2025年滬教版高三物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬教版高三物理上冊(cè)月考試卷165考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，一輕彈簧上端固定在天花板上，下端懸掛一個(gè)質(zhì)量為m的木塊，木塊處于靜止?fàn)顟B(tài)．此彈簧的勁度系數(shù)為k，則彈簧的伸長(zhǎng)量為（彈簧的形變?cè)趶椥韵薅葍?nèi)）（）A.B.C.mg?kD.2、一質(zhì)量為2kg的滑塊，以2m/s的速度在光滑的水平面上向左滑行，從某一時(shí)刻開始，在滑塊上施加向右的水平力，經(jīng)過一段時(shí)間，滑塊的速度方向變?yōu)橄蛴?，大小?m/s，在這段時(shí)間里水平力對(duì)滑塊做的功為（）A.12JB.8JC.16JD.20J3、水平地面上放有質(zhì)量為m的物塊，它與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．在與水平方向成θ角斜向上的恒力F作用下沿直線運(yùn)動(dòng)位移S．這個(gè)過程中，拉力F做的功為（）A.FSB.FScosθC.FScosθ-μmgSD.FScosθ-μ（mg-Fsinθ）s4、如圖所示，在通電密繞長(zhǎng)螺線管靠近左端處，吊一金屬環(huán)a處于靜止?fàn)顟B(tài)，在其內(nèi)部也吊一金屬環(huán)b處于靜止?fàn)顟B(tài)，兩環(huán)環(huán)面均與螺線管的軸線垂直且環(huán)中心恰在螺線管中軸上，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的滑片P向左端移動(dòng)時(shí)，a、b兩環(huán)的運(yùn)動(dòng)情況將是（）A.a右擺，b左擺B.a左擺，b右擺C.a右擺，b不動(dòng)D.a左擺，b不動(dòng)5、電場(chǎng)中某區(qū)域電場(chǎng)線分布如圖，四個(gè)點(diǎn)a、b和c、d都關(guān)于中心O點(diǎn)對(duì)稱，可以確定（）A.O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最大B.c、d兩點(diǎn)電勢(shì)高于a、b兩點(diǎn)C.a、b和c、d都在間一個(gè)等勢(shì)面上D.一個(gè)電子先后飛過a、c兩點(diǎn)，動(dòng)能一定減小6、如圖甲所示，兩根電阻忽略不計(jì)的導(dǎo)軌平行放置，導(dǎo)軌左端接電阻R1，右端接小燈泡L，導(dǎo)體棒AB垂直于導(dǎo)軌放置，電阻R1、導(dǎo)體棒AB和小燈泡L的電阻均為R(不計(jì)燈泡電阻隨溫度的變化)，虛線MN右側(cè)有垂直導(dǎo)軌平面的磁場(chǎng)，當(dāng)導(dǎo)體棒AB從MN左側(cè)某處勻速向右運(yùn)動(dòng)時(shí)開始計(jì)時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化如圖乙所示，若導(dǎo)體棒AB從開始運(yùn)動(dòng)到穿越磁場(chǎng)的過程中，燈泡的亮度始終不變，則導(dǎo)體棒AB在穿越磁場(chǎng)前后電阻R1上消耗的功率之比是()A.1∶1B.1∶2C.1∶3D.1∶47、關(guān)于物體運(yùn)動(dòng)的加速度和速度的關(guān)系，以下說法中正確的是（）A.加速度和速度都是矢量，二者的方向一定相同B.物體加速度不為零且不變時(shí)，速度也不變C.速度變化得越大，加速度一定越大D.加速度減小時(shí)，速度可能增大評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、如圖所示，半徑為R的豎直固定光滑圓軌道內(nèi)側(cè)底部靜止著一個(gè)光滑小球，現(xiàn)給小球一個(gè)沖擊使其在瞬間得到一個(gè)水平初速度v0，若v0大小不同，則小球能夠上升到的最大高度（距離底部）也不同．下列說法中正確的是（）A.如果v0=，則小球能夠上升的最大高度為B.如果v0=，則小球能夠上升的最大高度為C.如果v0=，則小球能夠上升的最大高度為2RD.如果v0=，則小球能夠上升的最大高度為2R9、雅典奧運(yùn)會(huì)上，我國(guó)劉翔以12秒91的成績(jī)勇奪110米欄世界冠軍，中國(guó)人第一次站在了這個(gè)項(xiàng)目的冠軍領(lǐng)獎(jiǎng)臺(tái)上，伴隨著雄壯的國(guó)歌，世界各地的華人流下了激動(dòng)的淚水，下列說法正確的是（）A.劉翔在飛奔的110米中，可以看做質(zhì)點(diǎn)B.教練為了分析其動(dòng)作要領(lǐng)，可以將其看做質(zhì)點(diǎn)C.無論研究什么問題，均不能把劉翔看做質(zhì)點(diǎn)D.是否能將劉翔看做質(zhì)點(diǎn)，決定于我們所研究的問題10、如圖所示，是水的飽和汽壓與溫度關(guān)系的圖線，請(qǐng)結(jié)合飽和汽與飽和汽壓的知識(shí)判斷下列說法正確的是()A.水的飽和汽壓隨溫度的變化而變化，溫度升高，飽和汽壓增大B.在一定溫度下，飽和汽的分子數(shù)密度是不變的C.當(dāng)液體處于飽和汽狀態(tài)時(shí)，液體會(huì)停止蒸發(fā)現(xiàn)象E.對(duì)同一氣體，溫度越高，相對(duì)濕度越小E.對(duì)同一氣體，溫度越高，相對(duì)濕度越小11、[[多選]]如圖，虛線MNMN上方存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)BB1，帶電粒子從邊界MNMN上的AA點(diǎn)以速度vv0垂直磁場(chǎng)方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從邊界MNMN上的BB點(diǎn)射出，若粒子經(jīng)過的區(qū)域PQPQ上方再疊加方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)BB2，讓該粒子仍以速度vv0從AA處沿原方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從邊界MNMN上的B隆盲B隆盲點(diǎn)射出((圖中未標(biāo)出))不計(jì)粒子的重力，下列說法正確的是(())

A.B隆盲

點(diǎn)在B

點(diǎn)的左側(cè)B.從B隆盲

點(diǎn)射出的速度大于從B

點(diǎn)射出的速度C.從B隆盲

點(diǎn)射出的速度方向平行于從B

點(diǎn)射出的速度方向D.從A

到B隆盲

的時(shí)間等于從A

到B

的時(shí)間12、如圖表示一個(gè)彈簧振子作受迫振動(dòng)時(shí)的振幅與驅(qū)動(dòng)力頻率之間的關(guān)系，以下說法正確的是（）A.振子振動(dòng)的固有頻率為f2B.驅(qū)動(dòng)力的頻率為f3時(shí)，振子振動(dòng)的頻率為f2C.驅(qū)動(dòng)力的頻率從f1逐漸增加到f3時(shí)，振子振幅不變D.驅(qū)動(dòng)力的頻率從f1逐漸增加到f3時(shí)，振子振幅先增大后減小評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、質(zhì)量為m=1kg的物體從空中自由下落，下落第二秒內(nèi)重力做功為____J；下落第三秒末重力做功的功率是____W；物體在下落第四秒內(nèi)過程中動(dòng)能增加了____J．（g取10m/s2）14、無風(fēng)時(shí)在赤道上，不帶電的雨滴是豎直下落，若雨滴帶負(fù)電，它將偏向____．15、一物體在傾角30°的斜面上恰能勻速下滑，則物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為____，若把斜面傾角增為60°，其他條件不變，此時(shí)物體沿斜面下滑的加速度為____m/s2．16、一個(gè)質(zhì)量為m的小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，那么，在前t秒內(nèi)重力對(duì)它做功的平均功率是____，在t秒末重力做功的瞬間功率是____．17、跳繩是一種健身運(yùn)動(dòng)．設(shè)某運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量是50kg，他1min跳繩180次．假定在每次跳躍中，腳與地面的接觸時(shí)間占跳躍一次所需時(shí)間的，則該運(yùn)動(dòng)員跳繩時(shí)克服重力做功的平均功率是________．(取g＝10m/s2)18、一盞電燈工作25h耗電1kW?h，這盞電燈的功率是____W．19、（2011秋?上城區(qū)校級(jí)期中）圖中MN為水平放置的金屬板，將其接地．Q為一正點(diǎn)電荷．當(dāng)靜電平衡后，電場(chǎng)線分布如圖所示．如果Q與MN之間距離為d，那么為使點(diǎn)電荷Q能維持平衡，應(yīng)對(duì)它施加外力為____．20、（2012秋?越城區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，把質(zhì)量為0.2克的帶電小球A用絲線吊起，若將帶電量為4×10-8庫(kù)的小球B靠近它，當(dāng)兩小球在同一高度相距3cm時(shí)，絲線與豎直夾角為45°，此時(shí)小球A受到的庫(kù)侖力F=____N，小球A帶的電量qA=____C．21、（2013秋?船營(yíng)區(qū)校級(jí)月考）古希臘的哲學(xué)家亞里士多德根據(jù)人們的傳統(tǒng)觀點(diǎn)提出：必須有力作用到物體上；物體才能運(yùn)動(dòng)，沒有力的作用，物體就要停下來，這種認(rèn)識(shí)一直持續(xù)了兩千多年．直到17世紀(jì)，伽利略才根據(jù)實(shí)驗(yàn)指出，在水平面上運(yùn)動(dòng)的物體之所以會(huì)停下來，是因?yàn)槭艿搅四Σ磷枇?，如果在一個(gè)沒有摩擦阻力的水平面上，物體就會(huì)保持自己的速度不變．他通過一個(gè)想象的理想實(shí)驗(yàn)，經(jīng)過嚴(yán)密的推理，有力地證明了他的觀點(diǎn)的正確性，指出了亞里士多德的認(rèn)識(shí)的錯(cuò)誤性．

伽利略的理想實(shí)驗(yàn)和推理過程如下：如圖甲所示；把兩個(gè)斜面對(duì)接起來，讓靜止的小球沿一個(gè)斜面滾下來，小球?qū)L上另一個(gè)斜面．如果沒有摩擦，小球?qū)⑸仙皆瓉盱o止時(shí)的高度．他推論出，如果減小第二個(gè)斜面的傾角（圖乙），小球在這個(gè)斜面上仍然要達(dá)到原來的高度，但是要通過更長(zhǎng)的距離．繼續(xù)減小第二個(gè)斜面的傾角，直至最后使它成為水平面（圖丙），小球不可能達(dá)到原來的高度，而要沿著水平面以恒定的速度運(yùn)動(dòng)下去．

（1）歸納一下，伽利略和亞里士多德關(guān)于“運(yùn)動(dòng)和力”的關(guān)系的根本分歧是____．

（2）伽利略的理想實(shí)驗(yàn)和推理過程，要論證他的____的觀點(diǎn)．

（3）這個(gè)實(shí)驗(yàn)只能是理想實(shí)驗(yàn)的原因是____；實(shí)際做這個(gè)實(shí)驗(yàn)的困難在于____．

（4）文中的哪一句話的意思最接近牛頓第一定律的內(nèi)容？請(qǐng)把它摘錄出來．評(píng)卷人得分四、畫圖題(共2題，共20分)22、圖所示為一列向左傳播的簡(jiǎn)諧波在某一時(shí)刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時(shí)的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）23、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請(qǐng)畫出各圖中A物體所受的彈力．評(píng)卷人得分五、作圖題(共4題，共36分)24、分析下列各小題中物體的受力情況；畫出受力示意圖．

（1）如圖所示；A；B兩物塊疊放在水平面上，在水平恒力F作用下，A、B一起勻速運(yùn)動(dòng)，畫出A、B物體的受力情況．

（2）如圖所示；物體A重40N，物體B重20N，A與B；B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.4．當(dāng)用水平力向右拉動(dòng)物體A時(shí)，兩物體都保持靜止，畫出A、B物體的受力情況．

（3）一物體的質(zhì)量m=1kg；在高h(yuǎn)=5m的斜面保持靜止，畫出斜面上物體的受力情況．

25、如圖所示，質(zhì)量m=10kg的質(zhì)點(diǎn)在光滑的水平面上υ=2m/s的速度運(yùn)動(dòng)2s．此后，同時(shí)受到平行于水平面三個(gè)恒力F1、F2、F3的作用運(yùn)動(dòng)10s．已知圖中每一小格邊長(zhǎng)的長(zhǎng)度表示1N的力．求：

（1）F2力使物體獲得的加速度a2

（2）用平行四邊形作圖法求出物體所受的合力F（在圖中保留作圖的痕跡）

（3）F3力對(duì)物體做的功W3．26、把蜂鳴器、光敏電阻、干簧管繼電器開關(guān)、電源連成電路如甲圖所示，制成光電報(bào)警裝置．當(dāng)報(bào)警器有光照射時(shí)，蜂鳴器發(fā)聲，當(dāng)沒有光照或者光照很弱時(shí)，蜂鳴器不發(fā)聲．①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會(huì)變?。诟苫晒芾^電器開關(guān)：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，如圖乙所示．當(dāng)線圈中有一定的電流時(shí)，線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)使密封在干簧管內(nèi)的兩個(gè)鐵質(zhì)簧片磁化，兩個(gè)簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)．當(dāng)線圈中沒有電流或者電流很微弱時(shí)，磁場(chǎng)消失，簧片在彈力的作用下回復(fù)到分離狀態(tài)．電路已經(jīng)連接一部分，請(qǐng)將電路完整連接好．27、【題文】畫出圖5所示的滑輪組最省力的繞繩方法參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】胡克定律是力學(xué)基本定律之一．是適用于一切固體材料的彈性定律，它指出：在彈性限度內(nèi)，物體的形變跟引起形變的外力成正比．這個(gè)定律是英國(guó)科學(xué)家胡克發(fā)現(xiàn)的，所以叫做胡克定律【解析】【解答】解：彈簧彈力等于小球的重力；故：F=mg

根據(jù)胡克定律；有：F=kx

聯(lián)立解得：；

故選：B2、A【分析】【分析】物體在光滑水平面上向左滑行的同時(shí)，受到向右作用一水平力，經(jīng)過一段時(shí)間速度向右，則由動(dòng)能定理可求出這段時(shí)間內(nèi)力做的功．【解析】【解答】解：由動(dòng)能定理可得：

W=mv′2-mv2=×2×42-×2×22=12J；

故選：A．3、B【分析】【分析】因?yàn)槔為恒力，可根據(jù)功的定義式W=Flcosα直接求解拉力F對(duì)物體所做的功W．【解析】【解答】解：根據(jù)功的公式；拉力F對(duì)物體所做的功為：

WF=Fscosθ

故選：B．4、D【分析】【分析】（1）影響電磁鐵磁性強(qiáng)弱的因素：電流的大?。痪€圈的匝數(shù)．滑動(dòng)變阻器滑片移動(dòng)，如何引起電流變化，從而引起的電磁鐵磁性強(qiáng)弱的變化．

（2）根據(jù)楞次定律，線圈中的感應(yīng)電流總是阻礙磁通量的變化，因此可以判定的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)．【解析】【解答】解：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)時(shí)，接入電路中的電阻變小，電流變大，通電螺線管的磁性將增強(qiáng)，穿過線圈a和b的磁通量都變大，由于通電密繞長(zhǎng)螺線管兩端的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大，故a環(huán)向左運(yùn)動(dòng)，相互抵消得更多，從而可以阻礙磁通量的變大；而b環(huán)在通電密繞長(zhǎng)螺線管內(nèi)部，是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，若它的面積減小，可以阻礙磁通量的變大，故b有收縮的趨勢(shì)；但不會(huì)運(yùn)動(dòng)．故D正確，ABC錯(cuò)誤；

故選：D5、D【分析】【分析】解答本題需要掌握：如何根據(jù)電場(chǎng)線分布判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的高低和電勢(shì)高低；在電場(chǎng)中移動(dòng)電荷時(shí)正確判斷電場(chǎng)力做功情況和電勢(shì)能的變化．【解析】【解答】解：電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱；電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)強(qiáng)，稀的地方電場(chǎng)弱，本題中，顯然O點(diǎn)電場(chǎng)線不是最密的，因此其場(chǎng)強(qiáng)不是最大，故A錯(cuò)誤；

根據(jù)電場(chǎng)線和等勢(shì)線垂直，在圖中畫出過abcd四點(diǎn)的等勢(shì)線，然后根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降落，可知?a=?d＞?o＞?c＞?b；故BC錯(cuò)誤；

若一個(gè)電子先后飛過a；c兩點(diǎn)；則電場(chǎng)力對(duì)其做負(fù)功，電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，故D正確．

故選D．6、D【分析】導(dǎo)體棒AB在穿越磁場(chǎng)前的等效電路如圖甲所示，有：P前＝2R＝R；導(dǎo)體棒AB在穿越磁場(chǎng)后的等效電路如圖乙所示，有：P后＝I2R，所以D正確．【解析】【答案】D7、D【分析】【分析】加速度等于單位時(shí)間內(nèi)的速度變化量，反映速度變化快慢的物理量．當(dāng)加速度方向與速度方向相同，物體做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度方向與速度方向相反，物體做減速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：A；加速度和速度都是矢量；二者的方向不一定相同，故A錯(cuò)誤．

B；物體的加速度不為零；且不變時(shí)，速度在變化，故B錯(cuò)誤．

C、根據(jù)a=知；速度變化越大，加速度不一定大，故C錯(cuò)誤．

D；當(dāng)加速度方向與速度方向相同；加速度減小，速度增大，故D正確．

故選：D．二、多選題(共5題，共10分)8、AD【分析】【分析】先根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出在此初速度下能上升的最大高度，再根據(jù)向心力公式判斷在此位置速度能否等于零即可求解【解析】【解答】解：A、當(dāng)v0=時(shí)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：，解得h=，小球上升到高度為時(shí)速度可以為零，所以小球能夠上升的最大高度為．故A正確；B錯(cuò)誤．

C、設(shè)小球恰好運(yùn)動(dòng)到圓軌道最高點(diǎn)時(shí)在最低點(diǎn)的速度為v1，在最高點(diǎn)的速度為v2．

則在最高點(diǎn)，有mg=

從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：2mgR+；

解得．

所以；不能上升到圓軌道的最高點(diǎn)，會(huì)脫離軌道，在最高點(diǎn)的速度不為零．

根據(jù)，知h．故C錯(cuò)誤．

D、當(dāng)時(shí)；上升的最大高度為2R．故D正確．

故選：AD9、AD【分析】【分析】物體可以看成質(zhì)點(diǎn)的條件是物體的大小體積對(duì)所研究的問題是否產(chǎn)生影響，同一個(gè)物體在不同的時(shí)候，有時(shí)可以看成質(zhì)點(diǎn)，有時(shí)不行，要看研究的是什么問題．【解析】【解答】解：AC；研究劉翔在飛奔的110米中；形狀可以忽略，能看成質(zhì)點(diǎn)，所以A正確C錯(cuò)誤；

B；研究其動(dòng)作要領(lǐng)；此時(shí)的大小不能忽略，不能看成質(zhì)點(diǎn)，所以B錯(cuò)誤；

D；同一個(gè)物體在不同的時(shí)候；有時(shí)可以看成質(zhì)點(diǎn)，有時(shí)不行，要看研究的是什么問題，所以D正確．

故選：AD．10、ABE【分析】當(dāng)液體處于飽和汽狀態(tài)時(shí)，液體與氣體達(dá)到了一種動(dòng)態(tài)平衡，液體蒸發(fā)現(xiàn)象不會(huì)停止，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在實(shí)際問題中，水面上方含有水分子、空氣中的其他分子，但我們所研究的飽和汽壓只是水蒸氣的分氣壓，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；而相對(duì)濕度為水蒸氣的實(shí)際壓強(qiáng)與同溫度水的飽和汽壓的比值，則溫度越高，水蒸氣的飽和汽壓越大，所以相對(duì)濕度越?。窘馕觥緼BE

11、AC【分析】解：A

粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力：qvB=mv2r

得：r=mvqB

所以磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，粒子運(yùn)動(dòng)的半徑越小，所以帶電粒子在PQ

上方時(shí)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑小.

粒子越過PQ

連線的速度方向不變，故運(yùn)動(dòng)軌跡(PQ

上方)

如圖，因此B隆盲

點(diǎn)在B

點(diǎn)的左側(cè)；故A正確；

B

洛倫茲力對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷不做功；所以粒子的速度不變.

故B錯(cuò)誤；

C

從圖中可以看出；兩種情況下，粒子穿過PQ

連線時(shí)轉(zhuǎn)過的角度相同，所以從PQ

的上方出來時(shí)的速度方向是相同的，因此從B隆盲

點(diǎn)射出的速度方向平行于從B

點(diǎn)射出的速度方向，故C正確；

D

由：2婁脨r=vT

得：T=2婁脨rv=2婁脨mqB

所以在粒子經(jīng)過的區(qū)域PQ

上方再疊加方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，上方的磁場(chǎng)變大，粒子穿過上方的時(shí)間久變小，所以從A

到B隆盲

的時(shí)間小于從A

到B

的時(shí)間，故D錯(cuò)誤．

故選：AC

帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)；根據(jù)洛倫茲力提供向心力，求出粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，做出運(yùn)動(dòng)的軌跡圖象，然后根據(jù)半徑的關(guān)系與運(yùn)動(dòng)的軌跡即可判斷．

本題是帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)正確畫出運(yùn)動(dòng)的軌跡圖象是解題的關(guān)鍵，難度適中．【解析】AC

12、AD【分析】【分析】振子自由振動(dòng)的頻率由系統(tǒng)本身決定；受迫振動(dòng)的頻率有驅(qū)動(dòng)力頻率決定；由共振曲線可知，出現(xiàn)振幅最大，則固有頻率等于受迫振動(dòng)的頻率，為f2【解析】【解答】解：A、當(dāng)驅(qū)動(dòng)力頻率等于固有頻率時(shí)，振子的振動(dòng)幅度最大，故由圖看出固有頻率為f2．振子自由振動(dòng)的頻率由系統(tǒng)本身決定，為f2．故A正確．

B、受迫振動(dòng)的頻率有驅(qū)動(dòng)力頻率決定，驅(qū)動(dòng)力的頻率為f3時(shí)，振子振動(dòng)的頻率也為f3；故B錯(cuò)誤．

C、從共振曲線可見，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力頻率越遠(yuǎn)離f2，該振動(dòng)系統(tǒng)的振幅越來越小，故驅(qū)動(dòng)力的頻率從f1逐漸增加到f3時(shí)；振子振幅先增大后減小，故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：AD三、填空題(共9題，共18分)13、150300350【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律計(jì)算平均速度的大小；根據(jù)平均功率的公式計(jì)算平均功率的大小；

根據(jù)動(dòng)能公式計(jì)算物體在下落第四秒內(nèi)過程中動(dòng)能增加．【解析】【解答】解：2s內(nèi)物體下落的位移為：x==；

第2s內(nèi)的位移為：m=15m．

下落第二秒內(nèi)重力做功為：mgh=1×10×15J=150J；

下落第三秒末物體的瞬時(shí)速度為：v3=gt3=10×3m/s=30m/s；

下落第三秒末重力做功的功率是：P=mgv=10×30W=300W；

下落第四秒末物體的瞬時(shí)速度為：v4=gt4=10×4m/s=40m/s；

下落第四秒內(nèi)過程中動(dòng)能增加了==350J．

故答案為：150，300，350．14、西方【分析】【分析】雨滴帶負(fù)電，則電流的方向豎直向上，地磁場(chǎng)的方向由南向北，由左手定則判斷所受安培力的方向．【解析】【解答】解：雨滴帶負(fù)電；則電流的方向豎直向上，地磁場(chǎng)的方向由南向北，由左手定則知安培力的方向向西，則雨滴向西偏轉(zhuǎn)；

故答案為：西方．15、【分析】【分析】（1）物體勻速下滑時(shí)；受到的重力；斜面的支持力和滑動(dòng)摩擦力，三力平衡，由平衡條件和滑動(dòng)摩擦力公式求解動(dòng)摩擦因數(shù)；

（2）物體勻加速下滑時(shí)，物體受到重力、支持力和滑動(dòng)摩擦力作用，滑動(dòng)摩擦力沿斜面向下，再由牛頓第二定律求出加速度．【解析】【解答】解：①分析物體受力如圖甲所示；分解重力，根據(jù)平衡條件有：

mgsin30°=μmgcos30°

故動(dòng)摩擦因數(shù)為：μ=tan30°=

②若把斜面傾角增為60°；其他條件不變，由牛頓第二定律有：

mgsin60°-μmgcos60°=ma

代入數(shù)據(jù)得：a=

故答案為：，；16、mg2t【分析】【分析】功率等于力與力的方向速度的乘積，而功等于力與力的方向的位移乘積．功率有平均功率與瞬時(shí)功率之分．瞬時(shí)功率等于力與瞬時(shí)速度乘積，而平均功率等于功與時(shí)間的比值，也可以力與平均速度的乘積【解析】【解答】解：物體ts內(nèi)下降的高度為。

h=

ts內(nèi)的平均功率為。

P=

ts末的速度為。

v=gt

ts末瞬時(shí)功率為。

P′=mgv=mg×gt=mg2t

故答案為：；mg2t17、略

【分析】人跳一次所需的時(shí)間為t0＝＝s＝s人跳離地面后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，從跳離地面到回到地面的時(shí)間為t1＝t0·＝×s＝s人從跳離地面到上升到最高點(diǎn)的時(shí)間為t2＝t1＝×s＝s此過程中人克服重力做功W0＝mgh＝mg·gt＝50×10××10×2J＝25J.所以，運(yùn)動(dòng)員跳繩時(shí)克服重力做功的平均功率為＝＝W＝75W.【解析】【答案】75W18、40【分析】【分析】已知電燈消耗的電能和通電時(shí)間，根據(jù)P=求出這盞電燈的功率．【解析】【解答】解：這盞電燈的功率：

P==0.04kW=40W．

故答案為：40．19、【分析】【分析】根據(jù)圖中電場(chǎng)線分布與等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線分布相同可知，點(diǎn)電荷Q受到的電場(chǎng)力為等于與Q相距為2d處電荷量為-Q的負(fù)電荷對(duì)+Q的作用力，運(yùn)用庫(kù)侖定律和平衡條件結(jié)合求解．【解析】【解答】解：對(duì)Q施加外力完全是為了平衡Q與MN之間的電場(chǎng)力，對(duì)比一對(duì)等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線分布可知，圖中的電場(chǎng)線與一對(duì)等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線（中垂線上面）分布完全相同，也就是說題中點(diǎn)電荷[Q]與金屬板MN間的電場(chǎng)和一對(duì)等量異種電荷中正電荷與中垂線間的電場(chǎng)情況完全相同，可看作等效電場(chǎng)．依據(jù)庫(kù)侖定律，點(diǎn)電荷Q受到的電場(chǎng)力為等于與Q相距為2d處電荷量為-Q的負(fù)電荷對(duì)+Q的作用力，大小為F=k=，方向垂直指向金屬板MN，故為使點(diǎn)電荷Q能維持平衡，所施加的外力與之等大、反向即可．即外力大小為F′=F=．

故答案為：．20、2×10-35×10-9【分析】【分析】對(duì)小球A進(jìn)行正確受力分析，小球受水平向左的庫(kù)侖力、重力、繩子的拉力，根據(jù)平衡條件列方程求解．【解析】【解答】解：小球受水平向左的庫(kù)侖力；重力、繩子的拉力而平衡；根據(jù)平衡條件有：

F庫(kù)=mgtanθ①

F庫(kù)=k②

將r=3cm=0.03m；θ=45°

代入解①②得：F庫(kù)=2×10-3N，qA=5×10-9C．

故根據(jù)牛頓第三定律可知，B所受庫(kù)倫力為2×10-3N，小球A帶的電量是5×10-9C．

故答案為：2×10-3，5×10-9．21、物體不受力也能運(yùn)動(dòng)；亞里士多德：物體受力才能運(yùn)動(dòng)如果沒有力作用在物體上，物體能一直運(yùn)動(dòng)下去現(xiàn)實(shí)中不受力的物體是不存在的摩擦阻力不可能小到為零，且沒有無限長(zhǎng)的平面【分析】【分析】古希臘的哲學(xué)家亞里士多德認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因；物體的運(yùn)動(dòng)需要力來維持；

伽利略認(rèn)為物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來維持，通過實(shí)驗(yàn)證明運(yùn)動(dòng)的物體停下來是因?yàn)槭艿阶枇Φ淖饔茫⑼评砣舨皇茏枇⒆鰟蛩僦本€運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：（1）由短文內(nèi)容知；

伽利略認(rèn)為：物體不受力也能運(yùn)動(dòng)；

亞里士多德認(rèn)為：物體受力才能運(yùn)動(dòng)．

（2）伽利略通過實(shí)驗(yàn)；證實(shí)了若如果沒有力作用在物體上，物體能一直運(yùn)動(dòng)下去．

（3）現(xiàn)實(shí)中不受力的物體是不存在的；實(shí)際做這個(gè)實(shí)驗(yàn)的困難在于摩擦阻力不可能小到為0；且沒有無限長(zhǎng)的平面．

（4）文中最接近牛頓第一定律的話：如果在一個(gè)光滑的水平面上；沒有加速或減速的原因，物體就會(huì)保持自己的速度不變．

故答案為：（1）伽利略：物體不受力也能運(yùn)動(dòng)；亞里士多德：物體受力才能運(yùn)動(dòng)（2）如果沒有力作用在物體上，物體能一直運(yùn)動(dòng)下去（3）現(xiàn)實(shí)中不受力的物體是不存在的；摩擦阻力不可能小到為零，且沒有無限長(zhǎng)的平面（4）如果在一個(gè)沒有摩擦阻力的水平面上，物體就會(huì)保持自己的速度不變四、畫圖題(共2題，共20分)22、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長(zhǎng)，由波速公式求出周期．根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)在一個(gè)周期內(nèi)通過的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫出7s時(shí)的波形圖．由圖直接可得波長(zhǎng)根據(jù)得：7秒內(nèi)波傳播的位移為：根據(jù)平移法，把波形沿傳播方向平移3.5米，如下圖實(shí)線：考點(diǎn)：畫波形圖【解析】【答案】圖形向左平移1.5m23、略

【分析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題【解析】【答案】【解析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題五、作圖題(共4題，共36分)24、略

【分析】【分析】（1）對(duì)整體及A分析可知B受摩擦力的情況；再分析B的受力情況可知B受力個(gè)數(shù)，從而畫出受力分析圖；

（2）A；B間有相對(duì)滑動(dòng)；AB物體間的摩擦力是滑動(dòng)摩擦，按照受力分析的順序分析即可；

（3）物體受到重力、支持力以及沿斜面向上的靜摩擦力，受力平衡．【解析】【解答】解：（1）由A分析；可知A受重力；支持力，由于水平方向沒有外力，且A做勻速直