

B.Q的質(zhì)量是P的3倍

C.。下落過(guò)程中的最大動(dòng)能是尸的4倍

D.。下落過(guò)程中彈簧的最大壓縮量是尸的4倍

【答案】AC

【解析】

【詳解1A、由a?x圖象可知，加速度沿豎直向下方向?yàn)檎较?，根?jù)牛頓第二定律有："g-丘二"%

kk

變形式為：a=g--x,該圖象的斜率為-一，縱軸截距為重力加速度g。根據(jù)圖象的縱軸截距

mm

可知，兩星球表面的重力加速度之比為：—=—又因?yàn)樵谀承乔虮砻嫔系奈矬w，所受重

41

力和萬(wàn)有引力相等，即：6萼=臉,即該星球的質(zhì)量加=的。又因?yàn)椋烘?，?lián)立

AG3

得「=耳。故兩星球的密度之比為：——=故A正確；

4兀RGpNgNRM

B、當(dāng)物體在彈簧上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，加速度為0的一瞬間，其所受彈力和重力二力平衡，，咫="，

即：w=—；結(jié)合a?x圖象可知，當(dāng)物體P和物體Q分別處于平衡位置時(shí)，彈簧的壓縮量之比為：

g

—=7^=1,故物體P和物體Q的質(zhì)量之比為：^=——=1,故B錯(cuò)誤;

2X

qO2mQxQgM6

C、物體P和物體Q分別處于各自的平衡位置（a=0）時(shí)，它們的動(dòng)能最大；根據(jù)結(jié)合

a-x圖象面積的物理意義可知：物體P的最大速度滿足次=2、-3%?丹=34%,物體Q的最大速

12

E—"%吠Qtny2

度滿足：詒=2%%，則兩物體的最大動(dòng)能之比：—7^-=----=--,-T=4,C正確；

43"叫%

D、物體P和物體Q分別在彈簧上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，由平衡位置（a=0）可知，物體P和Q振動(dòng)的振幅A

分別為%和2/，即物體P所在彈簧最大壓縮量為2%,物體Q所在彈簧最大壓縮量為4%,則Q

下落過(guò)程中，彈簧最大壓縮量時(shí)P物體最大壓縮量的2倍，D錯(cuò)誤；

故本題選AC。

2、（2019?全國(guó)II?14）.2019年1月，我國(guó)嫦娥四號(hào)探測(cè)器成功在月球背面軟著陸，在探測(cè)器“奔向”月

球的過(guò)程中，用〃表示探測(cè)器與地球表面的距離，尸表示它所受的地球引力，能夠描F隨h變化關(guān)系的圖

【答案】D

【解析】

GMm

【詳解】根據(jù)萬(wàn)有引力定律可得:〃越大，尸越大，故選項(xiàng)D符合題意;

(R+4

3、（2019?全國(guó)III?15）.金星、地球和火星繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)均可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，它們的向心加速度大小

分別為。金、。地、?；?，它們沿軌道運(yùn)行的速率分別為y金、丫地、-火。已知它們的軌道半徑/?令＜/?坦＜/?火，由

此可以判定

A.〃金＞。地火B(yǎng).〃火〉a地〉。金

C.uQu火＞v金D.丫火“地＞丫僉

【答案】A

【解析】

【詳解】AB.由萬(wàn)有引力提供向心力G絆=〃也可知軌道半徑越小，向心加速度越大，故知A項(xiàng)正確，B

錯(cuò)誤；

CD.96粵="匕得v=J也可知軟道半徑越小，運(yùn)行速率越大，故C、D都錯(cuò)誤。

R2RVR

4、（2019?北京-6）.2019年5月17□,我國(guó)成功發(fā)射第45顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，該衛(wèi)星屬于地球靜止軌道

衛(wèi)星（同步衛(wèi)星）。該衛(wèi)星

A.入軌后可以位于北京正上方B.入軌后的速度大于第一宇宙速度

C.發(fā)射速度大于第二宇宙速度D,若發(fā)射到近地圓軌道所需能量較少

【答案】D

【解析】

【詳解】由同步衛(wèi)星的特點(diǎn)和衛(wèi)星發(fā)射到越高的軌道所需的能量越大解答。

由于衛(wèi)星為同步衛(wèi)星，所以入軌后一定只能與赤道在同一平面內(nèi)，故A錯(cuò)誤；

由于第一宇宙速度為衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的最大速度，所以衛(wèi)星入軌后的速度一定小于第一宇宙速度，故B錯(cuò)

誤；

由于第二宇宙速度為衛(wèi)星脫離地球引力的最小發(fā)射速度，所以衛(wèi)星的發(fā)射速度一定小于第二宇宙速度，故C

錯(cuò)誤；

將衛(wèi)星發(fā)射到越高的軌道克服引力所作的功越大，所以發(fā)射到近地圓軌道所需能量較小，故D正確。

5、（2319?天津?1）.2018年12月8日，肩負(fù)著億萬(wàn)中華兒女探月飛天夢(mèng)想的嫦娥四號(hào)探測(cè)器成功發(fā)射，

“實(shí)現(xiàn)人類航天器首次在月球背面巡視探測(cè)，率先在月背刻上了中國(guó)足跡“。已知月球的質(zhì)量為M、半徑為

R，探測(cè)器的質(zhì)量為加，引力常量為G,嫦娥四號(hào)探測(cè)器圍繞月球做半徑為廠的勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，探測(cè)器

的（）

A周叫老c…、iGMm

B.動(dòng)能為

D.向心加速度為粵

C.角速度為

【答案】C

【解析】

【詳解】由萬(wàn)有引力提供向心力可得空依===根±=“，可得丁=2產(chǎn)」工，故A

r2T~rVGM

正確:解得v=^――，由于紇=^mv2=,故B錯(cuò)誤；解得CD=GM

，故C錯(cuò)誤：解得。=

故D錯(cuò)誤。綜上分析，答案為A

6、（2019?江蘇?4）.1970年成功發(fā)射的“東方紅一號(hào)”是我國(guó)第一顆人造地球衛(wèi)星，該衛(wèi)星至今仍沿橢圓軌

道繞地球運(yùn)動(dòng).如圖所示，設(shè)衛(wèi)星在近地點(diǎn)、遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度分別為必、V2,近地點(diǎn)到地心的距離為r,地球

質(zhì)量為M,引力常量為G.則

【答案】B

【解析】

【詳解】“東方紅一號(hào)”從近地點(diǎn)到遠(yuǎn)地點(diǎn)萬(wàn)有引力做負(fù)功，動(dòng)能減小，所以匕＞匕，過(guò)近地點(diǎn)圓周運(yùn)動(dòng)的

速度為y=J絲,由于“東方紅一號(hào)”在橢圓上運(yùn)動(dòng)，所以匕＞\GM..

----,故B正確。

第五章萬(wàn)有引力

第六章機(jī)械能

1、（2019?全國(guó)n?18）.從地面豎直向上拋出一物體，其機(jī)械能￡電等于動(dòng)能Ek與重力勢(shì)能Ep之和。取

地面為重力勢(shì)能零點(diǎn)，該物體的E總和瓦隨它離開地面的高度〃的變化如圖所示。重力加速度取10m/s2.

由圖中數(shù)據(jù)可得

A.物體的質(zhì)量為2kg

B./?=0時(shí)，物體的速率為20m/s

C./『2m時(shí)，物體的動(dòng)能Ek=40J

D.從地面至力=4m,物體的動(dòng)能減少100J

【答案】AD

【解析】

QQJ

【詳解】A.且"圖像知其斜率為G,故6=—=20N,解得機(jī)=2kg,故A正確

4m

B.力=0時(shí)，6=0,a=E機(jī)-8=100J-0=100J,故解得：片［（）m/s：故B錯(cuò)誤；

C./i=2m時(shí)，%=40J,E產(chǎn)E機(jī)用,=85J-40J=45J,故C錯(cuò)誤

D.〃=0時(shí)，E尸E機(jī)-Ep=100J-0=100J,力=4m時(shí)，Et'=E機(jī)?昂=80J-80J=0J,故氏Er=100J,故D正確

2、（2019?全國(guó)III?17）.從地面豎直向上拋出一物體，物體在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中除受到重力外，還受到一大小不

變、方向始終與運(yùn)動(dòng)方向相反外力作用。距地面高度人在3m以內(nèi)時(shí)，物體上升、下落過(guò)程中動(dòng)能反隨

〃的變化如圖所示。重力加速度取lOm/s?。該物體的質(zhì)量為

A.2kgB.1.5kgD.0.5kg

【答案】C

【解析】

【詳解】對(duì)上升過(guò)程，由動(dòng)能定理，~（F+mg）h=Ek-Ek（）f得七二七如一（尸+咋?）〃，即F+mg=12N；

下落過(guò)程，（mg-F）（6-力）=々，即/一尸=l=8N,聯(lián)立兩公式，得到〃曰kg、F=2No

3、（2。19?天津?10）.完全由我國(guó)自行設(shè)計(jì)、建造國(guó)產(chǎn)新型航空母艦已完成多次海試，并取得成功。航母

上的艦載機(jī)采用滑躍式起飛，故甲板是由水平甲板和上翹甲板兩部分構(gòu)成，如圖1所示。為便于研究艦載

機(jī)的起飛過(guò)程，假設(shè)上翹甲板8C是與水平甲板A8相切的一段圓弧，示意如圖2,A8長(zhǎng)4=150m,BC

水平投影&=63m,圖中C點(diǎn)切線方向與水平方向的夾角。=12。（sinl2°?0.21）o若艦載機(jī)從A點(diǎn)由

靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)f=6s到達(dá)8點(diǎn)進(jìn)入8C。己知飛行員的質(zhì)量m=60kg,g=10m/s2,

求

圖1

?J上，*

H—-------4g

、人圖2

（1）艦載機(jī)水平運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，飛行員受到的水平力所做功W；

（2）艦載機(jī)剛進(jìn)入8C時(shí)，飛行員受到豎直向上的壓力%多大。

【答案】（1）IV=7.5X104J：（2）=l.lxlO5N

【解析】

【詳解】（1）艦載機(jī)由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)其剛進(jìn)入上翹甲板時(shí)的速度為則有

①

2t

根據(jù)動(dòng)能定理，有

I,

W=-nu2-O@

2f

聯(lián)立①②式，代入數(shù)據(jù)，得

W=7.5xl04J③

（2）設(shè)上翹甲板所對(duì)應(yīng)的圓弧半徑為/?,根據(jù)幾何關(guān)系，有

a=Rsin。④

由牛頓第二定律，有

&-叫=〃7^■⑤

聯(lián)立①④⑤式，代入數(shù)據(jù)，得

3

FN=l.lxioN@

4、（2019?江蘇-8）.如圖所示，輕質(zhì)彈簧的左端固定，并處于自然狀態(tài).小物塊的質(zhì)量為〃?，從A點(diǎn)向左

沿水平地面運(yùn)動(dòng)，壓縮彈簧后被彈回，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)恰好靜止.物塊向左運(yùn)動(dòng)的最大距離為s,與地面間的動(dòng)

摩擦因數(shù)為小重力加速度為g,彈簧未超出彈性限度.在上述過(guò)程中

A.彈簧的最大彈力為〃mg

B.物塊克服摩擦力做的功為

C.彈簧的最大彈性勢(shì)能為〃mgs

D.物塊在4點(diǎn)的初速度為師7

【答案】BC

【解析】

【詳解】小物塊壓縮彈簧最短時(shí)有七琢，故A錯(cuò)誤；全過(guò)程小物塊的路程為2$,所以全過(guò)程中克服

摩擦力做的功為：j^fng-2s,故B正確；小物塊從彈簧壓縮最短處到A點(diǎn)由能量守恒得：Epmax=，

故C正確：小物塊從A點(diǎn)返回A點(diǎn)由動(dòng)能定理得：一"叫NsuO-g加噥解得：%=2j礪，故D錯(cuò)

誤。

5、（2019?江蘇?10）.某興趣小組用如題1圖所示裝置驗(yàn)證動(dòng)能定理.

（1）有兩種工作頻率均為50Hz的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器供實(shí)驗(yàn)選用:

A.電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

B.電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

為使紙帶在運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力較小，應(yīng)選擇（選填"A”或"B”）.

1圖

（2）保持長(zhǎng)木板水平，將紙帶固定在小車后端，紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的限位孔.實(shí)驗(yàn)中，為消除摩擦力的

影響，在祛碼盤中慢慢加入沙子，直到小車開始運(yùn)動(dòng).同學(xué)甲認(rèn)為此時(shí)摩擦刀的影響已得到消除.同學(xué)乙

認(rèn)為這應(yīng)從盤中取出適量沙子，直至輕推小車觀察到小車做勻速運(yùn)動(dòng).看法正確的同學(xué)是（選填“甲”

或“乙”）.

（3）消除摩擦力影響后，在祛碼盤中加入祛碼.接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源，松開小車，小車運(yùn)動(dòng).紙帶被打

出一系列點(diǎn)，其中的一段如題2圖所示.圖中紙帶按實(shí)際尺寸畫出，紙帶上A點(diǎn)的速度m/s.

2圖

（4）測(cè)出小車的質(zhì)量為再測(cè)出紙帶上起點(diǎn)到A點(diǎn)的距離為L(zhǎng).小車動(dòng)能的變化量可用△4二：%/算出.祛

碼盤中祛碼的質(zhì)量為相，重力加速度為g;實(shí)驗(yàn)中，小車的質(zhì)量應(yīng)（選填“遠(yuǎn)大于”“遠(yuǎn)小于''或“接近”）

祛碼、祛碼盤和沙子的總質(zhì)量，小車所受合力做的功可用W刁陽(yáng)上算出.多次測(cè)量，若W與△叫均基本相

等則驗(yàn)證了動(dòng)能定理.

【答案】（1）.B（2）.乙（3）.0.31（0.30~0.33都算對(duì)）（4）.遠(yuǎn)大于

【解析】

【詳解】（1）為使紙帶在運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力較小，應(yīng)選電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器即B：

（2）當(dāng)小車開始運(yùn)動(dòng)時(shí)有小車與木板間的摩擦為最大靜摩擦力，由于最大靜摩擦力大于滑動(dòng)摩擦力，所以甲

同學(xué)的看法錯(cuò)誤，乙同學(xué)的看法正確；

（3）由圖可知，相鄰兩點(diǎn)間的距離約為0.62cm,打點(diǎn)時(shí)間間隔為0.02s,所以速度為

s0.0062

v=—=----------m/s=0.31；

t0.02

（4）對(duì)小車由牛頓第二定律有：T=Ma,對(duì)硅碼盤由牛頓第二定律有：mg-T=聯(lián)立解得：

Mmg_mg

M~s,當(dāng)M機(jī)時(shí)有：T?mg,所以應(yīng)滿足：M加。

M

6、

第六章機(jī)械能

第七章動(dòng)量

1、（2019?全國(guó)I-25）.豎直面內(nèi)一傾斜軌道與一足夠長(zhǎng)的水平軌道通過(guò)一小段光滑圓弧平滑連

接，小物塊8靜止于水平軌道的最左端，如圖（a）所示。-0時(shí)刻，小物塊A在傾斜軌道上從靜

止開始下滑，一段時(shí)間后與8發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間極短）；當(dāng)A返回到傾斜軌道上的尸點(diǎn)（圖

中未標(biāo)出）時(shí)，速度減為0,此時(shí)對(duì)其施加一外力，使其在傾斜軌道上保持靜止。物塊A運(yùn)動(dòng)的

修圖像如圖（b）所示，圖中的也和A均為未知量。已知A的質(zhì)量為加，初始時(shí)A與3的高度差

為H,重力加速度大小為g,不計(jì)空餐阻力。

圖（a）圖（b）

（1）求物塊8的質(zhì)量；

（2）在圖（b）所描述的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，求物塊A克服摩擦力所做的功；

（3）已知兩物塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相等，在物塊3停止運(yùn)動(dòng)后，改變物塊與軌道間的動(dòng)摩

擦因數(shù)，然后將A從尸點(diǎn)釋放，一段時(shí)間后4剛好能與3再次碰上。求改變前面動(dòng)摩擦因數(shù)的比

值。

211

【答案】（1）3m（2）正，ngH（3）—

【解析】

【詳解】（1）物塊A和物塊B發(fā)生碰撞后一瞬間的速度分別為乙、以，彈性碰撞瞬間，動(dòng)量守恒,

機(jī)械能守恒，即：=mvA+mBvB

1.1212

乙4乙

m-mn2m

聯(lián)立方程解得：以=8匕;%二一：一匕

m+tnBm+mB

根據(jù)v-t圖象可知，=--V,

解得：，知3m

(2)設(shè)斜面的傾角為氏根據(jù)牛頓第二定律得

當(dāng)物塊A沿斜面下滑時(shí)：=由v?t圖象知：

5v.

當(dāng)物體A沿斜面上滑時(shí)：fngsinO+f=ma2,由v-l圖象知：=—

解得：f="mgsin。；

H1

又因下滑位移％=「；=77M

smc/2

則碰后A反彈，沿斜面上滑的最大位移為：％2=4=1,??0?4。=0.1卬1

sin。22

其中人為P點(diǎn)離水平面得高度，即力

故在圖(b)描述的整個(gè)過(guò)程中，物塊A克服摩擦力做的總功為：

W11n(HH}2u

W=f(x]+x2)=-mgsin0x\——+——=—mgH

9(sin。5sin”15

(3)設(shè)物塊B在水平面上最遠(yuǎn)的滑行距離為S